2020年普通高等學(xué)校招生統(tǒng)一考試物理模擬卷3（通用）

1、2020年普通高等學(xué)校招生統(tǒng)一考試物理模擬卷3 (滿分：100分，時(shí)間：90分鐘)一、選擇題(本題共16小題，共38分，第110小題為單選題，每小題2分，第1116小題為多選題，每小題3分)1(2020鄭州市高三一模)人類在對(duì)自然界進(jìn)行探索的過(guò)程中，科學(xué)實(shí)驗(yàn)起到了非常重要的作用。下列說(shuō)法不正確的是()A伽利略將斜面實(shí)驗(yàn)的結(jié)論合理外推，間接證明了自由落體運(yùn)動(dòng)是初速度為零的勻變速直線運(yùn)動(dòng)B法國(guó)科學(xué)家笛卡兒指出：如果運(yùn)動(dòng)中的物體沒(méi)有受到力的作用，它將繼續(xù)以同一速度沿同一直線運(yùn)動(dòng)C海王星是在萬(wàn)有引力定律發(fā)現(xiàn)之前通過(guò)觀測(cè)發(fā)現(xiàn)的D密立根通過(guò)油滴實(shí)驗(yàn)測(cè)得了元電荷的數(shù)值C在萬(wàn)有引力定律發(fā)現(xiàn)之后，亞當(dāng)斯和勒維耶

2、根據(jù)天王星的觀測(cè)資料，利用萬(wàn)有引力定律計(jì)算出海王星的軌道，德國(guó)的伽勒發(fā)現(xiàn)了這顆行星，選項(xiàng)C的說(shuō)法不正確。2如圖為一定質(zhì)量理想氣體的壓強(qiáng)p與體積V的關(guān)系圖象，它由狀態(tài)A經(jīng)等容過(guò)程到狀態(tài)B，再經(jīng)等壓過(guò)程到狀態(tài)C。設(shè)A、B、C狀態(tài)對(duì)應(yīng)的溫度分別為T(mén)A、TB、TC，則下列關(guān)系式中正確的是()ATATB，TBTB，TBTCCTATB，TBTCC由題中圖象可知，氣體由A到B過(guò)程為等容變化，由查理定律得，pApB，故TATB；由B到C過(guò)程為等壓變化，由蓋呂薩克定律得，VBVC，故TBTC。選項(xiàng)C正確。3.(2020黃岡市高三調(diào)研)“世界航天第一人”是明朝的士大夫萬(wàn)戶，他把47個(gè)自制的火箭綁在椅子上，自己坐在

3、椅子上，雙手舉著大風(fēng)箏，設(shè)想利用火箭的推力，飛上天空，然后利用風(fēng)箏平穩(wěn)著陸。假設(shè)萬(wàn)戶及其所攜設(shè)備(火箭、椅子、風(fēng)箏等)的總質(zhì)量為M，點(diǎn)燃火箭后在極短的時(shí)間內(nèi)，質(zhì)量為m的熾熱燃?xì)庀鄬?duì)地面以v0的速度豎直向下噴出，忽略空氣阻力的影響，重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是()A火箭的推力來(lái)源于空氣對(duì)它的反作用力B在燃?xì)鈬姵龊蟮乃查g，火箭的速度大小為C噴出燃?xì)夂螅f(wàn)戶及其所攜設(shè)備能上升的最大高度為D在火箭噴氣過(guò)程中，萬(wàn)戶及其所攜設(shè)備的機(jī)械能守恒B火箭的推力來(lái)源于燃?xì)鈱?duì)它的反作用力，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)量守恒定律有：0mv0(Mm)v，解得在燃?xì)鈬姵龊蟮乃查g，火箭的速度大小為v，選項(xiàng)B正確；噴出燃?xì)夂?，萬(wàn)戶及

