階段檢測(cè)卷01 力學(xué)綜合-2025年高考物理一輪復(fù)習(xí)考點(diǎn)通關(guān)卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○……○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=PAGE1*2-11頁共=SECTIONPAGES2*24頁◎第=PAGE1*22頁共=SECTIONPAGES2*24頁絕密★啟用前2025屆高考物理一輪復(fù)習(xí)階段檢測(cè)卷一力學(xué)綜合考試范圍：力學(xué)綜合；考試時(shí)間：75分鐘；滿分：100分注意事項(xiàng)：1．答題前填寫好自己的姓名、班級(jí)、考號(hào)等信息2．請(qǐng)將答案正確填寫在答題卡上一、選擇題（其中1—7題為單項(xiàng)選擇題，8—10題為多項(xiàng)選擇題）1．（2024·北京·模擬預(yù)測(cè)）“神舟十六號(hào)”載人飛船安全著陸需經(jīng)過分離、制動(dòng)、再入和減速四個(gè)階段。如圖所示，在減速階段，巨型降落傘為返回艙提供阻力，假設(shè)返回艙做直線運(yùn)動(dòng)，則在減速階段（）A．傘繩對(duì)返回艙的拉力等于返回艙的重力B．傘繩對(duì)返回艙拉力的沖量與返回艙重力沖量的矢量和為零C．合外力對(duì)返回艙做的功等于返回艙機(jī)械能的變化D．除重力外其他力對(duì)返回艙做的總功等于返回艙機(jī)械能的變化【答案】D【詳解】A．返回艙做減速運(yùn)動(dòng)，則傘繩對(duì)返回艙的拉力大于返回艙的重力，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．返回艙的動(dòng)量不斷減小，則根據(jù)動(dòng)量定理，傘繩對(duì)返回艙拉力的沖量與返回艙重力沖量的矢量和不為零，方向向上，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．根據(jù)動(dòng)能定理，合外力對(duì)返回艙做的功等于返回艙動(dòng)能的變化，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．由能量關(guān)系可知，除重力外其他力對(duì)返回艙做的總功等于返回艙機(jī)械能的變化，選項(xiàng)D正確。故選D。2．（2024·北京海淀·模擬預(yù)測(cè)）1772年，法籍意大利數(shù)學(xué)家拉格朗日在論文《三體問題》中指出：兩個(gè)質(zhì)量相差懸殊的天體（如太陽和地球）所在同一平面上有5個(gè)特殊點(diǎn)，如圖中的、、、、所示，人們稱為拉格朗日點(diǎn)。若飛行器位于這些點(diǎn)上，會(huì)在太陽與地球共同引力作用下，可以幾乎不消耗燃料而保持與地球同步做圓周運(yùn)動(dòng)。若發(fā)射一顆衛(wèi)星定位于拉格朗日點(diǎn)，下列說法正確的是（）A．該衛(wèi)星繞太陽運(yùn)動(dòng)周期大于地球公轉(zhuǎn)周期B．該衛(wèi)星在點(diǎn)處于平衡狀態(tài)C．該衛(wèi)星繞太陽運(yùn)動(dòng)的向心加速度大于地球繞太陽運(yùn)動(dòng)的向心加速度D．該衛(wèi)星在處所受太陽和地球引力的合力比在處小【答案】C【詳解】AC．該衛(wèi)星與地球同步繞太陽運(yùn)動(dòng)，可知衛(wèi)星繞太陽運(yùn)動(dòng)周期等于地球公轉(zhuǎn)周期，根據(jù)可知，該衛(wèi)星繞太陽運(yùn)動(dòng)的向心加速度大于地球繞太陽運(yùn)動(dòng)的向心加速度，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，C正確；B．該衛(wèi)星繞太陽做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，可知在點(diǎn)不是處于平衡狀態(tài)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；D．該衛(wèi)星在處所受太陽和地球引力的合力等于衛(wèi)星繞太陽做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，則根據(jù)因在L2點(diǎn)的轉(zhuǎn)動(dòng)半徑大于在L1的轉(zhuǎn)動(dòng)半徑，可知衛(wèi)星在處所受太陽和地球引力的合力比在處大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。