2025年蘇人新版高三物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年蘇人新版高三物理下冊(cè)月考試卷731考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、關(guān)于運(yùn)動(dòng)的合成與分解，下列說(shuō)法正確的是（）A.合運(yùn)動(dòng)的速度一定大于兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)的速度B.合運(yùn)動(dòng)的時(shí)間一定大于分運(yùn)動(dòng)的時(shí)間C.兩個(gè)直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)一定是直線運(yùn)動(dòng)D.兩個(gè)勻速直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)一定是直線運(yùn)動(dòng)2、在利用單擺測(cè)定重力加速度的實(shí)驗(yàn)中，若測(cè)得的g值偏大，可能的原因是（）A.擺球質(zhì)量過(guò)大B.單擺振動(dòng)時(shí)振幅較小C.測(cè)量擺長(zhǎng)時(shí)，只考慮了線長(zhǎng)，忽略了小球的半徑D.測(cè)量周期時(shí)，把n個(gè)全振動(dòng)誤認(rèn)為（n+1）個(gè)全振動(dòng)，使周期偏小3、某質(zhì)點(diǎn)的位移隨時(shí)間的變化規(guī)律的關(guān)系是：x=4t+3t2，x與t的單位分別為m和s，則質(zhì)點(diǎn)的初速度與加速度分別為（）A.4m/s與3m/s2B.0與3m/s2C.4m/s與6m/s2D.4m/s與04、真空中兩個(gè)點(diǎn)電荷相距r時(shí)，庫(kù)侖力為F，如果保持它們的電量不變，而將距離增大為2r，則二者之間的庫(kù)侖力將變?yōu)椋ǎ〢.B.C.FD.2F5、把太陽(yáng)系各行星的運(yùn)動(dòng)都近似看作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則對(duì)離太陽(yáng)越遠(yuǎn)的行星說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.周期越小B.線速度越小C.角速度越小D.加速度越小6、關(guān)于力的概念；下列說(shuō)法中正確的是（）

A.力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因。

B.運(yùn)動(dòng)物體在其速度方向上必受力。

C.大小相同的力的作用效果一定相同。

D.一個(gè)力必與兩個(gè)物體直接相關(guān)。

7、如圖甲所示，單匝導(dǎo)線框abcd固定于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中；規(guī)定磁場(chǎng)垂直紙面向里為正方向．從t=0時(shí)刻開始磁場(chǎng)隨時(shí)間變化，若規(guī)定順時(shí)針?lè)较驗(yàn)殡娏鞯恼较?，現(xiàn)線框中感應(yīng)電流隨時(shí)間變化規(guī)律如圖乙所示，則下列各圖中，能正確反映磁場(chǎng)隨時(shí)間變化規(guī)律的是（）

A.

B.

C.

D.

8、【題文】小型水力發(fā)電站的發(fā)電機(jī)有穩(wěn)定的輸出電壓；它發(fā)出的電先通過(guò)電站附近的升壓變壓器升壓，然后通過(guò)輸電線路把電能輸送到遠(yuǎn)處用戶附近的降壓變壓器，經(jīng)降低電壓后。

再輸送至各用戶.設(shè)變壓器都是理想的，那么在用電高峰期，隨用電器電功率的增加將導(dǎo)致（）A.升壓變壓器初級(jí)線圈中的電流變小B.高壓輸電線路的電壓損失變大C.升壓變壓器次級(jí)線圈兩端的電壓變小D.降壓變壓器次級(jí)線圈兩端的電壓減小9、在經(jīng)典力學(xué)建立過(guò)程中，伽利略、牛頓等物理學(xué)家作出了彪炳史冊(cè)的貢獻(xiàn)．關(guān)于物理學(xué)家的貢獻(xiàn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律并通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)量得出了引力常量GB.伽利略對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)的研究中，采用了以實(shí)驗(yàn)檢驗(yàn)猜想和假設(shè)的科學(xué)方法C.庫(kù)侖首先提出了電場(chǎng)的概念D.伽利略揭示了力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系，并用實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證了在水平面上運(yùn)動(dòng)的物體若沒(méi)有摩擦，將保持這個(gè)速度一直運(yùn)動(dòng)直去評(píng)卷人得分二、填空題(共8題，共16分)10、隨著科技水平的提高；數(shù)字式多用電表正在逐步替代機(jī)械指針式多用表，與機(jī)械指針式多用電表相比數(shù)字表有很多獨(dú)特的優(yōu)點(diǎn)，如測(cè)量精度高，內(nèi)阻非常理想，比如電壓擋所有量程內(nèi)阻高達(dá)10MΩ，是機(jī)械指針式電表的100倍以上，完全可以當(dāng)作理想電壓表使用．圖（甲）為某一數(shù)字式多用電表的示意圖．

