河北省秦皇島市部分學(xué)校2024-2025學(xué)年高三上學(xué)期11月期中考試物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1高三年級(jí)期中考試物理本試卷滿分100分，考試用時(shí)75分鐘。注意事項(xiàng)：1．答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。4．本試卷主要考試內(nèi)容：人教版必修第一冊(cè)、必修第二冊(cè)、必修第三冊(cè)第九章至第十章、選擇性必修第一冊(cè)第一章。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.國(guó)際單位制中，選定7個(gè)基本物理量的單位作為基本單位，導(dǎo)出量的單位可以由基本量的單位組合而得到。例如，力的單位可以由牛頓第二定律導(dǎo)出，根據(jù)所學(xué)知識(shí)判斷，電阻的單位“歐姆”用國(guó)際單位制下的基本單位組合后，可以表示為（）A. B.C. D.【答案】D【解析】根據(jù)公式W=Fx、W=UIt、U=IR可知，電阻單位滿足用基本單位表示后故選D。2.雨滴從高空由靜止下落，若雨滴下落時(shí)空氣對(duì)其阻力隨雨滴下落速度的增大而增大，則在此過程中雨滴的運(yùn)動(dòng)圖像最接近下圖中的（）A. B.C. D.【答案】C【解析】速度增大，阻力增大，根據(jù)牛頓第二定律有則加速度減小，雨滴做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，位移時(shí)間圖線切線斜率表示速度，速度時(shí)間圖線切線斜率表示加速度。故選C3.在快節(jié)奏的現(xiàn)代生活中，家用室內(nèi)引體向上器作為一種簡(jiǎn)單實(shí)用的健身器材，受到很多人的青睞。它通常采用免打孔設(shè)計(jì)，通過調(diào)節(jié)桿的長(zhǎng)度，利用橡膠墊與門框或墻壁的摩擦力起到固定的作用，如圖所示。下列說法中正確的是（）A.橡膠墊與墻面間的壓力越大，橡膠墊與墻面間的摩擦力越大B.健身者在做引體向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，橡膠墊與墻面間的摩擦力保持不變C.健身者在單桿上懸停時(shí)，健身者的質(zhì)量越大，橡膠墊與墻面間的摩擦力就越大D.健身者在單桿上懸停時(shí)，手臂間距離越大，所受到單桿的作用力就越大【答案】C【解析】A．橡膠墊與墻面之間是靜摩擦力，與壓力沒有必然聯(lián)系，故A錯(cuò)誤；B．健身者在做引體向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，先做加速度向上的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度向下的減速運(yùn)動(dòng)，把健身者與室內(nèi)引體向上器作為研究對(duì)象，由牛頓第二定律可知，摩擦力的大小與健身者的加速度有關(guān)，先大于重力后小于重力，B錯(cuò)誤；C．健身者在單桿上懸停時(shí)，把健身者與室內(nèi)引體向上器作為研究對(duì)象，摩擦力的大小等于健身者與室內(nèi)引體向上器的重力，故健身者的質(zhì)量越大，摩擦力越大，C正確；D．若把健身者作為研究對(duì)象，健身者處于平衡狀態(tài)，受到單桿的作用力始終等于健身者的重力，D錯(cuò)誤。故選C。4.如圖甲所示，傾角為37°的粗糙斜面體固定在水平面上，質(zhì)量為m的小木塊在沿斜面向上的恒力F作用下沿斜面上滑。a隨F變化關(guān)系如圖乙所示（取沿斜面向上為正方向）。認(rèn)為最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，，。下列說法正確的是（）A.當(dāng)F=32N時(shí)，小木塊的加速度為 B.當(dāng)F=20N時(shí)，小木塊的加速度為C.小木塊的質(zhì)量為3kg D.