3．（2024·湖北·模擬預(yù)測(cè)）如圖，在足夠長的斜面底端A點(diǎn)向斜上方拋出一小球，小球與斜面垂直碰撞于D點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力。已知斜面傾角θ=45°，重力加速度大小g取10m/s2。則可以求出的物理量是（??）A．初速度v0與水平面夾角 B．小球的初速度v0的大小C．小球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間 D．小球克服重力所做的功【答案】A【詳解】A．設(shè)初速度方向與水平方向夾角，小球由A點(diǎn)至D點(diǎn)的過程中，在豎直方向上做初速度為，加速度為g的豎直上拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向上做速度為的勻速直線運(yùn)動(dòng)，由幾何關(guān)系得小球的水平位移與豎直位移大小相等，設(shè)小球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，則又小球與斜面垂直碰撞于D點(diǎn)，則聯(lián)立解得即故A正確；BCD．根據(jù)已知條件不能求出小球的初速度和小球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，又因?yàn)樾∏蛸|(zhì)量未知，所以不能求出重力做功，故BCD錯(cuò)誤。故選A。4．（2024·浙江金華·三模）如圖甲所示質(zhì)量為m的B木板放在水平面上，質(zhì)量為2m的物塊A通過一輕彈簧與其連接。給A一豎直方向上的初速度，當(dāng)A運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，B與水平面間的作用力剛好為零。從某時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，A的位移隨時(shí)間變化規(guī)律如圖乙，已知重力加速度為g，空氣阻力不計(jì)，下列說法正確的是（

）A．物塊A做簡諧運(yùn)動(dòng)，回復(fù)力由彈簧提供B．物體B在時(shí)刻對(duì)地面的壓力大小為C．物體A在運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒D．物體A的振動(dòng)方程為【答案】D【詳解】A．物塊A做簡諧運(yùn)動(dòng)，回復(fù)力由彈簧的彈力和重力的合力來提供，A錯(cuò)誤；B．時(shí)刻物塊A在平衡位置，此時(shí)彈簧處于壓縮狀態(tài)，彈力為對(duì)物體B受力分析有則可得，由牛頓第三定律得物體B在時(shí)刻對(duì)地面的壓力大小為，B錯(cuò)誤；C．物體A在運(yùn)動(dòng)過程中除了受重力外，還受彈簧的彈力，彈力對(duì)物體A做功，故機(jī)械能不守恒，C錯(cuò)誤；D．由圖乙可知振幅為周期為角速度為規(guī)定向上為正方向，t=0時(shí)刻位移為0.05m，表示振子由平衡位置上方0.05m處開始運(yùn)動(dòng)，所以初相為則振子的振動(dòng)方程為故D正確。故選D。5．（2024·山東菏澤·模擬預(yù)測(cè)）如圖，將總質(zhì)量為的2000粒黃豆從距秤盤高處連續(xù)均勻地倒在秤盤上，觀察到指針指在刻度為的位置附近。若每粒黃豆與秤盤在極短時(shí)間內(nèi)垂直碰撞一次，且碰撞前后速率不變，重力加速度，不計(jì)空氣阻力，則持續(xù)傾倒黃豆的時(shí)間約為（）A．1.5s B． C． D．【答案】C【詳解】黃豆落在秤盤上的速度大小為黃豆與秤盤碰撞過程，由于碰撞時(shí)間極短，則碰撞力遠(yuǎn)大于黃豆受到的重力，故重力可以忽略，取豎直向上為正方向，由動(dòng)量定理得由題意有聯(lián)立解得即持續(xù)傾倒黃豆的時(shí)間約為。故選C。6．（2024·河南·二模）2024年1月11日，太原衛(wèi)星發(fā)射中心在山東海陽附近海域使用“引力一號(hào)”遙一商業(yè)運(yùn)載火箭將衛(wèi)星順利送入預(yù)定軌道，飛行試驗(yàn)任務(wù)獲得圓滿成功，這是“引力一號(hào)”火箭首次飛行，創(chuàng)造全球最大固體運(yùn)載火箭、中國運(yùn)力最大民商火箭紀(jì)錄。