2024北京東城區(qū)高二（下）期末物理試題和答案

試題PAGE1試題2024北京東城高二（下）期末物理一、選擇題：，每小題3分，共42分。在每題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，選出最符合題目要求的一項(xiàng)。1．下列有關(guān)光的現(xiàn)象中，能說(shuō)明光是橫波的是（）A．泊松亮斑 B．陽(yáng)光下的油膜呈現(xiàn)彩色 C．光的偏振 D．太陽(yáng)光經(jīng)過(guò)三棱鏡呈現(xiàn)彩色2．如圖所示，一物體靜止在水平地面上，受到與水平方向成θ角的恒定拉力F作用，物體始終保持靜止?fàn)顟B(tài)。在拉力F作用時(shí)間t的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A．物體所受拉力F的沖量方向水平向右 B．物體所受拉力F的沖量的大小是Ftcosθ C．物體所受摩擦力的沖量大小為0 D．物體所受合外力的沖量大小為03．LC振蕩電路中某時(shí)刻電容器內(nèi)電場(chǎng)與線圈內(nèi)磁場(chǎng)情況如圖所示，該時(shí)刻（）A．電容器在充電，電場(chǎng)能在向磁場(chǎng)能轉(zhuǎn)化 B．電容器在充電，磁場(chǎng)能在向電場(chǎng)能轉(zhuǎn)化 C．電容器在放電，電場(chǎng)能在向磁場(chǎng)能轉(zhuǎn)化 D．電容器在放電，磁場(chǎng)能在向電場(chǎng)能轉(zhuǎn)化4．如圖甲所示為光滑水平面上的彈簧振子，以平衡位置O為原點(diǎn)，在A、B之間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，其偏離平衡位置的位移x隨時(shí)間t變化的圖像如圖乙所示。下列說(shuō)法正確的是（）A．該彈簧振子的振幅為10cm B．該振動(dòng)系統(tǒng)的振動(dòng)周期為3s C．t＝0時(shí)，振子從O向A運(yùn)動(dòng) D．t＝1.5s時(shí)，振子第一次經(jīng)過(guò)O點(diǎn)5．湖面上停著甲、乙兩條小船，它們相距18m。一列水面波（視為橫波）正在湖面上沿甲、乙連線的方向傳播，每條小船每分鐘完成20次全振動(dòng)。當(dāng)甲船位于波峰時(shí)，乙船在波谷，兩船之間還有一個(gè)波峰。已知水面波由甲向乙傳播，下列說(shuō)法不正確的是（）A．水面波的波長(zhǎng)λ＝12m B．水面波的周期T＝3s C．傳播速度v＝6m/s D．乙船比甲船晚4.5s起振6．如圖所示，由S處發(fā)出的聲音通過(guò)左右兩條管道SAT和SBT傳到出口T處。右側(cè)可伸縮的B管可以通過(guò)拉出或推入，以改變B管的長(zhǎng)度，忽略聲音傳播過(guò)程中的一切能量損失。開(kāi)始時(shí)，從入口S處發(fā)出某一頻率、人耳可分辨的聲音，左右兩側(cè)管道關(guān)于S，T對(duì)稱，此時(shí)T處接收到的聲音響度最大。將B管緩慢拉出，當(dāng)拉出的長(zhǎng)度為l時(shí)，T處接收到的聲音響度再次達(dá)到最大，下列說(shuō)法正確的是（）A．該現(xiàn)象利用了聲波的衍射原理 B．該聲波的波長(zhǎng)λ＝l C．拉出的長(zhǎng)度為2l時(shí)，T處接收到的聲音響度也最大 D．聲音在左右兩條管道內(nèi)空氣中的傳播速度不同7．金屬線框abcd與一長(zhǎng)導(dǎo)線在同一平面內(nèi)，導(dǎo)線通有恒定電流I。線框由圖中位置Ⅰ勻速運(yùn)動(dòng)到位置Ⅱ。在此過(guò)程中，有關(guān)穿過(guò)線框的磁通量與感應(yīng)電流的方向，下列說(shuō)法正確的是（）A．垂直紙面向里的磁通量增大，感應(yīng)電流方向沿abcda B．垂直紙面向里的磁通量減小，感應(yīng)電流方向沿abcda C．垂直紙面向外的磁通量增大，感應(yīng)電流方向沿adcba D．垂直紙面向里的磁通量減小，感應(yīng)電流方向沿adcba8．某固定的光滑水平金屬桿上套有一個(gè)質(zhì)量為m的圓環(huán)，圓環(huán)用一根長(zhǎng)為L(zhǎng)的不可伸長(zhǎng)的輕繩系著，繩子的另一端系一質(zhì)量為M的小鋼球?，F(xiàn)將小球拉至水平位置由靜止釋放，圓環(huán)在輕繩拉力作用下也會(huì)由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，不計(jì)空氣阻力與一切摩擦，圓環(huán)與鋼球均視為質(zhì)點(diǎn)。下列說(shuō)法正確的是（）A．系統(tǒng)動(dòng)量守恒，系統(tǒng)機(jī)械能也守恒 B．小鋼球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)的速度大小為 C．小鋼球到達(dá)左側(cè)最高點(diǎn)時(shí)速度不為零 D．小鋼球從釋放到第一次到達(dá)最低點(diǎn)，在水平方向上向左運(yùn)動(dòng)了L9．水平軌道固定在地面上，右側(cè)固定一磁鐵，如圖甲所示。右端粘有磁鐵的小車(chē)以初速度v0沿軌道向右運(yùn)動(dòng)，兩磁鐵間有相互排斥的作用力。某科研興趣小組利用該實(shí)驗(yàn)裝置研究小車(chē)在變力作用下的運(yùn)動(dòng)情況。無(wú)線傳感器記錄作用過(guò)程中小車(chē)的v﹣t圖像（如圖乙所示）以及小車(chē)所受斥力大小F隨時(shí)間t的變化圖像（如圖丙所示）。已知小車(chē)所受摩擦阻力及空氣阻力遠(yuǎn)小于磁鐵間的相互作用力。那么（）A．小車(chē)速度為零時(shí)，其所受合外力也恰好為零 B．