浙江省金華市金麗衢十二校2024-2025學(xué)年高三上學(xué)期第一次聯(lián)考物理試卷（含答案）

浙江省金華市金麗衢十二校2024-2025學(xué)年高三上學(xué)期第一次聯(lián)考物理試卷一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分。）1．下列各項(xiàng)中的單位均為基本單位的是（）A．mV B．AsC．Nkg D．PaW2．從鐵路售票網(wǎng)12306查詢到G2312次列車(chē)的信息如圖所示，用電子地圖測(cè)距工具測(cè)得縉云西站到衢州站的直線距離為118km，下列說(shuō)法正確的是（）A．圖中08∶10表示時(shí)間間隔B．圖中2分鐘表示時(shí)刻C．從縉云西站到衢州站的位移大小為118kmD．研究列車(chē)進(jìn)站?？康奈恢茫梢暳熊?chē)為質(zhì)點(diǎn)3．在一些有易燃顆粒的煙塵車(chē)間容易發(fā)生爆燃，為了防止發(fā)生爆燃，通常需要加強(qiáng)局部通風(fēng)、噴霧狀水等措施進(jìn)行降塵。除了降塵措施外，一切設(shè)備需要良好接地，地磚要用導(dǎo)電材料制成，工作人員要穿由導(dǎo)電材料制成的鞋子和外套，這樣做是為了（）A．防止漏電 B．消除靜電 C．應(yīng)用靜電 D．升高電勢(shì)4．如圖所示，校園唐世芳校長(zhǎng)的銅像屹立在大理石基座正中央，默默注視著奮筆疾書(shū)中的同學(xué)，下列說(shuō)法正確的是（）A．對(duì)地面受力分析，地面有受到銅像對(duì)它的壓力B．基座受到的重力和地面對(duì)基座的支持力是一對(duì)平衡力C．銅像對(duì)基座的壓力和基座對(duì)銅像的支持力是一對(duì)相互作用力D．基座對(duì)銅像的支持力是銅像形變產(chǎn)生的5．如圖所示，一質(zhì)量為m的帶正電小球，用細(xì)線懸掛在O點(diǎn)，現(xiàn)在小球所在空間加一平行于紙面的勻強(qiáng)電場(chǎng)，使懸線偏離豎直方向30°時(shí)處于靜止?fàn)顟B(tài)，要使電場(chǎng)最小，電場(chǎng)的方向應(yīng)為（）A．豎直向上 B．水平向右C．沿繩向上 D．垂直細(xì)線向上6．某釣魚(yú)愛(ài)好者用粗細(xì)均勻的塑料直管制成如圖所示的浮漂，浮漂在水中平衡時(shí)，O點(diǎn)恰好與水面平齊，A、B兩點(diǎn)到O點(diǎn)的距離相等，將浮漂向下按至A點(diǎn)與水面平齊后由靜止釋放，若不計(jì)阻力，浮漂做簡(jiǎn)諧振動(dòng)，下列對(duì)于浮漂釋放后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程說(shuō)法正確的是（）A．浮漂速度為零時(shí)，位移也為零B．浮漂加速度增大時(shí)，速度一定減小C．A從最高點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到水面的過(guò)程中，加速度增大D．浮漂位移方向總是與加速度方向相反，與速度方向相同7．如圖所示，用輕彈簧將質(zhì)量為4m和2m的A、B兩個(gè)小球相連，B的上端通過(guò)輕繩懸掛于天花板，處于靜止?fàn)顟B(tài)。重力加速度為g，若將輕繩剪斷，則剪斷瞬間A和B的加速度大小分別為（）A．g，g B．0，2g C．3g，0 D．0，3g8．嫦娥六號(hào)成功從月球表面取樣并返回地球。嫦娥六號(hào)在著陸月球前經(jīng)過(guò)多次變軌進(jìn)入近月軌道Ⅳ，如圖所示是變軌前的部分軌道示意圖，Ⅰ是地月轉(zhuǎn)移軌道，Ⅱ、Ⅲ是繞月球運(yùn)行的橢圓軌道，Ⅳ是繞月球運(yùn)行的圓形軌道。P、Q分別為橢圓軌道Ⅱ的遠(yuǎn)月點(diǎn)和近月點(diǎn)。已知P、Q兩點(diǎn)的距離為a，圓軌道Ⅳ到月球表面的高度為h，月球半徑為R，月球表面的重力加速度為g，不考慮月球的自轉(zhuǎn)，嫦娥六號(hào)（）A．軌道Ⅱ上運(yùn)行時(shí)的機(jī)械能比軌道Ⅲ上運(yùn)行時(shí)的機(jī)械能小B．由Ⅲ軌道變軌為Ⅳ軌道時(shí)，需要在Q點(diǎn)噴氣加速C．軌道Ⅱ運(yùn)行的周期為πaD．在軌道Ⅱ上運(yùn)行時(shí)，經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度為R+h9．如圖所示，內(nèi)部光滑、足夠長(zhǎng)的鋁管豎直固定在水平桌面上，直徑略小于鋁管內(nèi)徑的圓柱形磁體從鋁管正上方由靜止開(kāi)始下落，在磁體穿過(guò)鋁管的過(guò)程中，磁體不與管壁碰撞，不計(jì)空氣阻力。下列選項(xiàng)正確的是（）A．磁體一直做加速運(yùn)動(dòng)B．磁體下落過(guò)程中安培力對(duì)鋁管做正功C．磁體下落過(guò)程中鋁管產(chǎn)生的焦耳熱量等于磁鐵動(dòng)能的變化D．經(jīng)過(guò)較長(zhǎng)時(shí)間后，鋁管對(duì)桌面的壓力等于鋁管和磁體的重力之和10．如圖所示，在等量同種正點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)中，O是兩點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)，C、D是連線中垂線上相對(duì)O對(duì)稱的兩點(diǎn)，已知GA=AE=EO=OF=FB=OC=OD，則（）A．點(diǎn)G的電場(chǎng)強(qiáng)度比點(diǎn)E的電場(chǎng)強(qiáng)度小B．點(diǎn)E與點(diǎn)F的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相同C．EO間的電勢(shì)差比EC間電勢(shì)差小D．若有一負(fù)點(diǎn)電荷在C點(diǎn)由靜止釋放，負(fù)點(diǎn)電荷將在CD間做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，由C運(yùn)動(dòng)到D時(shí)加速度一定先增大后減小11．如圖所示，由a、b兩種單色光組成的復(fù)色光由空氣經(jīng)過(guò)O點(diǎn)射入半徑為R的半圓形玻璃磚，O點(diǎn)是半圓形玻璃磚的圓心，OB與AC垂直，玻璃對(duì)a光的折射率為n1，玻璃對(duì)b光的折射率為n2，且A．隨著θ角的增大，a光比b光先在下界面AOC發(fā)生全反射B．改變?chǔ)冉?