2020版高考物理復(fù)習(xí)單元高考模擬特訓(xùn)（七）新人教版.docx

高考模擬特訓(xùn)(七)一、選擇題(15題只有一項(xiàng)符合題目要求，68題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，共48分)1.如圖所示，真空中等量同種正點(diǎn)電荷放置在M、N兩點(diǎn)，在M、N的連線上有對(duì)稱點(diǎn)a、c，M、N連線的中垂線上有對(duì)稱點(diǎn)b、d，則下列說法正確的是()A正電荷q在c點(diǎn)電勢(shì)能大于在a點(diǎn)電勢(shì)能B正電荷q在c點(diǎn)電勢(shì)能小于在a點(diǎn)電勢(shì)能C在M、N連線的中垂線上，O點(diǎn)電勢(shì)最高D負(fù)電荷q從d點(diǎn)靜止釋放，在它從d點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過程中，加速度先減小再增大解析：由等量同種正點(diǎn)電荷電場(chǎng)分布特點(diǎn)可知a、c兩點(diǎn)電勢(shì)相等，正電荷q在a、c兩點(diǎn)的電勢(shì)能相等，A、B錯(cuò)誤M、N連線的中垂線上由無窮遠(yuǎn)到O點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)先變大再變小，中間某一位置場(chǎng)強(qiáng)最大，負(fù)電荷從無窮遠(yuǎn)到O點(diǎn)做加速度先增大再減小的加速運(yùn)動(dòng)，在O點(diǎn)時(shí)速度最大，動(dòng)能最大，電勢(shì)能最小，過O點(diǎn)后做加速度先增大再減小的減速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能減小，電勢(shì)能增加，所以負(fù)電荷在M、N連線中垂線上的O點(diǎn)電勢(shì)能最小，則O點(diǎn)電勢(shì)最高，C正確由于不知b、d在M、N連線中垂線上的具體位置，負(fù)電荷從d到b運(yùn)動(dòng)過程中加速度可能先減小再增大，也可能先增大再減小，再增大再減小，D錯(cuò)誤答案：C22019北京海淀區(qū)模擬基于人的指紋具有不變性和唯一性的特點(diǎn)，人們發(fā)明了指紋識(shí)別技術(shù)目前許多國產(chǎn)手機(jī)都有指紋解鎖功能，常用的指紋識(shí)別傳感器是電容式傳感器，如圖所示指紋的凸起部分叫“嵴”，凹下部分叫“峪”傳感器上有大量面積相同的小極板，當(dāng)手指貼在傳感器上時(shí)，這些小極板和正對(duì)的皮膚表面部分形成大量的小電容器，這樣在嵴處和峪處形成的電容器的電容大小不同此時(shí)傳感器給所有的電容器充電后達(dá)到某一電壓值，然后電容器放電，電容值小的電容器放電較快，根據(jù)放電快慢的不同，就可以探測(cè)到嵴和峪的位置，從而形成指紋圖象數(shù)據(jù)根據(jù)文中信息，下列說法正確的是()A在峪處形成的電容器電容較大B充電后在嵴處形成的電容器的電荷量大C在峪處形成的電容器放電較慢D潮濕的手指頭對(duì)指紋識(shí)別絕對(duì)沒有影響解析：根據(jù)電容的計(jì)算公式可得C，極板與指紋嵴(凸起部分)的距離d較小，構(gòu)成的電容器電容較大，故A錯(cuò)誤；由于外接電源為所有電容器充到一個(gè)預(yù)先設(shè)計(jì)好的電壓值，所以所有的電容器電壓一定，根據(jù)QCUU可知，極板與指紋峪(凹的部分)的距離d較大，電容小，構(gòu)成的電容器充上的電荷量較少，在放電過程中放電時(shí)間短，故B正確，C錯(cuò)誤；濕的手與傳感器之間有水填充，改變了原來匹配成平行板電容器的電容，所以會(huì)影響指紋識(shí)別，故D錯(cuò)誤答案：B32019江西吉水中學(xué)等三校聯(lián)考一段均勻帶電的半圓形細(xì)線在其圓心O處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)為E，把細(xì)線分成等長的圓弧、，則圓弧在圓心O處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)為()AEB.C. D.解析：如圖所示，B、C兩點(diǎn)把半圓環(huán)等分為三段根據(jù)對(duì)稱性，三段細(xì)線在圓心處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等設(shè)每段在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，AB段和CD段在O處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)夾角為120，它們的合場(chǎng)強(qiáng)大小為E，則O點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)E2E，則E，故圓弧在圓心O處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)為，B正確答案：B4.有一勻強(qiáng)電場(chǎng)，方向如圖所示，在電場(chǎng)中有三個(gè)點(diǎn)A、B、C，這三點(diǎn)的連線恰好構(gòu)成一個(gè)直角三角形，且AC邊與電場(chǎng)線平行已知A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)分別為A5 V，B1.8 V，A、B的距離為4 cm，B、C的距離為3 cm.