2024-2025學(xué)年浙江省溫州環(huán)大羅山聯(lián)盟高二上學(xué)期期中考試物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024學(xué)年第一學(xué)期溫州環(huán)大羅山聯(lián)盟期中聯(lián)考高二年級(jí)物理學(xué)科試題考生須知：1.本卷共8頁滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。2.答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫班級(jí)、姓名、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)及準(zhǔn)考證號(hào)并填涂相應(yīng)數(shù)字。3.所有答案必須寫在答題紙上，寫在試卷上無效。4.考試結(jié)束后，只需上交答題紙。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列屬于國(guó)際單位制中基本單位符號(hào)的是（）A.V B.A C.eV D.H【答案】B【解析】電壓?jiǎn)挝籚，能量單位eV，電感單位H，都不是國(guó)際單位制中的基本單位，電流單位A是國(guó)際單位制中的基本單位。故選B。2.2024年9月25日8時(shí)44分，中國(guó)人民解放軍火箭軍向太平洋相關(guān)公海海域，成功發(fā)射1發(fā)攜載訓(xùn)練模擬彈頭的洲際彈道導(dǎo)彈，如圖所示。這款導(dǎo)彈從海南島發(fā)射，落點(diǎn)在法屬波利尼西亞群島附近，射程已達(dá)11700公里。下列說法正確的是（）A.升空過程中以導(dǎo)彈作為參考系，模擬彈頭處于靜止?fàn)顟B(tài)B.研究導(dǎo)彈空中飛行姿態(tài)時(shí)，導(dǎo)彈可視為質(zhì)點(diǎn)C.11700公里指的是路程D.2024年9月25日8時(shí)44分，指的是時(shí)間間隔【答案】A【解析】A．升空過程中，模擬彈頭是固定在導(dǎo)彈上的，因此以導(dǎo)彈作為參考系時(shí)，模擬彈頭的位置并沒有發(fā)生變化，即處于靜止?fàn)顟B(tài)，故A正確；B．研究導(dǎo)彈的空中飛行姿態(tài)時(shí)，我們需要關(guān)注導(dǎo)彈的具體形狀和大小，因?yàn)樽藨B(tài)的變化與導(dǎo)彈的形狀和大小密切相關(guān)。所以，在這種情況下，導(dǎo)彈不能被視為質(zhì)點(diǎn)（質(zhì)點(diǎn)是忽略物體大小和形狀的理想模型），故B錯(cuò)誤；C．11700公里是導(dǎo)彈從發(fā)射點(diǎn)到落點(diǎn)的直線距離，這是一個(gè)有大小和方向的量，因此它指的是位移而不是路程（路程是物體運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度，是標(biāo)量），故C錯(cuò)誤；D．2024年9月25日8時(shí)44分是一個(gè)具體的時(shí)間點(diǎn)，它對(duì)應(yīng)的是時(shí)間軸上的一個(gè)瞬間，因此它指的是時(shí)刻而不是時(shí)間間隔（時(shí)間間隔是兩個(gè)時(shí)刻之間的間隔），故D錯(cuò)誤。故選A。3.2024年8月鄭欽文斬獲巴黎奧運(yùn)會(huì)網(wǎng)球女單冠軍。關(guān)于網(wǎng)球運(yùn)動(dòng)中蘊(yùn)含的力學(xué)知識(shí)，若忽略空氣阻力，以下說法正確的是（）A.球在空中飛行時(shí)，受重力和推力的作用B.球撞擊球拍時(shí)，球拍對(duì)球的力大于球?qū)η蚺牡牧.球的質(zhì)量越大，慣性越大D.球在空中向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，處于超重狀態(tài)【答案】C【解析】A．球在空中飛行時(shí)，受重力作用，沒有推力，A錯(cuò)誤；B．球撞擊球拍時(shí)，球拍對(duì)球的力等于球?qū)η蚺牡牧Γ珺錯(cuò)誤；C．球的質(zhì)量越大，慣性越大，C正確；D．球在空中向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度向下，處于失重狀態(tài)，D錯(cuò)誤。4.地球本身是一個(gè)大磁體，其磁場(chǎng)分布如圖所示。目前學(xué)術(shù)界對(duì)于地磁場(chǎng)的形成機(jī)制尚無共識(shí)。一種理論認(rèn)為地磁場(chǎng)主要源于地表電荷隨地球自轉(zhuǎn)產(chǎn)生的環(huán)形電流?；诖死碚?，下列判斷正確的是（）A.地表電荷為正電荷B.由外太空垂直射向赤道的帶正電粒子將向西偏轉(zhuǎn)C.若地球自轉(zhuǎn)角速度減小，則地表上任一位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度均減小D.赤道和兩極表面的磁感應(yīng)強(qiáng)度相同【答案】C【解析】A．根據(jù)圖中地磁場(chǎng)分布可知，圖中上邊是地磁場(chǎng)的S極，下面是N極，結(jié)合地球自轉(zhuǎn)方向以及右手螺旋定則可知，地表電荷為負(fù)電荷，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．由左手定則可知，由外太空垂直射向赤道的帶正電粒子將向東偏轉(zhuǎn)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．若地球自轉(zhuǎn)角速度減小，則等效環(huán)形電流減小，則地表上任一位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度均減小，選項(xiàng)C正確；D．赤道處磁感應(yīng)強(qiáng)度方向平行地球表面，兩極表面的磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直地球表面，兩處的磁感線疏密也不同，即磁感應(yīng)強(qiáng)度大小也不相同，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示，高壓靜電防護(hù)服接地，O為防護(hù)服內(nèi)的一點(diǎn)，把一帶電量為Q的金屬小球移動(dòng)到距離O點(diǎn)的r處。金屬小球可視為點(diǎn)電荷，靜電力常量為k，取大地電勢(shì)為0，下列說法正確的是（）A.高壓靜電防護(hù)服應(yīng)采用絕緣性能特別好的絕緣材料制作B.感應(yīng)電荷在O點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小等于，方向由O指向金屬小球C.高壓靜電防護(hù)服外表面場(chǎng)強(qiáng)處處為零D.高壓靜電防護(hù)服左側(cè)外表面帶負(fù)電，電勢(shì)小于0【答案】B【解析】A．高壓靜電防護(hù)服是內(nèi)部有用金屬絲織成的金屬網(wǎng)，金屬導(dǎo)電性好，對(duì)外部電場(chǎng)能起到屏蔽作用。故A錯(cuò)誤；B．由場(chǎng)強(qiáng)疊加原理可知感應(yīng)電荷場(chǎng)強(qiáng)方向與金屬小球產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向相反，由O指向金屬小球。故B正確；C．高壓靜電防護(hù)服內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷分布在外表面上，表面處的場(chǎng)強(qiáng)不等于0。故C錯(cuò)誤；D．由于防護(hù)服接地，應(yīng)為左側(cè)外表面帶負(fù)電，大地?zé)o限遠(yuǎn)處帶正電（防護(hù)服與大地連成一無限大導(dǎo)體），所以右側(cè)不帶電，防護(hù)服與大地相連，所以防護(hù)服上各點(diǎn)電勢(shì)為0。故D錯(cuò)誤。故選B。6.磁場(chǎng)對(duì)腦部神經(jīng)組織的影響及臨床醫(yī)學(xué)應(yīng)用的裝置如圖所示，將金屬線圈放置在頭部上方幾厘米處，給線圈通以瞬時(shí)脈沖電流，線圈中產(chǎn)生瞬間的高強(qiáng)度脈沖磁場(chǎng)穿過頭顱時(shí)在腦部特定區(qū)域產(chǎn)生感應(yīng)電流，從而對(duì)腦神經(jīng)產(chǎn)生電刺激作用，下列結(jié)論正確的是（）A.脈沖電流流經(jīng)線圈在其周圍會(huì)產(chǎn)生脈沖磁場(chǎng)的現(xiàn)象是互感現(xiàn)象B.脈沖磁場(chǎng)對(duì)腦部特定區(qū)域產(chǎn)生感應(yīng)電流的現(xiàn)象是自感現(xiàn)象C.若脈沖電流周期Δt不變，增大脈沖電流最大強(qiáng)度，則在腦部產(chǎn)生的感應(yīng)電流會(huì)增大D.若脈沖電流最大強(qiáng)度不變，增大脈沖電流周期At，則在腦部產(chǎn)生的感應(yīng)電流會(huì)增大【答案】C【解析】A．脈沖電流流經(jīng)線圈會(huì)產(chǎn)生高強(qiáng)度的磁場(chǎng)是電生磁，是電流的磁效應(yīng)，故A錯(cuò)誤；B．脈沖磁場(chǎng)對(duì)腦部特定區(qū)域產(chǎn)生感應(yīng)電流是磁生電，是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故B錯(cuò)誤；C．若脈沖電流周期Δt不變，