，在圓弧界面ABC上可能沒(méi)有光線出射C．改變?chǔ)冉?，在圓弧界面ABC上與OB的夾角正弦值大于1nD．光從O點(diǎn)到圓弧界面ABC射出，a光所需時(shí)間比b光一定長(zhǎng)R12．某地區(qū)常年有風(fēng)，風(fēng)速基本保持在5m/s，該地區(qū)有一風(fēng)力發(fā)電機(jī)，其葉片轉(zhuǎn)動(dòng)可形成半徑為10m的圓面，若保持風(fēng)垂直吹向葉片，空氣密度為1.3kg/mA．該風(fēng)力發(fā)電機(jī)的發(fā)電功率約為25.5kwB．風(fēng)力發(fā)電機(jī)一天的發(fā)電量2.2×C．假設(shè)一戶家庭在晚上同時(shí)開(kāi)著兩盞40W的燈，為保證供電正常，則該風(fēng)力發(fā)電機(jī)同時(shí)能給約64戶家庭供電D．若風(fēng)速變?yōu)?.5m/s，則該風(fēng)力發(fā)電機(jī)的發(fā)電功率變?yōu)樵瓉?lái)的一半13．如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為1πT的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中有兩半徑為0.2m的金屬圓環(huán)豎直放置且相互平行，金屬環(huán)的間距為1m，一根長(zhǎng)為1m，電阻為1Ω的金屬棒在圓環(huán)內(nèi)側(cè)以角速度10πrad/s勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，金屬棒與圓環(huán)始終接觸良好，圖示金屬棒在圓環(huán)最高點(diǎn)，電路中的電阻A．金屬棒從圖示位置轉(zhuǎn)過(guò)180°的過(guò)程中，流過(guò)電阻R的電流先從a流向b，后從b流向aB．電壓表的示數(shù)為0.2VC．電阻R的功率為0.64WD．金屬棒在轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，通過(guò)電路的磁通量變化率最大值為2Wb/s二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有一個(gè)或一個(gè)以上答案符合題意，全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得2分，選錯(cuò)或不選的得0分。）14．92238U可以自發(fā)的放出一個(gè)X粒子，生成新核90234Th，A．X粒子是氦原子核，它的電離能力很弱B．92238U的比結(jié)合能比C．對(duì)92238U加熱，它生成新核D．如果1kg92238U經(jīng)過(guò)時(shí)間t，92238U的含量剩下0.5kg，則20個(gè)15．如圖所示，在均勻介質(zhì)中有兩個(gè)頻率為2Hz的波源S1和S2，兩波源之間的距離為4m，以波源S1為圓心，有一半徑R=5m的圓，在t=0時(shí)，兩波源同時(shí)垂直紙面方向從平衡位置開(kāi)始振動(dòng)，已知波源S1的振幅為5cm，兩波源發(fā)出的波傳到A點(diǎn)的時(shí)間相差4s，最終穩(wěn)定后，波源A．波源S2B．兩波源發(fā)出波的波長(zhǎng)都為2mC．x軸正半軸所有質(zhì)點(diǎn)的振幅都相同D．在圓周上振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)有32個(gè)三、非選擇題（本題共5小題，共55分）甲、乙兩位同學(xué)為了探究力的合成規(guī)律，分別設(shè)計(jì)了下圖兩個(gè)實(shí)驗(yàn)。甲利用圓桌、三個(gè)相同的定滑輪、輕繩和鉤碼組裝成了如圖甲裝置；乙利用水平天花板、兩個(gè)相同的定滑輪、輕繩和鉤碼組裝成了如圖乙裝置。16．有關(guān)圖甲的實(shí)驗(yàn)，以下操作正確的是（）A．實(shí)驗(yàn)中圓桌必須保持水平B．鉤碼可以換成拉力傳感器，幾個(gè)同學(xué)向下拉動(dòng)拉力傳感器讀出力的大小C．多次實(shí)驗(yàn)過(guò)程中需要把結(jié)點(diǎn)拉到同一個(gè)O點(diǎn)D．應(yīng)該在桌面上放置白紙，畫(huà)出幾根繩子對(duì)O點(diǎn)的力的示意圖17．乙實(shí)驗(yàn)時(shí)三處鉤碼個(gè)數(shù)為nA、nB和A．nA=3nB．nA=3nC．nA=2n18．甲實(shí)驗(yàn)是是插針?lè)y(cè)玻璃磚折射率實(shí)驗(yàn)，圖甲是某次實(shí)驗(yàn)得到的光路圖。乙實(shí)驗(yàn)是雙縫干涉測(cè)量光的波長(zhǎng)實(shí)驗(yàn)，圖乙是某次實(shí)驗(yàn)中目鏡看到的圖像。（1）關(guān)于以上兩個(gè)實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是（）A．甲實(shí)驗(yàn)射入玻璃磚的光線入射角越大，實(shí)驗(yàn)誤差越小B．圖甲測(cè)得玻璃磚折射率n=C．乙實(shí)驗(yàn)僅將紅色濾光片換成藍(lán)色濾光片，可以增加目鏡中觀測(cè)到的條紋個(gè)數(shù)D．圖乙目鏡內(nèi)未全部被照亮，是因?yàn)楣庠?、單縫、雙縫、光屏未在同一高度上（2）若某單色光恰能使銫發(fā)生光電效應(yīng)，用該單色光充當(dāng)圖乙實(shí)驗(yàn)的光源，已知雙縫寬度為d，光屏到雙縫距離為l，測(cè)出該單色光的條紋間距為Δx，可知該金屬的逸出功W0=19．某實(shí)驗(yàn)小組準(zhǔn)備利用圖乙中的電路測(cè)量某圓柱體合金的電阻率，實(shí)驗(yàn)步驟如下。（1）測(cè)量合金的直徑和長(zhǎng)度。其中，游標(biāo)卡尺測(cè)量合金長(zhǎng)度的情況如圖甲所示，讀數(shù)為cm。（2）如圖乙是本次實(shí)驗(yàn)部分電路，為了準(zhǔn)確測(cè)出合金Rx的阻值，需要先測(cè)出電壓表的內(nèi)阻，選擇將導(dǎo)線c和（選填“a”或“b”）點(diǎn)相連。斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S1，閉合開(kāi)關(guān)S2，電流表、電壓表示數(shù)如圖丙所示，讀出此時(shí)電流表示數(shù)為（3）實(shí)驗(yàn)小組在選擇滑動(dòng)變阻器時(shí)，用阻值為10Ω和500Ω的兩個(gè)滑動(dòng)變阻器分別進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，并測(cè)出電壓表示數(shù)U和滑片到變阻器左端距離x，繪制成圖丁表格，圖中a線代表的是最大阻值為（選填“10”或“500”）Ω的滑動(dòng)變阻器U-x圖。