陜西省西安市臨潼區(qū)2024-2025學(xué)年高一（上）期末物理試卷（含解析）

陜西省西安市臨潼區(qū)2024-2025學(xué)年高一（上）期末物理試卷

一、單選題：本大題共6小題，共24分。

1.每逢節(jié)日，舞臺上曼妙的舞姿讓人賞心悅目，配合著悠揚的音樂展示著當(dāng)前

人民的精神文明生活的富足，如圖所示。某次舞蹈收尾的高難度動作中由甲、

乙兩人托起丙同時丙做旋轉(zhuǎn)運動組合成“奔騰與展望”寓意，贏得滿堂掌聲。

下列關(guān)于動作解析說明正確的是（）

A.正在表演的三位舞蹈演員，臺下的觀眾可以將她們視為質(zhì)點

B.“奔騰與展望”組合中的僅有甲、乙可以視為質(zhì)點

C.“奔騰與展望”組合中的甲、乙不能視為質(zhì)點

D.“奔騰與展望”組合中的僅有丙不能視為質(zhì)點

2.“祝融號”火星車沿如圖所示路線行駛，在此過程中揭秘了火星烏托邦平原淺表

分層結(jié)構(gòu)，該研究成果被列為“2022年度中國科學(xué)十大進(jìn)展”之首?！白Ｈ谔枴?/p>

從著陸點。處出發(fā)，經(jīng)過46天到達(dá)“處，行駛路程為585米；又經(jīng)過46天，到達(dá)N處，

行駛路程為304米。已知。、M間和M、N間的直線距離分別約為463米和234米，

則火星車（）

A.從。處行駛到N處的路程為697米

B.從。處行駛到N處的位移大小為889米

C.從M處行駛到N處的平均速率約為10米/天

D.從。處行駛到M處的平均速度大小約為10米/天

3.下列說法正確的是（）

A.電流、電壓和熱力學(xué)溫度都是國際單位制中的基本物理量

B.牛頓、庫侖和摩爾都不是國際單位制中的基本單位

C.把一個物體當(dāng)作“質(zhì)點”進(jìn)行研究，使用了理想模型法

D.探究“加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗中，使用了等效替代法

4.臨潼區(qū)高中某位學(xué)生測得地鐵九號線列車從“東三岔”到“華清池”站的u-t圖像如圖所示，此兩站間

的距離約為（）

A.1130mB.1230mC.1330mD.1430m

5.在體育課上，某同學(xué)做“引體向上”時的上升動作如圖所示，忽略動作變化對重心的影響可把該同學(xué)視

作質(zhì)點。從最低點運動到最高點的過程中，手對身體的拉力始終保持向上，下列

關(guān)于該同學(xué)的說法正確的有（）

A,先超重再失重B.先失重再超重

C.一直處于失重狀態(tài)D.一直處于超重狀態(tài)

6.2024年5月15日，百度2p?！?。在武漢正式發(fā)布旗下第六代無人車，武漢市民可通過蘿卜快跑平臺搭乘第六

代無人車，汽車自動控制反應(yīng)時間（從發(fā)現(xiàn)障礙物到實施制動的時間）小于人的反應(yīng)時間，如圖所示的兩圖像

分別是在自動控制操作下的/-x圖像和駕駛員操作下的u-t圖像。下列說法正確的是（）

A.無人車自動控制時運動3.5s走過的距離x=53.8m

B.無人車剎車自動控制反應(yīng)時間比駕駛員操作反應(yīng)時間短0.2s

C.無人車自動控制安全剎車距離比人操作安全剎車距離短8nl

D.無人車在自動控制操作下剎車至停止過程中的平均速度約為15.4m/s

二、多選題：本大題共4小題，共20分。

7.如圖甲所示，一輛賽車在平直的賽道上勻加速行駛，某時刻開始速度〃與運動時間t的關(guān)系如圖乙所示,

圖像與縱軸的截距為b,圖像的斜率為k,則在t=0時刻，賽車的（）

斜面上升一很小高度。在球B緩慢上升的過程中，下列說法中正確的是()