增大脈沖電流最大強(qiáng)度，則產(chǎn)生的磁場(chǎng)增加，則在腦部產(chǎn)生的感應(yīng)電流會(huì)增大，故C正確；D．若脈沖電流最大強(qiáng)度不變，增大脈沖電流時(shí)間，則產(chǎn)生的磁場(chǎng)變化的更慢，在腦部產(chǎn)生的感應(yīng)電場(chǎng)及感應(yīng)電流會(huì)減弱，故D錯(cuò)誤。故選C。7.對(duì)材料的熱膨脹現(xiàn)象的研究一直是科技領(lǐng)域研究工作中的熱點(diǎn)問題，某同學(xué)設(shè)計(jì)制作了電容熱膨脹檢測(cè)儀，原理如圖所示。電容器上極板固定，下極板可隨材料豎直方向的尺度變化而上下移動(dòng)。已知該材料溫度升高豎直方向的高度變大，會(huì)使電容器下極板上升，現(xiàn)將待測(cè)材料平放在加熱器上，閉合開關(guān)S，電路穩(wěn)定后，下列說法中正確的是（）A.若溫度升高，極板所帶電荷量減小B.若溫度降低，靈敏電流計(jì)G上有從b到a的電流C.若溫度不變，滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)少許，靈敏電流計(jì)G上有從a到b的電流D.若斷開開關(guān)S，靈敏電流計(jì)G上有從a到b的短暫電流【答案】B【解析】A．根據(jù)解得若溫度升高，d減小，極板所帶電荷量增大，A錯(cuò)誤；B．根據(jù)，若溫度降低，d增大，極板所帶電荷量減小，電容器放電，靈敏電流計(jì)G上有從b到a的電流，B正確；C．若溫度不變，滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)少許，滑動(dòng)變阻器的阻值減小，根據(jù)串反并同，電容器兩端電壓減小，電容器放電，靈敏電流計(jì)G上有從b到a的電流，C錯(cuò)誤；D．若斷開開關(guān)S，電容器放電，靈敏電流計(jì)G上有從b到a的電流，D錯(cuò)誤。故選B。8.如圖所示，真空中有兩個(gè)固定的正點(diǎn)電荷A、B，已知A的帶電量為5Q，B的帶電量未知，一不計(jì)重力的帶電微粒質(zhì)量為m，電荷量大小為q，在正電荷A、B的庫(kù)侖力共同作用下，恰好在一垂直于AB連線的平面內(nèi)繞AB連線上的O點(diǎn)做半徑為R的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，C、D為圓周運(yùn)動(dòng)的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)。已知帶電微粒與兩正電荷的連線和AB連線所成的夾角分別為37°和53°，靜電力常量為k，下列說法正確的是（）A.帶電微粒帶正電B.C點(diǎn)與D點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同C.帶電微粒做圓周運(yùn)動(dòng)所在的豎直軌道平面是等勢(shì)面D.帶電微粒做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大小為【答案】D【解析】A．依題意，當(dāng)帶電微粒帶負(fù)電時(shí)，兩點(diǎn)電荷的庫(kù)侖引力的合力提供向心力，指向軌跡圓的圓心。所以該帶電微粒帶負(fù)電。故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)同種電荷的電場(chǎng)線分布特點(diǎn)可知C點(diǎn)與D點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向不相同。故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)同種電荷的等勢(shì)面分布特點(diǎn)可知帶電微粒做圓周運(yùn)動(dòng)所在的豎直軌道平面不是等勢(shì)面。故C錯(cuò)誤；D．對(duì)帶電微粒受力分析，如圖由牛頓第二定律，可得，其中聯(lián)立，解得故D正確。故選D。9.如圖所示，a、b是繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的兩顆衛(wèi)星，兩衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)軌道在同一平面內(nèi)，且繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的繞行方向相同，a、b繞行的周期分別為和T，已知a、b衛(wèi)星最近距離為d，地球半徑為R，引力常量為G，忽略地球的自轉(zhuǎn)，下列說法正確的是（）A.地球表面重力加速度B.a、b兩衛(wèi)星的線速度之比為：1C.a、b兩衛(wèi)星的半徑之比為2：1D.a、b兩衛(wèi)星的萬有引力之比為1：4【答案】A【解析】C．兩衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期分別為和T，由開普勒第二定律有解得a、b兩衛(wèi)星的半徑之比為故C錯(cuò)誤；B．兩衛(wèi)星所受的萬有引力提供向心力，由可知?jiǎng)ta、b兩衛(wèi)星的線速度之比為故B錯(cuò)誤；A．設(shè)的軌道半徑為，則a的軌道半徑為，對(duì)a、b分別有聯(lián)立可得，對(duì)于地球表面的物體，忽略地球的自轉(zhuǎn)有萬有引力等于重力，可知解得故A正確；D．衛(wèi)星所受的萬有引力為，因兩衛(wèi)星的質(zhì)量關(guān)系未知，則a、b兩衛(wèi)星的萬有引力之比無法求出，故D錯(cuò)誤。故選A。10.如圖所示，線圈自感系數(shù)L足夠大，直流電阻不計(jì)，L1和L2是兩個(gè)相同的燈泡，L1和線圈串聯(lián)，D為理想二極管，開關(guān)K閉合電路穩(wěn)定后，燈泡L1和L2都能正常發(fā)光。下列說法正確的是（）A.開關(guān)K閉合瞬間，燈泡L1和L2都立刻變亮B.開關(guān)K斷開后，燈泡L1和L2均逐漸熄滅C.開關(guān)K斷開瞬間，b點(diǎn)電勢(shì)低于a點(diǎn)電勢(shì)D.開關(guān)K斷開后，燈泡L1逐漸熄滅，燈泡L2立即熄滅【答案】D【解析】A．開關(guān)K閉合瞬間，線圈產(chǎn)生自感，燈泡L2都立刻變亮，燈泡L1逐漸亮起來，故A錯(cuò)誤；C．開關(guān)K斷開瞬間，電感線圈中電流減小，則產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，由楞次定律可知，b端相當(dāng)于電源正極，則b點(diǎn)電勢(shì)高于a點(diǎn)電勢(shì)，故C錯(cuò)誤；BD．開關(guān)K斷開后，線圈產(chǎn)生自感，電流的方向由a到L到b，燈泡L1逐漸熄滅，燈泡L2被二極管短路立即熄滅，故B錯(cuò)誤、D正確。故選D。11.如圖甲所示，一通電導(dǎo)體棒P質(zhì)量為m，通過兩等長(zhǎng)細(xì)線懸掛在豎直墻面上等高的M、N兩點(diǎn)，導(dǎo)體棒P中通入恒定電流Ip，另一長(zhǎng)直導(dǎo)體棒Q固定于MN連線的正下方，并與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，此時(shí)滑片位于最左端，開關(guān)閉合，電路穩(wěn)定后P棒與豎直墻面成θ角，θ=30°，且與Q棒在同一水平線上，豎直墻面和兩棒側(cè)視圖如圖乙所示。已知通電直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度與通電導(dǎo)線的電流大小成正比，與到通電導(dǎo)線的距離成反比。不計(jì)電源內(nèi)阻和導(dǎo)體棒Q的電阻，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.側(cè)視圖中P棒電流方向沿棒向里B.此時(shí)安培力大小等于C.若緩慢地將滑動(dòng)變阻器的滑片自左端向右端滑動(dòng)，細(xì)線對(duì)P的拉力增大D.若緩慢將滑動(dòng)變阻器的滑片自最左端緩慢滑至中間，兩棒的間距將變?yōu)樵瓉淼谋丁敬鸢浮緿【解析】A．P棒受到的排斥的安培力水平向右，則兩棒的電流方向相反，Q棒的電流向里，則側(cè)視圖中P棒電流方向沿棒向外，故A錯(cuò)誤；B．對(duì)P棒受力分析可知，受重力，水平向右的安培力，繩的拉力共三個(gè)力而平衡，有故B錯(cuò)誤；C．若緩慢地將滑動(dòng)變阻器的滑片自左向右端滑動(dòng)，接入電路的電阻逐漸減小，Q棒流過的電流逐漸增大，由可知在P棒產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度逐漸增大，P棒依然處于平衡狀態(tài)，如圖所示由相似三角形可知因和都不變，則比值不變，而繩長(zhǎng)不變，則繩子的拉力不變；故C錯(cuò)誤；D．不計(jì)電源內(nèi)阻和導(dǎo)體棒Q的電阻，若緩慢將滑動(dòng)變阻器的滑片自最左端緩慢滑至中間，即電路中的總電阻變?yōu)樵瓉淼囊话耄煽芍猀棒的電流變?yōu)樵瓉淼?倍，由相似三角形可知解得故D正確。12.如圖所示，讓一價(jià)氫離子（）、一價(jià)氦離子（）通過同一對(duì)平行板形成的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，兩離子都能通過偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，進(jìn)入時(shí)初速度方向與電場(chǎng)方向垂直。