內(nèi)蒙古北重三中高一物理下學(xué)期期中試題

1、內(nèi)蒙古北重三中2017-2018學(xué)年高一物理下學(xué)期期中試題滿(mǎn)分：120分 考試時(shí)長(zhǎng)：100分鐘第一部分一、選擇題（每小題4分，共60分。第1-9小題只有一個(gè)正確選項(xiàng)；第10-15小題有多個(gè)選項(xiàng)正確，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)或不選的得0分。）1. 關(guān)于曲線運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）A. 勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體所受的向心力一定指向圓心，非勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體所受的向心力可能不指向圓心B. 做曲線運(yùn)動(dòng)的物體，速度也可以保持不變C. 只要物體做圓周運(yùn)動(dòng)，它所受的合外力一定指向圓心D. 做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)的物體，相等時(shí)間內(nèi)速度的變化量一定相同2. 有a、b、c、d四顆地球衛(wèi)星，a還未發(fā)射，在

2、地球赤道上隨地球表面一起轉(zhuǎn)動(dòng)，b處于地面附近近地軌道上正常運(yùn)動(dòng)，c是地球同步衛(wèi)星，d是高空探測(cè)衛(wèi)星，各衛(wèi)星排列位置如圖，則有（）A. a的向心加速度等于重力加速度gB. 線速度關(guān)系vavbvcvdC. d的運(yùn)動(dòng)周期有可能是20小時(shí)D. c在4個(gè)小時(shí)內(nèi)轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角是3. 一物體沿豎直方向運(yùn)動(dòng)，以豎直向上為正方向，其運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖所示下列說(shuō)法正確的是（）A. 0t1時(shí)間內(nèi)物體處于失重狀態(tài)B. t1t2時(shí)間內(nèi)物體機(jī)械能守恒C. t2t3時(shí)間內(nèi)物體向下運(yùn)動(dòng)D. 0t2時(shí)間內(nèi)物體機(jī)械能一直增大4. 將一小球豎直向上拋出，小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受到的空氣阻力不可忽略a為小球運(yùn)動(dòng)軌跡上的一點(diǎn)，小球上升和下

3、降經(jīng)過(guò)a點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能分別為Ek1和Ek2從拋出開(kāi)始到小球第一次經(jīng)過(guò)a點(diǎn)時(shí)重力所做的功為W1，從拋出開(kāi)始到小球第二次經(jīng)過(guò)a點(diǎn)時(shí)重力所做的功為W2下列選項(xiàng)正確的是（）A. Ek1=Ek2，W1=W2B. Ek1Ek2，W1=W2C. Ek1Ek2，W1W2D. Ek1Ek2，W1W25. 甲、乙兩名溜冰運(yùn)動(dòng)員，面對(duì)面拉著彈簧測(cè)力計(jì)做圓周運(yùn)動(dòng)，如圖所示，已知兩人的質(zhì)量m甲m乙，下列判斷正確的是（）A. 甲、乙的線速度大小相等B. 甲、乙的角速度大小相等C. 甲、乙的軌跡半徑相等D. 甲受到的向心力比較大6. 關(guān)于萬(wàn)有引力及其應(yīng)用，下列敘述正確的是（）A. 地球同步衛(wèi)星運(yùn)行時(shí)，地球引力做負(fù)功B. 隨地球

4、自轉(zhuǎn)的物體，其向心力指向地心C. 在軌運(yùn)行的同步衛(wèi)星中的物體，處于完全失重狀態(tài)，所受重力為零D. 衛(wèi)星在地面附近繞地球作勻速圓周運(yùn)動(dòng)所必須具有的速度，稱(chēng)為第一宇宙速度7. 一物體從某一高度自由落下，落在直立于地面的輕彈簧上，如圖所示在A點(diǎn)物體開(kāi)始與彈簧接觸，到B點(diǎn)時(shí)物體速度為零，然后被彈回不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法中正確的是（）A. 物體從A下降到B的過(guò)程中，動(dòng)能不斷變小B. 物體從B上升到A的過(guò)程中，動(dòng)能不斷變大C. 物體從A下降到B和從B上升到A的過(guò)程中，加速度都是先增大后減小D. 物體在AB之間某點(diǎn)時(shí)，系統(tǒng)的重力勢(shì)能與彈性勢(shì)能之和最小8. 下列關(guān)于功、功率的說(shuō)法，正確的是（）A. 只要力作用

5、在物體上，則該力一定對(duì)物體做功B. 由P=知，只要知道W和t就可求出任意時(shí)刻的功率C. 摩擦力一定對(duì)物體做負(fù)功D. 由P=Fv知，當(dāng)汽車(chē)發(fā)動(dòng)機(jī)功率一定時(shí)，牽引力與速度成反比9. 如圖所示，小物體A沿高為h、傾角為的光滑斜面由靜止從頂端滑到底端，而相同的物體B從同等高度處作自由落體運(yùn)動(dòng)，則（）A. 兩物體到達(dá)地面時(shí)的速率不同B. 從開(kāi)始至落地，重力對(duì)它們做功相同C. 兩物體落地時(shí)重力的瞬時(shí)功率相同D. 從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)至落地過(guò)程中，重力做功的平均功率相同10. 一條船在靜水中的速度為4m/s，它要渡過(guò)一條40m寬的大河，河水的流速為3m/s，則下列說(shuō)法中正確的是（）A. 船不可能垂直于河岸航行B. 船