已知衛(wèi)星的質(zhì)量為m，在軌道上穩(wěn)定運(yùn)行時(shí)離地面的高度為h，地球表面附近的重力加速度為g，地球半徑為R。衛(wèi)星的運(yùn)動(dòng)可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響。下列說法正確的是（）A．火箭加速升空過程中，衛(wèi)星處于失重狀態(tài)B．在軌道上運(yùn)行時(shí)，衛(wèi)星的線速度將大于地球的第一宇宙速度C．在軌道上運(yùn)行時(shí)，衛(wèi)星的動(dòng)能為D．在軌道上運(yùn)行時(shí)，衛(wèi)星的速度大小為【答案】C【詳解】A．火箭加速升空過程中，衛(wèi)星處于超重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．在軌道上運(yùn)行時(shí)，衛(wèi)星的線速度小于地球的第一宇宙速度，故B錯(cuò)誤；CD．地球表面質(zhì)量為的物體有衛(wèi)星在軌道上運(yùn)行時(shí)，根據(jù)萬有引力提供向心力有則衛(wèi)星的速度大小為動(dòng)能故C正確，D錯(cuò)誤；故選C。7．（2024·江蘇·模擬預(yù)測(cè)）通電直導(dǎo)線的質(zhì)量為、長為，用兩根細(xì)線把導(dǎo)線水平吊起，導(dǎo)線上的電流為，方向如圖所示。在豎直方向加一個(gè)方向向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，導(dǎo)線處于平衡時(shí)懸線與豎直方向成，已知，，重力加速度為。下列說法正確的是（）A．B．懸線的拉力大小為C．若增大磁感應(yīng)強(qiáng)度，則導(dǎo)線靜止時(shí)懸線與豎直方向的夾角將變小D．若將導(dǎo)線拉到最低處由靜止釋放，則導(dǎo)線的最大速度為【答案】D【詳解】AB．對(duì)導(dǎo)線受力分析，如圖所示根據(jù)平衡條件，可得，解得，故AB錯(cuò)誤；C．由上面選項(xiàng)分析可知若增大磁感應(yīng)強(qiáng)度，安培力增大，則懸線的偏角將增大。故C錯(cuò)誤；D．由受力分析可知，導(dǎo)線靜止時(shí)的位置為等效最低點(diǎn)，若將導(dǎo)線拉到最低處由靜止釋放，則導(dǎo)線處于等效最低點(diǎn)時(shí)具有最大速度，由根據(jù)動(dòng)能定理，可得解得故D正確。故選D。8．（2024·河南·模擬預(yù)測(cè)）如圖所示，一根不可伸長的細(xì)繩跨過兩個(gè)光滑滑輪，繩的一端固定在水平天花板A點(diǎn)，另一端被小明拉住，動(dòng)滑輪下方吊一質(zhì)量為m的物體，水平地面上的C點(diǎn)在定滑輪正下方，D點(diǎn)和E點(diǎn)分居C點(diǎn)兩側(cè)，，小明此時(shí)站在D點(diǎn)，重力加速度為g，不計(jì)滑輪大小，下列說法正確的是（）A．小明在D點(diǎn)下拉繩子，拉力變大B．小明在D點(diǎn)保持不動(dòng)，將A點(diǎn)左移，拉力不變C．小明手捏繩端手臂保持下垂，從D點(diǎn)走到C點(diǎn)的過程中，拉力變小D．小明手捏繩端手臂保持下垂，從D點(diǎn)走到E點(diǎn)的過程中，繩上的拉力先變大再變小【答案】AC【詳解】A．如圖，設(shè)間繩長為，間距離為，繩與水平方向的夾角為，有若小明在點(diǎn)沿繩下拉繩子，變小，不變，變小，由兩式可得拉力FT變大，故A正確；B．若小明在點(diǎn)保持不動(dòng)，將A點(diǎn)左移，不變，變大，變小，由兩式可得拉力FT變大，故B錯(cuò)誤；C．若小明手捏繩端手臂保持下垂，從點(diǎn)走到點(diǎn)的過程中，右端繩長變短，間繩長變長，不變，變大，由兩式可得拉力FT變小，故C正確；D．若小明手捏繩端手臂保持下垂，從點(diǎn)走到點(diǎn)的過程中，右端繩長先變短再變長，間繩長先變長再變短，不變，先變大再變小，由兩式可得繩上的拉力先變小再變大，故D錯(cuò)誤。故選AC。9．（2024·青?！つM預(yù)測(cè)）如圖甲所示，a、b兩物塊（均視為質(zhì)點(diǎn)）用輕質(zhì)彈簧連接并放置在光滑的水平面上，b的質(zhì)量為m，t=0時(shí)，使a獲得水平向右、大小為v0的速度，a、b運(yùn)動(dòng)的速度一時(shí)間關(guān)系圖像如圖乙所示，已知陰影部分的面積為S0，彈簧的彈性勢(shì)能與彈簧的形變量x以及彈簧的勁度系數(shù)k之間的關(guān)系式為，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，下列說法正確的是（）A．