（4）若實(shí)驗(yàn)測(cè)出的合金直徑為d，長(zhǎng)度為l，電壓表內(nèi)阻為RV。導(dǎo)線c與導(dǎo)線a相連，閉合開(kāi)關(guān)S1，并記錄電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I，合金電阻率ρ＝20．如圖甲所示，導(dǎo)熱良好的汽缸內(nèi)用面積S=100cm2、質(zhì)量m=2kg的活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體，氣柱的長(zhǎng)度為L(zhǎng)=18cm，活塞能無(wú)摩擦滑動(dòng)?，F(xiàn)將汽缸順時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)90°使其開(kāi)口端水平向右如圖乙，不計(jì)活塞厚度，汽缸足夠長(zhǎng)且不漏氣，大氣壓強(qiáng)p0（1）此過(guò)程中缸內(nèi)氣體的內(nèi)能（選填“增大”“減小”或“不變”）；單位時(shí)間內(nèi)氣體分子碰撞活塞的次數(shù)（填“變多”、“變少”或“不變”）。（2）現(xiàn)將汽缸固定在傾角為θ=30°斜面上，如圖丙，求活塞穩(wěn)定后封閉氣柱的長(zhǎng)度。（3）降低丙圖中的氣體溫度，使活塞緩慢回到甲圖位置，若氣體釋放了40J的熱量，求氣體內(nèi)能的變化量。21．某軌道模型如圖所示，AB為弧形軌道，在B處與水平軌道BH平滑相接。CDE為半徑R=0.1m的圓形軌道，C、E略微錯(cuò)開(kāi)。FG段為以v0=3m/s順時(shí)針旋轉(zhuǎn)的長(zhǎng)度L1=2m的傳送帶。水平軌道末端H處放置長(zhǎng)度L2=2m，質(zhì)量M=0.3kg的木板。質(zhì)量m=0.1kg可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊從距水平軌道高h(yuǎn)處滑下，與傳送帶動(dòng)摩擦因數(shù)（1）滑塊恰好能過(guò)圓軌道最高點(diǎn)時(shí)，下落高度h1（2）滑塊恰好不滑離木板時(shí)，下落高度h2（3）若滑塊能順利通過(guò)圓軌道，求滑塊與木板摩擦產(chǎn)生的熱量Q與滑塊下落高度h的關(guān)系。22．如圖甲所示，在傾角θ=30°的斜面上固定兩根足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)=0.2m，空間分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=2T，方向垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。將兩根始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好的金屬棒a、b放置在導(dǎo)軌上。已知兩棒的長(zhǎng)度均為L(zhǎng)，電阻均為R=0.2Ω，質(zhì)量均為m=0.2kg，不考慮其他電阻，不計(jì)繩與滑輪間摩擦，重力加速度大小為g=10m/s2。（1）若給金屬棒b一個(gè)沿導(dǎo)軌向上的初速度v0，同時(shí)靜止釋放金屬棒a，發(fā)現(xiàn)釋放瞬間金屬棒a恰好無(wú)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，求v0大小。（2）將金屬棒a鎖定，將b用輕繩通過(guò)定滑輪和物塊c連接，如圖乙，同時(shí)由靜止釋放金屬棒b和物塊c，c質(zhì)量為m=0.2kg，求金屬棒b的最大速度。（3）在第（2）問(wèn)的基礎(chǔ)上，金屬棒b速度達(dá)到最大時(shí)剪斷細(xì)線，同時(shí)解除a的鎖定，經(jīng)t=0.32s后金屬棒b到達(dá)最高點(diǎn)，此時(shí)金屬棒a下滑了xa=0.1m，求：金屬棒b沿導(dǎo)軌向上滑動(dòng)的最大距離xb及剪斷細(xì)線到金屬棒b上升到最高點(diǎn)時(shí)間內(nèi)回路產(chǎn)生的熱量Q。23．如圖，Ⅰ為半徑為R的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，圓心為O，在圓心正下方S處有一粒子發(fā)射源，均勻地向圓內(nèi)各方向發(fā)射質(zhì)量為m，電荷量為q，速率為v0的帶正電粒子，每秒鐘共N個(gè)，其中射向O點(diǎn)的粒子恰好從C點(diǎn)射出；Ⅱ?yàn)橛善叫邪咫娙萜餍纬傻膭驈?qiáng)電場(chǎng)區(qū)域，上極板帶正電，下極板接地，極板長(zhǎng)度為L(zhǎng)，極板間距為2R，場(chǎng)強(qiáng)E=mRv02q（1）Ⅰ區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小。（2）若在Ⅱ區(qū)域加勻強(qiáng)磁場(chǎng)可使射入的粒子做直線運(yùn)動(dòng)，求所加磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小和方向。（3）若Ⅱ區(qū)域加入（2）問(wèn)中磁場(chǎng)，同時(shí)撤去Ⅲ區(qū)域磁場(chǎng)，粒子撞向電容器，已知打到極板上的粒子會(huì)被吸收，電容器兩極板電壓U=m（4）在Ⅱ區(qū)域的最右側(cè)緊貼下極板放置長(zhǎng)度為R的粒子收集板PQ，求每秒收集到的粒子數(shù)。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】基本單位：基本物理量的單位。力學(xué)中的基本物理量有長(zhǎng)度、質(zhì)量、時(shí)間，它們的國(guó)際單位分別是米、千克、秒．導(dǎo)出單位是由基本單位根據(jù)物理關(guān)系推導(dǎo)出來(lái)的其他物理量的單位．有力（N）、速度（m/s）、加速度（m/s2）等。七個(gè)國(guó)際基本計(jì)量單位分別是：米（m）、千克（kg）、秒（s）、安培（A）、開(kāi)爾文（K）、摩爾（mol）、坎德拉（cd），B項(xiàng)符合題意。故選B。