小木塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.35【答案】A【解析】CD．由題意可知，以木塊為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律有則有由題圖乙可得縱軸截距解得m=2kg，故CD錯(cuò)誤；B．當(dāng)F=20N時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律有解得故B錯(cuò)誤；A．當(dāng)F=32N時(shí)，由圖可得故A正確。故選A。5.木星的衛(wèi)星中有四顆是伽利略發(fā)現(xiàn)的，稱為伽利略衛(wèi)星，其中木衛(wèi)一、木衛(wèi)二與木衛(wèi)三的周期之比為1：2：4；其中木衛(wèi)二的相關(guān)數(shù)據(jù)：質(zhì)量為，繞木星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為，木星的相關(guān)數(shù)據(jù)：質(zhì)量為，半徑為，忽略木星的自轉(zhuǎn)，木星表面的重力加速度為。G取下列說法正確的是（）A.三個(gè)衛(wèi)星的線速度之比為4：2：1B.木衛(wèi)二繞木星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度是C.根據(jù)題目中所給的已知數(shù)據(jù)可以驗(yàn)證木星表面物體所受木星的引力與木衛(wèi)二所受木星的引力為同種性質(zhì)的力D.根據(jù)題目中所給的已知數(shù)據(jù)不能求出木衛(wèi)二的周期【答案】C【解析】A．利用公式和可以求出三個(gè)衛(wèi)星的周期之比為1：2：4，可知線速度之比不等于4：2：1，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．根據(jù)萬有引力公式可得木衛(wèi)二繞木星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度是選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．根據(jù)題目所給的已知數(shù)據(jù)可知木星表面的重力加速度，若兩個(gè)力均為萬有引力，則根據(jù)萬有引力公式可得，加速度與半徑的平方成反比。根據(jù)數(shù)據(jù)計(jì)算結(jié)果與預(yù)期符合得很好，這表明木星表面物體所受木星的引力與木衛(wèi)二所受木星的引力為同種性質(zhì)的力，選項(xiàng)C正確；D．利用公式可以求出木衛(wèi)二周期，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。6.一個(gè)士兵坐在皮劃艇上，他連同裝備和皮劃艇的總質(zhì)量共100kg，這個(gè)士兵用自動(dòng)步槍在1s時(shí)間內(nèi)沿水平方向連續(xù)射出3發(fā)子彈，每發(fā)子彈的質(zhì)量是10g，子彈離開槍口時(shí)相對(duì)步槍的速度是600m/s。射擊前皮劃艇是靜止的，不考慮水的阻力。試估算連續(xù)射擊時(shí)槍受到的平均反沖作用力約（）A.8N B.18N C.28N D.38N【答案】B【解析】設(shè)整體質(zhì)量為，每發(fā)子彈的質(zhì)量為，子彈射出的反方向?yàn)檎较?，子彈相?duì)步槍的速度為。第一次射出后艇的速度為，由動(dòng)量守恒可得解得第二次射出后艇的速度為，由動(dòng)量守恒可得解得第三次射出后艇速度為，同理可得解得對(duì)整個(gè)過程應(yīng)用動(dòng)量定理解得故選B。7.某趣味運(yùn)動(dòng)會(huì)中，有一項(xiàng)比賽，規(guī)則如下：如圖所示，運(yùn)動(dòng)員站在一個(gè)固定的大圓筒內(nèi)，用合適的力度踢一下靜止在圓筒最底端的小足球，使小足球在豎直面內(nèi)先由最低點(diǎn)沿圓筒向上滾動(dòng)，然后從某一位置脫離圓筒，如果小足球在下落過程中，恰好落入運(yùn)動(dòng)員背后的小背簍中，即為得分。