下列說法正確的是（）A.若兩離子初動(dòng)能相同，出電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)角θ正切之比為1:1B.若兩離子的初動(dòng)能相同，出電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能之比為1:2C.若兩離子的初速度相同，出電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)角θ正切之比為1:4D.若兩離子的初速度相同，出電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)位移y之比為2:1【答案】A【解析】A．粒子出電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)角θ正切則有可知，若兩離子的初動(dòng)能相同，即一定，則出電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)角θ正切之比為1:1，故A正確；C．兩離子電荷量相等，的質(zhì)量是質(zhì)量的四分之一，結(jié)合上述可知，若兩離子的初速度相同，出電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)角θ正切之比等于質(zhì)量的反比，即出電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)角θ正切之比為4:1，故C錯(cuò)誤；B．結(jié)合上述可知，若兩離子的初動(dòng)能相同，則出電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)角θ相等，則出電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能可知，若兩離子的初動(dòng)能相同，出電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能之比為1:1，故B錯(cuò)誤；D．離子做類平拋運(yùn)動(dòng)則有解得兩離子電荷量相等，的質(zhì)量是質(zhì)量的四分之一，結(jié)合上述可知，若兩離子的初速度相同，出電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)位移y之比等于質(zhì)量的反比，即出電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)位移y之比為4:1，故D錯(cuò)誤。故選A。13.現(xiàn)有某品牌洗地機(jī)，其工作主要參數(shù)如下：額定功率220W、電池容量5200mA?h、續(xù)航時(shí)間80min。其工作模式有強(qiáng)效、節(jié)能兩種，強(qiáng)效模式下，該洗地機(jī)以額定功率工作，節(jié)能模式下，以額定功率的一半功率工作，兩種模式下，其工作電壓均相同，其續(xù)航時(shí)間是按照強(qiáng)效模式工作計(jì)算得到的，則下列說法正確的是（）A.mA·h是能量的單位B.該洗地機(jī)在節(jié)能模式下的工作電流為3.9AC.電池充滿電后，儲(chǔ)存的總能量約為1.1×106JD.該洗地機(jī)的內(nèi)阻約為14Ω【答案】C【解析】A．mA·h是電量單位。故A錯(cuò)誤；B．該洗地機(jī)在強(qiáng)效模式下的工作電流為依題意，兩種模式下，其工作電壓均相同，根據(jù)可知工作電壓和節(jié)能模式下電流分布，故B錯(cuò)誤；C．電池充滿電后，儲(chǔ)存的總能量約為故C正確；D．根據(jù)題中條件，無法計(jì)算該洗地機(jī)的內(nèi)阻。故D錯(cuò)誤。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少一個(gè)是符合題目要求的，全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得，有選錯(cuò)的得0分）14.下列說法正確的是（）A.磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小等于穿過磁場(chǎng)方向的單位面積的磁通量B.合金的電阻率幾乎不受溫度變化的影響，常用來制作標(biāo)準(zhǔn)電阻D.原子的能量是量子化的，這些量子化的能量值叫做能級(jí)【答案】D【解析】A.磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小等于穿過垂直磁場(chǎng)方向的單位面積的磁通量，即，故A錯(cuò)誤；B.只有部分合金的電阻率幾乎不受溫度變化的影響，常用來制作標(biāo)準(zhǔn)電阻，故B錯(cuò)誤；C.愛因斯坦認(rèn)為光本身就是由一個(gè)個(gè)不可分割的能量子組成的，頻率為的光的能量子為，故C錯(cuò)誤；D.根據(jù)波爾的模型可知，原子的能量是量子化的，這些量子化的能量值叫做能級(jí)，故D正確。故選D。15.下列關(guān)于磁場(chǎng)與現(xiàn)代科技的相關(guān)說法正確的是（）A.圖甲是真空冶煉爐示意圖，爐外線圈中通入恒定的強(qiáng)電流，可以使?fàn)t內(nèi)的金屬快速熔化B.圖乙是電流表內(nèi)部結(jié)構(gòu)示意圖，線圈轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，通過線圈的磁通量始終為0C.圖丙是回旋加速器示意圖，增大磁感應(yīng)強(qiáng)度能提高加速粒子的最大能量D.圖丁是電磁流量計(jì)示意圖，在B、d一定時(shí)，流量【答案】CD【解析】A．圖甲是真空冶煉爐示意圖，爐外線圈中通入交流電，會(huì)在爐內(nèi)產(chǎn)生渦流，使?fàn)t內(nèi)的金屬快速熔化，通入恒定的強(qiáng)電流，不會(huì)產(chǎn)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；B．圖乙是磁電式電流表內(nèi)部結(jié)構(gòu)示意圖，裝有極靴的磁電式電流表的磁場(chǎng)沿輻向，線圈也是沿著輻向的，通過線圈的磁通量始終為0，但是實(shí)際的線圈有厚度，與磁場(chǎng)之間的夾角不為0，故磁通量不為0，故B錯(cuò)誤；C．圖丙是回旋加速器示意圖，粒子在磁場(chǎng)中的最大軌道半徑為D形盒的半徑，對(duì)應(yīng)速度也最大，則有最大動(dòng)能為所以增大磁感應(yīng)強(qiáng)度能提高加速粒子的最大能量，故C正確；D．圖丁是電磁流量計(jì)示意圖，在B、d一定時(shí)，設(shè)橫截面積為S，長(zhǎng)度為l，帶電粒子電荷量為q，定向移動(dòng)速率為v。流量為單位時(shí)間流過某橫截面的體積，即其中根據(jù)平衡條件，得則流量為故D正確。非選擇題部分三、非選擇題（本題共6小題，共55分）16.在“練習(xí)使用多用電表”這一實(shí)驗(yàn)中：（1）如圖甲所示，某同學(xué)使用前發(fā)現(xiàn)指針沒有停在表盤左側(cè)的0刻線上，他需要適當(dāng)?shù)恼{(diào)節(jié)旋鈕_________（填“A”、“B”、“C”或“D”）；實(shí)驗(yàn)結(jié)束后需要把選擇開關(guān)打到_________（填“A”、“B”、“C”或“D”）。（2）測(cè)量電阻時(shí)，選擇開關(guān)置于歐姆擋“×10”位置并歐姆調(diào)零后，將紅、黑表筆分別與待測(cè)電阻兩端相連，指針位置如圖乙所示。為了減少測(cè)量誤差，應(yīng)將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到歐姆擋_________（填“×1”、“×100”或“×1k”）位置，重新調(diào)節(jié)后，測(cè)量得到指針位置如圖丙所示，則測(cè)得該電阻為_________Ω；如果某次測(cè)量選擇開關(guān)打到直流電壓“10V”檔時(shí)，指針位置剛好也是如圖丙所示，則測(cè)量結(jié)果為_________V。（3）用多用電表測(cè)量二極管正負(fù)極的一次結(jié)果如圖丁所示，已知多用電表和二極管皆良好，測(cè)量方法無誤，則與紅表筆連接的是二極管的__________（填“正”或“負(fù)”）極?！敬鸢浮浚?）AB（2）×10016006.1（3）正【解析】（1）[1]使用多用電表前，若發(fā)現(xiàn)指針沒有停在表盤左側(cè)的0刻線上，需要調(diào)節(jié)機(jī)械調(diào)零旋鈕，故調(diào)節(jié)旋鈕A；[2]實(shí)驗(yàn)結(jié)束后需要把選擇開關(guān)打到“OFF”，即選擇開關(guān)打到B；（2）[1]圖乙可知待測(cè)電阻較大，故需要選用大倍率測(cè)量該電阻，故選“×100”；[2]圖丙可知，該電阻阻值為[3]選擇開關(guān)打到直流電壓“10V”檔時(shí)，結(jié)合圖丙可知，電壓表精度為0.2V，故讀數(shù)時(shí)保留到十分位，所以結(jié)果為6.1V；（3）由二極管特性可知，二極管正向電阻小，反向電阻無窮大，圖丁可知，測(cè)量二極管時(shí)電阻無窮大，可知測(cè)量的是二極管的反向電阻，即與紅表筆連接的是二極管的正極。