6、渡河的速度一定為5m/sC. 船到達(dá)對(duì)岸的最短時(shí)間為10sD. 船到達(dá)對(duì)岸的最短距離為40m11. 有關(guān)圓周運(yùn)動(dòng)的基本模型，下列說(shuō)法正確的是（）A. 如圖a，汽車(chē)通過(guò)拱橋的最高點(diǎn)處于超重狀態(tài)B. 如圖b所示是兩個(gè)圓錐擺，增大，但保持圓錐的高度不變，則圓錐擺的角速度不變C. 如圖c，同一小球在光滑而固定的圓錐筒內(nèi)的A、B位置先后分別做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則在A、B兩位置小球的角速度相等D. 如圖c，同一小球在光滑而固定的圓錐筒內(nèi)的A、B位置先后分別做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則在A、B兩位置所受筒壁的支持力大小相等12. 在平直的公路上，汽車(chē)由靜止開(kāi)始做勻加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度達(dá)到一定值后立即關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)，汽車(chē)?yán)^續(xù)滑行直

7、到停止這輛汽車(chē)v-t圖象如圖所示，設(shè)在汽車(chē)行駛的整個(gè)過(guò)程中，汽車(chē)的牽引力和汽車(chē)所受的阻力都是恒定的，汽車(chē)牽引力大小為F，阻力大小為f在汽車(chē)行駛的整個(gè)過(guò)程中，牽引力做功為W1，克服阻力做功為W2，則（）A. F：f=5：1B. F：f=6：1C. W1：W2=1：1D. W1：W2=1：513. 如圖，長(zhǎng)度為l的小車(chē)靜止在光滑的水平面上，可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊放在小車(chē)的最左端將一水平恒力F作用在小物塊上，物塊和小車(chē)之間的摩擦力大小為f當(dāng)小車(chē)運(yùn)動(dòng)的位移為s時(shí)，物塊剛好滑到小車(chē)的最右端，下列判斷正確的有（）A. 此時(shí)物塊的動(dòng)能為（F-f）（s+l）B. 這一過(guò)程中，物塊對(duì)小車(chē)所做的功為f（s+l）C.

8、這一過(guò)程中，物塊和小車(chē)系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能為flD. 這一過(guò)程中，物塊和小車(chē)系統(tǒng)增加的機(jī)械能為Fs14. 如圖所示，AC和BC是兩個(gè)固定的斜面，斜面的頂端A、B在同一豎直線上甲、乙兩個(gè)小物塊分別從斜面AC和BC頂端由靜止開(kāi)始下滑，質(zhì)量分別為m1、m2（m1m2），與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為若甲、乙滑至底端C時(shí)的動(dòng)能分別為Ek1、Ek2，速度大小分別為v1、v2甲、乙在下滑至底端C的過(guò)程中克服摩擦力做的功分別為W1、W2，所需時(shí)間分別為t1、t2則（）A. Ek1Ek2B. v1v2B. C. W1W2D. t1t215. 如圖所示，一質(zhì)量為m的小球固定于輕質(zhì)彈簧的一端，彈簧的另一端固定于O點(diǎn)，將小球拉

9、至A處，彈簧恰好無(wú)形變，由靜止釋放小球，它運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)正下方B點(diǎn)的豎直高度差為h，速度為v，則（）A. 小球在B點(diǎn)動(dòng)能小于mghB. 由A到B小球重力勢(shì)能減少mv2C. 由A到B小球克服彈力做功為mghD. 小球到達(dá)位置B時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為mgh-第二部分二、實(shí)驗(yàn)探究題（共2小題，共16分）16. 在做“研究平拋物體的運(yùn)動(dòng)”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，通過(guò)描點(diǎn)法畫(huà)出小球平拋運(yùn)動(dòng)軌跡，并求出平拋運(yùn)動(dòng)初速度實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)將固定有斜槽的木板放在實(shí)驗(yàn)桌上，實(shí)驗(yàn)前要檢查斜槽末端是否水平，請(qǐng)簡(jiǎn)述你的檢查方法：_ （2）關(guān)于這個(gè)實(shí)驗(yàn)，以下說(shuō)法正確的是_ A小球釋放的初始位置越高越好B每次小球要從同一高度由靜止釋

10、放C實(shí)驗(yàn)前要用重垂線檢查坐標(biāo)紙上的豎線是否豎直D小球的平拋運(yùn)動(dòng)要靠近但不接觸木板（3）某同學(xué)在描繪平拋運(yùn)動(dòng)軌跡時(shí)，得到的部分軌跡曲線如圖乙所示在曲線上取A、B、C三個(gè)點(diǎn)，測(cè)量得到A、B、C三點(diǎn)間豎直距離h1=10.20cm，h2=20.20cm，A、B、C三點(diǎn)間水平距離x1=x2=12.40cm，取g=10m/s2，則小球平拋運(yùn)動(dòng)的初速度大小為_(kāi) m/s（保留三位有效數(shù)字）17. 某中學(xué)實(shí)驗(yàn)小組采用如圖1所示的裝置探究功與速度的關(guān)系，小車(chē)在橡皮筋的作用下彈出后，沿木板滑行打點(diǎn)計(jì)時(shí)器工作頻率為50Hz （1）實(shí)驗(yàn)中木板略微傾斜，這樣做_ A是為了使釋放小車(chē)后，小車(chē)能勻加速下滑B是為了增大小車(chē)下滑