若把一個(gè)電子(e1.61019 C)從A點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)，那么電子電勢(shì)能的變化量為()A8.01019 J B1.61019 JC8.01019 J D1.61019 J解析：設(shè)AB與AC之間的夾角為，則cos，又AB的距離xAB4 cm，則AB沿場(chǎng)強(qiáng)方向的距離為dABxABcos4 cm cm，設(shè)A、B之間電勢(shì)差為UAB，則電場(chǎng)強(qiáng)度為E100 V/m.電子從A點(diǎn)到達(dá)C點(diǎn)電勢(shì)能的變化量為EpW1.610191000.05 J8.01019 J，故A項(xiàng)正確答案：A52019河南安陽一模如圖所示，豎直平面內(nèi)平行直線MN、PQ間距為d，直線與水平面成30角，兩線間有垂直指向PQ的勻強(qiáng)電場(chǎng)一電荷量為q、質(zhì)量為m的粒子在直線PQ上某點(diǎn)O以初速度v0豎直向上射出不計(jì)重力，直線足夠長，若粒子能打到MN上，則下列說法正確的是()A電場(chǎng)強(qiáng)度最大值為B電場(chǎng)強(qiáng)度最小值為C電場(chǎng)強(qiáng)度最大值為D電場(chǎng)強(qiáng)度最小值為解析：帶電粒子受電場(chǎng)力，把速度分解，垂直于PQ方向的分速度vv0cos30，沿PQ方向的分速度vv0sin30，若粒子剛好能打到MN上，則粒子到達(dá)MN時(shí)，速度平行于MN方向，此時(shí)電場(chǎng)強(qiáng)度最大，在垂直于PQ方向，d，a，解得Emax，C正確答案：C6.(多選)光滑絕緣的水平面上方存在一個(gè)水平方向的電場(chǎng)，電場(chǎng)線與x軸平行，電勢(shì)與坐標(biāo)軸x的關(guān)系式為：106x(的單位為V，x單位為m)一帶正電小滑塊P，從x0處以初速度v0沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，如圖所示，則()A電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為106 V/mB電場(chǎng)方向沿x軸正方向C小滑塊的電勢(shì)能一直增大D小滑塊的電勢(shì)能先增大后減小解析：根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)差的關(guān)系可知，E106 V/m，A項(xiàng)正確；沿x軸正方向電勢(shì)升高，由沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)不斷降低可知，電場(chǎng)方向應(yīng)沿x軸負(fù)方向，B項(xiàng)錯(cuò)誤；小滑塊帶正電，受電場(chǎng)力方向水平向左，故小滑塊先向右減速再反向加速運(yùn)動(dòng)，因此電場(chǎng)力先做負(fù)功再做正功，其電勢(shì)能先增大后減小，C項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確答案：AD7.(多選)如圖所示，用實(shí)驗(yàn)方法描繪出的一對(duì)正負(fù)點(diǎn)電荷產(chǎn)生靜電場(chǎng)的一簇等勢(shì)線及其電勢(shì)值，若一帶電粒子只在電場(chǎng)力作用下沿圖中的實(shí)線從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，下列說法正確的是()A這一對(duì)正負(fù)點(diǎn)電荷右側(cè)為負(fù)電荷，運(yùn)動(dòng)的帶電粒子帶正電B帶電粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于在C點(diǎn)的電勢(shì)能CB點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于C點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)D粒子從A點(diǎn)到B點(diǎn)電場(chǎng)力所做的功等于從B到C點(diǎn)電場(chǎng)力所做的功解析：A項(xiàng)，根據(jù)等勢(shì)面的分布可知，從左向右電勢(shì)增加，故電場(chǎng)線方向從右向左，故右側(cè)帶正電，左側(cè)帶負(fù)電，通過離子的運(yùn)動(dòng)軌跡可知，離子受到的電場(chǎng)力向左，沿電場(chǎng)線方向，故粒子帶正電，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)，由于粒子帶正電運(yùn)動(dòng)方向與受力方向相反，故電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，故帶電粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于在C點(diǎn)的電勢(shì)能，故B正確；C項(xiàng)，等勢(shì)面的疏密也代表場(chǎng)強(qiáng)的大小，故B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小于C點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)，電場(chǎng)力做功WqU，UAB2V，UBC2V，故電場(chǎng)力做功相同，故D正確答案：BD82017江蘇卷，8(多選)在x軸上有兩個(gè)點(diǎn)電荷q1、q2，其靜電場(chǎng)的電勢(shì)在x軸上分布如圖所示下列說法正確的有()Aq1和q2帶有異種電荷 