17.（1）在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)中，某實(shí)驗(yàn)小組用豎直下落的重錘拉動(dòng)紙帶打點(diǎn)來完成實(shí)驗(yàn)，在處理數(shù)據(jù)時(shí)組內(nèi)成員對(duì)重力加速度應(yīng)取何值發(fā)生了爭(zhēng)議，下面幾種建議中最合理的是（）A.取高中物理教材中提到的g9.80665m/s2的標(biāo)準(zhǔn)值B.借助文獻(xiàn)或者網(wǎng)絡(luò)查詢當(dāng)?shù)豨的值C.通過對(duì)紙帶進(jìn)行數(shù)據(jù)處理算出g的值D.就用g9.8m/s2來進(jìn)行數(shù)據(jù)處理即可（2）在“探究影響感應(yīng)電流方向的因素”實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)以圖甲所示的器材用試觸法測(cè)得此時(shí)指針向右偏轉(zhuǎn)，則在圖乙的實(shí)驗(yàn)中指針向__________（填“左”或“右”）偏轉(zhuǎn)。（3）某實(shí)驗(yàn)小組要測(cè)量一個(gè)橙汁電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，所用器材有：被測(cè)橙汁電源E（電動(dòng)勢(shì)約1V、內(nèi)阻約1kΩ）、微安表G（內(nèi)阻RA200Ω，量程為0~300μA）、電阻箱R（阻值為0~9999Ω）、一個(gè)開關(guān)S、導(dǎo)線若干，測(cè)量電路的電路圖如圖丙所示，連接電路，多次測(cè)量得到電阻箱R和電流表Ⅰ的各組數(shù)據(jù)，作出-R圖線如圖丁所示，根據(jù)圖線可得E__________V，r__________Ω（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）。使用這種方案測(cè)量橙汁電池的電動(dòng)勢(shì)__________（填“有”或者“沒有”）系統(tǒng)誤差。【答案】（1）B（2）右（3）0.92##0.93##0.949.0×102##9.1×102##9.2×102##9.3×102##9.4×1029.5×102沒有【解析】（1）在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，某實(shí)驗(yàn)小組用豎直下落的重錘拉動(dòng)紙帶打點(diǎn)來完成實(shí)驗(yàn)時(shí)，借助文獻(xiàn)或者網(wǎng)絡(luò)查詢當(dāng)?shù)豨的值，是較準(zhǔn)確值，誤差最小。故選B。（2）[1]根據(jù)圖甲所示的器材用試觸法測(cè)得此時(shí)指針向右偏轉(zhuǎn)，知電流從“+”接線柱流入電流表時(shí)，指針向右偏轉(zhuǎn)。在圖乙的實(shí)驗(yàn)中，N極向上遠(yuǎn)離螺線管時(shí)，線圈中磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)應(yīng)該與原磁場(chǎng)方向相同，則感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向向下，根據(jù)安培定則可知，線圈中感應(yīng)電流方向由下面進(jìn)上面出，則電流從“+”接線柱流入電流表，電流表的指針向右偏轉(zhuǎn)。（3）[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律有解得結(jié)合圖像有解得[3]使用這種方案測(cè)量橙汁電池的電動(dòng)勢(shì)所用微安表值及內(nèi)阻均為準(zhǔn)確值，沒有系統(tǒng)誤差。18.在某學(xué)校某次趣味運(yùn)動(dòng)會(huì)中有一種項(xiàng)目是讓腰部系繩拖著小輪胎奔跑。如圖所示，在該項(xiàng)目中，小明腰部系著不可伸長(zhǎng)的l=2m長(zhǎng)的輕繩，拖著質(zhì)量m=11kg的小輪胎從起點(diǎn)由靜止開始沿著筆直的跑道勻加速奔跑，t0=5s后小輪胎從輕繩上脫落，此時(shí)速度v=10m/s。已知繩與地面的夾角為θ=37°，小輪胎與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，小輪胎大小忽略不計(jì)，不計(jì)空氣阻力，且sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2，求：（1）加速過程中小輪胎的加速度大小a1；（2）繩子對(duì)小輪胎的拉力大小F；（3）假設(shè)輕繩從小輪胎脫落時(shí)小明保持當(dāng)時(shí)速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則當(dāng)小明沖過100米終點(diǎn)線時(shí)小輪胎離終點(diǎn)線的距離d。【答案】（1）2m/s2（2）70N（3）【解析】（1）根據(jù)v=a1t0解得a1=2m/s2（2）由牛頓第二定律Fcosθ-μ(mg-Fsinθ)=ma1解得F=70N（3）小輪胎脫落前位移脫落后，由牛頓第二定律，可得μmg=ma2又2a2x2=v2聯(lián)立，解得x2=10m繩子脫落后輪胎的運(yùn)動(dòng)時(shí)間小明勻速直線運(yùn)動(dòng)的距離x3=x-x1=100m-25m=75m需要的時(shí)間輪胎早已停下d=x+lcosθ-x1-x2=66.6m19.如圖所示，足夠長(zhǎng)光滑水平臺(tái)上一滑塊與墻中間夾著一根壓縮的輕質(zhì)彈簧（不拴接），用一根細(xì)棉線固定靜止，滑塊質(zhì)量m=0.2kg。水平臺(tái)右下方有一粗糙傾斜管道BC與水平方向夾角θ=37°，其長(zhǎng)為L(zhǎng)=2.0m，滑塊與傾斜管道BC間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，AB的豎直高度h=0.45m。傾斜管道BC最低點(diǎn)C處接一半徑均為R1=0.5m光滑圓弧管道CD、DF，C、D、F等高，E為DF管道的最高點(diǎn)，F(xiàn)G是長(zhǎng)度可伸縮調(diào)整，傾角（θ=37°的光滑直管道，在G處接一半徑。R2=2.5m，圓心為O點(diǎn)的可升降光滑圓弧軌道GHQ，H為最低點(diǎn)，Q為最高點(diǎn)，且∠GOH=θ=37°，各部分管道及軌道在連接處均平滑相切。某一瞬間剪斷細(xì)線，彈簧彈出滑塊，滑塊從水平臺(tái)右端A點(diǎn)飛出，恰好能無碰撞的落到粗糙傾斜管道BC的最高點(diǎn)B，并沿管道下滑，滑塊略小于管道內(nèi)徑，不考慮滑塊從B點(diǎn)飛出。sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2。求：（1）彈簧的彈性勢(shì)能Ep；（2）滑塊第一次到達(dá)E點(diǎn)時(shí)對(duì)管道的作用力；（3）要使滑塊過軌道GHQ時(shí)不脫離該軌道，管道FG的長(zhǎng)度d調(diào)整范圍。【答案】（1）（2）10.4N，方向豎直向上（3）或【解析】（1）滑塊從A到B，做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向是自由落體運(yùn)動(dòng)解得滑塊在B點(diǎn)豎直方向的速度大小為在A點(diǎn)滑塊的速度大小為根據(jù)能量守恒得彈簧的彈性勢(shì)能（2）在B點(diǎn)滑塊的速度大小為從B點(diǎn)到E點(diǎn)根據(jù)動(dòng)能定理得得在E點(diǎn)，由牛頓第二定律得解得由牛頓第三定律，得滑塊第一次到達(dá)E點(diǎn)時(shí)對(duì)管道的作用力方向豎直向上（3）若滑塊進(jìn)入軌道GHQ后恰好能到達(dá)O點(diǎn)等高處，從E點(diǎn)到O點(diǎn)根據(jù)動(dòng)能定理得解得若滑塊進(jìn)入軌道GHQ后恰好能過Q點(diǎn)，則在Q點(diǎn)有解得vQ=5m/s從E點(diǎn)到Q點(diǎn)根據(jù)動(dòng)能定理得解得綜上可得要使滑塊過軌道GHQ時(shí)不脫離該軌道，管道FG的長(zhǎng)度d調(diào)整范圍為或20.如圖所示，光滑的平行金屬導(dǎo)軌EG、JK與水平面間的夾角θ=37°，導(dǎo)軌間距L=1m。導(dǎo)軌平面的CDQH區(qū)域內(nèi)存在垂直導(dǎo)軌平面向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B1=0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。固定于水平面內(nèi)、圓心為O、半徑r=1m的光滑金屬圓環(huán)平面內(nèi)存在豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B?=1T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。不計(jì)質(zhì)量的金屬棒OA可繞過O點(diǎn)的轉(zhuǎn)軸旋轉(zhuǎn)，另一端A與圓環(huán)接觸良好。導(dǎo)軌E、J兩端用導(dǎo)線分別與圓心O和圓環(huán)邊緣相連?