廣東省肇慶中學(xué)高三物理高考模擬試題

廣東肇慶中學(xué)2018屆高三物理高考模擬試題一、選擇題1.核能作為一種新能源在現(xiàn)代社會中已不可缺少，我國在完善核電安全基礎(chǔ)上將加大核電站建設(shè)．核泄漏中的钚（Pu）是一種具有放射性的超鈾元素，它可破壞細(xì)胞基因，提高罹患癌癥的風(fēng)險．已知钚的一種同位素Pu的半衰期為24100年，其衰變方程為，下列有關(guān)說法正確的（）A.X原子核中含有143個中子B.100個Pu經(jīng)過24100年后一定還剩余50個C.由于衰變時釋放巨大能量，根據(jù)E=mc2，衰變過程總質(zhì)量增加D.衰變發(fā)出的放射線是波長很長的光子，穿透能力較弱【答案】A【解析】A項：根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒知，X的電荷數(shù)為92，質(zhì)量數(shù)為235，則中子數(shù)為143,故A正確；B項：半衰期具有統(tǒng)計規(guī)律，對大量的原子核適用，故B錯誤；C項：由于衰變時釋放巨大能量，根據(jù)E=mC2，衰變過程總質(zhì)量減小，故C錯誤；D項：衰變發(fā)出的放射線是波長很長的光子，穿透能力很強，故D錯誤。點晴：根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒守恒求出X的電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)，抓住質(zhì)量數(shù)等于質(zhì)子數(shù)和中子數(shù)之和求出中子數(shù)．半衰期具有統(tǒng)計規(guī)律，對于大量的原子核適用。2.某小轎車駕駛員看到綠燈開始閃時，經(jīng)短暫思考后開始剎車，小轎車在黃燈剛亮?xí)r恰停在停車線上，小轎車運動的速度—時間圖象如圖所示．若綠燈開始閃爍時小轎車距停車線距離為10.5m，則從綠燈開始閃爍到黃燈剛亮的時間為（）A.1sB.1.5sC.3sD.3.5s【答案】C【解析】在反應(yīng)時間內(nèi)小轎車勻速運動的距離為x＝v0Δt＝6×0.5m＝3m，則小轎車勻減速運動的距離，解得，故C正確。3.如圖所示，斜面上放有兩個完全相同的物體A、B，兩物體間用兩根相同輕桿連接，輕桿通過鉸鏈相連，在鉸鏈上加一與斜面垂直的拉力F，使兩物體均處于靜止?fàn)顟B(tài)．則下列說法正確的（）A.A受到沿斜面向上的摩擦力，B受到沿斜面向下的摩擦力B.A、B兩物體受到力的個數(shù)一定相同C.A、B兩物體對斜面的壓力一定相同D.當(dāng)逐漸增大拉力F時，物體B先開始滑動【答案】C...............考點：物體的平衡【名師點睛】本題解題的關(guān)鍵是正確對物體進(jìn)行受力分析，兩個物體都處于靜止?fàn)顟B(tài)，受力平衡，桿子的壓力和重力都分解到沿斜面方向和垂直于斜面方向，根據(jù)共點力平衡條件分析即可，難度不大。4.圖中虛線PQ上方有一磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場，磁場方向垂直紙面向外．O是PQ上一點，在紙面內(nèi)從O點向磁場區(qū)域的任意方向連續(xù)發(fā)射速率為v0的粒子，粒子電荷量為q、質(zhì)量為m．現(xiàn)有兩個粒子先后射入磁場中并恰好在M點相遇，MO與PQ間夾角為60°，不計粒子重力及粒子間的相互作用，則下列說法正確的（）A.兩個粒子從O點射入磁場的時間間隔可能為B.兩個粒子射入磁場的方向分別與PQ成30°和60°角C.在磁場中運動的粒子離邊界的最大距離為D.