A.斜面體4與球B之間的彈力逐漸減小B.阻擋墻PQ與球B之間的彈力逐漸增大

C.水平推力F逐漸減小D.水平地面對斜面體力的彈力不變

A.小物塊向上滑行的最遠(yuǎn)距離為3.2m

B.小物塊剛滑上傳送帶時的加速度大小為2m/s2

C.小物塊在傳送帶上運動時間為3.6s

D.小物塊在傳送帶上留下的痕跡長度為97n

10.如圖所示，工程隊向峽谷對岸平臺拋射重物，初速度%大小為

25m/s,與水平方向的夾角為16。，拋出點P和落點Q的連線與水平方向

夾角為37。，重力加速度大小取10M/S2,忽略空氣阻力。s譏37。=0.6,

cos37°=0.8,sin53°=0.8,cos53°=0.6,重物從P點到Q點運動過

程中()

A.時間t是5sB.時間t是2.5s

C.PQ連線的距離是100巾D.PQ連線的距離是150nl

三、實驗題：本大題共2小題，共14分。

11.某同學(xué)利用如圖甲所示的裝置來驗證力的平行四邊形定則：

(1)先用一個彈簧測力計測出重物的重力，示數(shù)如圖乙所示，則重物重力G=N。

(2)將白紙鋪在方木板上并固定，將方木板豎直固定，4、B兩個滑輪固定在方木板上，按圖甲安裝裝置，繞

過定滑輪的兩個繩套一端與懸吊重物的輕繩打一個結(jié)，兩個彈簧測力計拉動繩套使結(jié)點與白紙上。點對齊,

記錄兩個彈簧測力計的示數(shù)，還需要確定o分別作出。4、0B、。。繩上拉力6、/2、&的圖示，以B、

尸2為鄰邊作平行四邊形，得到尻、尸2合力的理論為尸，如果，則力的平行四邊形定則得到驗證。

12.用如圖1所示實驗裝置探究外力一定時加速度與質(zhì)量的關(guān)系。

(1)以下操作錯誤的是(多選，填答案標(biāo)號)。

A使小車質(zhì)量遠(yuǎn)大于槽碼質(zhì)量

A調(diào)整墊塊位置以補償阻力

C補償阻力時移去打點計時器和紙帶

。釋放小車后立即打開打點計時器

(2)保持槽碼質(zhì)量不變，改變小車上祛碼的質(zhì)量，得到一系列打點紙帶。其中一條紙帶的計數(shù)點如圖2所示，

相鄰兩點之間的距離分別為Si、S2、S3、…、S8,時間間隔均為7。下列加速度算式中，最優(yōu)的是(單

選，填正確答案標(biāo)號)。

Aa--產(chǎn)-S7+S7-S6S6-S5S5-S4s「S3S3-s2￡2Z￡1A

au-7I/丁72T72T產(chǎn)T產(chǎn)T十戶J

5s5

nn_1r8-6,S7—S5$6-$4$5-53S4—S2^3~1\

"一八2T22T22T22T22T22T2

ca=-產(chǎn)-S5IS7S4S6-S3S5—S2

?5(3T2372372372

Da--產(chǎn)—S4+S7-S3S6-S2

十十十

.4I4T24T24T24T2)