【分析】國(guó)際單位制中七個(gè)基本單位，力學(xué)中有三個(gè)：kg、s、m。2．【答案】C【解析】【解答】本題考查了質(zhì)點(diǎn)、位移以及時(shí)間，理解不同物理量之間的區(qū)別和聯(lián)系是解決此類(lèi)問(wèn)題的關(guān)鍵。A．圖中08∶10表示時(shí)刻。故A錯(cuò)誤；B．圖中2分鐘表示時(shí)間間隔。故B錯(cuò)誤；C．從縉云西站到衢州站的位移大小為118km。故C正確；D．研究列車(chē)進(jìn)站?？康奈恢?，列車(chē)的大小和形狀不能忽略，不可視列車(chē)為質(zhì)點(diǎn)。故D錯(cuò)誤。故選C。

【分析】根據(jù)時(shí)間間隔和時(shí)刻的區(qū)別，位移和路程的區(qū)別，結(jié)合質(zhì)點(diǎn)的定義分析求解。3．【答案】B【解析】【解答】靜電的利用與防止一直以來(lái)都與生活息息相關(guān)，除了尖端放電核靜電屏蔽之外，靜電還有其他的作用，如靜電吸附等。另外就是再不需要靜電的場(chǎng)合，要采取合理的方式防止靜電帶來(lái)的危害。有易燃顆粒的煙塵，遇到火花或熱源易爆炸，加強(qiáng)局部通風(fēng)、噴霧狀水以及一切設(shè)備良好接地，目的都是為了消除靜電，防止因靜電而產(chǎn)生爆炸，故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。

【分析】靜電的防止與應(yīng)用，從實(shí)例的原理出發(fā)就可以判斷出答案。4．【答案】C【解析】【解答】區(qū)分一對(duì)作用力和反作用力與一對(duì)平衡力的技巧（1）看研究對(duì)象：一對(duì)作用力和反作用力作用在不同物體上，而一對(duì)平衡力作用在同一個(gè)物體上。（2）看依存關(guān)系：一對(duì)作用力和反作用力同生同滅，相互依存，而一對(duì)平衡力則彼此沒(méi)有依存關(guān)系。A．因?yàn)榇罄硎c地面接觸，對(duì)地面受力分析，得地面受到大理石基座對(duì)它施加壓力，故A錯(cuò)誤；B．基座的重力加銅像的重力等于地面對(duì)基座的支持力，得基座受到的重力和地面對(duì)基座的支持力大小不相等，不是一對(duì)平衡力，故B錯(cuò)誤；C．銅像對(duì)基座的壓力作用在基座上，基座對(duì)銅像的支持力作用在銅像上，分別作用在兩個(gè)不同物體上，且壓力與支持力大小相等，方向相反，是一對(duì)相互作用力，故C正確；D．基座對(duì)銅像的支持力，是由于基座發(fā)生形變產(chǎn)生的，故D錯(cuò)誤。故選C。

【分析】銅像受到自身重力、基底支持力的作用，基底受到自身重力、銅像壓力以及地面支持力的作用。5．【答案】D【解析】【解答】當(dāng)處于平衡狀態(tài)的物體受到三個(gè)力，一個(gè)力是恒力，第二個(gè)力方向不變，第三個(gè)力大小與方向都發(fā)生變化時(shí)可以利用矢量三角形法即圖解法求解。由于小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以小球所受重力、繩的拉力和電場(chǎng)力應(yīng)構(gòu)成封閉三角形，如圖所示由圖可知，當(dāng)電場(chǎng)力與繩方向垂直時(shí)，電場(chǎng)力F最小，電場(chǎng)強(qiáng)度最小，所以電場(chǎng)方向應(yīng)垂直于繩向上。故選D。

【分析】當(dāng)電場(chǎng)強(qiáng)度最小時(shí)，電場(chǎng)力最小，根據(jù)平衡條件可知物體所受合力為0，故電場(chǎng)力和繩子拉力的合力等于物體的重力，根據(jù)平行四邊形定則可以將三個(gè)力放到同一個(gè)矢量三角形中，故電場(chǎng)力的對(duì)邊的箭頭落在繩子上．只有當(dāng)電場(chǎng)力與繩垂直時(shí)電場(chǎng)力最小。6．【答案】B【解析】【解答】本題中魚(yú)漂做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，要抓住對(duì)稱性分析魚(yú)漂的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，知道魚(yú)漂經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)速度最大。A．浮漂做簡(jiǎn)諧振動(dòng)，根據(jù)簡(jiǎn)諧振動(dòng)可知，浮漂速度為零時(shí)，位移為最大，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)簡(jiǎn)諧振動(dòng)可知，浮漂加速度增大時(shí)，說(shuō)明回復(fù)力增大，則位移增大，原理平衡位置，所以速度一定減小，故B正確；C．A從最高點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到水面的過(guò)程中，位移先減小后增大，回復(fù)力先減小后增大，所以加速度先減小后增大，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)F浮漂位移方向總是與加速度方向相反，但與速度方向可能相同也可能相反，故D錯(cuò)誤。故選B。

【分析】在魚(yú)漂上升的過(guò)程中，根據(jù)浮力的變化分析合力的變化，判斷加速度的變化；魚(yú)漂做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，根據(jù)對(duì)稱性分析魚(yú)漂上升到最高點(diǎn)時(shí)B點(diǎn)的位置；魚(yú)漂經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)速度最大。7．【答案】D【解析】【解答】解決本題關(guān)鍵知道剪斷懸繩的瞬間，彈簧的拉力不變，根據(jù)牛頓第二定律可以求出瞬時(shí)加速。剪斷輕繩前，對(duì)A分析，由平衡可知F若將輕繩剪斷，由于彈簧的彈力不發(fā)生突變，A還是處于平衡狀態(tài)，所以剪斷瞬間A的加速度大小為零，對(duì)B根據(jù)牛頓第二定律2mg+解得a故選D。

【分析】求出懸繩剪斷前彈簧的拉力，再根據(jù)牛頓第二定律求出懸繩剪斷瞬間物體的瞬時(shí)加速度。8．【答案】C【解析】【解答】解決本題的關(guān)鍵要掌握衛(wèi)星的變軌原理，能應(yīng)用牛頓第二定律分析加速度的大小。衛(wèi)星變軌有兩種情況，一種是低軌加速進(jìn)高軌；一種是高軌減速進(jìn)低軌。加速過(guò)程需要發(fā)動(dòng)機(jī)向后噴氣，根據(jù)牛頓第三定律，氣體對(duì)衛(wèi)星的作用力向前，對(duì)衛(wèi)星做正功，衛(wèi)星的機(jī)械能增加；反之，減速過(guò)程需要發(fā)動(dòng)機(jī)向前噴氣，根據(jù)牛頓第三定律，氣體對(duì)衛(wèi)星的作用力向后，對(duì)衛(wèi)星做負(fù)功，衛(wèi)星的機(jī)械能減小。A．嫦娥六號(hào)從軌道Ⅱ變軌到軌道Ⅲ需要在變軌Q處點(diǎn)火減速，變軌時(shí)機(jī)械能減少，則嫦娥六號(hào)軌道Ⅱ上運(yùn)行時(shí)的機(jī)械能比軌道Ⅲ上運(yùn)行時(shí)的機(jī)械能大，故A錯(cuò)誤；B．衛(wèi)星從高軌道變軌到低軌道，需要在變軌處點(diǎn)火減速，則嫦娥六號(hào)由Ⅲ軌道變軌為Ⅳ軌道時(shí)，需要在Q點(diǎn)噴氣減速，故B錯(cuò)誤；C．設(shè)衛(wèi)星在月球表面軌道繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T(mén)1，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可得GMm可得T設(shè)軌道Ⅱ運(yùn)行的周期為T(mén)2，根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可得(解得T故C正確；D．設(shè)嫦娥六號(hào)在Ⅳ軌道運(yùn)行時(shí)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可得GMm解得嫦娥六號(hào)在Ⅳ軌道運(yùn)行的線速度大小為v=可知嫦娥六號(hào)在軌道Ⅱ上運(yùn)行經(jīng)過(guò)Q的速度滿足v根據(jù)開(kāi)普勒第二定律可得1可得嫦娥六號(hào)在軌道Ⅱ上運(yùn)行時(shí)，經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度為v故D錯(cuò)誤。故選C。