，F(xiàn)有外力使OA保持不動(dòng)，將一質(zhì)量m=0.1kg、長(zhǎng)L=1m的金屬棒MN從磁場(chǎng)上邊界CD上方某處由靜止釋放，一段時(shí)間后MN以速度v?=1m/s進(jìn)入磁場(chǎng)，此過程中MN棒始終與導(dǎo)軌接觸良好并保持垂直。已知金屬棒OA、MN的電阻均為R=1Ω，其余電阻均不計(jì)。重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6.求：（1）MN棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)受到的安培力大小FA；（2）磁場(chǎng)區(qū)域足夠長(zhǎng)，導(dǎo)體棒MN勻速時(shí)，OA上的熱功率P；（3）若給OA施加合適的外力，使MN進(jìn)入磁場(chǎng)后做加速度為a=1m/s2勻加速運(yùn)動(dòng)。導(dǎo)體棒MN進(jìn)入磁場(chǎng)開始計(jì)時(shí)，①零時(shí)刻OA棒的角速度ω；②1s內(nèi)外力所做的功WF?！敬鸢浮浚?）（2）（3），【解析】（1）由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，金屬棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的產(chǎn)生的感應(yīng)電流為因?yàn)榘才嗔β?lián)立以上解（2）穩(wěn)定后，金屬棒合力為零，設(shè)電流為，由平衡條件有又因?yàn)?/p>

OA上的熱功率聯(lián)立解得P=1.44W（3）依題意知給OA施加合適的外力，

使MN進(jìn)入磁場(chǎng)后做加速度為a=1m/s2勻加速運(yùn)動(dòng)，設(shè)此時(shí)電流為，由牛頓第二定律得解得I3=1A又因?yàn)槁?lián)立解得由勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知，1s后MN速度v1=v0+at=2m/s故MN運(yùn)動(dòng)的位移1s內(nèi)根據(jù)能量守恒得WF=1.25J21.某裝置可以研究帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，其原理如圖所示。在x軸上方存在垂直xOy平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。x軸下方有一個(gè)半徑為R的圓形區(qū)域磁場(chǎng)，方向垂直xOy平面向外，大小為B，其圓心為y軸上的A點(diǎn)，邊界過坐標(biāo)原點(diǎn)O。x軸正半軸上有一絕緣板MN，M、N點(diǎn)坐標(biāo)分別為（，0）、（L，0），板厚度可以忽略。位于圓形磁場(chǎng)左側(cè)有一個(gè)粒子發(fā)射裝置S，可以發(fā)射一束速度方向平行于x軸、沿y軸寬度為2R的粒子流，且粒子沿y軸方向均勻分布。粒子的質(zhì)量為m，電荷量為-q（q>0）。已知速度方向?qū)?zhǔn)A點(diǎn)的粒子經(jīng)過磁場(chǎng)后剛好從坐標(biāo)原點(diǎn)射出并打在N點(diǎn)。不計(jì)粒子的重力及相互作用。求：（1）該粒子流的速度大小v；（2）打在M點(diǎn)上的粒子在第一象限中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t；（3）打在MN探測(cè)板上的粒子占粒子總數(shù)的比例η?！敬鸢浮浚?）（2）或（3）【解析】（1）粒子束中心粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑為R，由得（2）粒子的運(yùn)行半徑為打在M點(diǎn)上的粒子，對(duì)應(yīng)的O點(diǎn)入射角為：得或圓心角為θ對(duì)應(yīng)圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)間為第一象限中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為或（3）由（2）可知打在M點(diǎn)上的粒子，對(duì)應(yīng)的入射角為α=60°或120°由幾何關(guān)系得，入射點(diǎn)縱坐標(biāo)分別為或得2024學(xué)年第一學(xué)期溫州環(huán)大羅山聯(lián)盟期中聯(lián)考高二年級(jí)物理學(xué)科試題考生須知：1.本卷共8頁滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。2.答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫班級(jí)、姓名、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)及準(zhǔn)考證號(hào)并填涂相應(yīng)數(shù)字。3.所有答案必須寫在答題紙上，寫在試卷上無效。4.考試結(jié)束后，只需上交答題紙。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列屬于國(guó)際單位制中基本單位符號(hào)的是（）A.V B.A C.eV D.H【答案】B【解析】電壓?jiǎn)挝籚，能量單位eV，電感單位H，都不是國(guó)際單位制中的基本單位，電流單位A是國(guó)際單位制中的基本單位。故選B。2.2024年9月25日8時(shí)44分，中國(guó)人民解放軍火箭軍向太平洋相關(guān)公海海域，成功發(fā)射1發(fā)攜載訓(xùn)練模擬彈頭的洲際彈道導(dǎo)彈，如圖所示。這款導(dǎo)彈從海南島發(fā)射，落點(diǎn)在法屬波利尼西亞群島附近，射程已達(dá)11700公里。下列說法正確的是（）A.升空過程中以導(dǎo)彈作為參考系，模擬彈頭處于靜止?fàn)顟B(tài)B.研究導(dǎo)彈空中飛行姿態(tài)時(shí)，導(dǎo)彈可視為質(zhì)點(diǎn)C.11700公里指的是路程D.2024年9月25日8時(shí)44分，指的是時(shí)間間隔【答案】A【解析】A．升空過程中，模擬彈頭是固定在導(dǎo)彈上的，因此以導(dǎo)彈作為參考系時(shí)，模擬彈頭的位置并沒有發(fā)生變化，即處于靜止?fàn)顟B(tài)，故A正確；B．研究導(dǎo)彈的空中飛行姿態(tài)時(shí)，我們需要關(guān)注導(dǎo)彈的具體形狀和大小，因?yàn)樽藨B(tài)的變化與導(dǎo)彈的形狀和大小密切相關(guān)。所以，在這種情況下，導(dǎo)彈不能被視為質(zhì)點(diǎn)（質(zhì)點(diǎn)是忽略物體大小和形狀的理想模型），故B錯(cuò)誤；C．11700公里是導(dǎo)彈從發(fā)射點(diǎn)到落點(diǎn)的直線距離，這是一個(gè)有大小和方向的量，因此它指的是位移而不是路程（路程是物體運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度，是標(biāo)量），故C錯(cuò)誤；D．2024年9月25日8時(shí)44分是一個(gè)具體的時(shí)間點(diǎn)，它對(duì)應(yīng)的是時(shí)間軸上的一個(gè)瞬間，因此它指的是時(shí)刻而不是時(shí)間間隔（時(shí)間間隔是兩個(gè)時(shí)刻之間的間隔），故D錯(cuò)誤。故選A。3.2024年8月鄭欽文斬獲巴黎奧運(yùn)會(huì)網(wǎng)球女單冠軍。關(guān)于網(wǎng)球運(yùn)動(dòng)中蘊(yùn)含的力學(xué)知識(shí)，若忽略空氣阻力，以下說法正確的是（）A.球在空中飛行時(shí)，受重力和推力的作用B.球撞擊球拍時(shí)，球拍對(duì)球的力大于球?qū)η蚺牡牧.球的質(zhì)量越大，慣性越大D.球在空中向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，處于超重狀態(tài)【答案】C【解析】A．球在空中飛行時(shí)，受重力作用，沒有推力，A錯(cuò)誤；B．球撞擊球拍時(shí)，球拍對(duì)球的力等于球?qū)η蚺牡牧?，B錯(cuò)誤；C．球的質(zhì)量越大，慣性越大，C正確；D．球在空中向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度向下，處于失重狀態(tài)，D錯(cuò)誤。4.地球本身是一個(gè)大磁體，其磁場(chǎng)分布如圖所示。目前學(xué)術(shù)界對(duì)于地磁場(chǎng)的形成機(jī)制尚無共識(shí)。一種理論認(rèn)為地磁場(chǎng)主要源于地表電荷隨地球自轉(zhuǎn)產(chǎn)生的環(huán)形電流?；诖死碚?，下列判斷正確的是（）A.地表電荷為正電荷B.由外太空垂直射向赤道的帶正電粒子將向西偏轉(zhuǎn)C.若地球自轉(zhuǎn)角速度減小，則地表上任一位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度均減小D.赤道和兩極表面的磁感應(yīng)強(qiáng)度相同【答案】C【解析】A．根據(jù)圖中地磁場(chǎng)分布可知，圖中上邊是地磁場(chǎng)的S極，下面是N極，結(jié)合地球自轉(zhuǎn)方向以及右手螺旋定則可知，地表電荷為負(fù)電荷，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．