2025年岳麓版選修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年岳麓版選修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷781考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、在如圖所示的電路中，理想變壓器原線圈匝數(shù)n1=600匝，副線圈的匝數(shù)n2=120匝，當(dāng)原線圈接入u=180sin50πt(V)的正弦式交變電流時(shí)，下列判斷正確的是（））

A.正弦式交變電流的頻率為50HzB.副線圈兩端電壓為36VC.當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片向b端滑動(dòng)時(shí)，燈泡消耗的電功率一定增大D.當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片向a端滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗的總電功率一定增大2、“恒流源”是一種特殊的電源；其輸出的電流能始終保持不變，如圖所示的電路中電源是恒流源，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭P向左移動(dòng)時(shí)，下列說(shuō)法中正確的是()

A.R0上的電壓變小B.R2上的電壓變大C.R1上的電壓變小D.R1上電壓變化量大于R0上的電壓變化量3、下列說(shuō)法正確的是（）A.懸浮在液體中微粒的大小，影響其布朗運(yùn)動(dòng)的明顯程度B.質(zhì)量一定的理想氣體，溫度越高壓強(qiáng)越大C.熱量只能從高溫物體向低溫物體傳遞D.分子勢(shì)能隨分子間距離的增大而增大4、如圖所示，兩個(gè)端面半徑同為R的圓柱形鐵芯同軸水平放置，相對(duì)的端面之間有一縫隙，鐵芯上繞導(dǎo)線并與電源連接，在縫隙中形成一勻強(qiáng)磁場(chǎng)．一銅質(zhì)細(xì)直棒ab水平置于縫隙中，且與圓柱軸線等高、垂直．讓銅棒從靜止開(kāi)始自由下落，銅棒下落距離為0．2R時(shí)銅棒中電動(dòng)勢(shì)大小為E1，下落距離為0．8R時(shí)電動(dòng)勢(shì)大小為E2．忽略渦流損耗和邊緣效應(yīng)．關(guān)于的大小和銅棒離開(kāi)磁場(chǎng)前兩端的極性；下列判斷正確的是。

A.>a端為正B.>b端為正C.<a端為正D.<b端為正5、一矩形線圈abcd放在水平面上，線圈中通有如圖所示的恒定電流。在ab邊的右側(cè)距ab邊的距離與bc邊的長(zhǎng)度相等處，放置水平長(zhǎng)直導(dǎo)線MN，MN通有由M到N的電流，在其周?chē)臻g產(chǎn)生磁場(chǎng)，已知載流長(zhǎng)直導(dǎo)線周?chē)艌?chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=kI/r，式中常量k>0，I為電流強(qiáng)度，r為距導(dǎo)線的即離。則（）

A.ad邊不受安培力作用B.ab邊、cd邊受到的安培力之比為2：1C.若水平面光滑，線圈將向右作加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)D.若水平面粗糙，線圈受到向左的摩擦力作用6、如圖所示，平行板電容器的兩極板A、B接于電池兩極，一帶正電的小球懸掛在電容器內(nèi)部，閉合S，電容器充電，這時(shí)懸線偏離豎直方向的夾角為θ，則下列說(shuō)法正確的是（）．

A.保持S閉合，將A板向B板靠近，則θ不變B.保持S閉合，將A板向B板靠近，則θ變小C.斷開(kāi)S，將A板向B板靠近，則θ增大D.斷開(kāi)S，將A板向B板靠近，則θ不變7、一帶電粒子從電場(chǎng)中的點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)，軌跡如圖中虛線所示．不計(jì)粒子所受重力，則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）

A.粒子帶正電荷B.粒子加速度逐漸減小C.點(diǎn)的速度大于點(diǎn)的速度D.粒子的初速度不為零8、臺(tái)球是一項(xiàng)深受人們喜愛(ài)的休閑運(yùn)動(dòng)，如圖在某次擊球過(guò)程中，白球以的速度向右運(yùn)動(dòng)與靜止的黑球發(fā)生正碰；假設(shè)白球與黑球質(zhì)量相等，碰撞中沒(méi)有機(jī)械能損失，將臺(tái)球視為質(zhì)點(diǎn)，通過(guò)計(jì)算得到兩球碰撞后的運(yùn)動(dòng)情況為（）