若圓筒半徑為R，小足球質(zhì)量為m，小足球飛離圓筒位置與圓筒圓心連線和豎直方向之間的夾角為θ，圓筒內(nèi)壁不計(jì)摩擦，小足球可視為質(zhì)點(diǎn)，忽略空氣阻力，不考慮人對(duì)小足球的阻擋，重力加速度為g，則（）A.若足球在最低點(diǎn)的初速度，則足球不會(huì)飛離圓筒B.若足球能飛離圓筒，則足球在最低點(diǎn)的初速度的范圍應(yīng)為C.若θ=45°，則運(yùn)動(dòng)員將背簍置于圓心正上方處，可以接到球D.若希望足球飛離點(diǎn)θ=37°，則足球在最低點(diǎn)的初速度為【答案】C【解析】B．足球自圓筒最低點(diǎn)向上滾動(dòng)，根據(jù)機(jī)械能守恒定律，不脫離軌道，若恰好運(yùn)動(dòng)到圓心等高處，設(shè)此時(shí)初速度為，則有得若恰好上到圓筒最高點(diǎn)，設(shè)此時(shí)初速度為，球到最高點(diǎn)速度為有且在最高點(diǎn)有得故足球可以飛離軌道的初速度應(yīng)B錯(cuò)誤；A．由上述分析可知，若足球在最低點(diǎn)的初速度，則足球會(huì)飛離圓筒，A錯(cuò)誤；D．若足球飛離時(shí)，θ=37°，設(shè)此時(shí)最低點(diǎn)初速度為，分離時(shí)的速度為，由機(jī)械能守恒有且在分離時(shí)刻有聯(lián)立可得D錯(cuò)誤；C．若足球飛離的位置θ=45°，設(shè)此時(shí)飛離的速度為，則有之后足球做斜上拋運(yùn)動(dòng)，其中豎直分速度大小為，回到飛離等高位置所用的時(shí)間為此過程中水平位移為解得此時(shí)足球恰好在圓心正上方處，C正確。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)或兩個(gè)以上選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.圖甲為一城墻的入城通道，通道寬度，一跑酷愛好者從左墻根由靜止開始正對(duì)右墻加速運(yùn)動(dòng)，加速到M點(diǎn)時(shí)斜向上躍起，經(jīng)0.4s到達(dá)右墻壁P點(diǎn)時(shí)，豎直方向的速度恰好為零，然后立即蹬右墻壁，使水平方向的速度反向，大小變?yōu)樵瓉淼?，并獲得一豎直方向速度，之后躍到左墻壁上的Q點(diǎn)，Q點(diǎn)距地面，飛躍過程中人距地面的最大高度為，重力加速度g取，不計(jì)空氣阻力，整個(gè)過程中人的姿態(tài)可認(rèn)為保持不變，如圖乙所示，則下列說法中正確的是（）A.P點(diǎn)距離地面高B.人助跑的距離為3.4mC.人剛離開P點(diǎn)時(shí)的速度大小為6m/sD.人剛到Q點(diǎn)的速度方向與豎直方向夾角的正切值為【答案】BD【解析】AB．人到達(dá)右墻壁點(diǎn)時(shí)，豎直方向的速度恰好為零，根據(jù)逆向思維，可知從點(diǎn)到點(diǎn)的逆過程為平拋運(yùn)動(dòng)，則得從點(diǎn)到點(diǎn)的過程從點(diǎn)到點(diǎn)的過程從點(diǎn)到點(diǎn)的過程解得人助跑的距離為得故A錯(cuò)誤，B正確；C．人剛離開墻壁時(shí)豎直方向的速度大小為故C錯(cuò)誤；D．人剛到時(shí)的豎直速度為速度方向與豎直方向夾角的正切值為故D正確。故選BD。9.如圖所示，光滑絕緣水平面上固定著兩個(gè)帶電量不相等的正點(diǎn)電荷，帶電荷量＋q，質(zhì)量為m的小球置于A點(diǎn)時(shí)，僅在電場(chǎng)力作用下恰好保持靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)小球從M點(diǎn)以初速度，沿著兩點(diǎn)電荷連線運(yùn)動(dòng)，恰好能運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)，其中M、N兩點(diǎn)關(guān)于A點(diǎn)對(duì)稱。