11、的加速度C可使得橡皮筋做的功等于合外力對(duì)小車(chē)做的功D可使得橡皮筋松弛后小車(chē)做勻加速運(yùn)動(dòng)（2）實(shí)驗(yàn)中先后用同樣的橡皮筋1條、2條、3條，并起來(lái)掛在小車(chē)的前端進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，每次都要把小車(chē)?yán)酵晃恢迷籴尫判≤?chē)把第1次只掛1條橡皮筋對(duì)小車(chē)做的功記為W，第2次掛2條橡皮筋時(shí)橡皮筋對(duì)小車(chē)做的功為2W，；橡皮筋對(duì)小車(chē)做功后而獲得的速度可由打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶測(cè)出根據(jù)第4次實(shí)驗(yàn)的紙帶（如圖2所示）求得小車(chē)獲得的速度為_(kāi) m/s（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）（3）若根據(jù)多次測(cè)量數(shù)據(jù)畫(huà)出的W-v圖象如圖3所示，根據(jù)圖線形狀可知，對(duì)W與v的關(guān)系作出猜想肯定不正確的是_ AWBWCWv2DWv3三、計(jì)算題（共4小題，共4

12、4分。18題8分，19題8分，20題12分，21題16分，請(qǐng)寫(xiě)出必要公示和重要演算步驟，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中寫(xiě)明數(shù)值和單位。）18. 汽車(chē)的質(zhì)量為4103kg，額定功率為30kw，運(yùn)動(dòng)中阻力大小恒為車(chē)重的0.1倍汽車(chē)在水平路面上從靜止開(kāi)始以8103N的牽引力出發(fā)，g取10m/s2求：（1）經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間汽車(chē)達(dá)到額定功率？（2）汽車(chē)達(dá)到額定功率后保持功率不變，運(yùn)動(dòng)中最大速度多大？（3）汽車(chē)加速度為0.6m/s2時(shí)速度多大？19. 如圖所示，豎直平面內(nèi)的軌道由直軌道AB和圓弧軌道BC組成，小球從斜面上A點(diǎn)由靜止開(kāi)始滑下，滑到斜面底端后又滑上一個(gè)半徑為R=0.4m的圓軌道，（1）若接觸面均光滑小球剛

13、好能滑到圓軌道的最高點(diǎn)C，求斜面高h(yuǎn)（2）若已知小球質(zhì)量m=0.1kg，斜面高h(yuǎn)=2m，小球運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道壓力為mg，求全過(guò)程中摩擦阻力做的功20. 跳臺(tái)滑雪是勇敢者的運(yùn)動(dòng)如圖，運(yùn)動(dòng)員踏著專(zhuān)用滑雪板，不帶雪杖在助滑路上獲得高速后水平飛出，在空中飛行一段距離后著陸，這項(xiàng)運(yùn)動(dòng)非常驚險(xiǎn)設(shè)一位運(yùn)動(dòng)員由山坡頂?shù)腁點(diǎn)沿水平方向飛出的速度為v0=20m/s，落點(diǎn)在山坡上的B點(diǎn)，山坡傾角為取37，山坡可以看成一個(gè)斜面（g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）運(yùn)動(dòng)員在空中飛行的時(shí)間t；（2）A、B間的距離s21.如圖所示，摩托車(chē)做騰躍特技表演，沿曲面沖上高0.8m頂部水平高臺(tái)，接

14、著以v=3m/s水平速度離開(kāi)平臺(tái)，落至地面時(shí)，恰能無(wú)碰撞地沿圓弧切線從A點(diǎn)切入光滑豎直圓弧軌道，并沿軌道下滑A、B為圓弧兩端點(diǎn)，其連線水平已知圓弧半徑為R=1.0m，人和車(chē)的總質(zhì)量為180kg，特技表演的全過(guò)程中，阻力忽略不計(jì)（計(jì)算中取g=10m/s2，sin53=0.8，cos53=0.6）求： （1）從平臺(tái)飛出到A點(diǎn)，人和車(chē)運(yùn)動(dòng)的水平距離S；（2）從平臺(tái)飛出到A點(diǎn)時(shí)速度及圓弧對(duì)應(yīng)圓心角；（3）人和車(chē)運(yùn)動(dòng)到達(dá)圓弧軌道A點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大??；（4）人和車(chē)運(yùn)動(dòng)到圓弧軌道最低點(diǎn)O速度v=m/s此時(shí)對(duì)軌道的壓力大小【答案】1. D2. D3. D4. B5. B6. D7. D8. D9. B10.