A.白球靜止，黑球以的速度向右運(yùn)動(dòng)B.黑球靜止，白球以的速度反彈向左運(yùn)動(dòng)C.白球和黑球都以下的速度向右運(yùn)動(dòng)D.白球以的速度反彈向左運(yùn)動(dòng)，黑球以的速度向右運(yùn)動(dòng)9、宇宙飛船動(dòng)力裝置的工作原理與下列情景相似：如圖，光滑地面上有一質(zhì)量為M的絕緣小車(chē)，小車(chē)兩端分別固定帶等量異種電荷的豎直金屬板，在小車(chē)的右板正中央開(kāi)有一個(gè)小孔，兩金屬板間的電場(chǎng)可看作勻強(qiáng)電場(chǎng)，兩板間電壓為U．現(xiàn)有一質(zhì)量為m、帶電量為+q、重力不計(jì)的粒子從左板正對(duì)小孔處無(wú)初速釋放．則以下判斷正確的是：()

A.小車(chē)總保持靜止?fàn)顟B(tài)B.小車(chē)最后減速運(yùn)動(dòng)C.粒子穿過(guò)小孔時(shí)速度為D.粒子穿過(guò)小孔時(shí)速度為評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、下列關(guān)于分子力和分子勢(shì)能的說(shuō)法中，正確的是（）A.當(dāng)分子力表現(xiàn)為引力時(shí)，分子力和分子勢(shì)能總是隨分子間距離的增大而增大B.當(dāng)分子力表現(xiàn)為引力時(shí)，分子力和分子勢(shì)能總是隨分子間距離的增大而減小C.當(dāng)分子力表現(xiàn)為引力時(shí)，隨分子間距離增大，分子力先增大后減小，分子勢(shì)能增大D.當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子力和分子勢(shì)能總是隨分子間距離的減小而增大11、圖中描述一定質(zhì)量的氣體做等容變化的圖線是（）A.B.C.D.12、一定質(zhì)量的理想氣體，由狀態(tài)a經(jīng)b變化到c；如圖甲所示，則圖中有可能正確反映出這一變化過(guò)程的（）

A.B.C.D.13、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開(kāi)始，經(jīng)歷三個(gè)過(guò)程ab、bc、ca回到原狀態(tài)，其V?T圖像如圖所示，pa、pb、pc分別表示狀態(tài)a、b、c的壓強(qiáng)；下列判斷正確的是（）

A.過(guò)程a到b中氣體一定吸熱B.C.過(guò)程b到c氣體吸收熱量E.過(guò)程c到a中氣體吸收的熱量大于對(duì)外做的功E.過(guò)程c到a中氣體吸收的熱量大于對(duì)外做的功14、如圖所示，一粗糙的平行金屬軌道平面與水平面成θ角，兩軌道上端用一電阻R相連，該裝置處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直軌道于平面向上。質(zhì)量為m的金屬桿ab以初速度v0從軌道底端向上滑行，滑行到某高度h后又返回到底端。若運(yùn)動(dòng)過(guò)程中金屬桿始終保持與導(dǎo)軌垂直且接觸良好；軌道與金屬桿的電阻均忽略不計(jì)。則下列說(shuō)法正確的是（）

A.金屬桿ab上滑過(guò)程與下滑過(guò)程因摩擦而產(chǎn)生的內(nèi)能一定相等B.金屬桿ab上滑過(guò)程中克服重力、安培力與摩擦力所做功之和等于C.金屬桿ab在整個(gè)過(guò)程中損失的機(jī)械能等于裝置產(chǎn)生的焦耳熱D.金屬桿ab上滑過(guò)程比下滑過(guò)程通過(guò)電阻R的電量多15、家用電熱滅蚊器中電熱部分的主要部件是PTC元件。PTC元件是由鈦酸鋇等半導(dǎo)體材料制成的電阻器，其電阻率與溫度T的關(guān)系如圖所示，T0為室溫。由于這種特性，PTC元件通電后，能夠達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)，它的溫度保持不變。對(duì)此，以下說(shuō)法正確的是（）