小車(chē)在t1到t2向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，t2到t3向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng) C．小車(chē)與固定在軌道上的磁鐵相互作用過(guò)程中，小車(chē)的機(jī)械能守恒 D．小車(chē)質(zhì)量m約為400g10．某同學(xué)想用伏安法測(cè)定一個(gè)自感系數(shù)很大的線圈L的直流電阻，其電路圖如圖所示。用一節(jié)干電池作電源，L兩端并聯(lián)一只零刻度在表盤(pán)中央、可左右偏轉(zhuǎn)的電壓表（左右量程均為0～3V）。為保護(hù)電表，測(cè)量結(jié)束后，拆除電路時(shí)，應(yīng)最先進(jìn)行的操作是（）A．先斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S1 B．先斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S2 C．先拆除電流表 D．先拆除滑動(dòng)變阻器11．在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中放置一金屬圓環(huán)，磁場(chǎng)方向與圓環(huán)平面垂直。規(guī)定圖甲所示磁場(chǎng)方向?yàn)檎鸥袘?yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t按圖乙所示的正弦規(guī)律變化時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A．t2時(shí)刻，圓環(huán)中無(wú)感應(yīng)電流 B．t3時(shí)刻，圓環(huán)上某一小段Δl受到的安培力最大 C．圓環(huán)上某一小段Δl所受安培力最大的時(shí)刻也是感應(yīng)電流最大的時(shí)刻 D．t1～t3時(shí)間內(nèi)，圓環(huán)中感應(yīng)電流方向沿順時(shí)針?lè)较?2．光纖通信采用光導(dǎo)纖維，可簡(jiǎn)化為半徑為r、長(zhǎng)為L(zhǎng)（L?r）的圓柱形長(zhǎng)玻璃絲。為簡(jiǎn)化可認(rèn)為玻璃絲外為空氣，其沿軸線的側(cè)剖面如圖所示。一束含紅、綠兩種顏色的復(fù)色光以入射角θ0從軸心射入后分為a、b兩束，兩單色光在玻璃中多次全反射后從光導(dǎo)纖維另一端射出，已知該玻璃材料對(duì)a光的折射率為n，真空中的光速為c。下列說(shuō)法正確的是（）A．a(chǎn)光為綠光，b光為紅光 B．該玻璃材料對(duì)b光的折射率小于n C．若a光恰好發(fā)生全反射，則a光在該玻璃絲中的傳播時(shí)間t＝ D．若n＜，則a光以任意入射角入射均能在玻璃絲內(nèi)發(fā)生全反射13．在光滑水平絕緣桌面上有一邊長(zhǎng)為l、電阻為R的正方形導(dǎo)線框，在導(dǎo)線框右側(cè)有一寬度為d（d＜l）的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)的邊界與導(dǎo)線框的左、右邊框平行，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，磁場(chǎng)方向豎直向下。導(dǎo)線框以向右的初速度v0進(jìn)入磁場(chǎng)，線框左邊出磁場(chǎng)時(shí)速度為零。規(guī)定電流的逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)檎?，建立如圖所示的Ox坐標(biāo)軸。關(guān)于線框的加速度大小a、速度大小v、所受安培力大小F以及線框中電流i隨x變化關(guān)系的圖像正確的是（）A．B．C．D．14．2023年12月11日，國(guó)家重大科技基礎(chǔ)設(shè)施一—高能同步輻射光源（HEPS）儲(chǔ)存環(huán)正式完成主體設(shè)備安裝。高能同步輻射光源建成后將成為世界上亮度最高的第四代同步輻射光源之一，可用于探測(cè)物質(zhì)的微觀結(jié)構(gòu)。如圖所示，HEPS主體裝置主要由電子加速器和光束線站兩大部分組成，電子加速器又包含直線加速器、增強(qiáng)器、儲(chǔ)存環(huán)。直線加速器可以將電子能量加速到500MeV，增強(qiáng)器可以再次將電子能量加速到6GeV。電子束在儲(chǔ)存環(huán)的不同位置通過(guò)彎轉(zhuǎn)磁鐵或者各種插件時(shí)就會(huì)沿著偏轉(zhuǎn)軌道的切線方向，釋放出穩(wěn)定、高能量、高亮度的同步輻射光，其波長(zhǎng)范圍涵蓋了紅外、可見(jiàn)光、紫外和X射線（波長(zhǎng)范圍約為10﹣5m～10﹣11m，對(duì)應(yīng)能量范圍約為10﹣1eV～105eV）等。光束線站是同步輻射光的應(yīng)用場(chǎng)所，這里有各種實(shí)驗(yàn)儀器，滿足各式各樣的科研需求。其中X射線波段表現(xiàn)尤為優(yōu)異，因此我們也可以將HEPS看作是一個(gè)巨大的X光機(jī)。由以上信息與所學(xué)知識(shí)可知，以下說(shuō)法正確的是（）A．蛋白質(zhì)分子的線度約為10﹣8m，能用同步輻射光得到其衍射圖樣 B．同步輻射源于電子運(yùn)動(dòng)，與機(jī)械振動(dòng)產(chǎn)生機(jī)械波的原理相同 C．HEPS輻射光譜中包含紅外線、可見(jiàn)光、紫外線以及X射線，這些射線的波長(zhǎng)依次變長(zhǎng)，穿透能力依次減弱 D．電子在直線加速器中可以通過(guò)電場(chǎng)力加速，在增強(qiáng)器中可以通過(guò)洛倫茲力加速二、非選擇題：本部分共6題，共58分。15．