【分析】根據(jù)開(kāi)普勒第三定律分析周期關(guān)系；根據(jù)變軌原理分析如何噴氣；根據(jù)牛頓第二定律和萬(wàn)有引力定律相結(jié)合分析加速度大小；根據(jù)Ⅱ軌道進(jìn)入Ⅲ軌道需在Q處向前噴氣減速，判斷機(jī)械能的大小。9．【答案】D【解析】【解答】本題運(yùn)用楞次定律的另一種表述：來(lái)拒去留，來(lái)判斷磁體受到的安培力方向。要注意分析能量的轉(zhuǎn)化情況，運(yùn)用能量守恒定律分析各種能量之間的關(guān)系。AD．在磁體穿過(guò)鋁管的過(guò)程中，鋁管的磁通量發(fā)生變化，根據(jù)楞次定律可得，磁體受鋁管豎直向上的安培力，又根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得，磁體的速度越大，所受鋁管中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，感應(yīng)電流也就越大，磁體所受的安培力也越大。再根據(jù)牛頓第二定律可得，對(duì)磁體mg?隨著磁體下落過(guò)程中速度增大，安培力增大，則加速度減小，直到加速度減為0，鋁管足夠長(zhǎng)，磁體下落時(shí)間較長(zhǎng)，則最后磁體勻速運(yùn)動(dòng)，磁體受的安培力與磁體重力大小相等，方向相反。由牛頓第三定律得磁體對(duì)鋁管的安培力豎直向下，大小與磁體重力大小相等。對(duì)鋁管受力分析，桌面對(duì)鋁管的支持力等于鋁管的重力與所受安培力大小之和，即等于鋁管和磁體的重力之和。又有牛頓第三定律可知，鋁管對(duì)桌面的壓力等于鋁管和磁體的重力之和。故A錯(cuò)誤，D正確；B．因?yàn)殇X管靜止不動(dòng)，所以磁體下落過(guò)程中安培力對(duì)鋁管為0。故B錯(cuò)誤；C．由能量守恒可得，磁體下落過(guò)程中鋁管產(chǎn)生的焦耳熱量等于磁鐵機(jī)械能的變化。故C錯(cuò)誤；故選D。

【分析】小磁體從鋁管正上方由靜止開(kāi)始下落，穿過(guò)鋁管的磁通量發(fā)生變化，從而產(chǎn)生感應(yīng)電流，出現(xiàn)感應(yīng)磁場(chǎng)要阻礙磁通量的變化，導(dǎo)致小磁體受到阻力，因而機(jī)械能不守恒；在下落過(guò)程中導(dǎo)致鋁管產(chǎn)生內(nèi)能；根據(jù)超、失重觀點(diǎn)分析鋁管對(duì)桌面的壓力與鋁管和磁體總重力的關(guān)系。10．【答案】C【解析】【解答】電勢(shì)是標(biāo)量，電勢(shì)的疊加遵循代數(shù)相加法則，如果A、B兩個(gè)點(diǎn)電荷在空間中C點(diǎn)產(chǎn)生的電勢(shì)分別為φA、φB，那么C點(diǎn)的電勢(shì)φ=φA+φB。電場(chǎng)疊加遵循平行四邊形定則。注意等量同號(hào)電荷形成電場(chǎng)的對(duì)稱性。A．設(shè)OC兩點(diǎn)間距離為L(zhǎng)，正點(diǎn)電荷所帶電荷量為q，點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度為E=所以由電場(chǎng)疊加原理可得點(diǎn)G的電場(chǎng)強(qiáng)度E點(diǎn)E的電場(chǎng)強(qiáng)度E所以點(diǎn)G的電場(chǎng)強(qiáng)度比點(diǎn)E的電場(chǎng)強(qiáng)度大，故A錯(cuò)誤；B．由等量同種電荷形成電場(chǎng)的對(duì)稱性規(guī)律可知，點(diǎn)E與點(diǎn)F的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相反，故B錯(cuò)誤；C．在等量同種正電荷的連線上，連線中點(diǎn)電勢(shì)最低，兩點(diǎn)電荷的中垂線上該點(diǎn)的電勢(shì)最高，所以EO間的電勢(shì)差比EC間電勢(shì)差小，故C正確；D．等量同種正電荷連線的中垂線上從O點(diǎn)沿中垂線向兩邊電場(chǎng)強(qiáng)度先變大后變小，所以負(fù)電荷由C運(yùn)動(dòng)到D時(shí)加速度不一定先增大后減小，故D錯(cuò)誤；故選C。

【分析】電場(chǎng)線是從正電荷或者無(wú)窮遠(yuǎn)處發(fā)出，到負(fù)電荷或無(wú)窮遠(yuǎn)處為止．電場(chǎng)線只是形象描述電場(chǎng)的假想曲線。11．【答案】D【解析】【解答】折射率n是反映介質(zhì)光學(xué)性質(zhì)的物理量，它的大小由介質(zhì)本身及入射光的頻率決定，與入射角、折射角的大小無(wú)關(guān)。光從真空斜射向任何其他介質(zhì)時(shí)，入射角都大于折射角。類(lèi)推可知，當(dāng)光從折射率小的介質(zhì)斜射向折射率大的介質(zhì)時(shí)，入射角大于折射角。A．發(fā)生全反射的條件之一是光從光密介質(zhì)到光疏介質(zhì)，所以在下界面AOC不可能發(fā)生全反射，故A錯(cuò)誤；B．光從O點(diǎn)折射后，沿著半徑方向射到圓弧界面ABC上，在圓弧界面ABC上沿法線射出，所以改變?chǔ)冉牵豢赡馨l(fā)生全反射，一定有光線射出，故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)θ角越大時(shí)，折射光線越遠(yuǎn)離OB，當(dāng)光線臨近AO時(shí)，根據(jù)折射定律n=因?yàn)閚可知臨界光線為b光的，則改變?chǔ)冉?，在圓弧界面ABC上與OB的最大夾角正弦值sin即改變?chǔ)冉牵趫A弧界面ABC上與OB的夾角正弦值大于1n故C錯(cuò)誤；D．光從O點(diǎn)到圓弧界面ABC射出，a光所需時(shí)間tb光所需時(shí)間ta光所需時(shí)間比b光多經(jīng)過(guò)的時(shí)間t=故D正確。故選D。