垂直PQ射入磁場中的粒子在磁場中的運行時間最長【答案】A【解析】A項：以粒子帶正電為例分析，先后由O點射入磁場，并在M點相遇的兩個粒子軌跡恰好組成一個完整的圓，從O點沿OP方向入射并通過M點的粒子軌跡所對圓心角為240°，根據(jù)帶電粒子在磁場中運動周期可知，該粒子在磁場中運動的時間，則另一個粒子軌跡所對圓心角為120°，該粒子運動時間，可知，兩粒子在磁場中運動的時間差可能為，故A正確；B項：射入磁場方向分別與PQ成30°和60°角的兩粒子軌跡所對圓心角之和不是360°，不可能在M點相遇，故B錯誤；C項：在磁場中運動的粒子離邊界的最大距離為軌跡圓周的直徑，故C錯誤；D項：沿OP方向入射的粒子在磁場中運動的軌跡所對圓心角最大，運動時間最長，故D錯誤。點晴：明確兩粒子在磁場中運動周期和半徑，以正粒子為例進(jìn)行分析，明確轉(zhuǎn)過的角度規(guī)律，從而明確粒子的運動情況，根據(jù)圓周運動的規(guī)律即可明確最大距離和最長時間。5.2014年3月8日凌晨馬航客機失聯(lián)后，西安衛(wèi)星測控中心緊急調(diào)動海洋、風(fēng)云、高分、遙感4個型號近10顆衛(wèi)星，為地面搜救提供技術(shù)支持．特別是“高分一號”突破了空間分辨率、多光譜與大覆蓋面積相結(jié)合的大量關(guān)鍵技術(shù)．如圖為“高分一號”與北斗導(dǎo)航系統(tǒng)兩顆衛(wèi)星在空中某一面內(nèi)運動的示意圖．“北斗”系統(tǒng)中兩顆衛(wèi)星“G1”和“G3”以及“高分一號”均可認(rèn)為繞地心O做勻速圓周運動．衛(wèi)星“G1”和“G3”的軌道半徑為r，某時刻兩顆工作衛(wèi)星分別位于軌道上的A、B兩位置，“高分一號”在C位置．若衛(wèi)星均順時針運行，地球表面處的重力加速度為g，地球半徑為R，不計衛(wèi)星間的相互作用力．則以下說法正確的是()A.衛(wèi)星“G1”和“G3”的加速度大小相等均為B.衛(wèi)星“G1”由位置A運動到位置B所需的時間為C.如果調(diào)動“高分一號”衛(wèi)星快速到達(dá)B位置的下方，必須對其加速D.“高分一號”是低軌道衛(wèi)星，其所在高度有稀薄氣體，運行一段時間后機械能會減小【答案】BD【解析】A項：根據(jù)萬有引力提供向心力可得，，而GM=gR2，所以衛(wèi)星的加速度，故A錯誤；B項：根據(jù)萬有引力提供向心力，得，所以衛(wèi)星1由位置A運動到位置B所需的時間，故B正確；D項：、“高分一號”是低軌道衛(wèi)星，其所在高度有稀薄氣體，克服阻力做功，機械能減小，故D正確。點晴：解決本題關(guān)鍵理掌握萬有引力提供向心力和黃金代換式GM=gR2。6.如圖所示的電路中，三個相同的燈泡a、b、c和電感L1、L2與直流電源連接，電感的電阻忽略不計．電鍵K從閉合狀態(tài)突然斷開時，下列判斷正確的（）A.a先變亮，然后逐漸變暗B.b先變亮，然后逐漸變暗C.c先變亮，然后逐漸變暗D.b、c都逐漸變暗【答案】AD【解析】電鍵S閉合時，電感L1中電流等于兩倍L2的電流，斷開電鍵K的瞬間，由于自感作用，兩個電感線圈相當(dāng)于兩個電源，與三個燈泡構(gòu)成閉合回路，通過b、c的電流都通過a，故a先變亮，然后逐漸變暗，故A正確；b、c燈泡由電流i逐漸減小，B、C錯誤，D正確；故選：AD視頻7.如圖所示，兩個水平放置的平行板電容器，A板用導(dǎo)線與M板相連，B板和N板都接地．讓A板帶電后，在兩個電容器間分別有P、Q兩個帶電油滴都處于靜止?fàn)顟B(tài)．A、B間電容為C1，電壓為U1，帶電量為Q1；M、N間電容為C2，電壓為U2，帶電量為Q2．