已知距離電量為Q的孤立點(diǎn)電荷r處的電勢(shì)為（無窮遠(yuǎn)電勢(shì)為零）。則下列說法正確的是（）A.小球運(yùn)動(dòng)至N點(diǎn)時(shí)，速度仍是B.M、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為C.小球運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)動(dòng)能最大D.若兩點(diǎn)電荷的電荷量均變?yōu)樵瓉淼?倍，小球不能到達(dá)B點(diǎn)【答案】CD【解析】A．由題意可知，A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為0，兩個(gè)點(diǎn)電荷電荷量不等，所以關(guān)于A點(diǎn)對(duì)稱的M、N兩點(diǎn)電勢(shì)不相等，動(dòng)能不相等，故A錯(cuò)誤；B．由M到B點(diǎn)列動(dòng)能定理解得故B錯(cuò)誤；C．由于A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為0，所以A點(diǎn)電勢(shì)最低，帶正電的小球在A點(diǎn)的電勢(shì)能最小，動(dòng)能最大，故C正確；D．若兩點(diǎn)電荷的電荷量均變?yōu)樵瓉淼?倍，由可知，M、B點(diǎn)電勢(shì)均變?yōu)樵瓉淼?倍，電勢(shì)差也變?yōu)樵瓉淼?倍，小球不能到達(dá)B點(diǎn)，故D正確。故選CD。10.如圖所示，固定的光滑長(zhǎng)斜面的傾角，下端有一固定擋板。兩小物塊A、B放在斜面上，質(zhì)量均為m，用與斜面平行的輕彈簧連接，彈簧的勁度系數(shù)為。一跨過輕小定滑輪的輕繩左端與B相連，右端與水平地面上的電動(dòng)玩具小車相連。系統(tǒng)靜止時(shí)，滑輪左側(cè)輕繩與斜面平行，右側(cè)輕繩豎直，長(zhǎng)度為L(zhǎng)且繩中無彈力，當(dāng)小車緩慢向右運(yùn)動(dòng)至P點(diǎn)時(shí)A恰好不離開擋板。已知重力加速度為g，，。在小車從圖示位置運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)的過程中，下列說法正確的是（）A.小車運(yùn)動(dòng)的位移為B.繩的拉力對(duì)物塊B所做的功大于B增加的重力勢(shì)能C.若小車質(zhì)量為m，當(dāng)小車緩慢運(yùn)動(dòng)至P點(diǎn)時(shí)，小車對(duì)地面的壓力為0D.若小車以速度向右勻速運(yùn)動(dòng)，位移大小為時(shí)，繩的拉力對(duì)B做的功為【答案】AD【解析】A．系統(tǒng)靜止時(shí)，右側(cè)輕繩豎直、長(zhǎng)度為L(zhǎng)且繩中無彈力，對(duì)B分析得A恰好不離開擋板，對(duì)A分析得可得這一過程中B上滑了由幾何關(guān)系可得，小車緩慢運(yùn)動(dòng)至P點(diǎn)過程中位移為故A正確；B．在小車從圖示位置緩慢運(yùn)動(dòng)到P時(shí)，該過程中初、末態(tài)的彈性勢(shì)能不變，對(duì)B由功能關(guān)系得繩的拉力對(duì)B做的功等于B增加的重力勢(shì)能。故B錯(cuò)誤；C．小車緩慢運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)，對(duì)B受力分析，根據(jù)平衡條件可得繩的拉力為由幾何關(guān)系得，此時(shí)繩與水平地面夾角為得此時(shí)對(duì)小車受力分析，根據(jù)平衡條件可得求得地面對(duì)小車的支持力大小為顯然，此時(shí)小車對(duì)地面壓不為0，故C錯(cuò)誤；D．