【分析】對(duì)照全反射的條件，當(dāng)光線從玻璃射入空氣，入射光大于臨界角時(shí)光線將發(fā)生全反射進(jìn)行分析。不可能發(fā)生全反射，一定有光線射出，結(jié)合折射率計(jì)算光傳播的速度，路程除以速度等于時(shí)間。12．【答案】C【解析】【解答】本題考查了風(fēng)的動(dòng)能推導(dǎo)，功率以及電能的計(jì)算，解題的關(guān)鍵是建立物理模型，然后根據(jù)能量守恒定律列式求解。功是能量轉(zhuǎn)化的量度，即做了多少功就有多少能量發(fā)生了轉(zhuǎn)化。做功的過(guò)程一定伴隨著能量的轉(zhuǎn)化，而且能量的轉(zhuǎn)化必通過(guò)做功來(lái)實(shí)現(xiàn)。AD．單位時(shí)間(1s)內(nèi)沖擊風(fēng)力發(fā)電機(jī)葉片圓面的氣流的體積為V單位時(shí)間內(nèi)沖擊風(fēng)力發(fā)電機(jī)葉片圓面的氣流的動(dòng)能為E該風(fēng)力發(fā)電機(jī)的發(fā)電功率PΔt=20%解得P≈5.1若風(fēng)速變?yōu)?.5m/s，則該風(fēng)力發(fā)電機(jī)的發(fā)電功率變?yōu)樵瓉?lái)的18B．風(fēng)力發(fā)電機(jī)一天的發(fā)電量E=Pt=4.4×故B錯(cuò)誤；C．假設(shè)一戶家庭在晚上同時(shí)開(kāi)著兩盞40W的燈，為保證供電正常，根據(jù)n=則該風(fēng)力發(fā)電機(jī)同時(shí)能給約64戶家庭供電，故C正確；故選C。

【分析】在時(shí)間t內(nèi)，通過(guò)風(fēng)力發(fā)電機(jī)葉片的空氣的動(dòng)能轉(zhuǎn)化為電能，根據(jù)能量守恒定律列式求解即可；求解出風(fēng)力發(fā)電機(jī)的發(fā)電功率，然后根據(jù)E=pt求解即可，結(jié)合電功率的表達(dá)式分析。13．【答案】A【解析】【解答】解決本題關(guān)鍵要掌握交變電流產(chǎn)生的原理，知道電壓表測(cè)量電壓的有效值．交流電路與直流電路都遵守閉合電路歐姆定律，只不過(guò)要注意電流與電動(dòng)勢(shì)的對(duì)應(yīng)關(guān)系，電流有效值應(yīng)對(duì)應(yīng)電動(dòng)勢(shì)有效值。

A．根據(jù)右手定則可知，若金屬棒順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，金屬棒從圖示位置轉(zhuǎn)過(guò)180°的過(guò)程中，流過(guò)電阻R的電流從a流向b，若金屬棒逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，金屬棒從圖示位置轉(zhuǎn)過(guò)180°的過(guò)程中，流過(guò)電阻R的電流從b流向a，故A錯(cuò)誤；B．若經(jīng)歷時(shí)間t，金屬棒轉(zhuǎn)過(guò)夾角為θ，則有θ=ωt感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值為e=Bdv則電動(dòng)勢(shì)的有效值E=根據(jù)閉合電路歐姆定律有U=解得U=故B錯(cuò)誤；C．回路中的感應(yīng)電流I=電阻R的功率P=結(jié)合上述解得P=0.32W故C錯(cuò)誤；D．結(jié)合上述可知，當(dāng)金屬棒轉(zhuǎn)過(guò)90°，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為e即金屬棒在轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，通過(guò)電路的磁通量變化率最大值為2Wb/s，故D正確。故選D。

【分析】矩形線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，線圈中產(chǎn)生正弦式交變電流，電壓表測(cè)量的是R兩端電壓的有效值，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析。14．【答案】B,C【解析】【解答】A．結(jié)合題意以及根據(jù)核電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒，可知92238U自發(fā)產(chǎn)生92可知X粒子是氦原子核，它的電離能力很強(qiáng)，A錯(cuò)誤；B．組成原子核的核子越多，它的結(jié)合能越大。原子核的結(jié)合能與核子數(shù)之比，叫作比結(jié)合能，也叫作平均結(jié)合能。比結(jié)合能越大，原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定。根據(jù)題意可知91234Pa最穩(wěn)定，因此92C．粒子的衰變與溫度無(wú)關(guān)，因此對(duì)92238U加熱，它生成新核D．粒子的半衰期?是指放射性粒子衰變到其原始數(shù)量一半所需的時(shí)間，屬于大量粒子衰變后的統(tǒng)計(jì)結(jié)果，而每個(gè)原子的衰變是隨機(jī)事件，因此并不適用于極少數(shù)粒子的衰變，D錯(cuò)誤。故選BC。