15、 CD11. BD12. BC13. AC14. BC15. AD16. 將小球放在槽的末端，看小球能否靜止；BCD；1.2417. C；2.00；AB18. 解：（1）根據(jù)牛頓第二定律得：a=根據(jù)P=Fv得達(dá)到額定功率時(shí)的速度為：v=，得：t=（2）汽車(chē)所受阻力為：f=kmg=4000N；當(dāng)F=f時(shí)，a=0，速度最大；故最大速度為：，（3）根據(jù)牛頓第二定律得：解得：F=40000.6N+4000N=6400N，則速度為：答：（1）經(jīng)過(guò)3.75s的時(shí)間汽車(chē)達(dá)到額定功率；（2）汽車(chē)達(dá)到額定功率后保持功率不變，運(yùn)動(dòng)中最大速度為7.5m/s；（3）汽車(chē)加速度為0.6m/s2時(shí)速度為4.7m/s19.

16、 解：（1）小球剛好到達(dá)C點(diǎn)，重力提供向心力，由牛頓第二定律得：mg=m，從A到C過(guò)程機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：mg（h-2R）=mv2，解得：h=2.5R=2.50.4=1m；（2）在C點(diǎn)，由牛頓第二定律得：mg+mg=m，從A到C過(guò)程，由動(dòng)能定理得：mg（h-2R）+Wf=mvC2-0，解得：Wf=-0.8J；答：（1）若接觸面均光滑小球剛好能滑到圓軌道的最高點(diǎn)C，斜面高h(yuǎn)為1m（2）全過(guò)程中摩擦阻力做的功為-0.8J20. 解：（1）運(yùn)動(dòng)員由A到B做平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向的位移為：x=v0t 豎直方向的位移為：y=gt2 又=tan37 可得：t=s=3s（2）由題意可知：sin37=

17、，得：s= 將t=3s代入得：s=75m答：（1）運(yùn)動(dòng)員在空中飛行的時(shí)間t是3s；（2）A、B間的距離s是75m21. 解：（1）車(chē)做的是平拋運(yùn)動(dòng)，很據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可得豎直方向上H=gt22，水平方向上s=vt2，可得：s=v=1.2m（2）摩托車(chē)落至A點(diǎn)時(shí)，其豎直方向的分速度vy=gt2=4m/s 到達(dá)A點(diǎn)時(shí)速度：v=5m/s，設(shè)摩托車(chē)落地時(shí)速度方向與水平方向的夾角為，則tan=，即=53 所以=2=106 （3）對(duì)摩托車(chē)受力分析可知，摩托車(chē)受到的指向圓心方向的合力作為圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，由牛頓第二定律得：NA-mgcos=m，解得：NA=5580N，由牛頓第三定律可知，人和車(chē)在最低點(diǎn)O時(shí)對(duì)

18、軌道的壓力為5580N （4）在最低點(diǎn)，受力分析可得：N-mg=m，解得：N=7740N；由牛頓第三定律可知，人和車(chē)在最低點(diǎn)O時(shí)對(duì)軌道的壓力為7740N答：（1）從平臺(tái)飛出到A點(diǎn)，人和車(chē)運(yùn)動(dòng)的水平距離s為1.2m（2）從平臺(tái)飛出到達(dá)A點(diǎn)時(shí)速度及圓弧對(duì)應(yīng)圓心角為106（3）人和車(chē)運(yùn)動(dòng)到達(dá)圓弧軌道A點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力為5580N（4）人和車(chē)運(yùn)動(dòng)到圓弧軌道最低點(diǎn)O速度v=m/s此時(shí)對(duì)軌道的壓力為7740N【解析】1. 解：A、勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體所受的向心力一定指向圓心，而非勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體所受的合力不指向圓心，但向心力一定指向圓心所以A錯(cuò)誤B、做曲線運(yùn)動(dòng)的物體，加速度可以不變，但速度一定變化，所以B

19、錯(cuò)誤C、當(dāng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體合外力，一定指向圓心，而物體做圓周運(yùn)動(dòng)，例如豎直面的圓周運(yùn)動(dòng)在最高點(diǎn)和最低點(diǎn)時(shí)，它所受的合外力才指向圓心，所以C錯(cuò)誤D、做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)的物體，加速度不變，根據(jù)v=at可知，相等時(shí)間內(nèi)速度的變化量相同，所以D正確故選：D物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力與速度不在同一條直線上，合外力方向不一定變化，向心力，顧名思義，它的方向一定是指向圓心的，既然是曲線運(yùn)動(dòng)，它的速度的方向必定是改變的，所以曲線運(yùn)動(dòng)一定是變速運(yùn)動(dòng)本題主要是考查學(xué)生對(duì)物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件、圓周運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)的理解，涉及的知識(shí)點(diǎn)較多，是一道比較好的題目，注意理解向心力的含義，及區(qū)別勻速圓周運(yùn)動(dòng)與非勻速圓周運(yùn)動(dòng)2. 解

20、：A、地球同步衛(wèi)星的角速度與地球自轉(zhuǎn)角速度相同，即知a與c的角速度相同，根據(jù)a=2r知，a的向心加速度比c的小由G=ma，得a=，可知，衛(wèi)星的軌道半徑越大，向心加速度越小，則c的向心加速度小于b的向心加速度，所以a的向心加速度比b的小，而b的向心加速度約為g，故知a的向心加速度小于重力加速度g故A錯(cuò)誤；B、G=m，得v=，可知，衛(wèi)星的軌道半徑越大，線加速度越小，則有vbvcvd由v=r有，vavc故B錯(cuò)誤C、由開(kāi)普勒第三定律=k知，衛(wèi)星的軌道半徑越大，周期越大，所以d的運(yùn)動(dòng)周期大于c的周期24h故C錯(cuò)誤；D、c是地球同步衛(wèi)星，周期是24h，則c在4h內(nèi)轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角是2=故D正確；故選：D地球同

