選修31第三章磁場(chǎng)試題

1、林甸一中高二物理（3-1）第三章 練習(xí)題（二）一、選擇題1以下關(guān)于磁場(chǎng)和磁感應(yīng)強(qiáng)度b的說(shuō)法，正確的是（ ）a磁場(chǎng)中某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，根據(jù)公式b，它跟f、i、l都有關(guān)b磁場(chǎng)中某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直于該點(diǎn)的磁場(chǎng)方向c穿過(guò)線圈的磁通量為零的地方，磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零d磁感應(yīng)強(qiáng)度越大的地方，穿過(guò)線圈的磁通量也一定越大2關(guān)于磁感線的描述，下列說(shuō)法中正確的是（ ）a磁感線可以形象地描述各點(diǎn)磁場(chǎng)的強(qiáng)弱和方向，它在每一點(diǎn)的切線方向都和小磁針?lè)旁谠擖c(diǎn)靜止時(shí)北極所指的方向一致b磁感線總是從磁鐵的北極出發(fā)，到南極終止c磁感線就是細(xì)鐵屑連成的曲線d磁場(chǎng)中某點(diǎn)磁感線的切線方向就是電流在該點(diǎn)的受力方向3下列說(shuō)法正確的

2、是（ ）a奧斯特提出“分子電流”假說(shuō)，認(rèn)為永磁體的磁場(chǎng)和通電導(dǎo)線的磁場(chǎng)均由運(yùn)動(dòng)電荷產(chǎn)生b安培提出“分子電流”假說(shuō)，認(rèn)為永磁體的磁場(chǎng)和通電導(dǎo)線的磁場(chǎng)均由運(yùn)動(dòng)電荷產(chǎn)生c根據(jù)“分子電流”假說(shuō)，磁鐵受到強(qiáng)烈振動(dòng)時(shí)磁性會(huì)減弱圖1d根據(jù)“分子電流”假說(shuō)，磁鐵在高溫條件下磁性會(huì)減弱4如圖1所示，若一束電子沿y軸正向移動(dòng)，則在z軸上某點(diǎn)a的磁場(chǎng)方向應(yīng)是（ ）a沿x的正向b沿x的負(fù)向 c沿z的正向d沿z的負(fù)向5下列說(shuō)法正確的是（ ）a運(yùn)動(dòng)電荷在磁感應(yīng)強(qiáng)度不為零的地方，一定受到洛倫茲力的作用b運(yùn)動(dòng)電荷在某處不受洛倫茲力的作用，則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零c洛倫茲力既不能改變帶電粒子的動(dòng)能，也不能改變帶電粒子的速度d

3、洛倫茲力對(duì)帶電粒子不做功6兩個(gè)電子以大小不同的初速度沿垂直磁場(chǎng)的方向射入同一個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。設(shè)r1、r2為這兩個(gè)電子的運(yùn)動(dòng)軌道半徑，t1、t2是它們的運(yùn)動(dòng)周期，則（ ）ar1r2，t1t2 br1r2，t1t2 cr1r2，t1t2 dr1r2，t1t27下列有關(guān)帶電粒子運(yùn)動(dòng)的說(shuō)法中正確的是（不考慮重力）（ ）a沿著電場(chǎng)線方向飛入勻強(qiáng)電場(chǎng)，動(dòng)能、速度都變化b沿著磁感線方向飛入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，動(dòng)能、速度都不變c垂直于磁感線方向飛入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，動(dòng)能、速度都變化d垂直于磁感線方向飛入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，速度不變，動(dòng)能改變圖28如圖2所示，速度為v0、電荷量為q的正離子恰能沿直線飛出離子速度選擇器，選擇器中磁感應(yīng)強(qiáng)度為b

4、，電場(chǎng)強(qiáng)度為e，則（ ）a若改為電荷量q的離子，將往上偏（其它條件不變）b若速度變?yōu)?v0將往上偏（其它條件不變）c若改為電荷量2q的離子，將往下偏（其它條件不變）d若速度變?yōu)関0將往下偏（其它條件不變）9在如圖3所示電路中，電池均相同，當(dāng)開(kāi)關(guān)s分別置于a、b兩處時(shí)，導(dǎo)線mm與nn nnnn之間的安培力的大小為fa、fb，判斷這兩段導(dǎo)線（ ）圖3a相互吸引，fafbb相互排斥，fafbc相互吸引，fafbd相互排斥，fafb10粒子甲的質(zhì)量與電荷量分別是粒子乙的4倍與2倍，兩粒子均帶正電，讓它們?cè)趧驈?qiáng)磁場(chǎng)中同一點(diǎn)以大小相等、方向相反的速度開(kāi)始運(yùn)動(dòng)。已知磁場(chǎng)方向垂直紙面向

