2024-2025學(xué)年浙江省強(qiáng)基聯(lián)盟高二上學(xué)期12月聯(lián)考物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1浙江強(qiáng)基聯(lián)盟2024年12月高二聯(lián)考物理試題考生注意：1.本試卷滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。2.考生作答時(shí)，請(qǐng)將答案答在答題卡上。選擇題每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑；非選擇題請(qǐng)用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫的答案無(wú)效，在試題卷、草稿紙上作答無(wú)效。一、選擇題（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.以下物理量屬于矢量的是（）A.電場(chǎng)強(qiáng)度 B.功 C.電流 D.磁通量【答案】A【解析】矢量是既有大小又有方向的物理量，標(biāo)量是只有大小沒(méi)有方向的物理量。功、電流和磁通量是標(biāo)量，而電場(chǎng)強(qiáng)度有大小和方向，為矢量。故選A。2.某學(xué)校舉行了秋季籃球賽，如圖所示為一同學(xué)投籃時(shí)的場(chǎng)景，下列說(shuō)法正確的是（）A.在空中飛行的籃球受重力和推力的作用B.判斷落地的籃球是否出線可以把籃球看成質(zhì)點(diǎn)C.人蹬地起跳時(shí)，地面對(duì)人的彈力大于人的重力D.籃球受到運(yùn)動(dòng)員對(duì)它的推力是由于籃球發(fā)生形變產(chǎn)生的【答案】C【解析】A．在空中飛行的籃球受重力和空氣阻力的作用，不會(huì)受到手的推力，故A錯(cuò)誤；B．判斷籃球落地時(shí)是否出線不能忽略籃球的形狀體積，不能把它看做質(zhì)點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；C．人蹬地起跳時(shí)有向上的加速度，所以地面對(duì)人的彈力大于人的重力，故C正確；D．手對(duì)籃球的推力是因?yàn)槭职l(fā)生形變而產(chǎn)生的，故D錯(cuò)誤。3.下列說(shuō)法正確的是（）A.干燥天氣里脫毛衣時(shí)會(huì)產(chǎn)生火花，因?yàn)槟Σ吝^(guò)程中憑空創(chuàng)造出了電荷B.一個(gè)與外界沒(méi)有電荷交換的系統(tǒng)，電荷的代數(shù)和保持不變C.元電荷就是點(diǎn)電荷D.電磁場(chǎng)并不是客觀存在的，它是人們?yōu)榱搜芯繂?wèn)題假想出來(lái)的【答案】B【解析】A．干燥天氣里脫毛衣時(shí)會(huì)產(chǎn)生火花，是因?yàn)槟Σ吝^(guò)程中產(chǎn)生了電荷的轉(zhuǎn)移，但不是憑空創(chuàng)造了電荷，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)電荷守恒定律，一個(gè)與外界沒(méi)有電荷交換的系統(tǒng)，電荷的代數(shù)和保持不變，故B正確；C．點(diǎn)電荷是指帶電體的形狀大小和電荷的分布在所研究的問(wèn)題中可以忽略的電荷，元電荷是自然界最小的電荷量，它們不是同一個(gè)含義體，故C錯(cuò)誤；D．和實(shí)物粒子一樣，場(chǎng)是物質(zhì)存在的另一種形式，電磁場(chǎng)是客觀存在的，不是假想的，故D錯(cuò)誤。故選B。4.如圖所示，三根等長(zhǎng)的輕質(zhì)鐵鏈對(duì)稱地懸掛在吊籃架上，另一端接在一起，懸掛在支架上。已知吊籃架、花和花盆系統(tǒng)的總質(zhì)量為。下列說(shuō)法正確的是（）A.每根鐵鏈的拉力均為B.同時(shí)增加三根鐵鏈的長(zhǎng)度，鐵鏈的拉力變大C.支架對(duì)鐵鏈的作用力的合力豎直向上D.吊籃架對(duì)花盆的支持力與花盆的重力是一對(duì)作用力和反作用力【答案】C【解析】A．設(shè)每根鐵鏈和豎直方向的夾角為，則有解得故A錯(cuò)誤；B．增加鐵鏈的長(zhǎng)度，每根鐵鏈和豎直方向的夾角變小，變大，鐵鏈的拉力變小，故B錯(cuò)誤；C．支架對(duì)鐵鏈的作用力的合力與系統(tǒng)的重力等大反向，則支架對(duì)鐵鏈的作用力的合力一定豎直向上，故C正確；D．吊籃架對(duì)花盆的支持力與花盆的重力是一對(duì)平衡力，故D錯(cuò)誤。故選C。5.由于高度限制，車庫(kù)出人口采用如圖所示曲桿道閘，道閘由轉(zhuǎn)動(dòng)桿與橫桿鏈接而成，為橫桿的兩個(gè)端點(diǎn)，在道閘抬起過(guò)程中，桿始終保持水平。桿繞點(diǎn)從與水平方向成勻速轉(zhuǎn)動(dòng)到的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.兩點(diǎn)的線速度相同B.點(diǎn)繞點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)C.點(diǎn)在豎直方向做勻速運(yùn)動(dòng)D.點(diǎn)的角速度比點(diǎn)大【答案】A【解析】AD．依題意，桿始終保持水平，兩點(diǎn)相對(duì)靜止，二者具有相同的線速度、角速度和加速度，故A正確，D錯(cuò)誤；B．OQ間距離在變化，可以看出不是繞點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．Q點(diǎn)在豎直方向的運(yùn)動(dòng)與點(diǎn)相同，點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則點(diǎn)相對(duì)于點(diǎn)在豎直方向的位置關(guān)于時(shí)間的關(guān)系為可看出點(diǎn)在豎直方向不是勻速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤。6.在太陽(yáng)系內(nèi)介于火星和木星軌道之間有一小行星帶，如圖所示，假設(shè)小行星帶中的各小行星只受太陽(yáng)引力作用，并繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，小行星帶中各小行星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的軌道半徑不盡相同，則（）A.小行星帶中各行星繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)的周期相同B.小行星帶中各行星繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)的周期大于火星公轉(zhuǎn)周期C.小行星帶中靠近軌道內(nèi)側(cè)的小行星受到太陽(yáng)的引力一定大于軌道外側(cè)的小行星D.小行星帶中各行星繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度大于火星做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度【答案】B【解析】AB．根據(jù)萬(wàn)有引力定律有解得因各小行星做圓周運(yùn)動(dòng)半徑有可能相同，也有可能不相同，故它們的周期不一定相同，小行星帶中各行星繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑大于火星繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的半徑，因此小行星帶中各行星繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)周期大于火星公轉(zhuǎn)周期，故A錯(cuò)誤，B正確；C．由于小行星帶中小行星的質(zhì)量不一定相同，故內(nèi)側(cè)軌道的小行星受到的太陽(yáng)的引力不一定比外側(cè)的大，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)萬(wàn)有引力定律有解得可知，小行星帶中各行星繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑大于火星繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的半徑，小行星帶中各行星繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度小于火星做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度，故D錯(cuò)誤。7.將不帶電的金屬球靠近帶正電的金屬球，系統(tǒng)達(dá)到靜電平衡狀態(tài)后，紙面內(nèi)的電場(chǎng)線和等勢(shì)面分布如圖所示，兩點(diǎn)關(guān)于金屬球的連線對(duì)稱，為金屬球外表面的兩點(diǎn)。下列說(shuō)法正確的是（）A.金屬球左側(cè)帶正電B.點(diǎn)與點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同C.間的電勢(shì)差與間的電勢(shì)差相等D.將帶正電的試探電荷從點(diǎn)移到點(diǎn)，電勢(shì)能增加【答案】C【解析】A．由于金屬球帶正電，根據(jù)靜電感應(yīng)原理可知，金屬球左側(cè)帶負(fù)電，右側(cè)帶正電，故A錯(cuò)誤；B．