21、步衛(wèi)星的周期、角速度必須與地球自轉(zhuǎn)周期、角速度相同，根據(jù)a=2r比較a與c的向心加速度大小，再比較a的向心加速度與g的大小根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，列出等式得出線速度與半徑的關(guān)系根據(jù)開(kāi)普勒第三定律判斷d與c的周期關(guān)系對(duì)于衛(wèi)星問(wèn)題，要建立物理模型，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，分析各量之間的關(guān)系，并且要知道地球同步衛(wèi)星的條件和特點(diǎn)3. 解：A、以豎直向上為正方向，在v-t圖象中，斜率代表加速度，可知0t1時(shí)間內(nèi)物體向上做加速運(yùn)動(dòng)，加速度的方向向上，處于超重狀態(tài)故A錯(cuò)誤；B、由圖可知，t1t2時(shí)間內(nèi)物體向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能不變，重力勢(shì)能增大，所以機(jī)械能增大故B錯(cuò)誤；C、由圖可知，t2t3時(shí)間內(nèi)物體向上

22、做減速運(yùn)動(dòng)故C錯(cuò)誤；D、0t1時(shí)間內(nèi)物體向上做加速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能增大，重力勢(shì)能也增大；t1t2時(shí)間內(nèi)物體向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能不變，重力勢(shì)能增大，所以0t2時(shí)間內(nèi)物體機(jī)械能一直增大故D正確故選：D v-t圖象中，與時(shí)間軸平行的直線表示做勻速直線運(yùn)動(dòng)，傾斜的直線表示勻變速直線運(yùn)動(dòng)，斜率表示加速度，傾斜角越大表示加速度越大本題考查了v-t圖象的直接應(yīng)用，要明確斜率的含義，能根據(jù)圖象讀取有用信息，屬于基礎(chǔ)題，較為簡(jiǎn)單4. 解：從拋出開(kāi)始到第一次經(jīng)過(guò)a點(diǎn)和拋出開(kāi)始第二次經(jīng)過(guò)a點(diǎn)，上升的高度相等，可知重力做功相等，即W1=W2對(duì)兩次經(jīng)過(guò)a點(diǎn)的過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理得，-Wf=Ek2-Ek1，可知Ek1Ek2，故

23、B正確，A、C、D錯(cuò)誤故選：B根據(jù)上升或下降的高度比較重力做功的大小，對(duì)兩次經(jīng)過(guò)a點(diǎn)的過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理，比較兩次經(jīng)過(guò)a點(diǎn)的動(dòng)能大小解決本題的關(guān)鍵知道重力做功與路徑無(wú)關(guān)，與首末位置的高度差有關(guān)，以及掌握動(dòng)能定理，知道兩次經(jīng)過(guò)a點(diǎn)的過(guò)程中重力不做功，阻力做負(fù)功5. 解：B、甲、乙兩名溜冰運(yùn)動(dòng)員做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，是共軸轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度相同，故B正確；C、彈簧測(cè)力計(jì)對(duì)甲、乙兩名運(yùn)動(dòng)員的拉力提供向心力，則向心力相等，根據(jù)牛頓第二定律得：m甲R(shí)甲2=m乙R乙2 解得： 已知m甲m乙，所以乙做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑較大，故CD錯(cuò)誤；A、甲、乙兩名溜冰運(yùn)動(dòng)員角速度相同，根據(jù)公式v=r，由于轉(zhuǎn)動(dòng)半徑不同，故線速度不相等，故A

24、錯(cuò)誤；故選：B分析甲、乙兩名運(yùn)動(dòng)員，彈簧秤對(duì)各自的拉力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律和向心力公式求解解本題關(guān)鍵要把圓周運(yùn)動(dòng)的知識(shí)和牛頓第二定律結(jié)合求解，知道共軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，角速度相等，難度適中6. 解：A、地球同步衛(wèi)星運(yùn)行時(shí)，地球引力與速度方向垂直，不做功，故A錯(cuò)誤；B、隨地球自轉(zhuǎn)的物體，其向心力垂直指向地軸，不是指向地心，故B錯(cuò)誤；C、同步衛(wèi)星繞地球勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力完全提供向心力，衛(wèi)星中物體處于完全失重狀態(tài)，所受重力完全提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力，不是不再受重力作用，故C錯(cuò)誤；D、第一宇宙速度時(shí)圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的最大速度，此時(shí)半徑最小，是衛(wèi)星在地面附近繞地球作勻速圓周運(yùn)動(dòng)所必須具有的速度，故D