由左手定則可知，由外太空垂直射向赤道的帶正電粒子將向東偏轉(zhuǎn)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．若地球自轉(zhuǎn)角速度減小，則等效環(huán)形電流減小，則地表上任一位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度均減小，選項(xiàng)C正確；D．赤道處磁感應(yīng)強(qiáng)度方向平行地球表面，兩極表面的磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直地球表面，兩處的磁感線疏密也不同，即磁感應(yīng)強(qiáng)度大小也不相同，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示，高壓靜電防護(hù)服接地，O為防護(hù)服內(nèi)的一點(diǎn)，把一帶電量為Q的金屬小球移動(dòng)到距離O點(diǎn)的r處。金屬小球可視為點(diǎn)電荷，靜電力常量為k，取大地電勢(shì)為0，下列說法正確的是（）A.高壓靜電防護(hù)服應(yīng)采用絕緣性能特別好的絕緣材料制作B.感應(yīng)電荷在O點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小等于，方向由O指向金屬小球C.高壓靜電防護(hù)服外表面場(chǎng)強(qiáng)處處為零D.高壓靜電防護(hù)服左側(cè)外表面帶負(fù)電，電勢(shì)小于0【答案】B【解析】A．高壓靜電防護(hù)服是內(nèi)部有用金屬絲織成的金屬網(wǎng)，金屬導(dǎo)電性好，對(duì)外部電場(chǎng)能起到屏蔽作用。故A錯(cuò)誤；B．由場(chǎng)強(qiáng)疊加原理可知感應(yīng)電荷場(chǎng)強(qiáng)方向與金屬小球產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向相反，由O指向金屬小球。故B正確；C．高壓靜電防護(hù)服內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷分布在外表面上，表面處的場(chǎng)強(qiáng)不等于0。故C錯(cuò)誤；D．由于防護(hù)服接地，應(yīng)為左側(cè)外表面帶負(fù)電，大地?zé)o限遠(yuǎn)處帶正電（防護(hù)服與大地連成一無限大導(dǎo)體），所以右側(cè)不帶電，防護(hù)服與大地相連，所以防護(hù)服上各點(diǎn)電勢(shì)為0。故D錯(cuò)誤。故選B。6.磁場(chǎng)對(duì)腦部神經(jīng)組織的影響及臨床醫(yī)學(xué)應(yīng)用的裝置如圖所示，將金屬線圈放置在頭部上方幾厘米處，給線圈通以瞬時(shí)脈沖電流，線圈中產(chǎn)生瞬間的高強(qiáng)度脈沖磁場(chǎng)穿過頭顱時(shí)在腦部特定區(qū)域產(chǎn)生感應(yīng)電流，從而對(duì)腦神經(jīng)產(chǎn)生電刺激作用，下列結(jié)論正確的是（）A.脈沖電流流經(jīng)線圈在其周圍會(huì)產(chǎn)生脈沖磁場(chǎng)的現(xiàn)象是互感現(xiàn)象B.脈沖磁場(chǎng)對(duì)腦部特定區(qū)域產(chǎn)生感應(yīng)電流的現(xiàn)象是自感現(xiàn)象C.若脈沖電流周期Δt不變，增大脈沖電流最大強(qiáng)度，則在腦部產(chǎn)生的感應(yīng)電流會(huì)增大D.若脈沖電流最大強(qiáng)度不變，增大脈沖電流周期At，則在腦部產(chǎn)生的感應(yīng)電流會(huì)增大【答案】C【解析】A．脈沖電流流經(jīng)線圈會(huì)產(chǎn)生高強(qiáng)度的磁場(chǎng)是電生磁，是電流的磁效應(yīng)，故A錯(cuò)誤；B．脈沖磁場(chǎng)對(duì)腦部特定區(qū)域產(chǎn)生感應(yīng)電流是磁生電，是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故B錯(cuò)誤；C．若脈沖電流周期Δt不變，

增大脈沖電流最大強(qiáng)度，則產(chǎn)生的磁場(chǎng)增加，則在腦部產(chǎn)生的感應(yīng)電流會(huì)增大，故C正確；D．若脈沖電流最大強(qiáng)度不變，增大脈沖電流時(shí)間，則產(chǎn)生的磁場(chǎng)變化的更慢，在腦部產(chǎn)生的感應(yīng)電場(chǎng)及感應(yīng)電流會(huì)減弱，故D錯(cuò)誤。故選C。7.對(duì)材料的熱膨脹現(xiàn)象的研究一直是科技領(lǐng)域研究工作中的熱點(diǎn)問題，某同學(xué)設(shè)計(jì)制作了電容熱膨脹檢測(cè)儀，原理如圖所示。電容器上極板固定，下極板可隨材料豎直方向的尺度變化而上下移動(dòng)。已知該材料溫度升高豎直方向的高度變大，會(huì)使電容器下極板上升，現(xiàn)將待測(cè)材料平放在加熱器上，閉合開關(guān)S，電路穩(wěn)定后，下列說法中正確的是（）A.若溫度升高，極板所帶電荷量減小B.若溫度降低，靈敏電流計(jì)G上有從b到a的電流C.若溫度不變，滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)少許，靈敏電流計(jì)G上有從a到b的電流D.若斷開開關(guān)S，靈敏電流計(jì)G上有從a到b的短暫電流【答案】B【解析】A．根據(jù)解得若溫度升高，d減小，極板所帶電荷量增大，A錯(cuò)誤；B．根據(jù)，若溫度降低，d增大，極板所帶電荷量減小，電容器放電，靈敏電流計(jì)G上有從b到a的電流，B正確；C．若溫度不變，滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)少許，滑動(dòng)變阻器的阻值減小，根據(jù)串反并同，電容器兩端電壓減小，電容器放電，靈敏電流計(jì)G上有從b到a的電流，C錯(cuò)誤；D．若斷開開關(guān)S，電容器放電，靈敏電流計(jì)G上有從b到a的電流，D錯(cuò)誤。故選B。8.如圖所示，真空中有兩個(gè)固定的正點(diǎn)電荷A、B，已知A的帶電量為5Q，B的帶電量未知，一不計(jì)重力的帶電微粒質(zhì)量為m，電荷量大小為q，在正電荷A、B的庫(kù)侖力共同作用下，恰好在一垂直于AB連線的平面內(nèi)繞AB連線上的O點(diǎn)做半徑為R的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，C、D為圓周運(yùn)動(dòng)的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)。已知帶電微粒與兩正電荷的連線和AB連線所成的夾角分別為37°和53°，靜電力常量為k，下列說法正確的是（）A.帶電微粒帶正電B.C點(diǎn)與D點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同C.帶電微粒做圓周運(yùn)動(dòng)所在的豎直軌道平面是等勢(shì)面D.帶電微粒做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大小為【答案】D【解析】A．依題意，當(dāng)帶電微粒帶負(fù)電時(shí)，兩點(diǎn)電荷的庫(kù)侖引力的合力提供向心力，指向軌跡圓的圓心。所以該帶電微粒帶負(fù)電。故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)同種電荷的電場(chǎng)線分布特點(diǎn)可知C點(diǎn)與D點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向不相同。故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)同種電荷的等勢(shì)面分布特點(diǎn)可知帶電微粒做圓周運(yùn)動(dòng)所在的豎直軌道平面不是等勢(shì)面。故C錯(cuò)誤；D．對(duì)帶電微粒受力分析，如圖由牛頓第二定律，可得，其中聯(lián)立，解得故D正確。故選D。9.如圖所示，a、b是繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的兩顆衛(wèi)星，兩衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)軌道在同一平面內(nèi)，且繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的繞行方向相同，a、b繞行的周期分別為和T，已知a、b衛(wèi)星最近距離為d，地球半徑為R，引力常量為G，忽略地球的自轉(zhuǎn)，下列說法正確的是（）A.地球表面重力加速度B.a、b兩衛(wèi)星的線速度之比為：1C.a、b兩衛(wèi)星的半徑之比為2：1D.a、b兩衛(wèi)星的萬有引力之比為1：4【答案】A【解析】C．兩衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期分別為和T，由開普勒第二定律有解得a、b兩衛(wèi)星的半徑之比為故C錯(cuò)誤；B．兩衛(wèi)星所受的萬有引力提供向心力，由可知?jiǎng)ta、b兩衛(wèi)星的線速度之比為故B錯(cuò)誤；A．