A.通電后其消耗的功率先增大，后減小B.通電后其消耗的功率先減小，后增大C.穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)，溫度保持在T1～T2的某一值不變D.穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)，溫度保持在T1值不變16、在如圖所示電路中，電源內(nèi)阻不可忽略．開(kāi)關(guān)S閉合后，在滑動(dòng)變阻器R2的滑動(dòng)端由a向b緩慢滑動(dòng)的過(guò)程中（）

A.電壓表的示數(shù)減小，電流表的示數(shù)增大B.電壓表的示數(shù)增大，電流表的示數(shù)減小C.電容器C所帶電荷量減小D.電容器C所帶電荷量增大17、一列簡(jiǎn)諧橫波在時(shí)刻的波形如圖中實(shí)線所示，在時(shí)刻的波形如圖中虛線所示，由此可以判定此列波（）

A.波長(zhǎng)一定是B.周期可能是C.C；一定向右傳播。

D.傳播速度一定是18、如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，C為電容器，L為小燈泡，R為定值電阻，閉合開(kāi)關(guān)，小燈泡能發(fā)光．現(xiàn)將滑動(dòng)變阻器滑片向右滑動(dòng)一段距離，滑動(dòng)前后理想電壓表V1、V2示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為ΔU1、ΔU2，理想電流表A示數(shù)變化量的絕對(duì)值為ΔI，則()

A.電容的帶電量變大B.燈泡亮度變亮C.與均保持不變D.當(dāng)電路穩(wěn)定后，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，小燈泡立刻熄滅評(píng)卷人得分三、填空題(共7題，共14分)19、在電解液中，(1)若5s內(nèi)沿相反方向通過(guò)某截面的正、負(fù)離子的電荷量均為5C，則電解液中的電流為_(kāi)______A；(2)若5s內(nèi)到達(dá)陽(yáng)極的負(fù)離子和到達(dá)陰極的正離子均為5C，則電流為_(kāi)______A．20、如圖所示是兩列相干波的干涉圖樣，實(shí)線表示波峰，虛線表示波谷，兩列波的振幅都為0.1m，波速和波長(zhǎng)分別為1m/s和0.2m，C點(diǎn)為AB連線的中點(diǎn)．則圖示時(shí)刻C點(diǎn)的振動(dòng)方向_____（選填“向上”或“向下”），從圖示時(shí)刻再經(jīng)過(guò)0.25s時(shí)，A點(diǎn)經(jīng)過(guò)的路程為_(kāi)_____m．

21、封閉在汽缸內(nèi)一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A變到狀態(tài)D，其體積V與熱力學(xué)溫度T關(guān)系如圖所示，O、A、D三點(diǎn)在同一直線上，則由狀態(tài)A變到狀態(tài)B過(guò)程中，氣體___________熱量（填“吸收”、“放出”或“既不吸收也不放出”）；狀態(tài)C氣體的壓強(qiáng)___________狀態(tài)D氣體的壓強(qiáng)（填“大于”；“小于”或“等于”）。

22、如圖為一定質(zhì)量理想氣體的壓強(qiáng)p與體積V關(guān)系圖像，它由狀態(tài)A經(jīng)等容過(guò)程到狀態(tài)B，再經(jīng)等壓過(guò)程到狀態(tài)C．設(shè)A、B、C狀態(tài)對(duì)應(yīng)的溫度分別為T(mén)A、TB、TC，則TA______TB，TB______TC（均選填“＞”“＜”或“＝”）。

23、兩塊非常長(zhǎng)的光滑擋板圍成一個(gè)夾角為10°的三角形區(qū)域，一小球沿著角平分線方向的初速度入射，設(shè)球與擋板間的碰撞是彈性的，則球與擋板一共會(huì)發(fā)生___________次碰撞。

24、對(duì)大量的事實(shí)分析表明：______________________．這個(gè)結(jié)論被稱(chēng)做熱力學(xué)第三定律．25、（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量某鋼管的外徑，某次游標(biāo)卡尺（主尺的最小分度為1mm）的示數(shù)如圖1所示，其讀數(shù)為_(kāi)____cm。

（2）如圖2所示，螺旋測(cè)微器測(cè)出的某物件的寬度是_____mm。

評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)26、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫(huà)出電流方向或磁感線方向．

27、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫(huà)出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

28、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫(huà)出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共5分)29、某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖1所示的電路做”測(cè)量電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻”的實(shí)驗(yàn)．