25、正確故選：D 地球同步衛(wèi)星運(yùn)行時(shí)，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力不做功，隨地球自轉(zhuǎn)的物體，其向心力垂直指向地軸，繞地球表面做圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星的速度是地球的第一宇宙速度本題考查了對(duì)萬(wàn)有引力定律的理解、考查了第一宇宙速度的概念，明確完全失重與不受重力是兩回事，是一道基礎(chǔ)題，熟練掌握基礎(chǔ)知識(shí)即可正確解題7. 解：A、在A下降到B的過(guò)程中，開(kāi)始階段，重力大于彈簧的彈力，合力向下，加速度方向向下，物體做加速運(yùn)動(dòng)，彈力在增大，合力減小，則加速度減小當(dāng)重力等于彈力時(shí)，加速度為零，速度達(dá)到最大后來(lái)物體在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，彈力大于重力，根據(jù)牛頓第二定律知，加速度方向向上，加速度方向與速度方向相反，物體做減速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的過(guò)程

26、中彈力增大，加速度增大，到達(dá)最低點(diǎn)，速度為零可知加速度先減小后增大，速度先增大后減小，則動(dòng)能先增大后減小故A錯(cuò)誤BC、物體從B上升到A的過(guò)程是A到B過(guò)程的逆過(guò)程，返回的過(guò)程速度先增大后減小，動(dòng)能先增大后減小加速度先減小后增大，故BC錯(cuò)誤D、物體在在AB之間運(yùn)動(dòng)時(shí)，只有重力和彈簧的彈力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒當(dāng)重力等于彈力時(shí)，物體的速度最大，動(dòng)能最大，此時(shí)彈簧處于壓縮狀態(tài)，位置在AB之間某點(diǎn)，根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒可知，在該點(diǎn)，系統(tǒng)的重力勢(shì)能與彈性勢(shì)能之和最小故D正確故選：D 根據(jù)物體所受的合力方向判斷加速度的方向，根據(jù)速度方向與加速度方向的關(guān)系，判斷其速度的變化分析彈簧的彈力變化情況，由牛頓第二定

27、律分析加速度的變化系統(tǒng)中只有重力和彈簧的彈力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒由此分析即可解決本題的關(guān)鍵知道加速度方向與合力方向相同，當(dāng)加速度方向與速度方向相同，物體做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度方向與速度方向相反時(shí)，物體做減速運(yùn)動(dòng)分析時(shí)要抓住彈力的可變性，運(yùn)用牛頓第二定律分析物體的運(yùn)動(dòng)情況8. 解：A、只有同時(shí)滿(mǎn)足功的兩個(gè)條件，力才做功，即：物體受力，同時(shí)在力的方向上發(fā)生了位移，故A錯(cuò)誤；B、公式P=只能計(jì)算平均功率，不能計(jì)算瞬時(shí)功率，故B錯(cuò)誤；C、恒力做功的表達(dá)式W=FScos，滑動(dòng)摩擦力的方向與物體相對(duì)運(yùn)動(dòng)方向相反，但與運(yùn)動(dòng)方向可以相同，也可以相反，物體受滑動(dòng)摩擦力也有可能位移為零，故可能做負(fù)功，也可能做正功

28、，也可以不做功；靜摩擦力的方向與物體相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)方向相反，但與運(yùn)動(dòng)方向可以相同，也可以相反，還可以與運(yùn)動(dòng)方向垂直，故靜摩擦力可以做正功，也可以做負(fù)功，也可以不做功，故C錯(cuò)誤；D、據(jù)P =Fv可知，當(dāng)功率恒定時(shí)，牽引力與速度成反比，故D正確故選：D做功的兩個(gè)必要因素：作用在物體上的力；物體在力的方向上通過(guò)的距離二者缺一不可；公式P=只能計(jì)算平均功率，P=Fv既可以計(jì)算平均功率，也可以計(jì)算瞬時(shí)功率；功等于力與力的方向上的位移的乘積，這里的位移是相對(duì)于參考系的位移；靜摩擦力的方向與物體的相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)方向相反，滑動(dòng)摩擦力的方向與物體的相對(duì)滑動(dòng)的方向相反；由公式P=Fv用控制變量法討論解答此題的關(guān)鍵是：

29、理解做功的兩個(gè)必要因素：作用在物體上的力；物體在力的方向上通過(guò)的距離二者缺一不可；理解平均功率和瞬時(shí)功率的概念，會(huì)用控制變量法討論；同時(shí)要明確恒力做功的求法9. 解：A、兩個(gè)小球在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中都是只有重力做功，機(jī)械能守恒，A的初速度為零，Bd的初速度為零，所以根據(jù)機(jī)械能守恒可以知兩物體落地時(shí)速率相等，故A錯(cuò)誤；B、重力做功只與初末位置有關(guān)，物體的起點(diǎn)和終點(diǎn)一樣，所以重力做的功相同；故B正確；C、重力的瞬時(shí)功率：P=mgvcos，是速度方向與重力的方向之間的夾角，由于二者的速率相等而速度方向與豎直方向之間的夾角本題，所以它們的瞬時(shí)功率的大小是不相等的，故C錯(cuò)誤；D、平均功率等于做功的大小與所用的