(3)以小車和祛碼的總質(zhì)量M為橫坐標(biāo)，加速度的倒數(shù)工為縱坐標(biāo)，甲、乙兩組同學(xué)分別得到的工-M圖像如

圖3所示。

由圖可知，在所受外力一定的條件下，a與M成(選填“正比”或“反比”)；甲組所用的(選填

“小車”“祛碼”或“槽碼”)質(zhì)量比乙組的更大。

四、計算題：本大題共3小題，共42分。

a乙=5m/s2的加速度從靜止開始勻加速運動，當(dāng)達(dá)到g=10m/s后開始做勻速直線運動，最終和足球同時

到達(dá)C點，乙在C點完成射門。已知4^=406，LBC=30m,及。=30小。忽略球員反應(yīng)時間，求：

(1)運動員乙從。到C的運動時間；

(2)運動員乙需要在甲運動員運動到距離力點多遠(yuǎn)時出發(fā)？

14.在西安市第39屆青少年科技大賽中，臨潼區(qū)的小劉同學(xué)模仿中國古代的投石器制作了簡易版投石器，其

結(jié)構(gòu)如圖所示。L形容器放在固定的斜面上，石塊2靜置在L形容器中，重物B與L形容器通過輕繩相連。初

狀態(tài)繩子伸直，當(dāng)B靜止釋放，豎直下落h=4小時，L形容器被卡住，石塊4立即從。點射出。若me=2mA=

2mL=2kg,a=37。，重力加速度g=lOm/s2,不計"一■切摩擦阻力(sin37。=0.6,cos37。=0.8),試求：

(1)石塊4射向空中的發(fā)射速度大小u；

(2)石塊4從靜止釋放至運動到空中最高點所經(jīng)歷的時間t及再次落回到與。點等高處時距離。點的水平距離

x的大小。(結(jié)果保留兩位小數(shù))

15.如圖所示，地面依次排放兩塊完全相同的木板4、B,長度均為Z=3m,質(zhì)量均為爪2=現(xiàn)有一小

滑塊以速度為=5w/s沖上木板2左端，已知小滑塊質(zhì)量Hi】=200g,滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)為內(nèi),木

板與地面間的動摩擦因數(shù)〃2=0.2。(設(shè)最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，重力加速度g取10m/s2)

(i)若滑塊滑上木板a時，木板不動，而滑上木板B時，木板B開始滑動，求生應(yīng)滿足的條件;

(2)若出=0.35,求滑塊運動時間(結(jié)果用分?jǐn)?shù)表示)。

B

答案和解析

1.C

【解析】解：觀眾觀看舞蹈演員表演，就是看演員的身姿的，所以所有演員的身體形狀都不能忽略，故觀

眾不能把任何一個演員看作質(zhì)點，故ABO錯誤，C正確。

故選：Co

2.D

【解析】解：4從。到N處的路程為585nl+304^=8896,故A錯誤；

A由于火星車運動軌跡不是直線，從。到N處的位移大小一定小于路程889根，故8錯誤；

C從M到N的過程中，平均速率為u=§=要米/天=6.6米/天，故C錯誤；

。從。到M處的平均速度大小為M=，=饕米/天?10米/天，故。正確。

46

故選：Do

3.C

【解析】解：力、電流和熱力學(xué)溫度是國際單位制中的基本物理量，而電壓不是，故A錯誤；

3、牛頓、庫侖都不是國際單位制中的基本單位，但摩爾是國際單位制中的基本單位，故8錯誤；

C、把一個物體當(dāng)作“質(zhì)點”進(jìn)行研究，使用了理想模型法，故C正確；

。、探究“加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗中，使用了控制變量法，故。錯誤。

故選：Co

4.D

【解析】解：由圖可知

1

x=-X(94+74—25)x20m=1430m

故。正確，ABC錯誤。

故選：0。

5.A

【解析】解：超重時，物體加速度向上；失重時，物體加速度向下；人在從最低點到最高點的過程中，經(jīng)