（1）請(qǐng)你根據(jù)電路圖，在圖3所示的實(shí)物圖上連線_____________．

（2）該小組利用測(cè)量出來(lái)的幾組電壓和電流值畫(huà)出了圖線如圖2．根據(jù)圖線求出電源的電動(dòng)勢(shì)________，電源的內(nèi)電阻________．

（3）另一實(shí)驗(yàn)小組也做了“測(cè)量電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻”的實(shí)驗(yàn)；他們?cè)趯?shí)驗(yàn)室里找到了以下器材：

A．一節(jié)待測(cè)的干電池。

B．電流表（滿(mǎn)偏電流內(nèi)阻）

C．電流表（內(nèi)阻約為）

D．滑動(dòng)變阻器（）

E．定值電阻（）

F．開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線若干。

某同學(xué)發(fā)現(xiàn)上述器材中雖然沒(méi)有電壓表，但提供了兩塊電流表，于是他設(shè)計(jì)了如圖4所示的電路，并進(jìn)行實(shí)驗(yàn)．該同學(xué)測(cè)出幾組電流表的數(shù)據(jù)利用測(cè)出的數(shù)據(jù)畫(huà)出圖像，則由圖像可得被測(cè)干電池的電動(dòng)勢(shì)_________內(nèi)電阻________．（兩空結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）評(píng)卷人得分六、解答題(共2題，共4分)30、氣體溫度計(jì)結(jié)構(gòu)如圖所示，玻璃測(cè)溫泡A內(nèi)充有理想氣體，通過(guò)細(xì)玻璃管B和水銀壓強(qiáng)計(jì)相連。開(kāi)始時(shí)A處于冰水混合物中，左管C中水銀面在O點(diǎn)處，右管D中水銀面高出O點(diǎn)h1＝14cm，后將A放入待測(cè)恒溫槽中，上下移動(dòng)D，使C中水銀面仍在O點(diǎn)處，測(cè)得D中水銀面高出O點(diǎn)h2＝44cm。已知外界大氣壓相當(dāng)于76cmHg。求恒溫槽的溫度。

31、一半徑為R的半圓柱玻璃體，上方有平行截面直徑AB的固定直軌道，軌道上有一小車(chē)，車(chē)上固定一與軌道成45°的激光筆，發(fā)出的細(xì)激光束始終在與橫截面平行的某一平面上，打開(kāi)激光筆，并使小車(chē)從左側(cè)足夠遠(yuǎn)的地方以勻速向右運(yùn)動(dòng)．已知該激光對(duì)玻璃的折射率為光在空氣中的傳播速度大小為c．求：

(1)該激光在玻璃中傳播的速度大??；

(2)從圓柱的曲側(cè)面有激光射出的時(shí)間多少？（忽略光在AB面上的反射）參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【詳解】

正弦交流電的頻率為A錯(cuò)誤；原線圈兩端電壓為根據(jù)可得副線圈兩端電壓為B錯(cuò)誤；當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片向b端滑動(dòng)時(shí)，燈泡兩端的電壓增大，故小燈泡消耗的電功率一定增大，C正確；滑動(dòng)變阻器滑片向a端滑動(dòng)過(guò)程中，其連入電路的電阻分為兩部分，一部分增大，一部分減小，所以其消耗的總功率不一定增大，D錯(cuò)誤．2、A【分析】【分析】

由電路圖可知，R0與R1串聯(lián)后再與R2并聯(lián)，根據(jù)滑片的移動(dòng)可知接入電路中電阻的變化，然后得出電路中總電阻的變化；因電源輸出的電流始終保持不變（即干路電流不變），根據(jù)歐姆定律可知電源電壓的變化，根據(jù)歐姆定律可知通過(guò)R2電流的變化，根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)可知通過(guò)R0和R1支路的電流變化，根據(jù)歐姆定律可知R1上的電壓變化，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)R0上的電壓變化以及R1上電壓變化量與R0上的電壓變化量的關(guān)系．

【詳解】

B.由電路圖可知，R0與R1串聯(lián)后再與R2并聯(lián)；當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭P向左移動(dòng)時(shí)，接入電路中的電阻變小，電路中的總電阻變??；