設(shè)的軌道半徑為，則a的軌道半徑為，對(duì)a、b分別有聯(lián)立可得，對(duì)于地球表面的物體，忽略地球的自轉(zhuǎn)有萬有引力等于重力，可知解得故A正確；D．衛(wèi)星所受的萬有引力為，因兩衛(wèi)星的質(zhì)量關(guān)系未知，則a、b兩衛(wèi)星的萬有引力之比無法求出，故D錯(cuò)誤。故選A。10.如圖所示，線圈自感系數(shù)L足夠大，直流電阻不計(jì)，L1和L2是兩個(gè)相同的燈泡，L1和線圈串聯(lián)，D為理想二極管，開關(guān)K閉合電路穩(wěn)定后，燈泡L1和L2都能正常發(fā)光。下列說法正確的是（）A.開關(guān)K閉合瞬間，燈泡L1和L2都立刻變亮B.開關(guān)K斷開后，燈泡L1和L2均逐漸熄滅C.開關(guān)K斷開瞬間，b點(diǎn)電勢(shì)低于a點(diǎn)電勢(shì)D.開關(guān)K斷開后，燈泡L1逐漸熄滅，燈泡L2立即熄滅【答案】D【解析】A．開關(guān)K閉合瞬間，線圈產(chǎn)生自感，燈泡L2都立刻變亮，燈泡L1逐漸亮起來，故A錯(cuò)誤；C．開關(guān)K斷開瞬間，電感線圈中電流減小，則產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，由楞次定律可知，b端相當(dāng)于電源正極，則b點(diǎn)電勢(shì)高于a點(diǎn)電勢(shì)，故C錯(cuò)誤；BD．開關(guān)K斷開后，線圈產(chǎn)生自感，電流的方向由a到L到b，燈泡L1逐漸熄滅，燈泡L2被二極管短路立即熄滅，故B錯(cuò)誤、D正確。故選D。11.如圖甲所示，一通電導(dǎo)體棒P質(zhì)量為m，通過兩等長(zhǎng)細(xì)線懸掛在豎直墻面上等高的M、N兩點(diǎn)，導(dǎo)體棒P中通入恒定電流Ip，另一長(zhǎng)直導(dǎo)體棒Q固定于MN連線的正下方，并與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，此時(shí)滑片位于最左端，開關(guān)閉合，電路穩(wěn)定后P棒與豎直墻面成θ角，θ=30°，且與Q棒在同一水平線上，豎直墻面和兩棒側(cè)視圖如圖乙所示。已知通電直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度與通電導(dǎo)線的電流大小成正比，與到通電導(dǎo)線的距離成反比。不計(jì)電源內(nèi)阻和導(dǎo)體棒Q的電阻，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.側(cè)視圖中P棒電流方向沿棒向里B.此時(shí)安培力大小等于C.若緩慢地將滑動(dòng)變阻器的滑片自左端向右端滑動(dòng)，細(xì)線對(duì)P的拉力增大D.若緩慢將滑動(dòng)變阻器的滑片自最左端緩慢滑至中間，兩棒的間距將變?yōu)樵瓉淼谋丁敬鸢浮緿【解析】A．P棒受到的排斥的安培力水平向右，則兩棒的電流方向相反，Q棒的電流向里，則側(cè)視圖中P棒電流方向沿棒向外，故A錯(cuò)誤；B．對(duì)P棒受力分析可知，受重力，水平向右的安培力，繩的拉力共三個(gè)力而平衡，有故B錯(cuò)誤；C．若緩慢地將滑動(dòng)變阻器的滑片自左向右端滑動(dòng)，接入電路的電阻逐漸減小，Q棒流過的電流逐漸增大，由可知在P棒產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度逐漸增大，P棒依然處于平衡狀態(tài)，如圖所示由相似三角形可知因和都不變，則比值不變，而繩長(zhǎng)不變，則繩子的拉力不變；故C錯(cuò)誤；D．不計(jì)電源內(nèi)阻和導(dǎo)體棒Q的電阻，若緩慢將滑動(dòng)變阻器的滑片自最左端緩慢滑至中間，即電路中的總電阻變?yōu)樵瓉淼囊话?，由可知Q棒的電流變?yōu)樵瓉淼?倍，由相似三角形可知解得故D正確。12.如圖所示，讓一價(jià)氫離子（）、一價(jià)氦離子（）通過同一對(duì)平行板形成的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，兩離子都能通過偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，進(jìn)入時(shí)初速度方向與電場(chǎng)方向垂直。下列說法正確的是（）A.若兩離子初動(dòng)能相同，出電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)角θ正切之比為1:1B.若兩離子的初動(dòng)能相同，出電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能之比為1:2C.若兩離子的初速度相同，出電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)角θ正切之比為1:4D.若兩離子的初速度相同，出電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)位移y之比為2:1【答案】A【解析】A．粒子出電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)角θ正切則有可知，若兩離子的初動(dòng)能相同，即一定，則出電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)角θ正切之比為1:1，故A正確；C．兩離子電荷量相等，的質(zhì)量是質(zhì)量的四分之一，結(jié)合上述可知，若兩離子的初速度相同，出電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)角θ正切之比等于質(zhì)量的反比，即出電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)角θ正切之比為4:1，故C錯(cuò)誤；B．結(jié)合上述可知，若兩離子的初動(dòng)能相同，則出電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)角θ相等，則出電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能可知，若兩離子的初動(dòng)能相同，出電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能之比為1:1，故B錯(cuò)誤；D．離子做類平拋運(yùn)動(dòng)則有解得兩離子電荷量相等，的質(zhì)量是質(zhì)量的四分之一，結(jié)合上述可知，若兩離子的初速度相同，出電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)位移y之比等于質(zhì)量的反比，即出電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)位移y之比為4:1，故D錯(cuò)誤。故選A。13.現(xiàn)有某品牌洗地機(jī)，其工作主要參數(shù)如下：額定功率220W、電池容量5200mA?h、續(xù)航時(shí)間80min。其工作模式有強(qiáng)效、節(jié)能兩種，強(qiáng)效模式下，該洗地機(jī)以額定功率工作，節(jié)能模式下，以額定功率的一半功率工作，兩種模式下，其工作電壓均相同，其續(xù)航時(shí)間是按照強(qiáng)效模式工作計(jì)算得到的，則下列說法正確的是（）A.mA·h是能量的單位B.該洗地機(jī)在節(jié)能模式下的工作電流為3.9AC.電池充滿電后，儲(chǔ)存的總能量約為1.1×106JD.該洗地機(jī)的內(nèi)阻約為14Ω【答案】C【解析】A．mA·h是電量單位。故A錯(cuò)誤；B．該洗地機(jī)在強(qiáng)效模式下的工作電流為依題意，兩種模式下，其工作電壓均相同，根據(jù)可知工作電壓和節(jié)能模式下電流分布，故B錯(cuò)誤；C．電池充滿電后，儲(chǔ)存的總能量約為故C正確；D．根據(jù)題中條件，無法計(jì)算該洗地機(jī)的內(nèi)阻。故D錯(cuò)誤。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少一個(gè)是符合題目要求的，全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得，有選錯(cuò)的得0分）14.下列說法正確的是（）A.磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小等于穿過磁場(chǎng)方向的單位面積的磁通量B.合金的電阻率幾乎不受溫度變化的影響，常用來制作標(biāo)準(zhǔn)電阻D.原子的能量是量子化的，這些量子化的能量值叫做能級(jí)【答案】D【解析】A.磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小等于穿過垂直磁場(chǎng)方向的單位面積的磁通量，即，故A錯(cuò)誤；B.只有部分合金的電阻率幾乎不受溫度變化的影響，常用來制作標(biāo)準(zhǔn)電阻，故B錯(cuò)誤；C.愛因斯坦認(rèn)為光本身就是由一個(gè)個(gè)不可分割的能量子組成的，頻率為的光的能量子為，故C錯(cuò)誤；D.根據(jù)波爾的模型可知，原子的能量是量子化的，這些量子化的能量值叫做能級(jí)，故D正確。故選D。15.下列關(guān)于磁場(chǎng)與現(xiàn)代科技的相關(guān)說法正確的是（）A.