（12分）物理實(shí)驗(yàn)一般都涉及實(shí)驗(yàn)?zāi)康摹?shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)儀器、實(shí)驗(yàn)方法、實(shí)驗(yàn)操作、數(shù)據(jù)分析等。（1）在“探究影響感應(yīng)電流方向的因素”實(shí)驗(yàn)中，所用靈敏電流表的0刻度位于表盤(pán)的正中央。如圖1所示電路，閉合開(kāi)關(guān)K時(shí)，電流表的指針向左偏轉(zhuǎn)。如圖2，磁鐵上端為S極，下端為N極，當(dāng)磁鐵相對(duì)螺線管運(yùn)動(dòng)時(shí)，電流表的指針向左偏轉(zhuǎn)。可以判斷：磁鐵相對(duì)螺線管的運(yùn)動(dòng)方向（選填“向上”或“向下”）。（2）某同學(xué)利用銅漆包線在一個(gè)鐵芯上纏繞了兩個(gè)線圈甲、乙，其中線圈甲接學(xué)生電源交流輸出，線圈乙接小燈泡，閉合開(kāi)關(guān)后小燈泡發(fā)出微弱的亮光。下列操作可以使小燈泡亮度增加的是（選填選項(xiàng)前的字母）。A.僅增大線圈甲的銅漆包線匝數(shù)B.僅減小線圈甲的銅漆包線匝數(shù)C.僅增大學(xué)生電源交流電壓輸出的有效值D.將線圈甲、乙的匝數(shù)同時(shí)增大為原來(lái)的兩倍（3）某同學(xué)測(cè)量半圓形玻璃磚的折射率，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，畫(huà)出光路圖如圖3所示。則該玻璃磚的折射率n＝。（4）小明為了估測(cè)某激光波長(zhǎng)，用激光直接照射到雙縫上，雙縫干涉條紋直接顯示在教室內(nèi)的墻壁上。查得雙縫上標(biāo)識(shí)的間距d，測(cè)得相鄰兩亮條紋間距Δx以及雙縫到墻壁間的距離L，可得激光波長(zhǎng)λ＝。為了增大十涉條紋間距，下列操作可行的是（選填選項(xiàng)前的字母）。A.雙縫向墻壁靠近一些B.雙縫離墻壁更遠(yuǎn)一些C.換成雙縫間距更大一點(diǎn)的雙縫D.換成雙縫間距更小一點(diǎn)的雙縫（5）在“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)裝置如圖4所示，a、b是兩個(gè)半徑相等的小球，其質(zhì)量分別為m1、m2，且滿足m1＞m2。按照以下步驟進(jìn)行操作：①在木板表面釘上白紙和復(fù)寫(xiě)紙，并將該木板緊靠槽口豎直固定，將小球a從斜槽軌道上某位置P處?kù)o止釋放，撞到木板并在白紙上留下痕跡O；②將木板水平向右移動(dòng)一定距離d并固定，再將小球a多次從P處?kù)o止釋放，得到撞到木板上平均痕跡B；③把小球b靜止放在斜槽軌道水平末端，讓小球a仍從P處?kù)o止釋放，和小球b相碰。多次重復(fù)該操作，得到兩球撞在木板上的平均痕跡A和C；④測(cè)得O點(diǎn)到A、B、C三點(diǎn)的距離y1、y2、y3。在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)，若碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，則各物理量間應(yīng)該滿足。16．（8分）在“用單擺測(cè)量重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中，做了如下測(cè)量與探究。（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量擺球的直徑如圖1，讀出小球的直徑d＝mm。（2）某學(xué)生將擺線長(zhǎng)L0與小球直徑d之和記作單擺的擺長(zhǎng)。①若直接將某次測(cè)量的L0和d、測(cè)得的周期T0，代入單擺的周期公式，則測(cè)得重力加速度g測(cè)比實(shí)際的重力加速度（選填“偏大”或“偏小”）；②該同學(xué)換了一個(gè)直徑略小的鋼球進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，但是仍將擺線長(zhǎng)L0與小球直徑d之和記作單擺的擺長(zhǎng)L，通過(guò)多次改變擺線長(zhǎng)度而測(cè)出對(duì)應(yīng)的擺動(dòng)周期T，通過(guò)T2～L圖像處理數(shù)據(jù)測(cè)量重力加速度g的值，其T2～L圖像如圖2所示。由圖像可知，擺球的半徑r＝cm，當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭＝m/s2（以上結(jié)果均保留兩位小數(shù)，π＝3.14）。17．（9分）如圖所示，質(zhì)量均為m的物塊A、B，可視為質(zhì)點(diǎn)，B靜止在半徑為R、光滑的四分之一圓弧軌道的末端。A從圓弧軌道的最高點(diǎn)由靜止釋放，與B在軌道最低點(diǎn)碰撞，碰后兩物塊粘在一起水平拋出。拋出點(diǎn)距離水平地面的豎直高度為h，兩物塊落到水平地面上，重力加速度為g。求：（1）碰前物塊A的速度大小v0；（2）兩物塊落地點(diǎn)與圓弧軌道最低點(diǎn)的水平距離s；（3）兩物塊碰撞過(guò)程中損失的機(jī)械能ΔE。18．（9分）如圖為交流發(fā)電機(jī)的原理示意圖，兩磁極之間的磁場(chǎng)可近似為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，發(fā)電機(jī)的矩形線圈abcd在磁場(chǎng)中，圖中abcd分別為矩形線圈的四個(gè)頂點(diǎn)。線圈可繞過(guò)bc邊和ad邊中點(diǎn)且垂直于磁場(chǎng)方向的水平軸OO'勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。線圈在轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中可以通過(guò)滑環(huán)和電刷保持其兩端與外電路連接。