Bx1處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零C負(fù)電荷從x1移到x2，電勢(shì)能減小D負(fù)電荷從x1移到x2，受到的電場(chǎng)力增大解析：A對(duì)：兩個(gè)點(diǎn)電荷在x軸上，且x1處的電勢(shì)為零，xx1處的電勢(shì)大于零，xx1處的電勢(shì)小于零如果q1、q2為同種電荷，x軸上各點(diǎn)的電勢(shì)不會(huì)有正、負(fù)之分，故q1、q2必為異種電荷B錯(cuò)：x圖象中曲線的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度大小，x1處的電場(chǎng)強(qiáng)度不為零C對(duì)：x2處的電勢(shì)最高，負(fù)電荷從x1移動(dòng)到x2，即從低電勢(shì)處移動(dòng)到高電勢(shì)處，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小D錯(cuò)：由x圖象知，從x1到x2，電場(chǎng)強(qiáng)度逐漸減小，負(fù)電荷從x1移動(dòng)到x2，所受電場(chǎng)力減小答案：AC二、非選擇題(本題共3個(gè)小題，52分)9(16分)如圖所示，空間存在著強(qiáng)度E2.5102 N/C，方向豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在電場(chǎng)內(nèi)一長為L0.5 m的絕緣細(xì)線，一端固定在O點(diǎn)，另一端拴著質(zhì)量m0.5 kg、電荷量q4102 C的小球現(xiàn)將細(xì)線拉直到水平位置，使小球由靜止釋放，當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)細(xì)線受到的拉力恰好達(dá)到它能承受的最大值而斷裂取g10 m/s2.求：(1)小球的電性；(2)細(xì)線能承受的最大拉力；(3)當(dāng)小球繼續(xù)運(yùn)動(dòng)后與O點(diǎn)水平方向距離為L時(shí)，小球距O點(diǎn)的高度解析：(1)由小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)可知，小球帶正電(2)設(shè)小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)速度為v，對(duì)該過程由動(dòng)能定理有，(qEmg)Lmv2在最高點(diǎn)對(duì)小球由牛頓第二定律得，F(xiàn)TmgqEm由式解得，F(xiàn)T15 N.(3)小球在細(xì)線斷裂后，在豎直方向的加速度設(shè)為a，則a設(shè)小球在水平方向運(yùn)動(dòng)L的過程中，歷時(shí)t，則Lvt設(shè)豎直方向上的位移為x，則xat2由解得x0.125 m所以小球距O點(diǎn)高度為xL0.625 m.答案：(1)正電(2)15 N(3)0.625 m10(16分)如圖所示，在光滑絕緣的水平面上的A，B兩點(diǎn)分別放置質(zhì)量為m和2m的兩個(gè)點(diǎn)電荷QA和QB，將兩個(gè)點(diǎn)電荷同時(shí)釋放，已知?jiǎng)傖尫艜r(shí)QA的加速度為a，經(jīng)過一段時(shí)間后(兩電荷未相遇)，QB的加速度也為a，且此時(shí)QB的速度大小為v.求：(1)此時(shí)QA的速度和加速度的大??；(2)這段時(shí)間內(nèi)QA和QB構(gòu)成的系統(tǒng)減小的電勢(shì)能解析：(1)設(shè)剛釋放時(shí)QA和QB之間的作用力大小為F1，當(dāng)QB的加速度也為a時(shí)，作用力大小為F2，QA的速度為vA根據(jù)動(dòng)量守恒定律得mvA2mv，解得vA2v，方向與v相反根據(jù)牛頓第二定律得F1ma，F(xiàn)22ma此時(shí)QA的加速度a2a，方向與a相同(2)根據(jù)能量轉(zhuǎn)化和守恒定律可知，QA和QB構(gòu)成的系統(tǒng)減小的電勢(shì)能轉(zhuǎn)化為兩點(diǎn)電荷的動(dòng)能，有Epmv2mv23mv2.答案：(1)2v2a(3)3mv211.(20分)如圖，AB為一對(duì)平行金屬板，與豎直方向成30角，B板上的小孔正好位于平面直角坐標(biāo)系xOy上的O點(diǎn)，一比荷為1.0105 C/kg的帶正電粒子P從A板上O靜止釋放，沿OO做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，以速度v0104 m/s，方向與x軸正方向的夾角為30，進(jìn)入場(chǎng)強(qiáng)為E103 V/m，方向沿與x軸正方向成60角斜向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)僅分布在x軸的下方，粒子的重力不計(jì)，試求：(1)A、B兩板間的電勢(shì)差UAB；(2)粒子P離開電場(chǎng)時(shí)的坐標(biāo)；(3)若在P進(jìn)入電場(chǎng)的同時(shí)，在電場(chǎng)中適當(dāng)?shù)奈恢糜伸o止釋放另一與P完全相同的帶電粒子Q.可使兩粒子在離開電場(chǎng)前相遇，求所有滿足條件的釋放點(diǎn)的集合(不計(jì)兩粒子之間的相互作用力)解析：(1)由動(dòng)能定理qUABmv可得UAB V500 V(2)粒子P在進(jìn)入電場(chǎng)后做類平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)離開電場(chǎng)時(shí)距O距