今有一塊數(shù)字式多用電表、一只滑動(dòng)變阻器、兩只開關(guān)、導(dǎo)線若干．某同學(xué)用這些器材去測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，設(shè)計(jì)了如圖（乙）所示的電路，數(shù)字式多用電表的兩表筆分別與a、b兩點(diǎn)相連接．請(qǐng)完成以下操作步驟．

（1）將多用電表選擇開關(guān)置于直流電壓擋，選擇合適的量程，斷開開關(guān)____，閉合開關(guān)____，記錄電表的示數(shù)U1．

（2）將多用電表選擇開關(guān)置于歐姆擋，選擇合適的倍率，斷開開關(guān)____，閉合開關(guān)____；記錄電表的示數(shù)R．

（3）將多用電表選擇開關(guān)置于電壓擋，選擇合適的量程，將開關(guān)S1、S2都閉合，記錄電表的示數(shù)U2．

由以上操作步驟及所測(cè)得的量可得干電池的電動(dòng)勢(shì)E=____，內(nèi)電阻r=____．11、產(chǎn)生滑動(dòng)摩擦力的條件為：相互接觸且接觸面____，有垂直于接觸面的____，有相對(duì)____．12、利用如圖（甲）所示的電路圖可以測(cè)定定值電阻R（約5Ω）的阻值、電源電動(dòng)勢(shì)E及內(nèi)電阻r的值；利用實(shí)驗(yàn)測(cè)出的數(shù)據(jù)作出U-I圖線如圖（乙）所示．

（1）圖線a的電壓是由____電壓表測(cè)得的；圖線b的電壓是由____電壓表測(cè)得的（選填“V1”或“V2”）；

（2）要使實(shí)驗(yàn)中測(cè)量定值電阻的R的誤差盡可能小，對(duì)電流表A的內(nèi)電阻大小的要求是____；（選填字母代號(hào)）

A．盡可能選小一點(diǎn)B．盡可能選大一點(diǎn)C．無(wú)要求。

（3）要使實(shí)驗(yàn)中所測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)電阻r的誤差盡可能小，對(duì)電壓表V1的內(nèi)電阻大小的要求是____；（選填字母代號(hào)）

A．盡可能選小一點(diǎn)B．盡可能選大一點(diǎn)C．無(wú)要求．

13、(1)圖中；游標(biāo)卡尺的示數(shù)是____________mm．螺旋測(cè)微器的示數(shù)是____________mm．

(2)在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中：

①某同學(xué)用圖10甲所示裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，得到如圖10乙所示的紙帶，A、B、C、D、E為連續(xù)的四個(gè)點(diǎn)，交流電的頻率為50Hz，測(cè)出點(diǎn)A，C間的距離為14.77cm，點(diǎn)C，E間的距離為16.33cm，已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹?.8m/s2，重錘的質(zhì)量為m=1.0kg，則重錘在下落過(guò)程中受到的平均阻力大小Ff=____________．

②某同學(xué)上交的實(shí)驗(yàn)報(bào)告顯示重錘增加的動(dòng)能略大于重錘減少的重力勢(shì)能；則出現(xiàn)這一問(wèn)題的原因可能是____________(填序號(hào))．

A．重錘的質(zhì)量測(cè)量錯(cuò)誤；B．該同學(xué)自編了實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)。