因電源輸出的電流始終保持不變(即干路電流不變)，由U=IR可知，電源的電壓變小，即R2上的電壓變小，R0和R1支路的總電壓變?。蔅錯(cuò)誤；

AC.由I=U/R可知，通過(guò)定值電阻R2的電流變小，因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，所以，R0和R1支路的電流變大，由U=IR可知，R1上的電壓變大．R0與R1串聯(lián)，因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，且電源電壓增小，R1上的電壓變大，所以，R0上的電壓變?。蔄正確；C錯(cuò)誤；

D.因串聯(lián)電路中總電壓減小，且R0兩端電壓的減少量大于R1兩端電壓的增加量，即R1上電壓變化量小于R0上的電壓變化量；故D錯(cuò)誤．

故選A．3、A【分析】【詳解】

A．懸浮在液體中微粒越??；布朗運(yùn)動(dòng)越明顯，故A正確；

B．質(zhì)量一定；體積一定的理想氣體，溫度越高壓強(qiáng)越大，故B錯(cuò)誤；

C．熱量能夠自發(fā)的從高溫物體向低溫物體傳遞；借助一些電器，熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞，比如空調(diào)；冰箱等，故C錯(cuò)誤；

D．當(dāng)分子間力表現(xiàn)為斥力時(shí)；分子勢(shì)能隨分子間距離的增大而減小，D錯(cuò)誤。

故選A。4、D【分析】【詳解】

解：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律：E=BLv；如下圖；

L1=2=2R；

L2=2=2R；

又根據(jù)v=v1==2

v2==4

所以E1=4BR；

E2=8BR=4BR；

所以E1＜E2．

再根據(jù)右手定則判定電流方向從a到b；在電源內(nèi)部電流時(shí)從電源負(fù)極流向正極；

故D正確．

【點(diǎn)評(píng)】

由于銅棒切割磁感線時(shí)沒(méi)有形成回路；所以銅棒做的是自由下落．

對(duì)于電源而言，電源內(nèi)部電流是從電源負(fù)極流向正極．5、B【分析】【分析】

根據(jù)右手定則，判斷通電導(dǎo)線MN在右側(cè)的磁場(chǎng)方向，根據(jù)左手定則判斷各個(gè)邊受安培力的方向；根據(jù)B=kI/r判斷ab邊、cd邊處的磁感應(yīng)強(qiáng)度之比，根據(jù)F=BIL可知ab邊；cd邊受到的安培力之比；因線框所受安培力的合力向左；可判斷若水平面光滑，線圈的加速度方向；若水平面粗糙，可判斷線圈受到的摩擦力方向.

【詳解】

根據(jù)右手定則，通電導(dǎo)線MN在右側(cè)的磁場(chǎng)方向向里，由左手定則可知，ad邊受向下的安培力作用，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)B=kI/r可知，ab邊、cd邊處的磁感應(yīng)強(qiáng)度之比為2:1，根據(jù)F=BIL可知ab邊、cd邊受到的安培力之比為2：1，選項(xiàng)B正確；因線框所受安培力的合力向左，則若水平面光滑，線圈將向左作加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)；若水平面粗糙，線圈受到向右的摩擦力作用，選項(xiàng)CD錯(cuò)誤；故選B.6、D【分析】【分析】

保持開(kāi)關(guān)S閉合，電容器兩端間的電勢(shì)差不變，由E=和F=qE可判斷出電場(chǎng)力的變化，即可判斷的變化；開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)，電容器的帶電量Q不變，由電容的決定式和定義式可推導(dǎo)出板間的電場(chǎng)強(qiáng)度E的變化，進(jìn)而可知的變化．

【詳解】

A、保持開(kāi)關(guān)S閉合，電容器兩端間的電勢(shì)差不變，將A板向B板靠近，極板間距離減小，由電場(chǎng)強(qiáng)度E=可知，電場(chǎng)強(qiáng)度增大，小球所受的電場(chǎng)力變大，增大；故A；B錯(cuò)誤．

C、開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)，電容器的帶電量Q不變，將A板向B板靠近，極板間距離減小，由電容器電容的決定式C=可知，電容器電容C增大，而電容器電容的定義式C=所以板間的電場(chǎng)強(qiáng)度E===可以判斷電場(chǎng)強(qiáng)度E不變，故帶正電的小球受的電場(chǎng)力不變，則不變；故C錯(cuò)誤，D正確．