已知矩形線圈的匝數(shù)為n，ab邊長(zhǎng)度為L(zhǎng)1，bc邊長(zhǎng)度為L(zhǎng)2，線圈總電阻為r，轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為ω，外電路定值電阻的阻值為R，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。電流表和電壓表均為理想交流電表，忽略一切摩擦阻力及空氣阻力。（1）寫(xiě)出線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值Emax；（2）求電壓表的示數(shù)U；（3）求線圈轉(zhuǎn)動(dòng)一圈過(guò)程中，外力對(duì)線圈所做的功W。19．（10分）著名物理學(xué)家玻爾茲曼指出，各個(gè)領(lǐng)域中物理方程驚人的類似性顯示了世界的統(tǒng)一性。情境一：水平方向上的彈簧振子。如圖甲，水平面光滑，彈簧勁度系數(shù)為k，物塊在初始位置時(shí)，彈簧處于拉伸狀態(tài)，彈簧形變量為A。物塊由靜止釋放，某時(shí)刻t，其相對(duì)平衡位置的位移x、速度v三個(gè)物理量之間的變化規(guī)律可用方程①﹣kx＝m描述，其中m為物體質(zhì)量。我們知道，由于物塊所受的回復(fù)力滿足方程F＝﹣kx，物塊做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，其偏離平衡位置的位移x隨時(shí)間t的變化關(guān)系滿足方程x＝Acos（ωt），其中ω為圓頻率。情境二：LC振蕩電路中，線圈自感系數(shù)為L(zhǎng)，電容大小為C。閉合開(kāi)關(guān)前，電容器下極板帶正電，電荷量為Q。閉合開(kāi)關(guān)S后t時(shí)刻，電容器下極板電荷量為q，流經(jīng)線圈的電流為i，忽略LC電路中的直流電阻以及振蕩過(guò)程中的電磁輻射，回路中電壓關(guān)系滿足uC+EL＝0，其中uC為電容器兩端電壓，EL為線圈的自感電動(dòng)勢(shì)。（1）在LC振蕩電路中，仿照方程①，補(bǔ)全方程②＝L，并在圖乙中定性畫(huà)出一個(gè)周期內(nèi)的q﹣t圖像。（2）在情境一中，系統(tǒng)的能量在彈性勢(shì)能和動(dòng)能之間相互轉(zhuǎn)化；情境二中，系統(tǒng)的能量在電場(chǎng)能與磁場(chǎng)能之間相互轉(zhuǎn)化。根據(jù)方程①②，類比兩種情境下周期性的能量轉(zhuǎn)化情況，完成下表。情境一情境二彈性勢(shì)能減小，動(dòng)能增加動(dòng)能的表達(dá)式Ek＝mv2LC電路振蕩周期T＝2π20．（10分）磁懸浮列車(chē)是一種高速運(yùn)載工具，其驅(qū)動(dòng)系統(tǒng)的工作原理是：在導(dǎo)軌上安裝固定線圈，線圈通周期性變化的電流，產(chǎn)生周期性變化的磁場(chǎng)，磁場(chǎng)與車(chē)體下端固定的感應(yīng)金屬板相互作用，產(chǎn)生驅(qū)動(dòng)力，使車(chē)體獲得牽引力。為了研究簡(jiǎn)化，將車(chē)體下的金屬板簡(jiǎn)化為一個(gè)線框，磁場(chǎng)簡(jiǎn)化為間隔分布的方向相反、大小相等的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，且磁場(chǎng)高速運(yùn)動(dòng)。某科研小組設(shè)計(jì)的一個(gè)磁懸浮列車(chē)的驅(qū)動(dòng)模型，簡(jiǎn)化原理如圖甲所示，Oxy平面（紙面）內(nèi)有寬為L(zhǎng)的磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨x分布規(guī)律如圖乙所示。長(zhǎng)為d，寬為L(zhǎng)的矩形金屬線框ABCD放置在圖中所示位置，其中AD邊與y軸重合，AB、CD邊分別與磁場(chǎng)的上下邊界重合。t＝0時(shí)磁場(chǎng)以速度v0沿x軸向右勻速運(yùn)動(dòng)，驅(qū)動(dòng)線框運(yùn)動(dòng)，線框速度為v時(shí)受到的阻力大小f＝kv（k為定值）?？烧J(rèn)為t＝t0時(shí)線框剛好達(dá)到最大速度。已知線框的質(zhì)量為m，總電阻為R。求：（1）磁場(chǎng)剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)，通過(guò)線框的感應(yīng)電流的大小I和方向；（2）t0時(shí)刻線框的速度大小vmax；（3）t0時(shí)刻線框剛達(dá)到最大速度時(shí)，線框運(yùn)動(dòng)的距離x。

參考答案一、選擇題：，每小題3分，共42分。在每題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，選出最符合題目要求的一項(xiàng)。1．【分析】泊松亮斑是光的衍射現(xiàn)象；陽(yáng)光下的油膜呈現(xiàn)彩色是光的干涉現(xiàn)象；偏振現(xiàn)象是橫波特有的現(xiàn)象；太陽(yáng)光經(jīng)過(guò)三棱鏡呈現(xiàn)彩色是光的色散現(xiàn)象?！窘獯稹拷猓篈、泊松亮斑是光的衍射現(xiàn)象，說(shuō)明光是一種波，不能說(shuō)明光是橫波，故A錯(cuò)誤；B、陽(yáng)光下的油膜呈現(xiàn)彩色是光的干涉現(xiàn)象，說(shuō)明光是一種波，不能說(shuō)明光是橫波，故B錯(cuò)誤；C、偏振現(xiàn)象是橫波特有的現(xiàn)象，光的偏振說(shuō)明光是橫波，故C正確；D、太陽(yáng)光經(jīng)過(guò)三棱鏡呈現(xiàn)彩色是光的色散現(xiàn)象，不能說(shuō)明光是橫波，故D錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】要知道干涉、衍射是波特有的現(xiàn)象，但偏振現(xiàn)象是橫波特有的現(xiàn)象。