C．交流電源的頻率不等于50HZ；D．重錘下落時(shí)受到的阻力過(guò)大．14、（2015春?棗莊期中）如圖所示，輕繩的一端通過(guò)小定滑輪O與小球B連接，另一端與套在豎直桿上的小物塊A相連，豎直桿兩端固定且足夠長(zhǎng)．物塊A沿豎直桿向上做勻速運(yùn)動(dòng)，其速度大小為vA，則小球B向下做____（選填“勻速”或“變速”）運(yùn)動(dòng)；當(dāng)輕繩與桿的夾角為θ時(shí)，小球B運(yùn)動(dòng)的速度vB=____．15、（2015?上海校級(jí)模擬）如圖所示，某人從高出水平地面h高的坡上水平擊出一個(gè)質(zhì)量為m的高爾夫球．由于恒定的水平風(fēng)力的作用，高爾夫球豎直地落入距擊球點(diǎn)水平距離為L(zhǎng)的A穴．該球被擊出時(shí)初速度的大小為____，水平風(fēng)力對(duì)物體所做的功為____．16、（2015?宿遷一模）一列向右傳播的簡(jiǎn)諾波在t=1s時(shí)刻的波形如圖所示，再經(jīng)過(guò)時(shí)0.7s，x=7m處的質(zhì)點(diǎn)P第一次從平衡位置向上振動(dòng)，此時(shí)O處質(zhì)點(diǎn)____（選填“波峰”、“波谷”、“平衡位置”）處，該列波的周期T=____s．17、用100N的力將質(zhì)量為0.5kg的球以8m/s的初速度沿水平面踢出20m遠(yuǎn)，則人對(duì)球做的功為____J．評(píng)卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)18、化學(xué)成分相同的物質(zhì)只能生成同一種晶體．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、熱力學(xué)系統(tǒng)的平衡態(tài)是一種動(dòng)態(tài)平衡，分子仍做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、直線電流磁場(chǎng)的方向的判斷可以用安培定則：____．21、點(diǎn)電荷一定是電量很小的電荷．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）22、每一種形式的能對(duì)應(yīng)于一種運(yùn)動(dòng)形式．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）23、熱力學(xué)系統(tǒng)的平衡態(tài)是一種動(dòng)態(tài)平衡，分子仍做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、識(shí)圖作答題(共1題，共2分)24、某實(shí)驗(yàn)室從野生型水稻（正常株高）中獲得了甲、乙兩種矮生突變體植株，并對(duì)其展開了以下研究，結(jié)果如下:結(jié)果1：檢測(cè)發(fā)現(xiàn)，甲植株中僅赤霉素含量顯著低于野生型植株，噴施赤霉素后株高恢復(fù)正常；乙株各激素含量與野生型大致相等，噴施各種激素后株高都不能恢復(fù)正常。結(jié)果2：將甲植株與野生型純合子雜交，F(xiàn)1均正常，F(xiàn)1自交，F(xiàn)2表現(xiàn)型和比例為正常﹕矮生=3﹕1。請(qǐng)回答下列問(wèn)題：（1）有人提出甲、乙的突變可能是染色體變異或基因突變所致，請(qǐng)?jiān)O(shè)計(jì)一個(gè)簡(jiǎn)單的實(shí)驗(yàn)加以判斷。____。（2）若證實(shí)甲、乙為基因突變所致。假設(shè)甲植株突變基因?yàn)锳或a(其等位基因控制赤霉素的產(chǎn)生)，乙植株突變基因?yàn)锽(b基因控制植物激素受體的合成)，且兩對(duì)等位基因位于兩對(duì)同源染色體上。只考慮甲、乙為純合子情況下，將甲、乙植株雜交后得F1,F1自交得到F2,則：①控制株高的這兩對(duì)基因遵循_______________________定律。②根據(jù)結(jié)果2判斷，甲植株屬于________________（顯性或隱性）突變。③F2中表現(xiàn)型矮生﹕正常=_________，理論上F2矮生植株中能穩(wěn)定遺傳的占__________評(píng)卷人得分五、證明題(共1題，共7分)25、如圖，太陽(yáng)系中星體A繞太陽(yáng)做半徑為R1的圓周運(yùn)動(dòng)，星體B作拋物線運(yùn)動(dòng)．B在近日點(diǎn)處與太陽(yáng)的相距為R2=2R1，且兩軌道在同一平面上，兩星體運(yùn)動(dòng)方向如圖中箭頭所示．設(shè)B運(yùn)動(dòng)到近日點(diǎn)時(shí)，A恰好運(yùn)動(dòng)到B與太陽(yáng)連線上，A、B隨即發(fā)生某種強(qiáng)烈的相互作用而迅速合并成一個(gè)新的星體，其間的質(zhì)量損失可忽略．試證明新星體繞太陽(yáng)的運(yùn)動(dòng)軌道為橢圓．評(píng)卷人得分六、畫圖題(共2題，共20分)26、圖所示為一列向左傳播的簡(jiǎn)諧波在某一時(shí)刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經(jīng)7s時(shí)的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）27、在圖示中，物體A處于靜止?fàn)顟B(tài)，請(qǐng)畫出各圖中A物體所受的彈力．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】合運(yùn)動(dòng)是直線運(yùn)動(dòng)還是曲線運(yùn)動(dòng)取決于合速度方向與合加速度方向是否在同一條直線上．根據(jù)平行四邊形定則，可知合速度、合位移與分速度、分位移的大小關(guān)【解析】【解答】解：A；根據(jù)平行四邊形定則知；合速度可能比分速度大，可能比分速度小，可能與分速度相等．故A錯(cuò)誤．