t1時(shí)刻，a、b間的距離最大B．a(chǎn)的質(zhì)量為2mC．0~t3時(shí)間內(nèi)，a所受沖量的大小為D．彈簧的勁度系數(shù)為【答案】BD【詳解】A．t1時(shí)刻之前a的速度大于b的速度，t1時(shí)刻a的速度等于b的速度，故t1時(shí)刻a、b間的距離最小，故A錯(cuò)誤；B．設(shè)a的質(zhì)量為，由動(dòng)量守恒定律得解得故B正確；C．0~t3時(shí)間內(nèi)，對(duì)a由動(dòng)量定理方向與a的初速度方向相反，大小為，故C錯(cuò)誤；D．分析題意可得0時(shí)刻彈簧處于原長，設(shè)時(shí)刻彈簧的形變量為，已知陰影部分的面積為，則有設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為k，則有由系統(tǒng)的機(jī)械能守恒定律可得綜合解得故D正確。故選BD。10．（2024·廣東深圳·模擬預(yù)測(cè)）如圖為某公園的噴泉，觀察到主噴泉和周圍副噴泉噴出豎直水柱高度之比為，主、副噴泉出水口的橫截面積之比也為，不計(jì)空氣阻力，下列選項(xiàng)正確的是（）A．主噴泉與某一副噴泉噴出水柱的初速度之比為B．主噴泉與某一副噴泉單位時(shí)間內(nèi)噴出水的質(zhì)量之比為C．主噴泉與某一副噴泉噴口上方空中的水量之比為D．給主噴泉和某一副噴泉噴水的電動(dòng)水泵輸出功率之比為【答案】CD【詳解】A．水離開噴壺管口做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，由速度位移關(guān)系式可得水離開時(shí)的初速度大小為v=故主噴泉與某一副噴泉噴出水柱的初速度之比為故A錯(cuò)誤；B．主噴泉與某一副噴泉單位時(shí)間內(nèi)噴出水的質(zhì)量之比為故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)v=gt主噴泉與某一副噴泉噴口上方空中的水量之比為故C正確；D．電動(dòng)水泵輸出功率為則給主噴泉和某一副噴泉噴水的電動(dòng)水泵輸出功率之比為故D正確。故選CD。二、實(shí)驗(yàn)題11．（2024·山西·二模）在用單擺測(cè)量重力加速度時(shí)，小明將小鎖頭栓接在不易形變的細(xì)絲線一端，另一端固定在O點(diǎn)，并在細(xì)線上標(biāo)記一點(diǎn)A，如圖所示。(1)將小鎖頭拉到某一高度（細(xì)線與豎直方向夾角很?。┯伸o止釋放，當(dāng)鎖頭第一次到達(dá)最低點(diǎn)D時(shí)開始計(jì)時(shí)并計(jì)數(shù)為1，以后鎖頭每到達(dá)D點(diǎn)一次，計(jì)數(shù)增加1，計(jì)數(shù)為N時(shí)，秒表測(cè)出單擺運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，則該單擺的周期；(2)他保持A點(diǎn)以下的細(xì)線長度不變，通過改變OA間細(xì)線長度L以改變擺長，并測(cè)出單擺運(yùn)動(dòng)對(duì)應(yīng)的周期T，測(cè)量多組數(shù)據(jù)后，作出圖乙所示圖像，圖像縱坐標(biāo)應(yīng)為（選填“”、“”、“”、“”）；(3)已知圖像的斜率為k，可求得當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取?4)圖線乙明顯不過原點(diǎn)，其圖像與橫軸交點(diǎn)的意義是。【答案】(1)(2)(3)(4)A點(diǎn)距小鎖頭重心距離的負(fù)值【詳解】（1）單擺一周內(nèi)經(jīng)過兩次平衡位置，由題意可知解得（2）設(shè)A點(diǎn)距小鎖頭重心距離為，根據(jù)單擺周期公式化簡得可知圖乙所示圖像縱坐標(biāo)應(yīng)為（3）圖像的斜率為，根據(jù)解得（4）當(dāng)時(shí)，，因此圖線乙不過原點(diǎn)，其圖像與橫軸交點(diǎn)的意義是A點(diǎn)距小鎖頭重心距離的負(fù)值12．（2024·廣西·二模）小黃同學(xué)在暗室中用圖示裝置做“測(cè)定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)，用到的實(shí)驗(yàn)器材有：分液漏斗、閥門、支架、接水盒、一根有熒光刻度的米尺、頻閃儀。