5、里，圖4中四個(gè)選項(xiàng)，能正確表示兩粒子運(yùn)動(dòng)軌跡的是（ ）甲乙a甲乙b乙甲c乙甲d 圖 411電容為c的平行板電容器兩板之間距離為d，接在電壓為u的電源上。今有一質(zhì)量為m，帶電量為q的微粒，速度v沿水平方向勻速直線穿過(guò)（不計(jì)微粒的重力），如圖5所示。若把兩板間距離減到一半，還要使粒子仍以速度v勻速直線穿過(guò)，則必須在兩板間（ ）圖 5a加一個(gè)b，方向向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)b加一個(gè)b，方向向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)c加一個(gè)b，方向向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)d加一個(gè)b，方向向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)圖612回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其核心部分是分別與高頻交流電極相連接的兩個(gè)d形金屬盒，兩盒間的狹縫中形成的周期性變化的電場(chǎng)，使粒子在通過(guò)狹縫時(shí)

6、都能得到加速，兩d形金屬盒處于垂直于盒底的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，如圖6所示，要增大帶電粒子射出時(shí)的動(dòng)能，則下列說(shuō)法中正確的是（ ）a增大勻強(qiáng)電場(chǎng)間的加速電壓b增大磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度c減小狹縫間的距離d增大d形金屬盒的半徑13如圖7所示，通電直導(dǎo)線ab位于兩平行導(dǎo)線橫截面mn的連線的中垂線上，當(dāng)平行導(dǎo)線通以同向等值電流時(shí)，以下說(shuō)法中正確的是（ ）圖7aab順時(shí)針旋轉(zhuǎn) bab逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)ca端向外，b端向里旋轉(zhuǎn) da端向里，b端向外旋轉(zhuǎn)二、填空題14如圖9是一種利用電磁原理制作的充氣泵的結(jié)構(gòu)示意圖，其工作原理類似打點(diǎn)計(jì)時(shí)器。當(dāng)電流從電磁鐵的接線柱a流入，吸引小磁鐵向下運(yùn)動(dòng)，由此可判斷：電磁鐵的上端為_(kāi)極，永磁鐵

7、的下端為_(kāi)極（n或s）。 圖 915面積為0.5m2的閉合導(dǎo)線環(huán)處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.5t的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，環(huán)面與磁場(chǎng)垂直時(shí)，穿過(guò)導(dǎo)線環(huán)的磁通量是 ；當(dāng)環(huán)面轉(zhuǎn)過(guò)90，與磁場(chǎng)平行時(shí)，穿過(guò)導(dǎo)線環(huán)的磁通量是_。磁通量變化了 。圖1016如圖10所示，用均勻粗細(xì)的電阻絲折成平面三角形框架abc，三邊的長(zhǎng)度分別為3l、4l、5l，電阻絲每l長(zhǎng)度的電阻為r，框架a、c端與一電動(dòng)勢(shì)為e、內(nèi)阻不計(jì)的電源相連通，垂直于框架平面有磁感應(yīng)強(qiáng)度為b的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，則框架受到的磁場(chǎng)力大小為_(kāi)，方向是 。圖1117如圖11所示，勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧下端掛有匝數(shù)為n的矩形線框abcd， bc邊長(zhǎng)為l，線框的下半部處在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁

8、感應(yīng)強(qiáng)度大小為b，方向與線框平面垂直，在圖中垂直于紙面向里，線框中通以電流i，方向如圖11所示。開(kāi)始時(shí)線框處于平衡狀態(tài)。令磁場(chǎng)反向，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小仍為b，線框達(dá)到新的平衡。在此過(guò)程中線框位移的大小x_，方向_。18三個(gè)速率不同的同種帶電粒子，如圖12所示沿同一方向從圖中長(zhǎng)方形區(qū)域的勻強(qiáng)磁場(chǎng)上邊緣射入，從下邊緣飛出時(shí)，相對(duì)入射方向的偏角分別為90，60，30，它們?cè)诖艌?chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間比為 。圖12圖13三、計(jì)算題19如圖13所示，質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒mn靜止在水平導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌寬度為l，已知電源的電動(dòng)勢(shì)為e，內(nèi)阻為r，導(dǎo)體棒的電阻為r，其余部分與接觸電阻不計(jì)，磁場(chǎng)方向垂直導(dǎo)體棒斜向上與水平面的夾角為q，