若將B板稍向下移，下列說法正確的（）A.P向下動，Q向上動B.U1減小，U2增大C.Q1減小，Q2增大D.C1減小，C2增大【答案】AC【解析】試題分析：將B板下移時，由，C1將增小；而MN板不動，故MN的電容不變；故D錯誤；假設(shè)Q不變，則AB板間的電壓U1將增大，大于MN間的電壓，故AB板將向MN板充電；故Q1減小，Q2增大；故C正確；充電完成，穩(wěn)定后，MN及AB間的電壓均增大，故對Q分析可知，Q受到的電場力增大，故Q將上移；對AB分析可知，，故電場強度減小，故P受到的電場力減小，故P將向下運動；故A正確；故選AC。考點：電容器；電場強度【名師點睛】】本題考查電容器的動態(tài)分析，由電容器的決定式可分析電容的變化，分析兩電容器的連接方式可得出電量及電壓的變化；從而分析電荷受力的變化，確定小球的運動情況；此題將兩個電容器串聯(lián)使用，題目較為新穎，但難度較大，對學(xué)生要求較高。8.如圖所示，豎直面內(nèi)有一個閉合導(dǎo)線框ACDE(由柔軟細(xì)導(dǎo)線制成)掛在兩固定點A、D上，水平線段AD為半圓的直徑，在導(dǎo)線框的E處有一個動滑輪，動滑輪下面掛一重物，使導(dǎo)線處于繃緊狀態(tài)．在半圓形區(qū)域內(nèi)，有磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直紙面向里的有界勻強磁場．設(shè)導(dǎo)線框的電阻為r，圓的半徑為R，在將導(dǎo)線上的C點以恒定角速度ω(相對圓心O)從A點沿圓弧移動的過程中，若不考慮導(dǎo)線中電流間的相互作用，則下列說法正確的（）A.在C從A點沿圓弧移動到D點的過程中，導(dǎo)線框中感應(yīng)電流的方向先逆時針，后順時針B.當(dāng)C沿圓弧移動到圓心O的正上方時，導(dǎo)線框中的感應(yīng)電動勢最大C.在C從A點沿圓弧移動到圖中∠ADC＝30°位置的過程中，通過導(dǎo)線上C點的電量為D.在C從A點沿圓弧移動到D點的過程中，導(dǎo)線框中產(chǎn)生的電熱為【答案】AD【解析】A項：設(shè)轉(zhuǎn)過角度為θ=ωt，根據(jù)幾何知識知，線框上部分的三角形的面積：磁通量為=BR2sinθ=BR2sinωt，磁通量先增大后減小，根據(jù)楞次定律知電流的方向先逆時針，后順時針，故A正確；B項：根據(jù)知e=ωBR2cosωt，C沿圓弧移動到圓心O的正上方時，導(dǎo)線框中的感應(yīng)電動勢最小為零，故B錯誤；C項：根據(jù)知，故C錯誤；D項：根據(jù)B項知電動勢有效值為，故電熱，故D正確。點晴：本題關(guān)鍵明確交流四值中最大值、平均值、瞬時值和有效值的區(qū)別，會根據(jù)幾何知識寫出交流的表達(dá)式，注意知識的遷移應(yīng)用。二、實驗題9.某實驗小組設(shè)計了如圖甲所示實驗裝置，探究滑塊運動的加速度a和所受拉力F的關(guān)系．在軌道水平和傾斜的兩種情況下分別做了多組實驗，將位移傳感器和力傳感器得到的多組數(shù)據(jù)輸入計算機進(jìn)行處理，得到了兩條aF圖線①、②，如圖乙所示．(1)實驗時，一定要進(jìn)行的操作是______．A．改變托盤中砝碼的個數(shù)B．滑塊在軌道水平和傾斜的兩種情況下必須在同一位置由靜止釋放C．用天平測出托盤的質(zhì)量D．為減小誤差，實驗中一定要保證托盤和砝碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量(2)在軌道傾斜的情況下得到的aF圖線是____．（選填①或②）(3)滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質(zhì)量m=______kg;滑塊和軌道間的動摩擦因數(shù)=___（重力加速度g取10）【答案】(1).A;(2).