具體實(shí)驗(yàn)步驟如下：①在分液漏斗內(nèi)盛滿清水，旋松閥門，讓水滴以一定的頻率一滴滴的落下；②用頻閃儀發(fā)出的閃光將水滴流照亮，由大到小逐漸調(diào)節(jié)頻閃儀的頻率，當(dāng)頻率為25Hz時(shí)，第一次看到一串仿佛固定不動(dòng)的水滴；③用豎直放置的米尺測(cè)得各個(gè)水滴所對(duì)應(yīng)的刻度；④處理數(shù)據(jù)，得出結(jié)論；(1)水滴滴落的時(shí)間間隔為s。(2)小黃同學(xué)測(cè)得連續(xù)相鄰的五個(gè)水滴之間的距離如圖乙所示，根據(jù)數(shù)據(jù)計(jì)算當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭=m/s2；D點(diǎn)處水滴此時(shí)的速度m/s。（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）(3)小黃同學(xué)懷疑自己的測(cè)量結(jié)果不是很符合當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣戎?，于是他打開手機(jī)上的測(cè)量，利用其中的加速度傳感器測(cè)出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣戎禐?，你認(rèn)為造成上述實(shí)驗(yàn)與手機(jī)加速度傳感器測(cè)量有差別的原因是（寫出一種即可）?！敬鸢浮?1)0.04(2)9.692.48(3)存在空氣阻力【詳解】（1）由于頻率由大到小逐漸調(diào)節(jié)，第一次看到一串仿佛固定不動(dòng)的水滴，說明閃光的時(shí)間間隔等于水滴的時(shí)間間隔，閃光的頻率為25Hz，因此時(shí)間間隔故填0.04；（2）[1]根據(jù)逐差法故填9.69；[2]根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律故填2.48；（3）水滴下落時(shí)要受空氣阻力作用，這可能是導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)測(cè)得數(shù)據(jù)與手機(jī)加速度傳感器測(cè)量有差別的原因之一，故填存在空氣阻力。三、解答題13．（2024·河南·模擬預(yù)測(cè)）如圖甲所示，傾角為θ=60°的斜面放在光滑水平面上，一光滑小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）放在斜面上，小物塊由靜止滑到斜面底端時(shí)斜面的位移為x，斜面的位移與小物塊在斜面上釋放的位置有關(guān)，設(shè)小物塊由靜止釋放的位置距離斜面底端的距離為l，則x-l圖像如圖乙所示，已知小物塊質(zhì)量為m，斜面質(zhì)量為M，重力加速度為g。（1）求斜面的質(zhì)量與小物塊的質(zhì)量的關(guān)系；（2）若小物塊滑到斜面底端時(shí)豎直方向速度滿足vy=vM，求小物塊下滑到斜面底端過程中，斜面所受合力的沖量（結(jié)果用l表示）?！敬鸢浮浚?）；（2）【詳解】（1）根據(jù)題意整個(gè)系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，設(shè)小物塊水平方向位移為xm，則聯(lián)立解得根據(jù)圖乙可知圖像的斜率為解得（2）對(duì)整個(gè)系統(tǒng)，由機(jī)械能守恒定律得水平方向動(dòng)量守恒，則又因?yàn)槁?lián)立解得由動(dòng)量定理得，斜面所受合力的沖量為14．（2024·天津?qū)幒印つM預(yù)測(cè)）如圖所示，是光滑軌道，其中部分是半徑的豎直放置的半圓，部分與部分平滑連接。一質(zhì)量為的小木塊放在軌道水平部分，木塊被水平飛來的質(zhì)量為的子彈射中，子彈留在木塊中。子彈擊中木塊前的速度為。若被擊中的木塊能沿軌道滑到最高點(diǎn)C，重力加速度為，求：（1）子彈擊中木塊后的速度v的大??；（2）子彈擊中木塊并留在其中的過程中子彈和木塊產(chǎn)生的熱量Q；（3）木塊從C點(diǎn)飛出后落地點(diǎn)距離B點(diǎn)的距離s?！敬鸢浮浚?）5m/s；（2）2475J；（3）1.2m【詳解】（1）子彈擊中木塊，根據(jù)動(dòng)量守恒有解得子彈擊中木塊后的速度大小為（2）子彈擊中木塊并留在其中的過程中，根據(jù)