2．【分析】根據(jù)沖量的公式，結(jié)合力的大小和時(shí)間求出恒力F，摩擦力及合力的沖量大小，沖量的方向與力的方向相同?！窘獯稹拷猓篈、拉力的沖量方向與拉力的方向相同，即方向與水平方向成θ角斜向右上方，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)沖量的定義可知，拉力F的沖量大小為：IF＝Ft，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)平衡條件可得：f＝Fcosθ，故摩擦力的沖量的大小為：If＝ft＝Ftcosθ，故C錯(cuò)誤；D、物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，合外力為零，則合力對(duì)物體的沖量為零，故D正確。故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查沖量的定義，解決本題的關(guān)鍵掌握沖量的公式，知道沖量等于力與時(shí)間的乘積。3．【分析】根據(jù)安培定則判斷電路中的電流方向，根據(jù)電容器中場(chǎng)強(qiáng)的方向確定極板帶電情況，進(jìn)而判斷電容器的充放電情況?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)安培定則判斷出電路中的電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较?，由圖可知電容器下極板帶正電荷，電流方向流向下極板，由此判斷電容器正在充電，在充電過(guò)程中，磁場(chǎng)能在向電場(chǎng)能轉(zhuǎn)化，故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選：B。【點(diǎn)評(píng)】能夠根據(jù)電容器的場(chǎng)強(qiáng)方向和線圈中的磁場(chǎng)方向確定電路中電容器正在充電是解題的關(guān)鍵。4．【分析】AB.由振動(dòng)圖象可以讀出周期和振幅；C．由圖可知，t＝0時(shí)，振子的位移為2.5cm，且隨時(shí)間而增大，據(jù)此判斷；D．根據(jù)簡(jiǎn)諧振動(dòng)的圖像，t＝1.5s時(shí)，振子位移不是0，又根據(jù)對(duì)稱性結(jié)合圖像可知t＝1.25時(shí)，振子第一次經(jīng)過(guò)O點(diǎn)，據(jù)此判斷?！窘獯稹拷猓篈．由圖可知該彈簧振子的振幅為5cm。故A錯(cuò)誤；B．由圖可知解得T＝3s可知該振動(dòng)系統(tǒng)的振動(dòng)周期為3s。故B正確；C．由圖可知，t＝0時(shí)，振子的位移為2.5cm，且隨時(shí)間而增大，所以從O向B運(yùn)動(dòng)。故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)簡(jiǎn)諧振動(dòng)的對(duì)稱性結(jié)合圖像可知t＝1.25s時(shí)，振子第一次經(jīng)過(guò)O點(diǎn)。故D錯(cuò)誤。故選：B。【點(diǎn)評(píng)】學(xué)會(huì)由振動(dòng)圖象得到周期、頻率、振幅等基本的物理量，牢記振子在最大位移處時(shí)，速度為零，加速度最大；在平衡位置處，速度最大，加速度為零。5．【分析】根據(jù)船在一分鐘內(nèi)的振動(dòng)次數(shù)得到振動(dòng)周期，即可求得頻率；根據(jù)波形得到兩船間距離與波長(zhǎng)的關(guān)系，從而求得波長(zhǎng)，即可根據(jù)周期求得波速；波在均勻介質(zhì)中勻速傳播，根據(jù)求得波從甲船傳播到乙船時(shí)間，從而解答?！窘獯稹拷猓捍糠昼娚舷赂?dòng)20次，故周期為：，頻率為：；當(dāng)甲船位于波峰時(shí)，乙船位于波谷，這時(shí)兩船之間還有一個(gè)波峰，故兩船間距離為：，可得波長(zhǎng)λ＝12m；波從甲船傳播到乙船時(shí)間為：，又水面波由甲向乙傳播，所以乙船比甲船晚4.5s起振，故C錯(cuò)誤，ABD正確；本題選擇錯(cuò)誤的，故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查波的形成和傳播，理解波傳播的特點(diǎn)是解題關(guān)鍵。6．【分析】該現(xiàn)象是利用了聲波的干涉現(xiàn)象；根據(jù)路程差是波長(zhǎng)的整數(shù)倍是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)分析BC；聲音的速度是一樣的?！窘獯稹拷猓篈、該現(xiàn)象是利用了聲波的干涉現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；B、由題可知當(dāng)拉出的長(zhǎng)度為l時(shí)，T處接收到的聲音響度再次達(dá)到最大，此時(shí)聲波經(jīng)SAT和SBT到達(dá)B處的路程差正好等于一倍的波長(zhǎng)，根據(jù)幾何關(guān)系可知λ＝2l，故B錯(cuò)誤；C、拉出的長(zhǎng)度為2l時(shí)，路程差為4l，為波長(zhǎng)的2倍，還是波長(zhǎng)的整數(shù)倍，則T位置還是振動(dòng)加強(qiáng)位置，所以T處接收到的聲音響度也最大，故C正確；D、聲音在同種均勻介質(zhì)中的傳播速度不變，聲音在左右兩條管道內(nèi)空氣中的傳播速度是相同的，故D錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】掌握在波的干涉現(xiàn)象中，振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)的判斷方法是解題的基礎(chǔ)。