故選D7、A【分析】【詳解】

A.帶電粒子所受合外力（即電場(chǎng)力）指向軌跡內(nèi)側(cè)；知電場(chǎng)力方向向左，粒子帶負(fù)電荷，故A項(xiàng)符合題意．

B.因可知從A到B；粒子加速度逐漸減小，選項(xiàng)B不符合題意；

C.粒子從A到B受到的電場(chǎng)力做負(fù)功，動(dòng)能減小，速度減小，則A點(diǎn)的速度大于B點(diǎn)的速度；選項(xiàng)C項(xiàng)不合題意．

D.由圖可知，粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，速度逐漸減小，故粒子在A點(diǎn)速度不為零，選項(xiàng)D項(xiàng)不合題意．8、A【分析】【詳解】

設(shè)每個(gè)球質(zhì)量為m，取碰撞前白球的速度方向?yàn)檎较?。由?dòng)量守恒定律得mv0=mv白+mv黑

由能量守恒可得

聯(lián)立解得v白=0m/sv黑=3m/s

故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選A。9、D【分析】【詳解】

金屬板間的電場(chǎng)方向向右，粒子所受的電場(chǎng)力方向向右，根據(jù)牛頓第三定律可知，小車(chē)所受的電場(chǎng)力方向向左，則小車(chē)將向左做勻加速運(yùn)動(dòng)．粒子穿過(guò)小孔時(shí)速度，粒子不再受電場(chǎng)力作用，小車(chē)也不再受電場(chǎng)力，將做勻速運(yùn)動(dòng)，故AB錯(cuò)誤．設(shè)粒子穿過(guò)小孔時(shí)速度為v1，小車(chē)此時(shí)的速度為v2．取向右方向?yàn)檎较颍鶕?jù)系統(tǒng)的動(dòng)量守恒和能量守恒得：0=mv1-Mv2；qU=mv12+mv22；聯(lián)立解得，．故C錯(cuò)誤，D正確．故選D．二、多選題(共9題，共18分)10、C:D【分析】【詳解】

ABC．當(dāng)分子力表現(xiàn)為引力時(shí)，分子間距離r>r0；隨分子間距離的增大，分子力先增大后減小，分子勢(shì)能增大，故C正確，AB錯(cuò)誤；

D．當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子間距離r<r0；隨分子間距離的減小，分子力和分子勢(shì)能都增大，故D正確。

故選CD。11、C:D【分析】【分析】

【詳解】

ABC．由查理定律得；一定質(zhì)量的氣體，在體積不變時(shí)，其壓強(qiáng)與熱力學(xué)溫度成正比，AB錯(cuò)誤；C正確；

D．在圖像中；直線與橫軸的交點(diǎn)表示熱力學(xué)溫度的零度，D正確。

故選CD。12、B:C【分析】【分析】

【詳解】

狀態(tài)a到b的過(guò)程，體積不變，溫度升高，壓強(qiáng)升高，狀態(tài)b到c溫度不變；壓強(qiáng)減小，體積增大，B正確，C正確，A錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤。

故選BC。13、A:B:D【分析】【詳解】

A．由圖像可知，a到b過(guò)程中氣體體積不變而溫度升高，氣體內(nèi)能增大，則

氣體體積不變，外界對(duì)氣體不做功，則

由熱力學(xué)第一定律有

可得

所以氣體從外界吸收熱量；A正確；

B．由圖像可知，b到c過(guò)程中V與T成正比，由理想氣體狀態(tài)方程

可知b到c過(guò)程中氣體的壓強(qiáng)不變，即

從c到a過(guò)程氣體溫度不變而體積增大，氣體壓強(qiáng)減小，即

由以上分析可知

B正確；

C．b到c過(guò)程中；溫度降低，內(nèi)能減小；體積減小，外界對(duì)氣體做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w放出熱量，C錯(cuò)誤；

D．由圖像可知，b到c過(guò)程中氣體溫度不斷降低；分子平均動(dòng)能不斷減小，又氣體壓強(qiáng)不變，則單位時(shí)間內(nèi)，與單位面積器壁碰撞的分子數(shù)增多，D正確；