B；合運(yùn)動(dòng)與分運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性．故B錯(cuò)誤．

C；兩個(gè)直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)不一定是直線運(yùn)動(dòng)．如平拋運(yùn)動(dòng)．故C錯(cuò)誤．

D；根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成知；兩個(gè)勻速直線運(yùn)動(dòng)的加速度都為零，所以合運(yùn)動(dòng)的加速度也為零，則合運(yùn)動(dòng)仍然是勻速直線運(yùn)動(dòng)．故D正確．

故選：D2、D【分析】【分析】根據(jù)單擺的周期公式推導(dǎo)出重力加速度的表達(dá)式g=，再分析g值偏大可能的原因．【解析】【解答】解：根據(jù)單擺的周期公式推導(dǎo)出重力加速度的表達(dá)式g=；

AB；從上面的表達(dá)式可得；重力加速度與小球的質(zhì)量、擺的振幅都無(wú)關(guān)，故AB錯(cuò)誤；

C；將擺線的長(zhǎng)誤為擺長(zhǎng)；即測(cè)量值偏小，所以重力加速度的測(cè)量值就偏小．故C錯(cuò)誤；

D、單擺振動(dòng)n次的時(shí)間t，單擺的周期T=，若誤記做n+1次，則：T測(cè)=；即周期的測(cè)量值小于真實(shí)值，所以重力加速度的測(cè)量值偏大．故D正確．

故選：D．3、C【分析】【分析】根據(jù)位移公式，和質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的位移隨時(shí)間變化的關(guān)系式x=4t+3t2相對(duì)比可以得到物體運(yùn)動(dòng)的初速度和加速度的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓簞蜃兯僦本€運(yùn)動(dòng)的位移公式為s=與質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)的位移隨時(shí)間變化的關(guān)系式為x=4t+3t2相對(duì)比可以得到，物體的初速度的大小為v=4m/s，加速度的大小為a=6m/s2；故C正確．

故選：C4、A【分析】【分析】電量不變，只是將距離增大一倍，根據(jù)點(diǎn)電荷庫(kù)侖力的公式F=k可以求得改變之后的庫(kù)侖力的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓河牲c(diǎn)電荷庫(kù)侖力的公式F=k可以得到，電量不變，當(dāng)距離增大一倍后，庫(kù)侖力將變?yōu)樵瓉?lái)的；所以A正確．

故選A．5、A【分析】【分析】根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力=ma，判斷線速度、角速度、周期、加速度與軌道半徑的關(guān)系．【解析】【解答】解：根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力=ma，得，v=，ω=，，；知軌道半徑越大，線速度越小，角速度越小，加速度越小，周期越大．故B；C、D正確，A錯(cuò)誤．

本題選錯(cuò)誤的，故選A．6、A|D【分析】

A；力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因；不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因．故符合題意．

B；運(yùn)動(dòng)物體在其速度方向不一定受力；由于慣性的緣故．故不合題意．

C；大小相同的力的作用效果不一定相同．不合題意．

D；力是物體對(duì)物體的作用；其中一個(gè)是施力物體，另一個(gè)就是受力物體．符合題意．

故選AD．

【解析】【答案】要解答此題需掌握：力是物體對(duì)物體的作用．物體間力的作用是相互的．

物體相互接觸時(shí)會(huì)產(chǎn)生力；不接觸的物體間也會(huì)有力的作用．

產(chǎn)生力的兩個(gè)物體一個(gè)是施力物體；另一個(gè)是受力物體．

7、D【分析】

因?yàn)槊恳欢螘r(shí)間內(nèi)的電流為一定值，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律知磁感應(yīng)強(qiáng)度是均勻變化的．0到1s內(nèi)的電流方向逆時(shí)針?lè)较?，根?jù)楞次定律知，0到1s內(nèi)的磁場(chǎng)方向?yàn)榇怪奔埫嫦蚶锴以龃螅皇谴怪奔埫嫦蛲馇以龃螅蔄；B、C錯(cuò)誤，D正確．