電場(chǎng)線某點(diǎn)的切線方向?yàn)樵擖c(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向，電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)弱，圖像可知點(diǎn)與點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向不同，故B錯(cuò)誤；C．達(dá)到靜電平衡的導(dǎo)體為等勢(shì)體，可知點(diǎn)的電勢(shì)與點(diǎn)的電勢(shì)相等，間的電勢(shì)差與間的電勢(shì)差相等，故C正確；D．沿電場(chǎng)方向電勢(shì)降低，由題圖可知，點(diǎn)的電勢(shì)高于點(diǎn)的電勢(shì)，則將帶正電的試探電荷從點(diǎn)移到點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減少，故D錯(cuò)誤。故選C。8.空間中存在一水平向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為，磁場(chǎng)中有一水平放置的通電長(zhǎng)直導(dǎo)線電流的方向垂直于紙面向外，如圖所示，是以直導(dǎo)線為圓心的同一圓周上的四等分點(diǎn)，分別為圓周的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)。已知點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，不考慮地磁場(chǎng)的影響，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0 B.兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等C.兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相反 D.點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為【答案】D【解析】A．設(shè)通電直導(dǎo)線在點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，由安培定則可知，方向豎直向下，所以點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為解得則通電直導(dǎo)線在點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，方向水平向左，故點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，故A錯(cuò)誤；B．同理可知通電直導(dǎo)線在點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，方向水平向右，故點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，故B錯(cuò)誤；C．c點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與水平方向成向上，點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與水平方向成向下，兩點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度方向不相反，故C錯(cuò)誤；D．通電直導(dǎo)線在點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，方向豎直向上，故點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為故D正確。故選D。9.如圖，在點(diǎn)以相同的速率拋出質(zhì)量相同的石子甲和乙，其軌跡在同一豎直平面內(nèi)相交于點(diǎn)。拋出時(shí)甲的初速度斜向上，乙的初速度水平。不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是（）A.從到，甲重力做功比乙多B.在點(diǎn)，甲重力的瞬時(shí)功率比乙大C.從到，乙重力做功的平均功率比甲小D.在點(diǎn)，人對(duì)甲做的功比乙多【答案】B【解析】A．重力做功與路徑無(wú)關(guān)，從到，石子的質(zhì)量相等，高度相同，故重力做的功相等，故A錯(cuò)誤；B．從到，石子的機(jī)械能守恒，在點(diǎn)，甲、乙石子的速率相同，甲速度方向與水平面夾角比乙大，豎直方向速率大，重力的瞬時(shí)功率大，B正確；C．從到，乙飛行的時(shí)間比甲短，重力做功的平均功率大，C錯(cuò)誤；D．在點(diǎn)根據(jù)動(dòng)能定理，人對(duì)石子做的功等于石子動(dòng)能的增加量，石子質(zhì)量和速率一樣，人做的功一樣，故D錯(cuò)誤。10.如圖甲所示，水平面上有一質(zhì)量的物塊，從某時(shí)刻起，物塊以的初速度從點(diǎn)沿粗糙的水平面向右運(yùn)動(dòng)，同時(shí)受到一水平向左的恒力作用，一段時(shí)間后力突然反向，大小不變，以為原點(diǎn)向右建立直線坐標(biāo)系，則整個(gè)過(guò)程中物塊速度的平方隨位置坐標(biāo)變化的關(guān)系圖像如圖乙所示，取。下列說(shuō)法正確的是（）A.物塊在運(yùn)動(dòng)到處時(shí)運(yùn)動(dòng)方向發(fā)生改變B.物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1C.末力反向D.力大小為【答案】B【解析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)，速度位移關(guān)系整理得所以，圖線的縱截距表示，斜率表示。A．由題圖乙可知，時(shí)，圖線的斜率由負(fù)變正，所以加速度突然反向，即力突然反向，所以物塊先做勻減速運(yùn)動(dòng)后做勻加速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)方向沒(méi)有改變，故A錯(cuò)誤；BD．由圖線的斜率表示。代人題圖乙中所給數(shù)據(jù)解得根據(jù)牛頓第二定律，力反向前有力反向后有其中解得故B正確，D錯(cuò)誤；C．水平向左的力作用的時(shí)間末力反向，物塊開(kāi)始做勻加速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤。故選B。11.如圖所示，為平行板電容器的兩金屬板，兩板水平放置并與直流恒壓電源兩極相連，板接地，為電流計(jì)，剛開(kāi)始開(kāi)關(guān)閉合，極板間有一帶正電的液滴靜止在點(diǎn)，則下列說(shuō)法正確的是（）A.保持開(kāi)關(guān)閉合，將板向上平移過(guò)程中，電流計(jì)中有從到的電流B.保持開(kāi)關(guān)閉合，將板向右平移一些，液滴將向上運(yùn)動(dòng)C.若將開(kāi)關(guān)斷開(kāi)，將板向上平移一些，間電場(chǎng)強(qiáng)度變小D.若將開(kāi)關(guān)斷開(kāi)，將板向上平移一些，點(diǎn)電勢(shì)升高【答案】D【解析】A．由于帶正電的液滴處于靜止?fàn)顟B(tài)，可知電場(chǎng)力豎直向上，板間場(chǎng)強(qiáng)方向向上，因此板帶負(fù)電，板帶正電，將板向上平移的過(guò)程中，板間距離變大，板間電壓不變，根據(jù)可知電容器的電容變小，電容器所帶電荷量減小，電容器放電，電流計(jì)中有從到的電流，故A錯(cuò)誤；B．保持開(kāi)關(guān)閉合，將板向右平移一些，板間電壓不變，由可知，板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，液滴仍保持靜止，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)可知將板向上平移一些，板間距離變大，板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變，故C錯(cuò)誤；D．開(kāi)關(guān)斷開(kāi)，電容器儲(chǔ)存的電荷量不變，將板向上平移，板間距離變小，電容變大，板間電壓變小，板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，根據(jù)可知，與板間的電勢(shì)差變小，而極板接地，板電勢(shì)為零，所以點(diǎn)電勢(shì)升高，故D正確。故選D。12.如圖甲所示，懸掛在豎直方向上的彈簧振子在間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，從平衡位置向下運(yùn)動(dòng)時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，振動(dòng)圖像如圖乙所示，點(diǎn)所在位置為重力勢(shì)能的零勢(shì)能點(diǎn)，則下列說(shuō)法正確的是（）A.振子在時(shí)彈簧具有相同的彈性勢(shì)能B.，振子處于超重狀態(tài)C.振子的加速度沿軸正方向D.內(nèi)，振子的回復(fù)力先減小后增加【答案】D【解析】A．懸掛在豎直方向上的彈簧振子平衡位置不是彈簧原長(zhǎng)位置，振子在處彈簧的形變量不同，彈性勢(shì)能不同，故A錯(cuò)誤；B．振子到達(dá)最高點(diǎn)，加速度方向向下，處于失重狀態(tài)，故B錯(cuò)誤；C．，振子處于平衡位置，加速度為零，故C錯(cuò)誤；D．振子受到的合外力提供回復(fù)力，內(nèi)，振子回復(fù)力先減小到零后反向增加，故D正確。