①;(3).0.5;(4).0.2;【解析】(1)A項：由于探究加速度與合外力的關(guān)系，所以應(yīng)改變物塊的合外力，即改變托盤中砝碼的個數(shù)，故A正確；B項：滑塊的釋放位置對該實驗沒有影響，不要求每次在同一位置，故B錯誤；C、D項：本題拉力可以由力的傳感器測出，不需要用天平測出砂和砂桶的質(zhì)量，也就不需要使小桶（包括砂）的質(zhì)量遠(yuǎn)小于車的總質(zhì)量，故C錯誤，D錯誤；(2)由圖象可知，當(dāng)F=0時，a≠0．也就是說當(dāng)繩子上沒有拉力時小車就有加速度，該同學(xué)實驗操作中平衡摩擦力過大，即傾角過大，平衡摩擦力時木板的右端墊得過高，所以圖線①是在軌道右側(cè)抬高成為斜面情況下得到的；(3)所以滑塊運動的加速度a和所受拉力F的關(guān)系圖象斜率等于滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質(zhì)量的倒數(shù)，由圖形b得加速度a和所受拉力F的關(guān)系圖象斜率k=2，所以滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質(zhì)量m=0.5Kg

由圖形b得，在水平軌道上F=1N時，加速度a=0，根據(jù)牛頓第二定律得Fμmg=0解得μ=0.2點晴：通過作出兩個量的圖象，然后由圖象去尋求未知量與已知量的關(guān)系．運用數(shù)學(xué)知識和物理量之間關(guān)系式結(jié)合起來求解。10.某些固體材料受到外力后除了產(chǎn)生形變，其電阻率也發(fā)生變化，這種由于外力的作用而使材料電阻率發(fā)生變化的現(xiàn)象稱為“壓阻效應(yīng)”．現(xiàn)用如下圖所示的電路研究某長薄板電阻Rx的壓阻效應(yīng)．已知Rx的阻值變化范圍為幾歐到幾十歐，實驗室中有下列器材：A．電源E（3V，內(nèi)阻約為1Ω）B．電流表A1（0．6A，內(nèi)阻r1約為1Ω）C．電流表A2（0．6A，內(nèi)阻r2＝5Ω）D．開關(guān)S，定值電阻R0(1)為了較準(zhǔn)確地測量電阻Rx的阻值，請將電流表A2接入虛線框內(nèi)并畫出其中的電路圖_____________．(2)在電阻Rx上加一個豎直向下的力F（設(shè)豎直向下為正方向），閉合開關(guān)S，記下電表讀數(shù)，A1的讀數(shù)為I1，A2的讀數(shù)為I2，則Rx＝______________（用字母表示）．(3)改變力的大小，得到不同的Rx值，然后讓力反向從下向上擠壓電阻，并改變力的大小，得到不同的Rx值，最后繪成的圖像如上圖所示．當(dāng)F豎直向下（設(shè)豎直向下為正方向）時，可得Rx與所受壓力F的數(shù)值關(guān)系是Rx＝__________．（各物理量單位均為國際單位）(4)定值電阻R0的阻值應(yīng)該選用________________．A．1ΩB．5ΩC．10ΩD．20Ω【答案】(1).(2).;(3).;(4).B;【解析】(1)由于題目中沒有電壓表，為了比較準(zhǔn)確測量電阻Rx的阻值，由于知道電流表A1的阻值，所以用電流表A1的作為電壓表使用，電流表A2連在干路上即可求出電阻Rx的阻值．電路圖如圖所示：(2)根據(jù)串并聯(lián)和歐姆定律得：I2r2=（I1I2）Rx，解得：；(3)）從圖象上可以看出壓力方向改變，其阻值不變，其電阻與壓力關(guān)系為一次函數(shù)，由圖象可得：Rx=162F；(4)電路圖知，當(dāng)定值電阻過大，會使其分壓過大，實驗操作中會使電流表的示數(shù)過小，產(chǎn)生較大誤差，故選用較小的定值電阻，故選B。