由前面分析可知，當(dāng)小車向右運(yùn)動(dòng)位移大小為時(shí)，由關(guān)聯(lián)速度關(guān)系得由于小車向右運(yùn)動(dòng)距離時(shí)，彈簧彈性勢(shì)能與初始相等，對(duì)B由功能關(guān)系可得繩的拉力對(duì)B做的功為故D正確。故選AD。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.同學(xué)們?cè)谧觥膀?yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)時(shí)，設(shè)計(jì)了兩種方案，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示。（1）設(shè)計(jì)方案1的同學(xué)，除了圖上所示器材，還必須選取的有___________（選填“天平”“0~12V交流電源”“220V交流電源”“刻度尺”）。（2）關(guān)于方案2，設(shè)計(jì)方案的同學(xué)認(rèn)為實(shí)驗(yàn)時(shí)需要先平衡摩擦力再進(jìn)行實(shí)驗(yàn)可以驗(yàn)證系統(tǒng)機(jī)械能守恒，但是其他同學(xué)覺得并不可行，你覺得該方案是否可以驗(yàn)證系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律，若覺得可以請(qǐng)說明需要測(cè)量的物理量，若覺得不可以請(qǐng)給出理由___________。（3）進(jìn)行方案3的實(shí)驗(yàn)時(shí)，有兩個(gè)規(guī)格的遮光條可供選擇，用螺旋測(cè)微器測(cè)量它們的寬度，其示數(shù)如圖乙所示，則應(yīng)選擇的遮光條的寬度為d=___________mm；數(shù)字計(jì)時(shí)器測(cè)得遮光條通過光電門的時(shí)間為，托盤和砝碼總質(zhì)量為，滑塊與遮光條總質(zhì)量為，則在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，滑塊靜止釋放的位置到光電門的距離l=___________（已知重力加速度為g，用題目中給出的物理量符號(hào)表示），即可認(rèn)為機(jī)械能守恒?！敬鸢浮浚?）220V交流電源、刻度尺（2）不可以，存在摩擦力，摩擦力做功，系統(tǒng)機(jī)械能不守恒（3）1.750【解析】【小問1詳析】方案1驗(yàn)證機(jī)械能守恒即驗(yàn)證或質(zhì)量可以約去，故不需要天平，電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器用220V交流電源，測(cè)量下落高度需用到刻度尺。【小問2詳析】方案2不可行，該裝置中只是平衡了摩擦力，但是系統(tǒng)仍要克服摩擦阻力做功，機(jī)械能不守恒，也就無法驗(yàn)證系統(tǒng)的機(jī)械能守恒。【小問3詳析】[1]遮光條越窄誤差越小，故應(yīng)選擇遮光條a，它的寬度為d=1.5mm＋0.01mm×25.0=1.750mm[2]若機(jī)械能守恒成立，有整理有12.為了探究碰撞過程中的守恒量，某興趣小組設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)。先讓質(zhì)量為的小球從凹形槽頂端由靜止開始滑下，又經(jīng)過O點(diǎn)水平拋出落在斜面上。再把質(zhì)量為的小球放在水平面O點(diǎn)，讓小球仍從凹形槽頂端由靜止滑下，與小球碰撞后，兩小球直接落到斜面上。分別記錄小球第一次與斜面碰撞的落點(diǎn)痕跡。其中M、P、N三個(gè)落點(diǎn)的位置距O點(diǎn)的長(zhǎng)度分別為凹形槽頂端距離桌面高度為h，桌面距地面高度為H，斜面總長(zhǎng)度為L(zhǎng)。（1）為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，可行的操作是：______。A.減小凹形槽摩擦 B.使用大小相同的兩個(gè)小球 C.