30、時(shí)間的比值，物體重力做的功相同，但是時(shí)間不同tAtB，所以A的平均功率小于B的平均功率，故D錯(cuò)誤；故選：B 兩個(gè)物體在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中機(jī)械能守恒，可以判斷它們的落地時(shí)的速度的大小，再由平均功率和瞬時(shí)功率的公式可以得出結(jié)論在分析功率的時(shí)候，一定要注意公式的選擇，P=只能計(jì)算平均功率的大小，而P=Fv可以計(jì)算平均功率也可以是瞬時(shí)功率，取決于速度是平均速度還是瞬時(shí)速度10. 解：A、D、要使小船過(guò)河的位移最短，合速度的方向垂直于河岸方向，因?yàn)樾〈瑢⒀睾纤俣确较蜻\(yùn)動(dòng)根據(jù)平行四邊形定則，水流速平行于河岸，合速度垂直于河岸，所以靜水速（即船頭的方向）應(yīng)指向上游此時(shí)最短位移為40m，故A錯(cuò)誤，D正確，B、船在靜

31、水中的速度為4m/s，水流速度為3m/s，所以船可垂直到達(dá)對(duì)岸，故B錯(cuò)誤C、當(dāng)靜水速的方向垂直于河岸時(shí)，渡河的時(shí)間最短，根據(jù)分運(yùn)動(dòng)和合運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性，最短時(shí)間為t=s=10s故C正確故選：CD當(dāng)靜水速的方向垂直于河岸時(shí)，渡河的時(shí)間最短，求出在垂直于河岸方向上的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，根據(jù)分運(yùn)動(dòng)和合運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性，知小船渡河的最短時(shí)間要使小船的渡河位移最短，即合速度的方向垂直于河岸方向，因?yàn)樾〈瑢⒀睾纤俣确较蜻\(yùn)動(dòng)，從而即可求解解決本題的關(guān)鍵知道當(dāng)靜水速的方向垂直于河岸，渡河的時(shí)間最短當(dāng)靜水速和水流速的合速度方向垂直于河岸，小船沿合速度方向渡河，此時(shí)位移最短11. 解：A、汽車(chē)在最高點(diǎn)，由牛頓第二定律可得：mg

32、-FN=m所以：FNmg，故處于失重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B、如圖b所示是一圓錐擺，重力和拉力的合力F=mgtan=m2r；r=Lsin，知=，故增大，但保持圓錐的高不變，角速度不變，故B正確；CD、對(duì)小球受力分析，小球受到重力和支持力，它們的合力提供向心力，如圖根據(jù)牛頓第二定律，有：F合=mgtan，即兩球所受合力大小相同兩小球所受合力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力有mgtan=mr2知，軌道半徑大的角速度小，故A球角速度小于B球角速度，故C錯(cuò)誤；在A、B兩位置所受筒壁的支持力為：N=，所以在A、B兩位置所受筒壁的支持力大小相等，故D正確故選：BD分析每種模型的受力情況，根據(jù)合力提供向心力求出相關(guān)的物理量，進(jìn)

33、行分析即可此題考查圓周運(yùn)動(dòng)常見(jiàn)的模型，每一種模型都要注意受力分析找到向心力，從而根據(jù)公式判定運(yùn)動(dòng)情況，如果能記住相應(yīng)的規(guī)律，做選擇題可以直接應(yīng)用，從而大大的提高做題的速度，所以要求同學(xué)們要加強(qiáng)相關(guān)知識(shí)的記憶12. 解：對(duì)全過(guò)程由動(dòng)能定理可知W1-W2=0，故W1：W2=1：1，根據(jù)恒力做功公式的：W1=Fs W2=fs由圖可知：s：s=1：6 所以F：f=6：1，故BC正確，AD錯(cuò)誤故選：BC 由動(dòng)能定理可得出汽車(chē)牽引力的功與克服摩擦力做功的關(guān)系，由功的公式可求得牽引力和摩擦力的大小關(guān)系；本題要注意在機(jī)車(chē)起動(dòng)中靈活利用功率公式及動(dòng)能定理公式，同時(shí)要注意圖象在題目中的應(yīng)用13. 解：A、對(duì)物塊分

34、析，物塊相對(duì)于地面的位移為s+l，根據(jù)動(dòng)能定理得：（F-f）（l+s）=mv2-0，則知，物塊到達(dá)小車(chē)最右端時(shí)具有的動(dòng)能為（F-f）（s+l）故A正確B、對(duì)小車(chē)分析，小車(chē)的位移為s，則物塊對(duì)小車(chē)所做的功為fs，故B錯(cuò)誤C、物塊和小車(chē)系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能等于系統(tǒng)克服摩擦力做的功，為fl，故C正確D、根據(jù)能量守恒得，外力F做的功轉(zhuǎn)化為小車(chē)和物塊的機(jī)械能和摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能，則有：F（l+s）=E+Q，則物塊和小車(chē)增加的機(jī)械能為E=F（l+s）-fl故D錯(cuò)誤故選：AC 物塊在F作用下做勻加速運(yùn)動(dòng)，小車(chē)也做勻加速運(yùn)動(dòng)，由圖確定出物塊相對(duì)于地面的位移，由動(dòng)能定理求物塊的動(dòng)能根據(jù)功的計(jì)算公式求物塊對(duì)小車(chē)所做的功系統(tǒng)