7．【分析】根據(jù)安培定則判斷磁通量的變化情況，結(jié)合楞次定律判斷線框中感應(yīng)電流的方向?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)安培定則，通電直導(dǎo)線右側(cè)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向里，由于離導(dǎo)線越遠(yuǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度越小，當(dāng)線框從位置Ⅰ運(yùn)動(dòng)到位置Ⅱ的過(guò)程中，穿過(guò)線框的磁通量向里在減小，又有楞次定律可知，感應(yīng)電流的方向沿abcda，故ACD錯(cuò)誤，B正確。故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】考查右手安培定則和楞次定律的應(yīng)用，會(huì)根據(jù)題意進(jìn)行準(zhǔn)確分析和解答。8．【分析】輕環(huán)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒的條件進(jìn)行判斷；小球從釋放到到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)，小球速度方向變?yōu)樗剑麄€(gè)過(guò)程有能量損失，結(jié)合水平方向動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒求解小球的速度；根據(jù)人船模型的道理求小球向左移動(dòng)的距離?！窘獯稹拷猓篈、輕環(huán)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，輕環(huán)和小球在水平方向上不受任何力的作用，故水平方向上動(dòng)量守恒，但豎直方向上的合力不為零，豎直方向上的動(dòng)量不守恒，故系統(tǒng)的動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤；B、小球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)，設(shè)小球M和圓環(huán)m的水平速度大小為分v1、v2，以向左為正方向，由水平方向動(dòng)量守恒定律有：Mv1﹣mv2＝0由于無(wú)機(jī)械能與其他能的轉(zhuǎn)化，總的機(jī)械能守恒：（M+m）gL＝++mgL聯(lián)立解得：v1＝，故B錯(cuò)誤；C、當(dāng)小鋼球擺到左邊最高點(diǎn)時(shí)，豎直速度為零，假設(shè)水平速度不為零，那么根據(jù)系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒可得，圓環(huán)的水平速度也不為零，那么此時(shí)系統(tǒng)相對(duì)初始位置，機(jī)械能將增加，這與機(jī)械能守恒相矛盾，故C錯(cuò)誤；D、從開(kāi)始到小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)，以向左為正，水平方向動(dòng)量守恒：Mv1x＝mv2x兩邊同乘以時(shí)間t得：Mx1＝mx2但由幾何關(guān)系有：x1+x2＝L聯(lián)立解得：x1＝，故D正確。故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】解決該題的關(guān)鍵是明確知道動(dòng)量守恒的條件，知道系統(tǒng)在水平方向的動(dòng)量守恒，知道相互作用過(guò)程中能量的變化情況。9．【分析】v﹣t圖像的斜率表示加速度，根據(jù)圖像判斷速度為0時(shí)的加速度，根據(jù)加速度判斷是否為勻減速和勻加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)功能關(guān)系分析小車(chē)機(jī)械能的變化，F(xiàn)﹣t圖像的面積表示沖量，用動(dòng)量定理公式計(jì)算小車(chē)的質(zhì)量?！窘獯稹拷猓篈、由圖乙可知小車(chē)速度為零時(shí)，加速度最大，此刻所受合外力最大，故A錯(cuò)誤；B、由圖丙可知小車(chē)在t1到t2受到的磁鐵的力逐漸增大，向右做加速度逐漸增大的減速直線運(yùn)動(dòng)，t2到t3受到的磁鐵的力逐漸減小，向左做加速度逐漸減小的加速直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)功能關(guān)系可知，小車(chē)與固定在軌道上的磁鐵相互作用過(guò)程中，機(jī)械能先減小后增大，故C錯(cuò)誤；D、小車(chē)在t1到t3，根據(jù)動(dòng)量定理公式可得：﹣Ft＝﹣mv﹣mv，又因?yàn)镕—t圖像的面積表示沖量，代入數(shù)據(jù)可得：0.48N?s＝2m×0.60m/s，解得：m＝0.4kg＝400g，故D正確。故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】考查對(duì)勻變速直線運(yùn)動(dòng)圖像的理解、機(jī)械能守恒和動(dòng)量定理。10．【分析】由于在電路的通斷中，線圈中會(huì)產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，據(jù)此分析開(kāi)關(guān)斷開(kāi)的先后順序?！