圖甲是真空冶煉爐示意圖，爐外線圈中通入恒定的強(qiáng)電流，可以使?fàn)t內(nèi)的金屬快速熔化B.圖乙是電流表內(nèi)部結(jié)構(gòu)示意圖，線圈轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，通過線圈的磁通量始終為0C.圖丙是回旋加速器示意圖，增大磁感應(yīng)強(qiáng)度能提高加速粒子的最大能量D.圖丁是電磁流量計(jì)示意圖，在B、d一定時(shí)，流量【答案】CD【解析】A．圖甲是真空冶煉爐示意圖，爐外線圈中通入交流電，會(huì)在爐內(nèi)產(chǎn)生渦流，使?fàn)t內(nèi)的金屬快速熔化，通入恒定的強(qiáng)電流，不會(huì)產(chǎn)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；B．圖乙是磁電式電流表內(nèi)部結(jié)構(gòu)示意圖，裝有極靴的磁電式電流表的磁場(chǎng)沿輻向，線圈也是沿著輻向的，通過線圈的磁通量始終為0，但是實(shí)際的線圈有厚度，與磁場(chǎng)之間的夾角不為0，故磁通量不為0，故B錯(cuò)誤；C．圖丙是回旋加速器示意圖，粒子在磁場(chǎng)中的最大軌道半徑為D形盒的半徑，對(duì)應(yīng)速度也最大，則有最大動(dòng)能為所以增大磁感應(yīng)強(qiáng)度能提高加速粒子的最大能量，故C正確；D．圖丁是電磁流量計(jì)示意圖，在B、d一定時(shí)，設(shè)橫截面積為S，長(zhǎng)度為l，帶電粒子電荷量為q，定向移動(dòng)速率為v。流量為單位時(shí)間流過某橫截面的體積，即其中根據(jù)平衡條件，得則流量為故D正確。非選擇題部分三、非選擇題（本題共6小題，共55分）16.在“練習(xí)使用多用電表”這一實(shí)驗(yàn)中：（1）如圖甲所示，某同學(xué)使用前發(fā)現(xiàn)指針沒有停在表盤左側(cè)的0刻線上，他需要適當(dāng)?shù)恼{(diào)節(jié)旋鈕_________（填“A”、“B”、“C”或“D”）；實(shí)驗(yàn)結(jié)束后需要把選擇開關(guān)打到_________（填“A”、“B”、“C”或“D”）。（2）測(cè)量電阻時(shí)，選擇開關(guān)置于歐姆擋“×10”位置并歐姆調(diào)零后，將紅、黑表筆分別與待測(cè)電阻兩端相連，指針位置如圖乙所示。為了減少測(cè)量誤差，應(yīng)將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到歐姆擋_________（填“×1”、“×100”或“×1k”）位置，重新調(diào)節(jié)后，測(cè)量得到指針位置如圖丙所示，則測(cè)得該電阻為_________Ω；如果某次測(cè)量選擇開關(guān)打到直流電壓“10V”檔時(shí)，指針位置剛好也是如圖丙所示，則測(cè)量結(jié)果為_________V。（3）用多用電表測(cè)量二極管正負(fù)極的一次結(jié)果如圖丁所示，已知多用電表和二極管皆良好，測(cè)量方法無誤，則與紅表筆連接的是二極管的__________（填“正”或“負(fù)”）極?！敬鸢浮浚?）AB（2）×10016006.1（3）正【解析】（1）[1]使用多用電表前，若發(fā)現(xiàn)指針沒有停在表盤左側(cè)的0刻線上，需要調(diào)節(jié)機(jī)械調(diào)零旋鈕，故調(diào)節(jié)旋鈕A；[2]實(shí)驗(yàn)結(jié)束后需要把選擇開關(guān)打到“OFF”，即選擇開關(guān)打到B；（2）[1]圖乙可知待測(cè)電阻較大，故需要選用大倍率測(cè)量該電阻，故選“×100”；[2]圖丙可知，該電阻阻值為[3]選擇開關(guān)打到直流電壓“10V”檔時(shí)，結(jié)合圖丙可知，電壓表精度為0.2V，故讀數(shù)時(shí)保留到十分位，所以結(jié)果為6.1V；（3）由二極管特性可知，二極管正向電阻小，反向電阻無窮大，圖丁可知，測(cè)量二極管時(shí)電阻無窮大，可知測(cè)量的是二極管的反向電阻，即與紅表筆連接的是二極管的正極。17.（1）在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)中，某實(shí)驗(yàn)小組用豎直下落的重錘拉動(dòng)紙帶打點(diǎn)來完成實(shí)驗(yàn)，在處理數(shù)據(jù)時(shí)組內(nèi)成員對(duì)重力加速度應(yīng)取何值發(fā)生了爭(zhēng)議，下面幾種建議中最合理的是（）A.取高中物理教材中提到的g9.80665m/s2的標(biāo)準(zhǔn)值B.借助文獻(xiàn)或者網(wǎng)絡(luò)查詢當(dāng)?shù)豨的值C.通過對(duì)紙帶進(jìn)行數(shù)據(jù)處理算出g的值D.就用g9.8m/s2來進(jìn)行數(shù)據(jù)處理即可（2）在“探究影響感應(yīng)電流方向的因素”實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)以圖甲所示的器材用試觸法測(cè)得此時(shí)指針向右偏轉(zhuǎn)，則在圖乙的實(shí)驗(yàn)中指針向__________（填“左”或“右”）偏轉(zhuǎn)。（3）某實(shí)驗(yàn)小組要測(cè)量一個(gè)橙汁電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，所用器材有：被測(cè)橙汁電源E（電動(dòng)勢(shì)約1V、內(nèi)阻約1kΩ）、微安表G（內(nèi)阻RA200Ω，量程為0~300μA）、電阻箱R（阻值為0~9999Ω）、一個(gè)開關(guān)S、導(dǎo)線若干，測(cè)量電路的電路圖如圖丙所示，連接電路，多次測(cè)量得到電阻箱R和電流表Ⅰ的各組數(shù)據(jù)，作出-R圖線如圖丁所示，根據(jù)圖線可得E__________V，r__________Ω（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）。使用這種方案測(cè)量橙汁電池的電動(dòng)勢(shì)__________（填“有”或者“沒有”）系統(tǒng)誤差?！敬鸢浮浚?）B（2）右（3）0.92##0.93##0.949.0×102##9.1×102##9.2×102##9.3×102##9.4×1029.5×102沒有【解析】（1）在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，某實(shí)驗(yàn)小組用豎直下落的重錘拉動(dòng)紙帶打點(diǎn)來完成實(shí)驗(yàn)時(shí)，借助文獻(xiàn)或者網(wǎng)絡(luò)查詢當(dāng)?shù)豨的值，是較準(zhǔn)確值，誤差最小。故選B。（2）[1]根據(jù)圖甲所示的器材用試觸法測(cè)得此時(shí)指針向右偏轉(zhuǎn)，知電流從“+”接線柱流入電流表時(shí)，指針向右偏轉(zhuǎn)。在圖乙的實(shí)驗(yàn)中，N極向上遠(yuǎn)離螺線管時(shí)，線圈中磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)應(yīng)該與原磁場(chǎng)方向相同，則感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向向下，根據(jù)安培定則可知，線圈中感應(yīng)電流方向由下面進(jìn)上面出，則電流從“+”接線柱流入電流表，電流表的指針向右偏轉(zhuǎn)。（3）[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律有解得結(jié)合圖像有解得[3]使用這種方案測(cè)量橙汁電池的電動(dòng)勢(shì)所用微安表值及內(nèi)阻均為準(zhǔn)確值，沒有系統(tǒng)誤差。18.在某學(xué)校某次趣味運(yùn)動(dòng)會(huì)中有一種項(xiàng)目是讓腰部系繩拖著小輪胎奔跑。如圖所示，在該項(xiàng)目中，小明腰部系著不可伸長(zhǎng)的l=2m長(zhǎng)的輕繩，拖著質(zhì)量m=11kg的小輪胎從起點(diǎn)由靜止開始沿著筆直的跑道勻加速奔跑，t0=5s后小輪胎從輕繩上脫落，此時(shí)速度v=10m/s。已知繩與地面的夾角為θ=37°，小輪胎與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，小輪胎大小忽略不計(jì)，不計(jì)空氣阻力，且sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2，求：（1）加速過程中小輪胎的加速度大小a1；（2）繩子對(duì)小輪胎的拉力大小F；（3）假設(shè)輕繩從小輪胎脫落時(shí)小明保持當(dāng)時(shí)速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則當(dāng)小明沖過100米終點(diǎn)線時(shí)小輪胎離終點(diǎn)線的距離d。【答案】（1）2m/s2（2）70N（3）【解析】（1）根據(jù)v=a1t0解得a1=2m/s2（2）由牛頓第二定律Fcosθ-μ(mg-Fsinθ)=ma1解得F=70N（3）小輪胎脫落前位移脫落后，由牛頓第二定律，可得μmg=ma2又2a2x2=v2聯(lián)立，解得x2=10m繩子脫落后輪胎的運(yùn)動(dòng)