多次測(cè)量落點(diǎn)位置取平均值（2）在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，若滿足關(guān)系式______，則可以認(rèn)為兩球碰撞過程中動(dòng)量守恒。（用題目中的物理量表示）（3）為了進(jìn)一步驗(yàn)證兩小球發(fā)生的是否是彈性碰撞，必須測(cè)量的物理量是______。A.兩小球質(zhì)量 B.OM、OP、ON的長(zhǎng)度C.凹槽距桌面的高度h D.桌面高度H和斜面總長(zhǎng)度L（4）現(xiàn)測(cè)量出兩個(gè)小球質(zhì)量比，保持兩個(gè)小球質(zhì)量不變，不斷改變兩個(gè)小球的材質(zhì)，小球落點(diǎn)距O點(diǎn)長(zhǎng)度的取值范圍是______（用k、表示）?！敬鸢浮浚?）BC（2）（3）B（4）【解析】【小問1詳析】A．每次只要保證小球到達(dá)點(diǎn)的速度保持相同即可，無須減小摩擦，故A錯(cuò)誤；B．小球大小相同是為了保證對(duì)心碰撞，減小實(shí)驗(yàn)誤差，故B正確；C．多次測(cè)量可以減小偶然誤差，故C正確；故選BC?！拘?詳析】設(shè)斜面的傾角為，小球從斜面頂端平拋落到斜面上，兩者距離為，由平拋運(yùn)動(dòng)的知識(shí)可知可得由碰撞規(guī)律可知，點(diǎn)為小球第一次的落點(diǎn)，和分別是第二次操作時(shí)和的落點(diǎn)。滿足動(dòng)量守恒的關(guān)系式應(yīng)該是【小問3詳析】彈性碰撞的規(guī)律是兩者相對(duì)靠近速度等于碰后兩者相對(duì)遠(yuǎn)離速度，有所以驗(yàn)證是否為彈性碰撞，需要滿足關(guān)系式僅測(cè)量的長(zhǎng)度即可。故選B。【小問4詳析】因?yàn)閮尚∏虻馁|(zhì)量不變，材質(zhì)一直在改變，所以兩個(gè)小球可能會(huì)發(fā)生彈性碰撞，也可能發(fā)生完全非彈性碰撞，小球的碰后的速度取值范圍是代入得13.如圖所示，一只長(zhǎng)方體空鐵箱在水平拉力F=120N作用下沿水平面向右勻加速運(yùn)動(dòng)，鐵箱與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)。鐵箱內(nèi)一個(gè)質(zhì)量為m=1kg的木塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）恰好能相對(duì)鐵箱左側(cè)壁靜止。木塊與鐵箱內(nèi)壁間的動(dòng)摩擦因數(shù)，且處處相同。設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，g取。求：（1）鐵箱對(duì)木塊的支持力大小；（2）空鐵箱質(zhì)量M的大??；（3）減小拉力F，經(jīng)過一段時(shí)間，木塊沿鐵箱左側(cè)壁落到底部且不反彈，之后當(dāng)鐵箱的速度為4m/s時(shí)撤去拉力F，若鐵箱左右兩側(cè)壁間的距離為1m，判斷木塊能否與鐵箱的右側(cè)壁相撞？若相撞，計(jì)算相撞時(shí)木塊和鐵箱各自的速度大??；若不會(huì)相撞，計(jì)算木塊最終離鐵箱右側(cè)壁的距離?！敬鸢浮浚?）（2）M=3kg（3）不相撞，d=0.5m【解析】【小問1詳析】木塊在豎直方向又因解得【小問2詳析】在水平方向上，由牛頓第二定律可知以整體為對(duì)象，水平方向上由牛頓第二定律可知解得M=3kg小問3詳析】木塊沿鐵箱左側(cè)壁落到底部后，對(duì)鐵箱，根據(jù)牛頓第二定律鐵箱的加速度為對(duì)木塊，根據(jù)牛頓第二定律木塊的加速度為鐵箱停下時(shí)，鐵箱與木塊的位移差為解得故木塊不能與鐵箱的右側(cè)壁相撞，木塊與鐵箱的右側(cè)壁距離為14.如圖所示，在豎直面內(nèi)建立直角坐標(biāo)系，第二象限存在豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)E1，第一象限存在平行于xOy平面且方向未知的勻強(qiáng)電場(chǎng)E2。