故選D．

【解析】【答案】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律判斷感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大??；根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向．

8、B|D【分析】【解析】A；升壓變壓器的目的是提高電線上的電壓從而降低電線上消耗；由于升壓變壓器的輸入電壓不變，原副線圈匝數(shù)不變，則副線圈的電壓不變，故A錯(cuò)誤；

B；當(dāng)用戶用電處于高峰期時(shí)；降壓變壓器的輸出功率會(huì)增大，從而導(dǎo)致降壓變壓器的輸入電流變大，所以輸電線路的電壓變大，故B正確；

C；當(dāng)用戶用電處于高峰期時(shí)；降壓變壓器的輸出功率會(huì)增大，從而導(dǎo)致降壓變壓器的輸入電流變大，所以輸電線路的電壓變大，最終使得降壓變壓器的副線圈上的電壓變小，故C錯(cuò)誤D對(duì)；

故選：BD【解析】【答案】BD9、B【分析】【分析】根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可．【解析】【解答】解：A；牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律；卡文迪許通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)量得出了引力常量G，故A錯(cuò)誤；

B；伽利略對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)的研究中；采用了以實(shí)驗(yàn)檢驗(yàn)猜想和假設(shè)的科學(xué)方法，故B正確；

C；法拉第首先提出了電場(chǎng)的概念；故C錯(cuò)誤；

D；伽俐略揭示了力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系；用理想實(shí)驗(yàn)法指出在水平面上運(yùn)動(dòng)的物體若沒(méi)有摩擦，將保持這個(gè)速度一直運(yùn)動(dòng)下去，故D錯(cuò)誤；

故選：B．二、填空題(共8題，共16分)10、S1S2S2S1U1【分析】【分析】根據(jù)數(shù)字萬(wàn)用表有測(cè)量精度高、讀數(shù)方便的特點(diǎn)直接測(cè)出電源兩端的電壓即電動(dòng)勢(shì)，變阻器的阻值，路端電壓，再根據(jù)閉合電路歐姆定律求出內(nèi)阻．【解析】【解答】解：（1）將數(shù)字萬(wàn)用表選擇開關(guān)置于電壓檔，選擇合適的量程，斷開開關(guān)S1，閉合開關(guān)S2，記錄表的示數(shù)，然后反復(fù)測(cè)量多次，記錄電表的示數(shù)U1．

由于數(shù)字萬(wàn)用表電壓擋所有量程內(nèi)阻高達(dá)10MΩ，所以電動(dòng)勢(shì)E=U1．

（2）將數(shù)字萬(wàn)用表選擇開關(guān)置于歐姆檔，選擇合適的量程，斷開開關(guān)S2，閉合開關(guān)S1；記錄表的示數(shù)，記為R；

所以測(cè)出變阻器的阻值為R；

緊接著進(jìn)行以下的操作：將選擇開關(guān)置于電壓檔，選擇合適的量程，然后同時(shí)閉合開關(guān)S1和S2，記錄表的示數(shù)并記作U2；

所以測(cè)出路端電壓U2

把R和對(duì)應(yīng)的U2作為一組數(shù)據(jù)記錄下來(lái)；然后反復(fù)測(cè)量多次，得到多組數(shù)據(jù)．

（3）U1即為干電池的電動(dòng)勢(shì)．

④根據(jù)閉合電路歐姆定律得：

E=U+r

r=

故答案為：（1）S1，S2；（2）S2，S1；（3）U1，．11、粗糙壓力運(yùn)動(dòng)【分析】【分析】摩擦力產(chǎn)生的條件：接觸面粗糙；相互接觸擠壓；有相對(duì)運(yùn)動(dòng)或相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)．【解析】【解答】解：產(chǎn)生滑動(dòng)摩擦力的條件為：相互接觸且接觸面粗糙；有垂直于接觸面的壓力，并有相對(duì)運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)．