歷了先加速后減速的過程，即加速度先向上，后向下，即人先超重后失重，故A正確，BCD錯誤。

故選：Ao

6.B

【解析】解：力。.對左圖可得剎車距離等于45a,勻速運動距離等于9m,v0=30m/s,勻速運動時時間等

于0.3s,根據(jù)%2=2ax,可得a=10m/s2,所以剎車時間等于3s

3.3s己經(jīng)停止，無人車自動控制時運動3.5s走過的距離x=54m,無人車在自動控制操作下剎車至停止過程

中的平均速度約為冷6/s=15m/s,故錯誤；

A對右圖，反應(yīng)時間即勻速運動時間等于0.5s,而無人車自動控制勻速運動時間即反應(yīng)時間等于0.3s,無人

車剎車自動控制反應(yīng)時間比駕駛員操作反應(yīng)時間短0.2s,故2正確；

C.由左圖可得無人車自動控制安全剎車距離等于54機(jī)，u-t圖像面積等于位移，右圖位移等于

(0.5+y)x30m=60m；無人車自動控制安全剎車距離比人操作安全剎車距離短6小，故C錯誤。

故選：Bo

7.BC

【解析】解：根據(jù)速度一時間公式有u=%+at,變形得：=%?：+a,對比圖像可得為=匕a=b,由

此可見，賽車在t=0時刻的速度為k,加速度為人故8c正確，AO錯誤。

故選：BCo

8.XC

【解析】解：力B.由題知，B處于平衡狀態(tài)，對B受力分析，結(jié)合平衡條件，可得下圖：

如圖，當(dāng)B沿斜面上升一很小高度時，圓弧阻擋墻對B的壓力方向與水平方向的夾角減小，由圖可知，阻擋

墻PQ與球B之間的彈力均逐漸減小，斜面體4與球B之間的彈力N1逐漸減小，故A正確，2錯誤；

CD.由上述解析可知，4對B的支持力N1逐漸減小，方向不變，則Ni在水平方向、豎直方向的分力都減小，

由牛頓第三定律可知，B對力的彈力在水平方向的分力Ni，”豎直方向的分力牝少均減??；

以4為研究對象，由平衡條件可知：F=N1IX,NM=GA+Nlly,

因Ns、M9均減小，則F減小，地面對4的支持力N班也減小，故C正確，D錯誤；

故選：ACo

9.CD

【解析】解：B、根據(jù)題意可知，開始階段，小物塊的速度大于傳送帶速度，滑動摩擦力沿斜面向下，由牛

頓第二定律有：mgsinB+fimgcos3=mar

2

解得小物塊剛滑上傳送帶時的加速度大小為：ai=10m/s,故B錯誤；

A、根據(jù)題設(shè)條件，由于mgs譏8＞卬ngcosJ,可知，當(dāng)小物塊與傳送帶速度相等時不能保持相對靜止，小

物塊繼續(xù)向上減速到0,此過程小物塊的速度小于傳送帶速度，由牛頓第二定律有：mgsine—林mgcose=

ma2

解得：a2=2mls2

小物塊向上滑行的最遠(yuǎn)距離為：X=告二或+乩=*+三=4加，故A錯誤；

2al2a22x102x2

C、小物塊在第一階段和第二階段運動的時間分別為：ti=Q^=Ws=0.6s,t2=T=,s=ls

2

之后以：a2=2m/s,向下做勻加速直線運動

根據(jù)運動學(xué)規(guī)律可列方程：x=抬=4m

代入數(shù)據(jù)解得：t3=2s

故小物塊在傳送帶上運動時間為：t="+力2+J=0*6s+Is+2s=3.6s,故C正確；

D、由運動學(xué)公式知，第一階段物塊運動位移為：x1=^t1=^x0.6m=3m

傳送帶運動的位移為：vrtr=2x0.6m=1.2m

物塊向上超前傳送帶運動的距離為：=/-=3m-1.2m=1.8m,

同理可得，第二階段物塊的運動位移為：x2=^t2=|xlm=1m

傳送帶運動的位移為：vrt2=2xlm=2m

物塊向上落后傳送帶運動的距離為：21%2=vrt2—x2=2m—Im=lm,

第三階段傳送帶運動的位移為：v1t3=2x2m=4m

物塊向下超前傳送帶運動的距離為+%=47n+4m=8m,

故小物塊在傳送帶上留下的痕跡長度為：21%=AX2+21%3=8m+Im=9m,故。正確。

故選：CD。

10.AD

【解析】解：如圖

沿PQ方向和垂直于PQ方向分解速度和加速度，則為=vosin53°,ay=gs出53。，運動時間t=*=

=5s,同理，可得%；=170cos53°,a=gcos53°,貝?。軵Q連線的距離久=+:a/?,代入數(shù)據(jù)

2譽lUXU：.：o%xZ

解得x=150m,故AD正確，BC錯誤。

故選：AD.