【分析】根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒確定未知粒子的電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)，從而確定衰變的類(lèi)型；衰變后的產(chǎn)物相對(duì)衰變前穩(wěn)定，可知衰變后產(chǎn)生的結(jié)合能大于衰變前的結(jié)合。15．【答案】A,C,D【解析】【解答】本題考查波的干涉問(wèn)題，熟悉干涉相消和加強(qiáng)的條件，會(huì)根據(jù)題意進(jìn)行準(zhǔn)確分析解答。對(duì)兩同相相干波源，路程差為波長(zhǎng)的整數(shù)倍時(shí)，此點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)；路程差為半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍時(shí)，此點(diǎn)為振動(dòng)減弱點(diǎn)，若兩波源振動(dòng)步調(diào)相反，則上述結(jié)論相反。A．設(shè)波源S2的振幅為A，若兩波源的振動(dòng)步調(diào)相同，由于波源S1和A+5解得A=0不符合題意；若兩波源的振動(dòng)步調(diào)相反，由于波源S1和SA-5解得A=10cm或A=0故A正確；B．設(shè)波速為v，則有x解得v=1兩波源發(fā)出波的波長(zhǎng)λ=vT=故B錯(cuò)誤；C．x軸正半軸所有質(zhì)點(diǎn)的到兩波源的距離差為Δx=4由于Δx由上述分析知兩波源的振動(dòng)步調(diào)相反，所以x軸正半軸所有質(zhì)點(diǎn)都為減弱點(diǎn)，振幅都相同，故C正確；D．則取圓上一點(diǎn)，到S1和S2兩個(gè)波源分別為x1和x2，兩波源的振動(dòng)步調(diào)相反，加強(qiáng)點(diǎn)滿足x又因?yàn)槿切蔚膬蛇呏钚∮诘谌叄蕏解得n=0,1,2,3,4,5,6,7由數(shù)學(xué)知識(shí)可知，當(dāng)n取不同知時(shí)都與圓周有四個(gè)交點(diǎn)，所以在圓周上振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)有8×4故D正確。故選ACD。【分析】頻率相同，振動(dòng)情況完全相同的兩波源產(chǎn)生的波疊加時(shí)，加強(qiáng)、減弱條件如下：設(shè)點(diǎn)到兩波源的距離差為△r，則當(dāng)△r=kλ時(shí)為加強(qiáng)點(diǎn)，當(dāng)△r=（2k+1）λ2【答案】16．B17．A；B【解析】實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證力的平行四邊形定則，需要記錄力的大小和方向，因鉤碼是等重的，故可以用鉤碼的數(shù)量代替力的大小，砝碼重的質(zhì)量不需要測(cè)量。力的方向方向用細(xì)繩方向表示，繩的長(zhǎng)度不需要測(cè)量。

（1）A．實(shí)驗(yàn)中圓桌不必保持水平，但細(xì)線必須與圓桌面保持平行，故A錯(cuò)誤；B．鉤碼可以換成拉力傳感器，幾個(gè)同學(xué)向下拉動(dòng)拉力傳感器讀出力的大小，故B正確；C．結(jié)點(diǎn)位置對(duì)實(shí)驗(yàn)沒(méi)有影響，多次實(shí)驗(yàn)過(guò)程中不用保證結(jié)點(diǎn)位于同一個(gè)O點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；D．應(yīng)該在桌面上放置白紙，畫(huà)出幾根繩子對(duì)O點(diǎn)的力的圖示，故D錯(cuò)誤。故選B。（2）當(dāng)三力平衡時(shí)，三個(gè)力可以構(gòu)成封閉三角形，若nA=2，nB故選AB。

【分析】（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理以及注意事項(xiàng)分析，同時(shí)要記錄節(jié)點(diǎn)的位置和力的大小和方向。

（2）根據(jù)平行四邊形定則及合力的范圍分析解答。16．A．實(shí)驗(yàn)中圓桌不必保持水平，但細(xì)線必須與圓桌面保持平行，故A錯(cuò)誤；B．鉤碼可以換成拉力傳感器，幾個(gè)同學(xué)向下拉動(dòng)拉力傳感器讀出力的大小，故B正確；C．結(jié)點(diǎn)位置對(duì)實(shí)驗(yàn)沒(méi)有影響，多次實(shí)驗(yàn)過(guò)程中不用保證結(jié)點(diǎn)位于同一個(gè)O點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；D．應(yīng)該在桌面上放置白紙，畫(huà)出幾根繩子對(duì)O點(diǎn)的力的圖示，故D錯(cuò)誤。故選B。17．當(dāng)三力平衡時(shí)，三個(gè)力可以構(gòu)成封閉三角形，若nA=2，nB故選AB。18．【答案】（1）C；D（2）hcldΔx【解析】【解答】（1）題主要考查了光的折射率的相關(guān)應(yīng)用，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作，理解折射率的定義。AB．圖甲中根據(jù)折射定律，可得玻璃磚的折射率為n=顯然，射入玻璃磚的光線入射角適當(dāng)大些，PP'與C．根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式

Δx=LdλD．圖乙目鏡內(nèi)未全部被照亮，是因?yàn)楣庠?、單縫、雙縫、光屏未在同一高度上，故D正確。故選CD。（2）出現(xiàn)明暗條紋的條件，即路程差是波長(zhǎng)的整數(shù)倍，出現(xiàn)明條紋，路程差是半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍，出現(xiàn)暗條紋。根據(jù)雙縫條紋間距公式Δx=lν=用該單色光照射金屬銫恰好能發(fā)生光電效應(yīng)，則根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程方程可得，該金屬的逸出功為W0=hν=hcld（1）AB．圖甲中根據(jù)折射定律，可得玻璃磚的折射率為n=顯然，射入玻璃磚的光線入射角適當(dāng)大些，PP'與C．根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式Δx=LdD．圖乙目鏡內(nèi)未全部被照亮，是因?yàn)楣庠?、單縫、雙縫、光屏未在同一高度上，故D正確。故選CD。（2）根據(jù)雙縫條紋間距公式Δx=ν=用該單色光照射金屬銫恰好能發(fā)生光電效應(yīng)，則根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程方程可得，該金屬的逸出功為W19．【答案】（1）2.325（2）a；0.90；2667（3）10（4）π【解析】【解答】本題考查電學(xué)實(shí)驗(yàn)的分壓接法使用及電表的讀數(shù)等，考查比較全面，要從實(shí)驗(yàn)原理和注意事項(xiàng)以及數(shù)據(jù)處理等各方面全面把握。

（1）游標(biāo)卡尺為20個(gè)小刻度，精度為0.05mm，主尺讀出地整數(shù)mm，游標(biāo)尺上第5個(gè)格與主尺刻度線重合，游標(biāo)卡尺讀數(shù)