故答案為：粗糙，壓力，運(yùn)動(dòng)．12、略

【分析】

（1）圖線a是定值電阻的U-I圖線，所以電壓表應(yīng)該是V2．圖線b測(cè)量的是電源的路端電壓隨電流的變化，所以電壓表應(yīng)該是V1；

（2）實(shí)驗(yàn)中測(cè)量定值電阻R的誤差主要來(lái)自電壓表的分流；所以電壓表盡可能選大一點(diǎn)，而電流表無(wú)要求．所以C選項(xiàng)正確；

故選C．

（3）實(shí)驗(yàn)中測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r的誤差來(lái)自于電壓表V1的分流．對(duì)電壓表V1的內(nèi)電阻大小的要求是盡可能選大一點(diǎn)；減小分流，減小誤差．

故答案為：（1）V2V1（2）C（3）B

【解析】【答案】定值電阻的U-I圖線是正比圖線；電源的U-I圖線是向下傾斜的圖線；

伏安法測(cè)電阻的誤差主要來(lái)自電壓表的分流和電流表的分壓．

實(shí)驗(yàn)中測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r的誤差來(lái)自于電壓表V2的分流．

13、略

【分析】解：(1)游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為13mm；游標(biāo)讀數(shù)為0.05×8mm=0.40mm，所以最終讀數(shù)為13.40mm．

螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為5.5mm；可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×20.0mm=0.200mm，所以最終讀數(shù)為5.700mm．

(2)①根據(jù)△x=aT2得，a=．

根據(jù)牛頓第二定律得；mg-f=ma．則f=mg-ma=1×(9.8-9.75)N=0.05N．

②A；重錘的質(zhì)量測(cè)量錯(cuò)誤不影響動(dòng)能的增加量和重力勢(shì)能的減小量．故A錯(cuò)誤．

BC、自編了實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，交流電源的頻率不等于50HZ可能導(dǎo)致重錘增加的動(dòng)能略大于重錘減少的重力勢(shì)能．故B；C正確．

D；重錘下落時(shí)受到的阻力過(guò)大會(huì)導(dǎo)致重力勢(shì)能的減小量大于動(dòng)能的增加量．故D錯(cuò)誤．

故選BC．

故本題答案為：(1)13.40，5.700(2)①0.05N②BC【解析】13.40;5.700;0.05N;BC14、變速vAcosθ【分析】【分析】將A的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，沿繩子方向的速度等于小球B的速度，通過(guò)拉力做功判斷小球B的機(jī)械能變化．【解析】【解答】解：將A的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，根據(jù)平行四邊形定則，沿繩子方向的速度為vAcosθ，所以B的運(yùn)動(dòng)速度為vAcosθ．

在A上升的過(guò)程中；B先向下運(yùn)動(dòng)再向上運(yùn)動(dòng)，則B做變速運(yùn)動(dòng)．

故答案為：變速，vAcosθ．15、L-【分析】【分析】小球在水平方向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)兩個(gè)方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律求解初速度的大?。蓜?dòng)能定理求解水平風(fēng)力對(duì)物體所做的功或根據(jù)功的公式求解．【解析】【解答】解：小球受重力和水平風(fēng)力作用，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，則運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t=

小球在水平方向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)；則有：

L=，解得初速度v0=L

根據(jù)動(dòng)能定理得：

在水平風(fēng)力上有：W=0-=-

故答案為：L，-．16、平衡位置0.2【分析】【分析】波向右傳播，當(dāng)O點(diǎn)的波傳到P點(diǎn)時(shí)，P點(diǎn)第一次從平衡位置向上振動(dòng)，根據(jù)波從O傳到P的距離x=7m，時(shí)間t=0.7s，由v=求出波速，由圖讀出波長(zhǎng)，求出周期．【解析】【解答】解：由圖象知；λ=2m，波向右傳播，當(dāng)O點(diǎn)的波傳到P點(diǎn)時(shí)，P點(diǎn)第一次從平衡位置向上振動(dòng)，此時(shí)O點(diǎn)在平衡位置處；