13.目前無(wú)線電力傳輸已經(jīng)比較成熟，如圖所示為一種非接觸式電源供應(yīng)系統(tǒng)。兩個(gè)感應(yīng)線圈可以放置在左右相鄰或上下相對(duì)的位置，這種系統(tǒng)基于電磁感應(yīng)原理可實(shí)現(xiàn)無(wú)線傳輸電力，下列說(shuō)法正確的是（）A.只要A線圈中輸入電流，B線圈中就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)B.只要A線圈中輸入變化的電流，B線圈中也會(huì)產(chǎn)生變化的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)C.A中電流越大，B中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大D.A中電流變化越快，B中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大【答案】D【解析】A．根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件，若A線圈中輸入恒定的電流，則A產(chǎn)生恒定的磁場(chǎng)，B中的磁通量不發(fā)生變化，B線圈中不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，故A錯(cuò)誤；BCD．若A線圈中輸入均勻變化的電流，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，B線圈中會(huì)產(chǎn)生恒定大小的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，若A線圈中輸入均勻變化的電流，B線圈中會(huì)產(chǎn)生變化的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，若A線圈中電流變化越快，A線圈中電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)變化越快，B線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，而A中電流越大，不能決定B中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，故BC錯(cuò)誤，D正確。故選D。14.如圖所示為一種基于伽利略大炮原理的簡(jiǎn)易模型。兩小球P、Q豎直疊放在一起，小球間留有較小空隙，從距水平地面高度為h處同時(shí)由靜止釋放。已知小球Q的質(zhì)量是P的3倍。設(shè)所有碰撞均為彈性碰撞。忽略空氣阻力及碰撞時(shí)間，則兩球第一次碰撞后小球P上升的高度為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】設(shè)小球P、Q的質(zhì)量分別為m、3m，落地前的瞬間二者速度均為v，由動(dòng)能定理可得解得Q與地面碰撞后速度等大反向，然后與P碰撞，P、Q碰撞過(guò)程滿足動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，規(guī)定向上為正方向，則有，解得碰后小球P機(jī)械能守恒，則有解得故選C。15.如圖所示為回旋加速器的主要結(jié)構(gòu)，置于真空中的兩個(gè)形金屬盒半徑為，兩盒間的狹縫接高頻交變電壓，加速電壓為，狹縫很小，帶電粒子穿過(guò)的時(shí)間可忽略，整個(gè)裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與盒面垂直。若處粒子源產(chǎn)生的質(zhì)量為、電荷量為的質(zhì)子在狹縫中被電場(chǎng)加速、不計(jì)質(zhì)子進(jìn)入加速電場(chǎng)的初速度，且加速過(guò)程中不考慮相對(duì)論效應(yīng)和重力的影響，則下列說(shuō)法正確的是（）A.高頻交變電場(chǎng)的頻率B.若增加加速電壓，質(zhì)子離開(kāi)裝置的最大速度將變大C.質(zhì)子在裝置中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間D.質(zhì)子在裝置中的加速次數(shù)【答案】C【解析】A．根據(jù)回旋加速器原理，每轉(zhuǎn)一周質(zhì)子被加速兩次，交流電完成一次周期性變化，洛倫茲力提供質(zhì)子做圓周運(yùn)動(dòng)所需向心力，由牛頓第二定律得粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期交流電源的頻率故A錯(cuò)誤；B．質(zhì)子加速后的最大軌道半徑等于形盒的半徑，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得解得質(zhì)子的最大運(yùn)動(dòng)速度質(zhì)子離開(kāi)回旋加速器的最大速度由形盒半徑?jīng)Q定，與加速電壓大小、加速次數(shù)等無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤；D．設(shè)質(zhì)子在加速器中被加速次，由動(dòng)能定理得解得故D錯(cuò)誤；C．質(zhì)子完成一次圓周運(yùn)動(dòng)被電場(chǎng)加速2次，在形盒磁場(chǎng)內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間即故C正確。故選C。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）16.下列選項(xiàng)中的操作能產(chǎn)生感應(yīng)電流的是（）A.甲圖中，使導(dǎo)體棒順著磁感線向下運(yùn)動(dòng)B.乙圖中，線圈繞邊旋轉(zhuǎn)時(shí)C.丙圖中，保持開(kāi)關(guān)閉合，螺線管放在中，同時(shí)移動(dòng)滑動(dòng)變阻器滑片D.丁圖中，條形磁鐵插入有開(kāi)口的圓環(huán)【答案】BC【解析】A．甲圖中，使導(dǎo)體棒順著磁感線向下運(yùn)動(dòng)，不切割磁感線，則不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故A錯(cuò)誤；B．乙圖中，線圈繞邊旋轉(zhuǎn)時(shí)線圈的磁通量改變，會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B正確；C．丙圖中，開(kāi)關(guān)保持閉合，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器滑片時(shí)電流變化，產(chǎn)生的磁場(chǎng)變化，穿過(guò)線圈的磁通量發(fā)生變化，會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C正確；D．丁圖中，條形磁鐵插入有開(kāi)口的圓環(huán)，因圓環(huán)不閉合，則不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故D錯(cuò)誤。17.如圖所示，一頂角為直角的“”形光滑細(xì)桿豎直放置。質(zhì)量均為m的兩金屬環(huán)套在細(xì)桿上，高度相同，用一勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧相連，此時(shí)彈簧為原長(zhǎng)。兩金屬環(huán)同時(shí)由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中彈簧的伸長(zhǎng)在彈性限度內(nèi)，且彈簧始終保持水平，已知彈簧的長(zhǎng)度為l時(shí)，彈性勢(shì)能為，重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是（）A.左邊金屬環(huán)下滑過(guò)程機(jī)械能守恒B.彈簧的最大拉力為2mgC.金屬環(huán)在最高點(diǎn)與最低點(diǎn)加速度大小相等D.金屬環(huán)的最大速度為【答案】BCD【解析】A．金屬環(huán)下降過(guò)程中，彈簧對(duì)其做負(fù)功，金屬環(huán)機(jī)械能減少。故A錯(cuò)誤；B．金屬環(huán)下降達(dá)到最低時(shí)，速度減小為0，形變量為，彈性勢(shì)能最大，根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得解得則最大彈力為故B正確；C．由簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可知，金屬環(huán)在最高點(diǎn)與最低點(diǎn)加速度大小相等。故C正確；D．當(dāng)金屬環(huán)的加速度為0時(shí)，速度最大。根據(jù)平衡條件可得根據(jù)胡克定律可得解得形變量為根據(jù)幾何知識(shí)，兩個(gè)小球下降的高度為對(duì)系統(tǒng)只有重力和彈力做功，對(duì)兩個(gè)金屬環(huán)和彈簧根據(jù)機(jī)械能守恒，則有解得故D正確。三、非選擇題（本題共5小題，共55分）18.小張同學(xué)利用圖甲所示的裝置進(jìn)行“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)，打出如圖乙所示的紙帶，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器頻率為。（1）關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是___________。