35、產(chǎn)生的內(nèi)能等于系統(tǒng)克服摩擦力做的功對(duì)系統(tǒng)，運(yùn)用能量守恒定律求系統(tǒng)增加的機(jī)械能本題關(guān)鍵是靈活地選擇研究對(duì)象進(jìn)行受力分析，再根據(jù)動(dòng)能定理列式后分析求解要注意求功時(shí)，位移應(yīng)是相對(duì)于地面的位移摩擦生熱等于摩擦力與相對(duì)位移的乘積14. 解：A、設(shè)任一斜面的傾角為，斜面水平長(zhǎng)度為L(zhǎng)，由動(dòng)能定理得：mgLtan-mgcos=EK-0，EK=mgL（tan-），因?yàn)閙1m2，12，無(wú)法判斷兩物體動(dòng)能大小，故A錯(cuò)誤；B、EK1=mgL（tan-）=mv2，v=，12，v1v2，故B正確；C、克服摩擦力做的功為：W=mgcos=mgL，因?yàn)閙1m2，所以W1W2，故C正確；D、由牛頓第二定律得：mgsin-mgc

36、os=ma，=at2，t=變形得：t=根據(jù)題意無(wú)法確定2-的取值范圍，無(wú)法確定sin（2-）大小關(guān)系，無(wú)法確定時(shí)間關(guān)系，故D錯(cuò)誤；故選：BC應(yīng)用動(dòng)能定理求出物體到達(dá)底端的動(dòng)能，然后比較動(dòng)能大小，根據(jù)動(dòng)能的計(jì)算公式求出物體的速度，然后比較大??；由功的計(jì)算公式求出克服摩擦力所做的功，然后比較功的大小；由牛頓第二定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，然后比較時(shí)間大小本題要熟練應(yīng)用動(dòng)能定理、功的計(jì)算公式、牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，通過(guò)列式分析各量的關(guān)系15. 解：AB、小球由A點(diǎn)到B點(diǎn)重力勢(shì)能減少mgh在小球在下降過(guò)程中，小球的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能和彈簧的彈性勢(shì)能，所以小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能小于mgh故A

37、正確、B錯(cuò)誤C、根據(jù)動(dòng)能定理得：mgh+W彈=mv2，所以由A至B小球克服彈力做功為W彈=mgh-mv2，故C錯(cuò)誤D、彈簧彈力做功量度彈性勢(shì)能的變化所以小球到達(dá)位置B時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為mgh-mv2，故D正確故選：AD 小球在下降中小球的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能和彈性勢(shì)能，由重力做功量度重力勢(shì)能的變化由彈簧彈力做功量度彈性勢(shì)能的變化根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒求小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能本題分析時(shí)，要抓住小球和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能是守恒的，但小球的機(jī)械能并不守恒求彈力做功時(shí)，是以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，運(yùn)用動(dòng)能定理求，這是常用的方法要熟悉功能的對(duì)應(yīng)關(guān)系16. 解：（1）檢查斜槽末端是否水平的方法：將小球放在槽的末

38、端，看小球能否靜止（2）A、小球釋放的初始位置不能太高，因?yàn)樵礁?，初速度越大，平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡將不在白紙的范圍內(nèi)，故A錯(cuò)誤B、為了保證小球的初速度相等，每次從斜槽同一位置由靜止釋放小球，故B正確C、實(shí)驗(yàn)前要用重垂線檢查坐標(biāo)紙上的豎線是否豎直，故C正確D、實(shí)驗(yàn)時(shí)小球的平拋運(yùn)動(dòng)要靠近但不接觸木板，防止摩擦改變小球的運(yùn)動(dòng)軌跡，故D正確故選：BCD（3）在豎直方向上，根據(jù)得，T=，則初速度故答案為：（1）將小球放在槽的末端，看小球能否靜止，（2）BCD（3）1.24（1）檢查斜槽末端是否水平的方法：將小球放在槽的末端，看小球能否靜止；（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理以及操作中的注意事項(xiàng)確定正確的操作步驟；（3）根據(jù)

39、豎直方向上連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移之差是一恒量求出相等的時(shí)間間隔，結(jié)合水平位移和時(shí)間間隔求出小球平拋運(yùn)動(dòng)的初速度解決本題的關(guān)鍵知道實(shí)驗(yàn)的原理以及操作中的注意事項(xiàng)，知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和推論靈活求解17. 解：（1）使木板傾斜，小車(chē)受到的摩擦力與小車(chē)所受重力的分量大小相等，在不施加拉力時(shí)，小車(chē)在斜面上受到的合力為零，小車(chē)可以在斜面上靜止或做勻速直線運(yùn)動(dòng)；小車(chē)與橡皮筋連接后，小車(chē)所受到的合力等于橡皮筋的拉力，橡皮筋對(duì)小車(chē)做的功等于合外力對(duì)小車(chē)做的功，故ABD錯(cuò)誤，C正確；故選：C（2）各點(diǎn)之間的距離相等的時(shí)候小車(chē)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由圖可知，兩個(gè)相鄰的點(diǎn)之間的距離是4.00cm時(shí)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，打點(diǎn)時(shí)間間隔為：t=；小車(chē)速度為：v=；（3）根據(jù)圖象結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)可知，