由題意，波從O傳到P的距離x=7m，時(shí)間t=0.7s，則波速v=，由v=得：T==0.2s

故答案為：平衡位置；0.217、16【分析】【分析】根據(jù)動(dòng)能定理可知人對(duì)物體做的功等于物體動(dòng)能的變化量．由動(dòng)能定理即可求出人所做的功．【解析】【解答】解：人跟物體作用的過(guò)程中只有人對(duì)物體的力做功；根據(jù)動(dòng)能定理得：

W=mv2=×0.5×64J=16J

故答案為：16．三、判斷題(共6題，共12分)18、×【分析】【分析】根據(jù)晶體的結(jié)構(gòu)與特點(diǎn)可知，同種元素構(gòu)成的固體，可能會(huì)由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體．【解析】【解答】解：由同種元素構(gòu)成的固體；可能會(huì)由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體，例如石墨和金剛石．所以該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×19、√【分析】【分析】首先知道平衡態(tài)和熱平衡的定義，知道影響的因素是不同；知道溫度是判斷系統(tǒng)熱平衡的依據(jù)．【解析】【解答】解：熱平衡是兩個(gè)系統(tǒng)相互影響的最終結(jié)果；根據(jù)熱平衡的定義可知，熱力學(xué)系統(tǒng)的平衡態(tài)是一種動(dòng)態(tài)平衡，分子仍做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)．所以該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√20、√【分析】【分析】安培定則：右手握住導(dǎo)線，讓大拇指所指的方向跟電流方向一致，彎曲的四指所指的方向就是磁感線的環(huán)繞方向．【解析】【解答】解：根據(jù)安培定則的內(nèi)容判定線電流的磁感線的方法是：右手握住導(dǎo)線；讓大拇指所指的方向跟電流方向一致，彎曲的四指所指的方向就是磁感線的環(huán)繞方向．故該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√21、×【分析】【分析】元電荷一定是電量最小的電荷；點(diǎn)電荷是一種理想化模型，其本身所帶的電量可以很大．【解析】【解答】解：點(diǎn)電荷是一種理想化模型；當(dāng)帶電體的體積和形狀相對(duì)所研究的問(wèn)題可以忽略的時(shí)候，帶電體可以看做點(diǎn)電荷，其本身所帶的電量可以很大．故此說(shuō)法錯(cuò)誤．

故答案為：×22、√【分析】【分析】自然界物質(zhì)運(yùn)動(dòng)的形式是多樣的，每種運(yùn)動(dòng)形式都對(duì)應(yīng)一種形式的能量．各種運(yùn)動(dòng)形式的能量在一定條件下可以相互轉(zhuǎn)化【解析】【解答】解：根據(jù)能量守恒定律可知：自然界物質(zhì)運(yùn)動(dòng)的形式是多樣的；每種運(yùn)動(dòng)形式都對(duì)應(yīng)一種形式的能量．各種運(yùn)動(dòng)形式的能量在一定條件下可以相互轉(zhuǎn)化．

例如機(jī)械能對(duì)應(yīng)機(jī)械運(yùn)動(dòng)；內(nèi)能對(duì)應(yīng)分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)．故每一種形式的能對(duì)應(yīng)于一種運(yùn)動(dòng)形式是對(duì)的．

故答案為：√23、√【分析】【分析】首先知道平衡態(tài)和熱平衡的定義，知道影響的因素是不同；知道溫度是判斷系統(tǒng)熱平衡的依據(jù)．【解析】【解答】解：熱平衡是兩個(gè)系統(tǒng)相互影響的最終結(jié)果；根據(jù)熱平衡的定義可知，熱力學(xué)系統(tǒng)的平衡態(tài)是一種動(dòng)態(tài)平衡，分子仍做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)．所以該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√四、識(shí)圖作答題(共1題，共2分)24、略

【分析】【分析】本題綜合考查基因的自由組合定律、基因突變和染色體變異的相關(guān)知識(shí)，意在考查學(xué)生的識(shí)圖能力和判斷能力，運(yùn)用所學(xué)知識(shí)綜合分析問(wèn)題的能力?！窘獯稹浚?）基因突變?cè)诠鈱W(xué)顯微鏡下觀察不到，染色體變異在光學(xué)顯微鏡可觀察到，所以可選取甲、乙植株分裂旺盛部位（分生區(qū)、根尖、莖尖等）的細(xì)胞，經(jīng)染色、制片得到臨時(shí)裝片，再放在顯微鏡