A.電火花計(jì)時(shí)器使用交流電源B.紙帶必須盡量保持豎直方向以減小摩擦阻力作用C.為了驗(yàn)證機(jī)械能守恒，必須選擇紙帶上打出的第一個(gè)點(diǎn)作為起點(diǎn)D.實(shí)驗(yàn)用到的重力加速度可以由紙帶求出（2）圖乙中紙帶的___________（選填“左端”或“右端”）通過(guò)夾子與鉤碼相連，打紙帶上點(diǎn)時(shí)，重物的速度___________（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）（3）該同學(xué)用兩個(gè)質(zhì)量分別為的重物和分別進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，多次記錄下落高度和相應(yīng)的速度大小，作出的圖像如圖丙所示。下列分析正確的是___________。A.阻力可能為零 B.阻力不可能為零C.一定大于 D.可能等于【答案】（1）AB（2）左端2.22##2.23（3）BD【解析】（1）A．電火花計(jì)時(shí)器使用交流電源，故A正確；B．紙帶必須盡量保持豎直方向以減小摩擦阻力作用，故B正確；C．驗(yàn)證機(jī)械能守恒時(shí)，不一定要選擇紙帶上打出的第一個(gè)點(diǎn)作為起點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；D．實(shí)驗(yàn)中的重力加速度要查詢當(dāng)?shù)氐膶?shí)際值，因?yàn)榇嬖谧枇Γ瑴y(cè)量值比實(shí)際值小，故D錯(cuò)誤。故選AB。（2）重物連著紙帶做加速直線運(yùn)動(dòng)，由紙帶數(shù)據(jù)可知，題圖乙中紙帶的左端通過(guò)夾子與重物相連；根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻速度等于該段過(guò)程的平均速度，則打紙帶上點(diǎn)時(shí)，重物的速度為（3）AB．設(shè)空氣阻力是，根據(jù)動(dòng)能定理有整理得阻力如果為零，則機(jī)械能守恒，兩圖線斜率相同，故阻力不為零，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．雖然的斜率小于的斜率，但空氣阻力關(guān)系不確定，所以的質(zhì)量可能等于的質(zhì)量，也可能大于或小于的質(zhì)量，故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。19.小徐同學(xué)在完成“測(cè)量金屬絲的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中，進(jìn)行了以下實(shí)驗(yàn)過(guò)程：（1）用多用電表歐姆擋測(cè)量金屬絲的電阻，開(kāi)始時(shí)選用“”的擋位測(cè)量發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角太大，擋位應(yīng)調(diào)整為_(kāi)__________（選填“”或“”）擋，正確調(diào)整擋位后經(jīng)過(guò)歐姆調(diào)零重新測(cè)量，指針如圖甲所示，此時(shí)電阻的測(cè)量值為_(kāi)__________。（2）為了精確地測(cè)量金屬絲的電阻。除了待測(cè)金屬絲外，實(shí)驗(yàn)室還有下列器材：電壓表，量程。內(nèi)阻約為；電流表，量程，內(nèi)阻約為；滑動(dòng)變阻器（阻值范圍，允許通過(guò)的最大電流為；滑動(dòng)變阻器（阻值范圍，允許通過(guò)的最大電流為；干電池兩節(jié)，開(kāi)關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干①若實(shí)驗(yàn)中要求電壓從0開(kāi)始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選擇___________（選填“”或“”），根據(jù)以上器材，請(qǐng)以筆畫(huà)線代替導(dǎo)線，將圖乙中未連接的導(dǎo)線補(bǔ)充完整___________。②多次改變金屬絲接入電路的長(zhǎng)度，測(cè)量不同長(zhǎng)度時(shí)的電阻，作圖像如圖丙所示，已知金屬絲的直徑為，并測(cè)得圖像中直線的斜率為，則該金屬絲的電阻率為_(kāi)__________（用和表示）?！敬鸢浮浚?）11##11.0（2）【解析】（1）[1][2]用多用電表測(cè)電阻時(shí)選用的擋位發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角太大，說(shuō)明表盤上電阻示數(shù)較小，要使指針指向中間位置，即要使表盤上電阻示數(shù)變大，需要把倍率調(diào)小，則擋位應(yīng)調(diào)整為讀數(shù)為（2）①[1]由于滑動(dòng)變阻器允許通過(guò)的最大電流只有，而滑動(dòng)變阻器允許通過(guò)的最大電流為，則滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選；[2]完整的實(shí)物連線如圖所示②[3]根據(jù)電阻定律可得則可知圖像的斜率為可得該金屬材料的電阻率為20.如圖所示，小型直流電動(dòng)機(jī)（其線圈內(nèi)阻為r=1.5Ω）與規(guī)格為“6V6W”的小燈泡并聯(lián)，再與阻值為R=2Ω的電阻串聯(lián)，然后接至電源電動(dòng)勢(shì)為12V，內(nèi)阻r0=1Ω的電源上，小燈泡恰好正常發(fā)光，電動(dòng)機(jī)正常工作，求：（1）通過(guò)電阻R的電流；（2）電動(dòng)機(jī)消耗的電功率P；（3）電動(dòng)機(jī)的效率?！敬鸢浮浚?）2A（2）6W（3）75%【解析】（1）通過(guò)電阻R的電流解得（2）燈泡正常發(fā)光，則通過(guò)燈泡的電流通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流電動(dòng)機(jī)消耗的電功率（3）電動(dòng)機(jī)線圈內(nèi)阻的熱功率電動(dòng)機(jī)輸出功率由電動(dòng)機(jī)的效率21.某娛樂(lè)節(jié)目中設(shè)計(jì)了一水上闖關(guān)軌道，其簡(jiǎn)化模型如圖所示，半徑的光滑圓弧軌道與一傳送帶平滑連接，兩軌道相切于點(diǎn)，A點(diǎn)與圓心點(diǎn)等高。傳送帶長(zhǎng)，與水平方向夾角傳送帶以的速度順時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)，距點(diǎn)水平距離為，高為處設(shè)置一水平平臺(tái)，闖關(guān)者從A點(diǎn)靜止下滑，最后要從點(diǎn)飛出并落入平臺(tái)，某次闖關(guān)時(shí)，闖關(guān)者質(zhì)量，闖關(guān)者與傳送帶的動(dòng)摩擦因數(shù)，不計(jì)空氣阻力和軌道連接處的能量損失，不考慮傳送帶滑輪大小，，求：（1）闖關(guān)者在圓弧軌道上的點(diǎn)時(shí)的速度大小以及對(duì)圓弧軌道的壓力大小。（2）為了使闖關(guān)者能恰好水平進(jìn)入平臺(tái)，求平臺(tái)距點(diǎn)的水平距離。（3）求這次闖關(guān)時(shí)，傳送帶和闖關(guān)者之間因摩擦而產(chǎn)生的熱量?！敬鸢浮浚?），1440N（2）0.768m（3）180J【解析】（1）從A點(diǎn)到點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理有解得在點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律解得根據(jù)牛頓第三定律可知，對(duì)圓弧軌道的壓力大小為1440N。（2）由于，闖關(guān)者先做勻減速運(yùn)動(dòng)，在傳送帶上，根據(jù)牛頓第二定律有解得若全程勻減速，根據(jù)解得假設(shè)成立，故到達(dá)點(diǎn)時(shí)的速度為。從到，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有，解得（3）在傳送帶上運(yùn)動(dòng)時(shí)，闖關(guān)者的位移運(yùn)動(dòng)時(shí)間故傳送帶位移摩擦生熱22.如圖所示，質(zhì)量mA=2kg的長(zhǎng)木板A靜止在光滑水平面上，質(zhì)量mB=2kg的物塊B和質(zhì)量mC=1kg的物塊C同時(shí)分別從A的左、右兩端滑上A的上表面，初速度大小分別為vB=3m/s，vC=1m/s。物塊B、C均可看成質(zhì)點(diǎn)，且與長(zhǎng)木板A間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.5，假設(shè)物塊B、C在長(zhǎng)木板A表面上運(yùn)動(dòng)時(shí)始終沒(méi)有碰撞，g=10m/s2，試求：（1）物塊B、C剛滑上長(zhǎng)木板A時(shí)，A產(chǎn)生的加速度的大?。唬?）長(zhǎng)木板A最終運(yùn)動(dòng)速度的大小及整個(gè)過(guò)程物塊C動(dòng)量變化量的大??；（3）為使物塊B、C不相撞，長(zhǎng)木板A至少多長(zhǎng)。