11.3.70OA,OB、0C輕繩拉力的方向在誤差允許范圍內(nèi)，F(xiàn)與F3大小相等、方向相反

【解析】解：(1)由乙圖可知，彈簧測力計的最小分度為0.1N,則重物的重力為

G=3.70N

(2)記錄兩個彈簧測力計的示數(shù)，還需要確定04、OB、0C輕繩拉力的方向；

如果在誤差允許范圍內(nèi)，F(xiàn)與尸3大小相等、方向相反，則力的平行四邊形定則得到驗證。

故答案為：(1)3.70；

(2)02、0B、。。輕繩拉力的方向，在誤差允許范圍內(nèi)，尸與&大小相等、方向相反。

12.CDD反比槽碼

【解析】解：(1)4為了使小車所受的合外力大小近似等于槽碼的總重力，故應(yīng)使小車質(zhì)量遠(yuǎn)大于槽碼質(zhì)量，

故A正確；

A為了保證小車所受細(xì)線拉力等于小車所受合力，則需要調(diào)整墊塊位置以補償阻力，也要保持細(xì)線和長木板

平行，故8正確；

C.補償阻力時不能移去打點計時器和紙帶，需要通過紙帶上點跡是否均勻來判斷小車是否做勻速運動，故C

錯誤；

。根據(jù)操作要求，應(yīng)先打開打點計時器再釋放小車，故。錯誤。

本題選錯誤的，故選：CD。

(2)根據(jù)逐差法可知可得小車加速度表達(dá)式為a=；(簾+爺+矢興+霜)，故A8C錯誤，。正確。

故選:Do

(3)根據(jù)圖像可知:與M成正比，故在所受外力一定的條件下，a與M成反比；

設(shè)槽碼的質(zhì)量為則由牛頓第二定律

mg=(7n+M)a

化簡可得

111

—=----M4—

amgg

故斜率越小，槽碼的質(zhì)量m越大，由圖可知甲組所用的槽碼質(zhì)量比乙組的更大。

故答案為：(1)CD；(2)D；(3)反比;槽碼。

13.(1)乙從D跑至C過程中，加速段時間：亢=券=與s=2s,

2

^CD~^a-7H30-1x5x2

勻速段時間：匕2=—U-—w-s=2s,

故乙從。到C運動時間為t=2s+2s=4s；

⑵甲帶球至B點時間：七=—=與s=5s,

o

球從8運動到C的時間0c=u2t4-2代入數(shù)據(jù)得307n=20t4m-1x5x

解得：Q=2s,

貝!J乙啟動比甲晚的時間為:t'=13+Q—(ti+12)=5s+2s—(2s+2s)=3s,

乙啟動時，甲距離4點：x=vrt=8x3m=24m0

答：(1)運動員乙從。到C的運動時間為4s；

(2)運動員乙需要在甲運動員運動到距離2點24小時出發(fā)。

14.(1)從B由靜止釋放，至此形容器被卡住，石塊4立即從。點射出的過程，石塊4L形容器和重物B組成的

系統(tǒng)機(jī)械能守恒，

2

可得：mBgh=(mA+m^ghsina+-(mA+mL+mB)v,

解得：v=4m/s；

(2)石塊A在斜面上運動時，有：h=》,

解得：G=2s,

石塊a在空中做斜拋運動，豎直方向做豎直上拋運動，

則石塊力從靜止釋放至運動到空中最高點，所經(jīng)歷的時間為：t2=

解得：t2=0.24s,

故石塊4從靜止釋放至運動到空中最高點所經(jīng)歷的時間為：t=h+=2s+0.24s=2.24s；

石塊2在空中做斜拋運動，水平方向做勻速直線運動，

根據(jù)對稱性可得，石塊4從離開。點到再次落回到與。點等高處時所用時間為：J=212，

石塊4再次落回到與。點等高處時，距離。點的水平距離的大小為x=vcosa-t3,

聯(lián)立可得：x=1.53