E．由圖像可知，過(guò)程c到a過(guò)程中氣體溫度不變而體積增大，氣體內(nèi)能不變，則

氣體體積增大，氣體對(duì)外做功，則

由熱力學(xué)第一定律得

則

氣體吸收的熱量等于對(duì)外做的功；E錯(cuò)誤。

故選ABD。14、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．克服摩擦力做功轉(zhuǎn)換為內(nèi)能，上滑過(guò)程與下滑過(guò)程摩擦力大小相等、位移相等，因此克服摩擦力做功相等，則金屬桿ab上滑過(guò)程與下滑過(guò)程因摩擦而產(chǎn)生的內(nèi)能一定相；故A正確；

B．金屬桿ab上滑過(guò)程中重力、安培力、摩擦力都做功負(fù)功，根據(jù)動(dòng)能定理得知：ab棒克服重力、安培力與摩擦力所做功之和等于故B正確；

C．金屬桿ab在整個(gè)過(guò)程中損失的機(jī)械能等于裝置產(chǎn)生的焦耳熱與克服摩擦力做功產(chǎn)生的熱量之和；故C錯(cuò)誤；

D．根據(jù)感應(yīng)電量經(jīng)驗(yàn)公式知；上滑過(guò)程和下滑過(guò)程磁通量的變化量相等，則通過(guò)電阻R的電量相等，故D錯(cuò)誤。

故選AB。15、A:C【分析】【詳解】

AB．通電后半導(dǎo)體材料的溫度逐漸升高，由圖像可知，半導(dǎo)體的電阻率先變小，后變大，由電阻定律

可知，半導(dǎo)體材料的電阻R先變小后變大，電源電壓U不變，由

可知；半導(dǎo)體材料的電功率先變大，后變小，A正確，B錯(cuò)誤；

C．由圖像可知，在區(qū)間里電阻R隨溫度升高而減小；在區(qū)間里電阻R隨溫度的升高而增大；在以后的區(qū)間里電阻R隨溫度的升高而減小。在家庭電路中電壓不變，電熱器的電功率

可知電阻器的發(fā)熱功率與電阻成反比。在溫度升到前，電阻R隨溫度的升高而減小，功率增大，溫度升高更快；溫度一旦超過(guò)電阻R隨溫度的升高而增大，功率減小，放出熱量減小，溫度升高變慢，當(dāng)其產(chǎn)生的熱量與散發(fā)的熱量相等時(shí)，溫度保持在間的某一值不變；保持穩(wěn)定，C正確，D錯(cuò)誤。

故選AC。16、A:C【分析】【詳解】

滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端由a向b緩慢滑動(dòng)的過(guò)程中，則滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，則總電阻減小，電路中總電流增大，電流表示數(shù)增大，內(nèi)阻和兩端電壓增大，則的電壓減小，故電壓表示數(shù)減小，故A正確，B錯(cuò)誤；電容器的電壓等于的電壓；則電容器電壓減小，根據(jù)Q=UC可知，電容器C所帶電荷量減小，故C正確，D錯(cuò)誤；故選AC．

【點(diǎn)睛】先分析電路結(jié)構(gòu)，由滑片的移動(dòng)可知滑動(dòng)變阻器接入電阻的變化，則由閉合電路歐姆定律可得出電路中電流的變化及路端電壓的變化，電容器電壓與滑動(dòng)變阻器電壓相等，根據(jù)Q=UC求解．17、A:B【分析】【詳解】

試題分析：相鄰兩個(gè)波峰或波谷之間的距離等于波長(zhǎng)；由波動(dòng)圖象可直接讀出波長(zhǎng)．根據(jù)波的周期性得到周期的通項(xiàng)，考慮到波的傳播方向未知，還要注意波可能有兩種不同的傳播方向．

根據(jù)圖像得出波長(zhǎng)是A正確；若波向x軸正方向傳播，則則不可能存在若波向x負(fù)軸傳播，則則故可能存在周期不確定，則傳播速度也不確定，B正確CD錯(cuò)誤；．18、B:C【分析】【分析】

想電壓表內(nèi)阻無(wú)窮大；相當(dāng)于斷路．理想電流表內(nèi)阻為零，相當(dāng)短路．分析電路的連接關(guān)系，根據(jù)歐姆定律分析．