【答案】（1）2.5m/s2（2）1m/s，2kg?m/s（3）0.8m【解析】（1）對(duì)A進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得（2）長(zhǎng)木板A和物塊B、C所組成的系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得解得A、B、C最終的共同速度為物塊C動(dòng)量變化量為（3）剛滑上長(zhǎng)木板A時(shí)，物塊B、C的加速度大小分別為假設(shè)物塊B和長(zhǎng)木板A共速時(shí)物塊C還在滑動(dòng)，則B滑動(dòng)的時(shí)間為假設(shè)物塊C和長(zhǎng)木板A共速時(shí)物塊B還在滑動(dòng)，則C滑動(dòng)的時(shí)間為即同時(shí)達(dá)到相對(duì)靜止，物塊B在長(zhǎng)木板A上滑行的距離為物塊C在長(zhǎng)木板A上滑行的距離為長(zhǎng)木板A的最小長(zhǎng)度為23.如圖所示，足夠長(zhǎng)的粗糙絕緣斜面與水平面間的夾角，在斜面上直線和與斜面底邊平行，在圍成的區(qū)域有垂直斜面向上的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為；現(xiàn)有一質(zhì)量為，總電阻，邊長(zhǎng)的正方形金屬線圈，邊與斜面底邊平行，從斜面上端由靜止釋放，線圈剛好勻速穿過(guò)整個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域，已知線圈與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為求：（1）線圈進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)的速度大小；（2）整個(gè)線圈穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中，線圈上產(chǎn)生的焦耳熱；（3）從靜止釋放開(kāi)始計(jì)時(shí)，寫出線圈兩端的電壓隨時(shí)間變化的關(guān)系?！敬鸢浮浚?）（2）0.064J（3）見(jiàn)解析【解析】（1）設(shè)線圈剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度為，對(duì)線圈受力分析而聯(lián)立解得（2）由于線圈剛好勻速穿過(guò)整個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域，則磁場(chǎng)寬度等于線圈邊長(zhǎng)，則從線圈剛進(jìn)入磁場(chǎng)到離開(kāi)磁場(chǎng)，經(jīng)過(guò)的路程為，由得（3）從靜止釋放到邊到達(dá)處加速度到達(dá)處的時(shí)間①即當(dāng)時(shí)②從邊到達(dá)處到邊到達(dá)處當(dāng)邊開(kāi)始切割磁場(chǎng)時(shí)即當(dāng)時(shí)③從邊到達(dá)處到邊到達(dá)處當(dāng)邊開(kāi)始切割磁場(chǎng)時(shí)即當(dāng)時(shí)④當(dāng)時(shí)24.某工廠利用如圖所示裝置控制帶電油霧的收集率。兩平行金屬板加電壓后其間產(chǎn)生豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，距離較近處有一足夠長(zhǎng)的收集板，收集板接地，大量帶負(fù)電的油霧均勻分布在平行金屬板的整個(gè)入口處，并以平行于兩金屬板的初速度垂直進(jìn)入電場(chǎng)，后穿過(guò)電場(chǎng)達(dá)到收集板上，已知油霧質(zhì)量，帶電量，兩板間距及板長(zhǎng)均為，不計(jì)空氣阻力和電荷間相互作用，不考慮平行板的邊緣效應(yīng)，。求：（1）當(dāng)兩板間電壓多大時(shí)，收集板的收集效率；（2）當(dāng)兩板間電壓多大時(shí)，收集板的收集效率；（3）若單位時(shí)間內(nèi)射入個(gè)帶電油霧，求電流表中電流與兩板電壓之間的關(guān)系?！敬鸢浮浚?）（2）（3）見(jiàn)解析【解析】（1）油霧沿直線穿過(guò)兩金屬板時(shí)可全部到達(dá)收集板，根據(jù)受力平衡得解得（2）當(dāng)所有油霧都偏轉(zhuǎn)到金屬板上時(shí)，收集率為0，根據(jù)類平拋知識(shí)可得得根據(jù)牛頓第二定律可得得（3）①當(dāng)時(shí)，沒(méi)有油霧射出兩極板，則有②當(dāng)時(shí)得收集率得③當(dāng)時(shí)得收集率得浙江強(qiáng)基聯(lián)盟2024年12月高二聯(lián)考物理試題考生注意：1.本試卷滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。2.考生作答時(shí)，請(qǐng)將答案答在答題卡上。選擇題每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑；非選擇題請(qǐng)用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫的答案無(wú)效，在試題卷、草稿紙上作答無(wú)效。一、選擇題（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.以下物理量屬于矢量的是（）A.電場(chǎng)強(qiáng)度 B.功 C.電流 D.磁通量【答案】A【解析】矢量是既有大小又有方向的物理量，標(biāo)量是只有大小沒(méi)有方向的物理量。功、電流和磁通量是標(biāo)量，而電場(chǎng)強(qiáng)度有大小和方向，為矢量。故選A。2.某學(xué)校舉行了秋季籃球賽，如圖所示為一同學(xué)投籃時(shí)的場(chǎng)景，下列說(shuō)法正確的是（）A.在空中飛行的籃球受重力和推力的作用B.判斷落地的籃球是否出線可以把籃球看成質(zhì)點(diǎn)C.人蹬地起跳時(shí)，地面對(duì)人的彈力大于人的重力D.籃球受到運(yùn)動(dòng)員對(duì)它的推力是由于籃球發(fā)生形變產(chǎn)生的【答案】C【解析】A．在空中飛行的籃球受重力和空氣阻力的作用，不會(huì)受到手的推力，故A錯(cuò)誤；B．判斷籃球落地時(shí)是否出線不能忽略籃球的形狀體積，不能把它看做質(zhì)點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；C．人蹬地起跳時(shí)有向上的加速度，所以地面對(duì)人的彈力大于人的重力，故C正確；D．手對(duì)籃球的推力是因?yàn)槭职l(fā)生形變而產(chǎn)生的，故D錯(cuò)誤。3.下列說(shuō)法正確的是（）A.干燥天氣里脫毛衣時(shí)會(huì)產(chǎn)生火花，因?yàn)槟Σ吝^(guò)程中憑空創(chuàng)造出了電荷B.一個(gè)與外界沒(méi)有電荷交換的系統(tǒng)，電荷的代數(shù)和保持不變C.元電荷就是點(diǎn)電荷D.電磁場(chǎng)并不是客觀存在的，它是人們?yōu)榱搜芯繂?wèn)題假想出來(lái)的【答案】B【解析】A．干燥天氣里脫毛衣時(shí)會(huì)產(chǎn)生火花，是因?yàn)槟Σ吝^(guò)程中產(chǎn)生了電荷的轉(zhuǎn)移，但不是憑空創(chuàng)造了電荷，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)電荷守恒定律，一個(gè)與外界沒(méi)有電荷交換的系統(tǒng)，電荷的代數(shù)和保持不變，故B正確；C．點(diǎn)電荷是指帶電體的形狀大小和電荷的分布在所研究的問(wèn)題中可以忽略的電荷，元電荷是自然界最小的電荷量，它們不是同一個(gè)含義體，故C錯(cuò)誤；D．和實(shí)物粒子一樣，場(chǎng)是物質(zhì)存在的另一種形式，電磁場(chǎng)是客觀存在的，不是假想的，故D錯(cuò)誤。故選B。4.如圖所示，三根等長(zhǎng)的輕質(zhì)鐵鏈對(duì)稱地懸掛在吊籃架上，另一端接在一起，懸掛在支架上。已知吊籃架、花和花盆系統(tǒng)的總質(zhì)量為。下列說(shuō)法正確的是（）A.每根鐵鏈的拉力均為B.同時(shí)增加三根鐵鏈的長(zhǎng)度，鐵鏈的拉力變大C.支架對(duì)鐵鏈的作用力的合力豎直向上D.吊籃架對(duì)花盆的支持力與花盆的重力是一對(duì)作用力和反作用力【答案】C【解析】A．設(shè)每根鐵鏈和豎直方向的夾角為，則有解得故A錯(cuò)誤；B．增加鐵鏈的長(zhǎng)度，每根鐵鏈和豎直方向的夾角變小，變大，鐵鏈的拉力變小，故B錯(cuò)誤；C．支架對(duì)鐵鏈的作用力的合力與系統(tǒng)的重力等大反向，則支架對(duì)鐵鏈的作用力的合力一定豎直向上，故C正確；D．吊籃架對(duì)花盆的支持力與花盆的重力是一對(duì)平衡力，故D錯(cuò)誤。故選C。5.由于高度限制，車庫(kù)出人口采用如圖所示曲桿道閘，道閘由轉(zhuǎn)動(dòng)桿與橫桿鏈接而成，為橫桿的兩個(gè)端點(diǎn)，在道閘抬起過(guò)程中，桿始終保持水平。桿繞點(diǎn)從與水平方向成勻速轉(zhuǎn)動(dòng)到的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.兩點(diǎn)的線速度相同B.點(diǎn)繞點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)C.點(diǎn)在豎直方向做勻速運(yùn)動(dòng)D.點(diǎn)的角速度比點(diǎn)大【答案】A【解析】AD．依題意，桿始終保持水平，兩點(diǎn)相對(duì)靜止，二者具有相同的線速度、角速度和加速度，故A正確，D錯(cuò)誤；B．OQ間距離在變化，可以看出不是繞點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．