點晴：解決該題關(guān)鍵要熟練電路的串并聯(lián)知識和歐姆定律的運用，能夠把數(shù)學(xué)知識和物理問題結(jié)合求解。三、計算題11.如圖所示，可看作質(zhì)點的物體A、B相距=0．2m，質(zhì)量均為1kg，與傾角為的固定斜面間的動摩擦因數(shù)分別是和，現(xiàn)將物體A、B從斜面上由靜止釋放，A將從斜面頂端沿斜面勻加速下滑，并與B發(fā)生連續(xù)彈性正碰（每次碰撞過程時間極短），已知，，假設(shè)斜面足夠長，g?。?1)A、B第一次碰撞后兩者的速度各是多少；(2)A由靜止開始到第二次相碰前克服摩擦阻力所做的功；【答案】(1);(2)【解析】試題分析：根據(jù)牛頓第二定律和運動學(xué)公式求出A與B第一次碰撞前A的速度，再根據(jù)動量守恒和機械能守恒列出等式求解。解：(1)若，B靜止，A勻加速直線運動，由動能定理解得：第一次彈性碰撞，根據(jù)動量守恒和機械能守恒得解得：，；(2)從第1次碰后到第2次碰撞前，根據(jù)位移關(guān)系可得第2次碰撞前A勻加速直線運動，有解得：所以，A克服摩擦阻力所做的功：。點晴：本題綜合考查了動量守恒定律、能量守恒定律、牛頓第二定律、運動學(xué)公式，綜合性較強，對學(xué)生能力要求較高。12.在小車上豎直固定著一個高h(yuǎn)=0.05m、總電阻R=10、n=100匝的閉合矩形線圈，且小車與線圈的水平長度相同．現(xiàn)線圈和小車一起在光滑的水平面上運動，速度為，隨后穿過與線圈平面垂直，磁感應(yīng)強度B=1.0T的水平有界勻強磁場，方向垂直紙面向里，如圖（a）所示．已知小車運動(包括線圈)的速度v隨車的位移s變化的vs圖象如圖(b)所示．求:（1）小車的水平長度L和磁場的寬度d；（2）小車的位移s=10cm時線圈中的電流大小I；（3）線圈和小車通過磁場的過程中克服安培力做的功．【答案】(1);(2)(3)【解析】試題分析：線圈進(jìn)入磁場，線圈中有感應(yīng)電流受安培力作用，小車做減速運動速度v隨位移s減小，當(dāng)線圈完全進(jìn)入磁場，線圈中感應(yīng)電流消失，小車做勻速運動．結(jié)合圖象的信息，讀出小車的水平長度l，根據(jù)小車的運動情況，求磁場的寬度d。(1)由圖可知，從s＝5cm開始，線圈進(jìn)入磁場，線圈中有感應(yīng)電流，受安培力作用，小車做減速運動，速度隨位移減小，當(dāng)s＝15cm時，線圈完全進(jìn)入磁場，線圈中感應(yīng)電流消失，小車做勻速運動．因此小車的水平長度cm，當(dāng)s＝30cm時，線圈開始離開磁場，則；(2)當(dāng)s＝10cm時，由圖象中可知線圈右邊切割磁感線的速度由閉合電路歐姆定律得線圈中的電流解得：；(3)設(shè)小車和線圈的質(zhì)量為m．在線圈進(jìn)入磁場和離開磁場過程中的一小段時間，內(nèi)安培力的沖量大小為由動量定理得：又因為，所以有是vs圖的斜率，由圖中可以看出線圈進(jìn)入磁場和離開磁場過程中小車和線圈的質(zhì)量為：由圖知，線圈左邊離開磁場時，小車的速度為線圈進(jìn)入磁場和離開磁場時，克服安培力做功等于線圈和小車的動能減少量點晴：本題關(guān)鍵要根據(jù)速度的變化分析磁場寬度，同時要結(jié)合力和運動的關(guān)系進(jìn)行分析求解，明確安培力對物體運動的影響。13.下列說法正確的是______A．把玻璃管的斷口放在火焰上燒，它的尖端就會變成球形，這種現(xiàn)象可以用液體的表面張力來解釋