窘獯稹拷猓簲嚅_(kāi)電路應(yīng)該考慮線圈的自感，先斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S1，再斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S2，會(huì)產(chǎn)生反向感應(yīng)電壓加在電壓表兩端，可能會(huì)使電壓表指針迅速反轉(zhuǎn)而受損，故應(yīng)先斷開(kāi)S2，再斷開(kāi)S1，故ACD錯(cuò)誤，B正確。故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題通考查了自感的問(wèn)題，要掌握什么是自感，分析清楚電路結(jié)構(gòu)。11．【分析】根據(jù)圖乙中的大小變化、法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路歐姆定律可知感應(yīng)電流的大小特點(diǎn)；根據(jù)圖乙結(jié)合楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向?！窘獯稹拷猓篈、t2時(shí)刻，由圖乙可知最大，由法拉第電磁感應(yīng)定律E＝n＝nS可知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，由閉合電路歐姆定律I＝可知圓環(huán)中感應(yīng)電流最大，故A錯(cuò)誤；B、t3時(shí)刻，由圖乙可知＝0，可知圓環(huán)中感應(yīng)電流為零，根據(jù)F＝BIL可知，圓環(huán)上某一小段Δl受到的安培力為0，故B錯(cuò)誤；C、感應(yīng)電流最大的時(shí)刻對(duì)應(yīng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為0，則圓環(huán)上某一小段Δl所受安培力最大的時(shí)刻不是感應(yīng)電流最大的時(shí)刻，故C錯(cuò)誤；D、t1～t2時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為正值且減小，根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針，t2～t3時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為負(fù)值且增大，根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針，故D正確。故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了楞次定律、法拉第電磁感應(yīng)定律，解題的關(guān)鍵是根據(jù)圖乙判斷的大小變化，注意B的正負(fù)。12．【分析】根據(jù)折射定律可判斷內(nèi)芯材料對(duì)b光的折射率大于對(duì)a的折射率n，頻率越大，折射率越大，根據(jù)n＝可計(jì)算速度大??；根據(jù)幾何關(guān)系求得全反射時(shí)光傳播的時(shí)間；結(jié)合全反射公式與折射定律可求得臨界值?！窘獯稹拷猓篈B、設(shè)折射角為α，根據(jù)折射定律有：n＝，由于a光的折射角大于b光的折射角，因此內(nèi)芯材料對(duì)b光的折射率大于對(duì)a的折射率n，頻率越大，折射率越大，則a為紅光，b為綠光，故AB錯(cuò)誤；C、根據(jù)速度與折射率的關(guān)系有：n＝根據(jù)幾何關(guān)系可知光程為s＝a光在該玻璃絲中的傳播時(shí)間t＝其中n＝解得t＝故C正確；D、光線a的臨界角為C，如圖由于sinC＝隨著入射角θ0逐漸增大，光線a與邊界間的夾角逐漸減小，恰好達(dá)到臨界角時(shí)，根據(jù)幾何關(guān)系C+α＝而n＝整理得sinθ0＝此時(shí)開(kāi)始有光從纖維側(cè)壁射出。故D錯(cuò)誤；故選：C。【點(diǎn)評(píng)】解決本題本題的關(guān)鍵掌握發(fā)生全反射的條件，運(yùn)用幾何知識(shí)分析入射角的大小，從而來(lái)理解光纖通信的原理。13．【分析】線圈以一定的初速度進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，由于切割磁感線，所以產(chǎn)生感應(yīng)電流，從而受到安培力阻礙，導(dǎo)致線圈做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)。當(dāng)完全進(jìn)入后，沒(méi)有磁通量變化，沒(méi)有感應(yīng)電流，不受到安培力，因此做勻速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)線圈離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)，磁通量又發(fā)生變化，速度變化與進(jìn)入磁場(chǎng)相似。根據(jù)動(dòng)量定理列式分析?！窘獯稹拷猓築．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得E＝Blv線框受到的安培力F＝Bil由閉合電路歐姆定律可得解得兩邊同時(shí)乘以時(shí)間t取向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理得﹣Ft＝mv﹣mv0又因?yàn)閤＝vt解得斜率不變，線框的速度v與線框是位移x是線性關(guān)系，故B錯(cuò)誤；D．根據(jù)，線框的速度v與線框是位移x是線性關(guān)系，則電流i與x也是線性關(guān)系，故D錯(cuò)誤；C．在d＜x＜l的過(guò)程中，線圈的磁通量不變，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，不受安培力，故C錯(cuò)誤；A．