Q點(diǎn)在豎直方向的運(yùn)動(dòng)與點(diǎn)相同，點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則點(diǎn)相對(duì)于點(diǎn)在豎直方向的位置關(guān)于時(shí)間的關(guān)系為可看出點(diǎn)在豎直方向不是勻速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤。6.在太陽(yáng)系內(nèi)介于火星和木星軌道之間有一小行星帶，如圖所示，假設(shè)小行星帶中的各小行星只受太陽(yáng)引力作用，并繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，小行星帶中各小行星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的軌道半徑不盡相同，則（）A.小行星帶中各行星繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)的周期相同B.小行星帶中各行星繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)的周期大于火星公轉(zhuǎn)周期C.小行星帶中靠近軌道內(nèi)側(cè)的小行星受到太陽(yáng)的引力一定大于軌道外側(cè)的小行星D.小行星帶中各行星繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度大于火星做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度【答案】B【解析】AB．根據(jù)萬(wàn)有引力定律有解得因各小行星做圓周運(yùn)動(dòng)半徑有可能相同，也有可能不相同，故它們的周期不一定相同，小行星帶中各行星繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑大于火星繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的半徑，因此小行星帶中各行星繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)周期大于火星公轉(zhuǎn)周期，故A錯(cuò)誤，B正確；C．由于小行星帶中小行星的質(zhì)量不一定相同，故內(nèi)側(cè)軌道的小行星受到的太陽(yáng)的引力不一定比外側(cè)的大，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)萬(wàn)有引力定律有解得可知，小行星帶中各行星繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑大于火星繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的半徑，小行星帶中各行星繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度小于火星做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度，故D錯(cuò)誤。7.將不帶電的金屬球靠近帶正電的金屬球，系統(tǒng)達(dá)到靜電平衡狀態(tài)后，紙面內(nèi)的電場(chǎng)線和等勢(shì)面分布如圖所示，兩點(diǎn)關(guān)于金屬球的連線對(duì)稱，為金屬球外表面的兩點(diǎn)。下列說(shuō)法正確的是（）A.金屬球左側(cè)帶正電B.點(diǎn)與點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同C.間的電勢(shì)差與間的電勢(shì)差相等D.將帶正電的試探電荷從點(diǎn)移到點(diǎn)，電勢(shì)能增加【答案】C【解析】A．由于金屬球帶正電，根據(jù)靜電感應(yīng)原理可知，金屬球左側(cè)帶負(fù)電，右側(cè)帶正電，故A錯(cuò)誤；B．電場(chǎng)線某點(diǎn)的切線方向?yàn)樵擖c(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向，電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)弱，圖像可知點(diǎn)與點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向不同，故B錯(cuò)誤；C．達(dá)到靜電平衡的導(dǎo)體為等勢(shì)體，可知點(diǎn)的電勢(shì)與點(diǎn)的電勢(shì)相等，間的電勢(shì)差與間的電勢(shì)差相等，故C正確；D．沿電場(chǎng)方向電勢(shì)降低，由題圖可知，點(diǎn)的電勢(shì)高于點(diǎn)的電勢(shì)，則將帶正電的試探電荷從點(diǎn)移到點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減少，故D錯(cuò)誤。故選C。8.空間中存在一水平向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為，磁場(chǎng)中有一水平放置的通電長(zhǎng)直導(dǎo)線電流的方向垂直于紙面向外，如圖所示，是以直導(dǎo)線為圓心的同一圓周上的四等分點(diǎn)，分別為圓周的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)。已知點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，不考慮地磁場(chǎng)的影響，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0 B.兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等C.兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相反 D.點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為【答案】D【解析】A．設(shè)通電直導(dǎo)線在點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，由安培定則可知，方向豎直向下，所以點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為解得則通電直導(dǎo)線在點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，方向水平向左，故點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，故A錯(cuò)誤；B．同理可知通電直導(dǎo)線在點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，方向水平向右，故點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，故B錯(cuò)誤；C．c點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與水平方向成向上，點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與水平方向成向下，兩點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度方向不相反，故C錯(cuò)誤；D．通電直導(dǎo)線在點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，方向豎直向上，故點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為故D正確。故選D。9.如圖，在點(diǎn)以相同的速率拋出質(zhì)量相同的石子甲和乙，其軌跡在同一豎直平面內(nèi)相交于點(diǎn)。拋出時(shí)甲的初速度斜向上，乙的初速度水平。不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是（）A.從到，甲重力做功比乙多B.在點(diǎn)，甲重力的瞬時(shí)功率比乙大C.從到，乙重力做功的平均功率比甲小D.在點(diǎn)，人對(duì)甲做的功比乙多【答案】B【解析】A．重力做功與路徑無(wú)關(guān)，從到，石子的質(zhì)量相等，高度相同，故重力做的功相等，故A錯(cuò)誤；B．從到，石子的機(jī)械能守恒，在點(diǎn)，甲、乙石子的速率相同，甲速度方向與水平面夾角比乙大，豎直方向速率大，重力的瞬時(shí)功率大，B正確；C．從到，乙飛行的時(shí)間比甲短，重力做功的平均功率大，C錯(cuò)誤；D．在點(diǎn)根據(jù)動(dòng)能定理，人對(duì)石子做的功等于石子動(dòng)能的增加量，石子質(zhì)量和速率一樣，人做的功一樣，故D錯(cuò)誤。10.如圖甲所示，水平面上有一質(zhì)量的物塊，從某時(shí)刻起，物塊以的初速度從點(diǎn)沿粗糙的水平面向右運(yùn)動(dòng)，同時(shí)受到一水平向左的恒力作用，一段時(shí)間后力突然反向，大小不變，以為原點(diǎn)向右建立直線坐標(biāo)系，則整個(gè)過(guò)程中物塊速度的平方隨位置坐標(biāo)變化的關(guān)系圖像如圖乙所示，取。下列說(shuō)法正確的是（）A.物塊在運(yùn)動(dòng)到處時(shí)運(yùn)動(dòng)方向發(fā)生改變B.物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1C.末力反向D.