9、磁感應(yīng)強(qiáng)度為b，求軌道對(duì)導(dǎo)體棒的支持力和摩擦力。20電視機(jī)的顯像管中，電子束的偏轉(zhuǎn)是用磁偏轉(zhuǎn)技術(shù)實(shí)現(xiàn)的。電子束經(jīng)過(guò)電壓為u的加速電場(chǎng)后，進(jìn)入一圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)，如圖14所示。磁場(chǎng)方向垂直于圓面。磁場(chǎng)區(qū)的圓心為o，半徑為r。當(dāng)不加磁場(chǎng)時(shí)，電子束將通過(guò)o點(diǎn)打到屏幕的中心m點(diǎn)，為了讓電子束射到屏幕邊緣的p點(diǎn)，需要加磁場(chǎng)，使電子束偏轉(zhuǎn)一已知角度q，此時(shí)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度b為多大？圖14圖1521在傾角q 30的斜面上，沿斜面方向固定一對(duì)平行的金屬導(dǎo)軌，兩導(dǎo)軌距離l0.25 m，接入電動(dòng)勢(shì)e12 v、內(nèi)阻不計(jì)的電池及滑動(dòng)變阻器，如圖15所示。垂直導(dǎo)軌放有一根質(zhì)量m0.2 kg的金屬棒ab，它與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦

10、因數(shù)為m，整個(gè)裝置放在磁感應(yīng)強(qiáng)度b0.8 t的垂直斜面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。當(dāng)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器r的阻值在什么范圍內(nèi)時(shí)，可使金屬棒靜止在框架上？（設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，框架與棒的電阻不計(jì)，g10 m/s2）圖1622如圖16所示，水平放置的兩塊長(zhǎng)直平行金屬板a、b相距d0.10 m，a、b間的電場(chǎng)強(qiáng)度為e5.0105 n/c，b板下方整個(gè)空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為b6.0 t，方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。今有一質(zhì)量為m4.810-25 kg，電荷量為q1.610-18 c的帶正電的粒子（不計(jì)重力），從貼近a板的左端以v0 1.0106 m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，剛好從狹縫p處穿過(guò)b板而進(jìn)

11、入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后粒子回到b板的q處（圖中未畫出）。求p、q之間的距離l。圖1723 如圖17所示，場(chǎng)強(qiáng)為e的勻強(qiáng)電場(chǎng)和磁感應(yīng)強(qiáng)度為b的勻強(qiáng)磁場(chǎng)相互正交，一個(gè)質(zhì)子以方向與e、b都垂直的速度v0從a點(diǎn)射入，質(zhì)子的電荷量為e，質(zhì)量為m，當(dāng)質(zhì)子運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)時(shí)，偏離射入方向的距離為d，則質(zhì)子在c點(diǎn)的速率為多大？選修3-1高二物理第三章 練習(xí)題（二）參考答案一、選擇題1c2a3bcd4b5d6d7ab8bd9d10a11d12bd13c二、填空題14s；n150.25 wb；0；0.25 wb16；垂直ac斜向上17；向下18321三、計(jì)算題19解：涉及安培力時(shí)的物體的平衡問(wèn)題，通過(guò)對(duì)通電棒的受力分析，根據(jù)

12、共點(diǎn)力平衡方程求解。棒的受力分析圖如圖所示。由閉合電路歐姆定律i由安培力公式fbil由共點(diǎn)力平衡條件f sin q ff fnf cos q mg 整理得ff fnmg20分析：電子束經(jīng)過(guò)加速電場(chǎng)加速后，垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在磁場(chǎng)力作用下發(fā)生偏轉(zhuǎn)。洛侖茲力提供所需向心力。解：電子在磁場(chǎng)中沿圓弧ab運(yùn)動(dòng)，如圖乙所示，圓心為c點(diǎn)，半徑設(shè)為r，電子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度為v，m、e分別表示電子的質(zhì)量和電量，則：eumv2ebvm根據(jù)幾何關(guān)系有：tan由以上各式可解得：btan圖a21解：金屬棒靜止在導(dǎo)軌上時(shí)，摩擦力ff的方向可能沿斜面向上，也可能向下，需分兩種情況考慮。當(dāng)變阻器r取值較大時(shí)，i較小，安培力f較小，在金屬棒重力分力mgsin q 作用下使棒有沿導(dǎo)軌下滑趨勢(shì)，導(dǎo)軌對(duì)棒的摩擦力沿斜面向上（如圖a）。金屬棒剛好不下滑時(shí)滿足平衡條件：blmmg cos q mg sin q 0 得 r4.8（）圖b當(dāng)變阻器r取值較小時(shí)，i較大，安培力f較大，會(huì)使金屬棒產(chǎn)生沿導(dǎo)軌上滑趨勢(shì)。因此，導(dǎo)軌對(duì)棒的摩擦力沿框面向下（如圖b）。金屬棒剛好不上滑時(shí)滿足平衡條件： blmmg cos q mg sin q 0 得rr1.6 所以滑動(dòng)變阻器r的取值范圍應(yīng)為 1.6 r4.8 22解：粒子a板左端運(yùn)動(dòng)到p處，由動(dòng)能定理得：qedmv2mv代入有關(guān)數(shù)