根據(jù)，電流i與x也是線性關(guān)系，所以加速度a與x也是線性關(guān)系；速度減小，電流減小，安培力減小，加速度減小；當(dāng)d＜x＜l過(guò)程中，勻速運(yùn)動(dòng)，加速度等于零，故A正確。故選：A。【點(diǎn)評(píng)】有關(guān)電磁感應(yīng)與圖象的結(jié)合問(wèn)題，關(guān)鍵要分段由電磁感應(yīng)和電路的基本規(guī)律：法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、安培力公式和焦耳定律，得到拉力和熱量的解析式，再進(jìn)行選擇。在解題時(shí)要靈活選擇解法，也可以運(yùn)用排除法等進(jìn)行解答。14．【分析】明確題目考查的知識(shí)點(diǎn)，即電磁波譜的性質(zhì)和粒子加速器的工作原理。根據(jù)電磁波譜的排序和性質(zhì)，判斷答案是否正確?！窘獯稹拷猓篈、同步輻射光的波長(zhǎng)范圍約為10﹣5m～10﹣11m，蛋白質(zhì)分子的線度約為10﹣8m，在同步輻射光的波長(zhǎng)范圍之內(nèi)，能用同步輻射光得到其衍射圖樣，故A正確；B、同步輻射的機(jī)理是電磁輻射，氫原子發(fā)光的機(jī)理是能級(jí)躍遷，故B錯(cuò)誤；C、在電磁波譜中，從紅外線到X射線，波長(zhǎng)是逐漸變短的。這是因?yàn)殡姶挪ㄗV是按照波長(zhǎng)從長(zhǎng)到短進(jìn)行排序的，依次為：無(wú)線電波、紅外線、可見(jiàn)光、紫外線、X射線和伽馬射線。同時(shí)，波長(zhǎng)越短的電磁波，其頻率越高，能量也越大，因此穿透能力也越強(qiáng)。故C錯(cuò)誤；D、而在增強(qiáng)器中，電子并不是通過(guò)洛倫茲力（即磁場(chǎng)力）進(jìn)行加速的，而是通過(guò)高頻電場(chǎng)進(jìn)行加速的。故D錯(cuò)誤；故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查電磁波譜的性質(zhì)以及粒子加速器的工作原理，需要對(duì)這些基礎(chǔ)知識(shí)有清晰的理解。二、非選擇題：本部分共6題，共58分。15．【分析】（1）根據(jù)楞次定律分析；（2）根據(jù)變壓器原理分析；（3）根據(jù)折射率的定義式計(jì)算；（4）根據(jù)干涉條紋間距公式分析；（5）根據(jù)動(dòng)量守恒定律結(jié)合平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律計(jì)算。【解答】解：（1）電流表指針向左偏轉(zhuǎn)，說(shuō)明電流方向是從正接線柱流入的，根據(jù)安培定則可知感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向向下，與原磁場(chǎng)方向相同，根據(jù)“增反減同”可知，原磁場(chǎng)的磁通量是減小的，所以磁鐵是向上運(yùn)動(dòng)的。（2）ABD、設(shè)甲線圈兩端電壓為U1，燈泡兩端電壓為U2，根據(jù)可得，所以僅減小線圈甲的銅漆包線匝數(shù)n1會(huì)增大U2，使小燈泡變亮，而將線圈甲、乙的匝數(shù)同時(shí)增大為原來(lái)的兩倍，燈泡兩端電壓不變，燈泡亮度不變，故B正確，AD錯(cuò)誤；C、僅增大學(xué)生電源交流電壓輸出的有效值，也會(huì)增大輸出電壓燈泡會(huì)變亮，故C正確。故選：BC。（3）根據(jù)折射率定義可得n＝（4）根據(jù)條紋間距公式可得：為了增大十涉條紋間距，根據(jù)條紋間距公式可知，需要增大L或減小d，即可以雙縫離墻壁更遠(yuǎn)一些，或者換成雙縫間距更小一點(diǎn)的雙縫，故BD正確，AC錯(cuò)誤。故選：BD。（5）設(shè)小球落到A、B、C點(diǎn)時(shí)的時(shí)間分別為t1、t2、t3，根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律有做平拋運(yùn)動(dòng)的小球離開(kāi)斜槽末端的速度大小分別為根據(jù)動(dòng)量守恒定律有m1v＝m1v1+m2v2聯(lián)立解得故答案為：（1）向上；（2）BC（3）；（4）；（5）?！军c(diǎn)評(píng)】掌握每個(gè)實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)原理和注意事項(xiàng)是解題的基礎(chǔ)。16．【分析】（1）根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)則完成讀數(shù)；（2）①根據(jù)單擺周期公式分析判斷；②根據(jù)單擺的周期公式結(jié)合T2～L圖像的斜率和橫軸截距的物理意義解答?！窘獯稹拷猓海?）游標(biāo)卡尺的精度為0.1mm，讀數(shù)為d＝18mm+6×0.1mm＝18.6mm；（2）①根據(jù)單擺的周期公式T＝2解得g＝可知若直接將某次測(cè)量的L0和d、測(cè)得的周期T0，代入單擺的周期公式，則測(cè)量值偏大；②根據(jù)單擺周期公式可知T＝2則有T2＝L+可知k＝＝s2/m，＝0.60×0.01m擺球的半徑r＝解得r＝0.0060m＝0.60cm，g＝9.86m/s2故答案為：（1）18.6；（2）①偏大；②0.60；9.86【點(diǎn)評(píng)】考查單擺的周期和基本儀器的使用和讀數(shù)問(wèn)題，會(huì)根據(jù)題意進(jìn)行綜合分析和判斷。17．【分析】（1）根據(jù)動(dòng)能定理可求解；（2）利用動(dòng)量恒守恒定律和平拋運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)