力大小為【答案】B【解析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)，速度位移關(guān)系整理得所以，圖線的縱截距表示，斜率表示。A．由題圖乙可知，時(shí)，圖線的斜率由負(fù)變正，所以加速度突然反向，即力突然反向，所以物塊先做勻減速運(yùn)動(dòng)后做勻加速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)方向沒(méi)有改變，故A錯(cuò)誤；BD．由圖線的斜率表示。代人題圖乙中所給數(shù)據(jù)解得根據(jù)牛頓第二定律，力反向前有力反向后有其中解得故B正確，D錯(cuò)誤；C．水平向左的力作用的時(shí)間末力反向，物塊開(kāi)始做勻加速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤。故選B。11.如圖所示，為平行板電容器的兩金屬板，兩板水平放置并與直流恒壓電源兩極相連，板接地，為電流計(jì)，剛開(kāi)始開(kāi)關(guān)閉合，極板間有一帶正電的液滴靜止在點(diǎn)，則下列說(shuō)法正確的是（）A.保持開(kāi)關(guān)閉合，將板向上平移過(guò)程中，電流計(jì)中有從到的電流B.保持開(kāi)關(guān)閉合，將板向右平移一些，液滴將向上運(yùn)動(dòng)C.若將開(kāi)關(guān)斷開(kāi)，將板向上平移一些，間電場(chǎng)強(qiáng)度變小D.若將開(kāi)關(guān)斷開(kāi)，將板向上平移一些，點(diǎn)電勢(shì)升高【答案】D【解析】A．由于帶正電的液滴處于靜止?fàn)顟B(tài)，可知電場(chǎng)力豎直向上，板間場(chǎng)強(qiáng)方向向上，因此板帶負(fù)電，板帶正電，將板向上平移的過(guò)程中，板間距離變大，板間電壓不變，根據(jù)可知電容器的電容變小，電容器所帶電荷量減小，電容器放電，電流計(jì)中有從到的電流，故A錯(cuò)誤；B．保持開(kāi)關(guān)閉合，將板向右平移一些，板間電壓不變，由可知，板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，液滴仍保持靜止，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)可知將板向上平移一些，板間距離變大，板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變，故C錯(cuò)誤；D．開(kāi)關(guān)斷開(kāi)，電容器儲(chǔ)存的電荷量不變，將板向上平移，板間距離變小，電容變大，板間電壓變小，板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，根據(jù)可知，與板間的電勢(shì)差變小，而極板接地，板電勢(shì)為零，所以點(diǎn)電勢(shì)升高，故D正確。故選D。12.如圖甲所示，懸掛在豎直方向上的彈簧振子在間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，從平衡位置向下運(yùn)動(dòng)時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，振動(dòng)圖像如圖乙所示，點(diǎn)所在位置為重力勢(shì)能的零勢(shì)能點(diǎn)，則下列說(shuō)法正確的是（）A.振子在時(shí)彈簧具有相同的彈性勢(shì)能B.，振子處于超重狀態(tài)C.振子的加速度沿軸正方向D.內(nèi)，振子的回復(fù)力先減小后增加【答案】D【解析】A．懸掛在豎直方向上的彈簧振子平衡位置不是彈簧原長(zhǎng)位置，振子在處彈簧的形變量不同，彈性勢(shì)能不同，故A錯(cuò)誤；B．振子到達(dá)最高點(diǎn)，加速度方向向下，處于失重狀態(tài)，故B錯(cuò)誤；C．，振子處于平衡位置，加速度為零，故C錯(cuò)誤；D．振子受到的合外力提供回復(fù)力，內(nèi)，振子回復(fù)力先減小到零后反向增加，故D正確。13.目前無(wú)線電力傳輸已經(jīng)比較成熟，如圖所示為一種非接觸式電源供應(yīng)系統(tǒng)。兩個(gè)感應(yīng)線圈可以放置在左右相鄰或上下相對(duì)的位置，這種系統(tǒng)基于電磁感應(yīng)原理可實(shí)現(xiàn)無(wú)線傳輸電力，下列說(shuō)法正確的是（）A.只要A線圈中輸入電流，B線圈中就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)B.只要A線圈中輸入變化的電流，B線圈中也會(huì)產(chǎn)生變化的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)C.A中電流越大，B中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大D.A中電流變化越快，B中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大【答案】D【解析】A．根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件，若A線圈中輸入恒定的電流，則A產(chǎn)生恒定的磁場(chǎng)，B中的磁通量不發(fā)生變化，B線圈中不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，故A錯(cuò)誤；BCD．若A線圈中輸入均勻變化的電流，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，B線圈中會(huì)產(chǎn)生恒定大小的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，若A線圈中輸入均勻變化的電流，B線圈中會(huì)產(chǎn)生變化的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，若A線圈中電流變化越快，A線圈中電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)變化越快，B線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，而A中電流越大，不能決定B中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，故BC錯(cuò)誤，D正確。故選D。14.如圖所示為一種基于伽利略大炮原理的簡(jiǎn)易模型。兩小球P、Q豎直疊放在一起，小球間留有較小空隙，從距水平地面高度為h處同時(shí)由靜止釋放。已知小球Q的質(zhì)量是P的3倍。設(shè)所有碰撞均為彈性碰撞。忽略空氣阻力及碰撞時(shí)間，則兩球第一次碰撞后小球P上升的高度為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】設(shè)小球P、Q的質(zhì)量分別為m、3m，落地前的瞬間二者速度均為v，由動(dòng)能定理可得解得Q與地面碰撞后速度等大反向，然后與P碰撞，P、Q碰撞過(guò)程滿足動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，規(guī)定向上為正方向，則有，解得碰后小球P機(jī)械能守恒，則有解得故選C。15.如圖所示為回旋加速器的主要結(jié)構(gòu)，置于真空中的兩個(gè)形金屬盒半徑為，兩盒間的狹縫接高頻交變電壓，加速電壓為，狹縫很小，帶電粒子穿過(guò)的時(shí)間可忽略，整個(gè)裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與盒面垂直。若處粒子源產(chǎn)生的質(zhì)量為、電荷量為的質(zhì)子在狹縫中被電場(chǎng)加速、不計(jì)質(zhì)子進(jìn)入加速電場(chǎng)的初速度，且加速過(guò)程中不考慮相對(duì)論效應(yīng)和重力的影響，則下列說(shuō)法正確的是（）A.高頻交變電場(chǎng)的頻率B.若增加加速電壓，質(zhì)子離開(kāi)裝置的最大速度將變大C.質(zhì)子在裝置中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間D.質(zhì)子在裝置中的加速次數(shù)【答案】C【解析】A．根據(jù)回旋加速器原理，每轉(zhuǎn)一周質(zhì)子被加速兩次，交流電完成一次周期性變化，洛倫茲力提供質(zhì)子做圓周運(yùn)動(dòng)所需向心力，由牛頓第二定律得粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期交流電源的頻率故A錯(cuò)誤；B．質(zhì)子加速后的最大軌道半徑等于形盒的半徑，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得解得質(zhì)子的最大運(yùn)動(dòng)速度質(zhì)子離開(kāi)回旋加速器的最大速度由形盒半徑?jīng)Q定，與加速電壓大小、加速次數(shù)等無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤；D．設(shè)質(zhì)子在加速器中被加速次，由動(dòng)能定理得解得故D錯(cuò)誤；C．質(zhì)子完成一次圓周運(yùn)動(dòng)被電場(chǎng)加速2次，在形盒磁場(chǎng)內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間即故C正確。故選C。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）16.