【詳解】

A．將滑動(dòng)變阻器滑片向右滑動(dòng)時(shí)接入電路的電阻減??；電路中電流增大，電源的內(nèi)電壓以及R上的電壓增大，則燈泡和滑動(dòng)變阻器兩端的電壓之和減小，即電容器兩端的電壓減小，根據(jù)Q=CU可知，電容器帶電量減小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．電路中電流增大；通過(guò)燈泡的電流增大，所以燈泡變亮，故B正確；

C．根據(jù)U2=E-Ir，得=r，保持不變．=R；保持不變，故C正確；

D．當(dāng)電路穩(wěn)定后；斷開(kāi)電鍵，電容器通過(guò)燈泡和變阻器放電，所以小燈泡不會(huì)立即熄滅，故D錯(cuò)誤；

故選BC

【點(diǎn)睛】

本題是電路的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，關(guān)鍵要搞清電路的結(jié)構(gòu)，明確電表各測(cè)量哪部分電路的電壓或電流，根據(jù)閉合電路歐姆定律進(jìn)行分析．三、填空題(共7題，共14分)19、略

【分析】【詳解】

(1)[1]若5s內(nèi)沿相反方向通過(guò)某截面的正、負(fù)離子的電荷量均為5C，則電解液中的電流

(2)[2]若5s內(nèi)到達(dá)陽(yáng)極的負(fù)離子為5C，則電流【解析】2120、略

【分析】【詳解】

B點(diǎn)處于波谷，A點(diǎn)處于波峰，波由B向A傳播，此時(shí)C處于平衡位置，經(jīng)過(guò)四分之一周期，波谷傳播到該點(diǎn)，知C點(diǎn)的振動(dòng)方向向下，周期質(zhì)點(diǎn)在一個(gè)周期內(nèi)振動(dòng)的路程等于4倍的振幅，經(jīng)過(guò)0.25s時(shí)，走過(guò)的路程等于5倍的振幅，A=20cm，則s=1m．【解析】向下121、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]狀態(tài)A變到狀態(tài)B過(guò)程中；是等容變化，不對(duì)外做功，但溫度升高，所以氣體吸熱；

[2]從狀態(tài)C到狀態(tài)D，是等容變化，溫度降低，由

可得，壓強(qiáng)減小，所以狀態(tài)C氣體的壓強(qiáng)大于狀態(tài)D氣體的壓強(qiáng)；【解析】吸收大于22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]A到B為等容變化，故

由圖可知

則

B到C為等壓變化，則

由圖可知

則【解析】①.＞②.＜23、略

【分析】【分析】

【詳解】

如圖所示。

小球第一次碰撞后與角的另一邊的夾角為15°；如下圖所示；

第二次碰后與角的另一邊夾角為25°；可得每一次碰撞后下一次碰與角的一邊的夾角為增加10°，碰撞第8次和第9次，如下圖所示。

可得第9次后與角的邊的夾角為85°；第10次碰后如下圖所示。

可得碰后與角的邊的夾角為75°；每碰撞一次，角度減少10°，當(dāng)碰撞16次后，如下圖所示。

小碰撞第17次后，路徑沿水平向右，不會(huì)再發(fā)生碰撞，所以則球與擋板一共會(huì)發(fā)生17次碰撞。【解析】1724、略

【分析】【分析】

【詳解】

對(duì)大量的事實(shí)分析表明：熱力學(xué)零度不可達(dá)到這個(gè)結(jié)論被稱(chēng)做熱力學(xué)第三定律．【解析】熱力學(xué)零度不可達(dá)到25、略

【分析】【分析】

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測(cè)微器和游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法；螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀，游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)尺讀數(shù)，不需估讀。

【詳解】

（1）[1]游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為5.4cm，游標(biāo)尺上第4個(gè)刻度與主尺刻度對(duì)齊，則游標(biāo)尺讀數(shù)為

所以最終讀數(shù)為

（2）[2]螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為5.5mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為

所以最終讀數(shù)為

【點(diǎn)睛】

螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀；游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)尺讀數(shù)，不需估讀，注意兩種儀器讀數(shù)的不同?！窘馕觥?.445.695四、作圖題(共3題，共9分)26、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较?，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】27、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為