23mm+5×0.05mm=23.25mm=2.325cm

游標(biāo)卡尺讀數(shù)不用估讀。（2）先測(cè)出電壓表的內(nèi)阻，需要知道通過(guò)電壓表的電流，所以將電流表與電壓表串聯(lián)，選擇將導(dǎo)線c和a點(diǎn)相連。讀出此時(shí)電流表示數(shù)為I=0.90mA電壓表的內(nèi)阻為R（3）圖線a隨滑片移動(dòng)過(guò)程中，電壓表示數(shù)變化較大，說(shuō)明定值電阻與滑動(dòng)變阻器左側(cè)部分并聯(lián)變化較大，說(shuō)明滑動(dòng)變阻器阻值較小，即最大阻值為10Ω（4）由電阻定律可知R=根據(jù)電阻的決定式可知R=ρ聯(lián)立解得ρ=πd2URV4lI（1）游標(biāo)卡尺讀數(shù)23mm+5×0.05mm=23.25mm=2.325cm（2）[1]先測(cè)出電壓表的內(nèi)阻，需要知道通過(guò)電壓表的電流，所以將電流表與電壓表串聯(lián)，選擇將導(dǎo)線c和a點(diǎn)相連。[2]讀出此時(shí)電流表示數(shù)為I=0.90mA[3]電壓表的內(nèi)阻為R（3）圖線a隨滑片移動(dòng)過(guò)程中，電壓表示數(shù)變化較大，說(shuō)明定值電阻與滑動(dòng)變阻器左側(cè)部分并聯(lián)變化較大，說(shuō)明滑動(dòng)變阻器阻值較小，即最大阻值為10Ω（4）由電阻定律可知R=根據(jù)電阻的決定式可知R=ρ聯(lián)立解得ρ=20．【答案】（1）不變；變少（2）解：開(kāi)始時(shí)氣體的壓強(qiáng)p體積V將汽缸固定在傾角為θ=30°斜面上后氣體的壓強(qiáng)p體積V根據(jù)玻意耳定律可得p解得L（3）解：降低丙圖中的氣體溫度，使活塞緩慢回到甲圖位置，壓強(qiáng)不變，體積減小，該過(guò)程中外界對(duì)氣體做功為W=而氣體放熱Q=?40J根據(jù)Δ可知內(nèi)能變化量Δ故內(nèi)能減少34.6J?！窘馕觥浚?）封閉氣體壓強(qiáng)減小，溫度不變，氣體分子平均動(dòng)能不變，體積增大，單位時(shí)間內(nèi)氣體分子碰撞活塞的次數(shù)變少?！痉治觥浚?）導(dǎo)熱良好的汽缸，溫度不變，內(nèi)能不變，體積增大，分子數(shù)密度減小，單位時(shí)間內(nèi)氣體分子碰撞活塞的次數(shù)變少。

（2）活塞穩(wěn)定時(shí)，以活塞為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件結(jié)合玻意耳定律玻意耳定律求解封閉氣柱的長(zhǎng)度；

（3）求解該過(guò)程中外界對(duì)氣體做功以及氣體放熱，根據(jù)熱力學(xué)第一定律求解內(nèi)能變化量。（1）[1]汽缸導(dǎo)熱良好，外界環(huán)境溫度不變，內(nèi)能不變；[2]封閉氣體壓強(qiáng)減小，溫度不變，氣體分子平均動(dòng)能不變，體積增大，單位時(shí)間內(nèi)氣體分子碰撞活塞的次數(shù)變少。（2）開(kāi)始時(shí)氣體的壓強(qiáng)p體積V將汽缸固定在傾角為θ=30°斜面上后氣體的壓強(qiáng)p體積V根據(jù)玻意耳定律可得p解得L2=18.54cm（3）降低丙圖中的氣體溫度，使活塞緩慢回到甲圖位置，壓強(qiáng)不變，體積減小，該過(guò)程中外界對(duì)氣體做功為W=而氣體放熱Q=?40J根據(jù)Δ可知內(nèi)能變化量Δ故內(nèi)能減少34.6J。21．【答案】（1）解：滑塊恰好能過(guò)圓軌道最高點(diǎn)時(shí)，對(duì)D點(diǎn)，根據(jù)mg=解得v從A點(diǎn)到D點(diǎn)根據(jù)動(dòng)能定理mg解得h從A點(diǎn)到E點(diǎn)根據(jù)動(dòng)能定理mg解得v在傳動(dòng)帶上，根據(jù)牛頓第二定律μ解得a=1根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式v解得v=3m/s方向水平向右。（2）解：當(dāng)滑塊到木板右端共速時(shí)，滑塊恰好不滑離木板，根據(jù)動(dòng)量守恒m根據(jù)能量守恒1解得v從A點(diǎn)到H點(diǎn)根據(jù)動(dòng)能定理mg解得h（3）解：滑塊在傳動(dòng)帶上一直減速時(shí)有v解得v從A點(diǎn)到F點(diǎn)根據(jù)動(dòng)能定理mg解得h當(dāng)0.25m≤h≤0.65m時(shí)，滑塊離開(kāi)傳動(dòng)帶的速度為v滑塊滑上木板能共速，根據(jù)動(dòng)量守恒m根據(jù)能量守恒Q=解得Q=當(dāng)0.65m<h≤1m時(shí)，滑塊在傳送帶上一直減速mgh?最終與木板相對(duì)靜止，根據(jù)動(dòng)量守恒m根據(jù)能量守恒Q=解得Q=當(dāng)h≥1m時(shí)，滑塊可以離開(kāi)木板，則有Q=【解析】【分析】（1）滑塊恰好能過(guò)圓軌道最高點(diǎn)時(shí)，最高點(diǎn)重力提供向心力，從A點(diǎn)到D點(diǎn)根據(jù)動(dòng)能定理求解下落高度，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解通過(guò)傳送帶上G點(diǎn)速度v；

（2）根據(jù)動(dòng)量守恒定律求解共同速度大小，根據(jù)能量守恒定律以及動(dòng)能定理求解下落高度；

（3）滑塊在傳動(dòng)帶上一直減速時(shí)求解高度，還有恰通過(guò)最高點(diǎn)的下落高度，以及滑塊恰好不滑離木板時(shí)下落高度，將這三個(gè)高度分區(qū)間討論產(chǎn)生的熱量。（1）滑塊恰好能過(guò)圓軌道最高點(diǎn)時(shí)，對(duì)D點(diǎn)，根據(jù)mg=解得v從A點(diǎn)到D點(diǎn)根據(jù)動(dòng)能定理mg解得h從A點(diǎn)到E點(diǎn)根據(jù)動(dòng)能定理mg解得v在傳動(dòng)帶上，根據(jù)牛頓第二定律μ解得a=1根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式v解得v=3m/s方向水平向右。（2）當(dāng)滑塊到木板右端共速時(shí)，滑塊恰好不滑離木板，根據(jù)動(dòng)量守恒m根據(jù)能量守恒1解得v從A點(diǎn)到H點(diǎn)根據(jù)動(dòng)能定理mg解得h（3）滑塊在傳動(dòng)帶上一直減速時(shí)有v解得v從A點(diǎn)到F點(diǎn)根據(jù)動(dòng)能定理mg解得h當(dāng)0.25m≤h≤0.65m時(shí)，滑塊離開(kāi)傳動(dòng)帶的速度為v滑塊滑上木板能共速，根據(jù)動(dòng)量守恒m根據(jù)能量守恒Q=解得Q=當(dāng)0.65m<h≤1m時(shí)，滑塊在傳送帶上一直減速mgh?最終與木板相對(duì)靜止，根據(jù)動(dòng)量守恒m根據(jù)能量守恒Q=解得Q=當(dāng)h≥1m時(shí)，滑塊可以離開(kāi)木板，則有Q=22．