下列選項(xiàng)中的操作能產(chǎn)生感應(yīng)電流的是（）A.甲圖中，使導(dǎo)體棒順著磁感線向下運(yùn)動(dòng)B.乙圖中，線圈繞邊旋轉(zhuǎn)時(shí)C.丙圖中，保持開(kāi)關(guān)閉合，螺線管放在中，同時(shí)移動(dòng)滑動(dòng)變阻器滑片D.丁圖中，條形磁鐵插入有開(kāi)口的圓環(huán)【答案】BC【解析】A．甲圖中，使導(dǎo)體棒順著磁感線向下運(yùn)動(dòng)，不切割磁感線，則不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故A錯(cuò)誤；B．乙圖中，線圈繞邊旋轉(zhuǎn)時(shí)線圈的磁通量改變，會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B正確；C．丙圖中，開(kāi)關(guān)保持閉合，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器滑片時(shí)電流變化，產(chǎn)生的磁場(chǎng)變化，穿過(guò)線圈的磁通量發(fā)生變化，會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C正確；D．丁圖中，條形磁鐵插入有開(kāi)口的圓環(huán)，因圓環(huán)不閉合，則不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故D錯(cuò)誤。17.如圖所示，一頂角為直角的“”形光滑細(xì)桿豎直放置。質(zhì)量均為m的兩金屬環(huán)套在細(xì)桿上，高度相同，用一勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧相連，此時(shí)彈簧為原長(zhǎng)。兩金屬環(huán)同時(shí)由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中彈簧的伸長(zhǎng)在彈性限度內(nèi)，且彈簧始終保持水平，已知彈簧的長(zhǎng)度為l時(shí)，彈性勢(shì)能為，重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是（）A.左邊金屬環(huán)下滑過(guò)程機(jī)械能守恒B.彈簧的最大拉力為2mgC.金屬環(huán)在最高點(diǎn)與最低點(diǎn)加速度大小相等D.金屬環(huán)的最大速度為【答案】BCD【解析】A．金屬環(huán)下降過(guò)程中，彈簧對(duì)其做負(fù)功，金屬環(huán)機(jī)械能減少。故A錯(cuò)誤；B．金屬環(huán)下降達(dá)到最低時(shí)，速度減小為0，形變量為，彈性勢(shì)能最大，根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得解得則最大彈力為故B正確；C．由簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可知，金屬環(huán)在最高點(diǎn)與最低點(diǎn)加速度大小相等。故C正確；D．當(dāng)金屬環(huán)的加速度為0時(shí)，速度最大。根據(jù)平衡條件可得根據(jù)胡克定律可得解得形變量為根據(jù)幾何知識(shí)，兩個(gè)小球下降的高度為對(duì)系統(tǒng)只有重力和彈力做功，對(duì)兩個(gè)金屬環(huán)和彈簧根據(jù)機(jī)械能守恒，則有解得故D正確。三、非選擇題（本題共5小題，共55分）18.小張同學(xué)利用圖甲所示的裝置進(jìn)行“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)，打出如圖乙所示的紙帶，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器頻率為。（1）關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是___________。A.電火花計(jì)時(shí)器使用交流電源B.紙帶必須盡量保持豎直方向以減小摩擦阻力作用C.為了驗(yàn)證機(jī)械能守恒，必須選擇紙帶上打出的第一個(gè)點(diǎn)作為起點(diǎn)D.實(shí)驗(yàn)用到的重力加速度可以由紙帶求出（2）圖乙中紙帶的___________（選填“左端”或“右端”）通過(guò)夾子與鉤碼相連，打紙帶上點(diǎn)時(shí)，重物的速度___________（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）（3）該同學(xué)用兩個(gè)質(zhì)量分別為的重物和分別進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，多次記錄下落高度和相應(yīng)的速度大小，作出的圖像如圖丙所示。下列分析正確的是___________。A.阻力可能為零 B.阻力不可能為零C.一定大于 D.可能等于【答案】（1）AB（2）左端2.22##2.23（3）BD【解析】（1）A．電火花計(jì)時(shí)器使用交流電源，故A正確；B．紙帶必須盡量保持豎直方向以減小摩擦阻力作用，故B正確；C．驗(yàn)證機(jī)械能守恒時(shí)，不一定要選擇紙帶上打出的第一個(gè)點(diǎn)作為起點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；D．實(shí)驗(yàn)中的重力加速度要查詢當(dāng)?shù)氐膶?shí)際值，因?yàn)榇嬖谧枇Γ瑴y(cè)量值比實(shí)際值小，故D錯(cuò)誤。故選AB。（2）重物連著紙帶做加速直線運(yùn)動(dòng)，由紙帶數(shù)據(jù)可知，題圖乙中紙帶的左端通過(guò)夾子與重物相連；根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻速度等于該段過(guò)程的平均速度，則打紙帶上點(diǎn)時(shí)，重物的速度為（3）AB．設(shè)空氣阻力是，根據(jù)動(dòng)能定理有整理得阻力如果為零，則機(jī)械能守恒，兩圖線斜率相同，故阻力不為零，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．雖然的斜率小于的斜率，但空氣阻力關(guān)系不確定，所以的質(zhì)量可能等于的質(zhì)量，也可能大于或小于的質(zhì)量，故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。19.小徐同學(xué)在完成“測(cè)量金屬絲的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中，進(jìn)行了以下實(shí)驗(yàn)過(guò)程：（1）用多用電表歐姆擋測(cè)量金屬絲的電阻，開(kāi)始時(shí)選用“”的擋位測(cè)量發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角太大，擋位應(yīng)調(diào)整為_(kāi)__________（選填“”或“”）擋，正確調(diào)整擋位后經(jīng)過(guò)歐姆調(diào)零重新測(cè)量，指針如圖甲所示，此時(shí)電阻的測(cè)量值為_(kāi)__________。（2）為了精確地測(cè)量金屬絲的電阻。除了待測(cè)金屬絲外，實(shí)驗(yàn)室還有下列器材：電壓表，量程。內(nèi)阻約為；電流表，量程，內(nèi)阻約為；滑動(dòng)變阻器（阻值范圍，允許通過(guò)的最大電流為；滑動(dòng)變阻器（阻值范圍，允許通過(guò)的最大電流為；干電池兩節(jié)，開(kāi)關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干①若實(shí)驗(yàn)中要求電壓從0開(kāi)始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選擇___________（選填“”或“”），根據(jù)以上器材，請(qǐng)以筆畫(huà)線代替導(dǎo)線，將圖乙中未連接的導(dǎo)線補(bǔ)充完整___________。②多次改變金屬絲接入電路的長(zhǎng)度，測(cè)量不同長(zhǎng)度時(shí)的電阻，作圖像如圖丙所示，已知金屬絲的直徑為，并測(cè)得圖像中直線的斜率為，則該金屬絲的電阻率為_(kāi)__________（用和表示）?！敬鸢浮浚?）11##11.0（2）【解析】（1）[1][2]用多用電表測(cè)電阻時(shí)選用的擋位發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角太大，說(shuō)明表盤上電阻示數(shù)較小，要使指針指向中間位置，即要使表盤上電阻示數(shù)變大，需要把倍率調(diào)小，則擋位應(yīng)調(diào)整為讀數(shù)為（2）①[1]由于滑動(dòng)變阻器允許通過(guò)的最大電流只有，而滑動(dòng)變阻器允許通過(guò)的最大電流為，則滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選；[2]完整的實(shí)物連線如圖所示②[3]根據(jù)電阻定律可得則可知圖像的斜率為可得該金屬材料的電阻率為20.如圖所示，小型直流電動(dòng)機(jī)（其線圈內(nèi)阻為r=1.5Ω）與規(guī)格為“6V6W”的小燈泡并聯(lián)，再與阻值為R=2Ω的電阻串聯(lián)，然后接至電源電動(dòng)勢(shì)為12V，內(nèi)阻r0=1Ω的電源上