4、其所攜設(shè)備做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能轉(zhuǎn)化為重力勢(shì)能，有(Mm)v2(Mm)gh，解得能上升的最大高度為h，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；在火箭噴氣過(guò)程中，萬(wàn)戶及其所攜設(shè)備的機(jī)械能增加，燃料燃燒，將一部分化學(xué)能轉(zhuǎn)化為萬(wàn)戶及其所攜設(shè)備的機(jī)械能，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。4“北斗”衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)是我國(guó)自行研制開(kāi)發(fā)的區(qū)域性三維衛(wèi)星定位與通信系統(tǒng)(CNSS)，建成后的“北斗”衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)包括5顆同步衛(wèi)星和30顆一般軌道衛(wèi)星。對(duì)于其中的5顆同步衛(wèi)星，下列說(shuō)法中正確的是()A它們運(yùn)行的線速度一定大于第一宇宙速度B地球?qū)λ鼈兊奈σ欢ㄏ嗤珻一定位于赤道上空同一軌道上D它們運(yùn)行的速度一定完全相同C第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，即是衛(wèi)星環(huán)繞地球圓

5、周運(yùn)動(dòng)的最大速度，而同步衛(wèi)星的軌道半徑要大于近地衛(wèi)星的軌道半徑，所以它們運(yùn)行的線速度一定小于7.9 km/s，故A錯(cuò)誤；5顆同步衛(wèi)星的質(zhì)量不一定相同，則地球?qū)λ鼈兊奈Σ灰欢ㄏ嗤x項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)Gmr，因?yàn)樗鼈兊闹芷谙嗤?，所以運(yùn)行半徑相同，一定位于赤道上空同一軌道上，故C正確；5顆衛(wèi)星在相同的軌道上運(yùn)行，速度的大小相同，方向不同，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。5下列敘述正確的是()A光電效應(yīng)深入地揭示了光的粒子性的一面，表明光子除具有能量之外還具有動(dòng)量B氫原子的核外電子，由離核較遠(yuǎn)的軌道自發(fā)躍遷到離核較近軌道，放出光子，電子的動(dòng)能減小，電勢(shì)能增加C處于基態(tài)的氫原子吸收一個(gè)光子躍遷到激發(fā)態(tài)，再向低能級(jí)躍遷時(shí)輻

6、射光子的頻率一定大于吸收光子的頻率D盧瑟福依據(jù)極少數(shù)粒子發(fā)生大角度偏轉(zhuǎn)提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型D光電效應(yīng)深入地揭示了光的粒子性的一面，表明光子具有能量，A錯(cuò)誤；氫原子的核外電子，由離核較遠(yuǎn)的軌道自發(fā)躍遷到離核較近軌道，釋放一定頻率的光子，電子的軌道半徑變小，電場(chǎng)力做正功，電子的動(dòng)能增大，電勢(shì)能減小，B錯(cuò)誤；處于基態(tài)的氫原子吸收一個(gè)光子躍遷到激發(fā)態(tài)，再向低能級(jí)躍遷時(shí)輻射光子的頻率應(yīng)小于或等于吸收光子的頻率，C錯(cuò)誤；粒子散射實(shí)驗(yàn)中，少數(shù)粒子發(fā)生大角度偏轉(zhuǎn)是盧瑟福提出原子核式結(jié)構(gòu)模型的主要依據(jù)，D正確。6如圖所示，足夠長(zhǎng)的傳送帶與水平面的夾角為，以速度v0逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。在傳送帶的上端輕輕放置一個(gè)質(zhì)

7、量為m的小木塊，小木塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)a2，在vt圖象中，圖線的斜率表示加速度，故選項(xiàng)D對(duì)。7.飛艇常常用于執(zhí)行掃雷、空中預(yù)警、電子干擾等多項(xiàng)作戰(zhàn)任務(wù)。如圖所示為飛艇拖曳掃雷具掃除水雷的模擬圖。當(dāng)飛艇勻速飛行時(shí)，繩子與豎直方向恒成角。已知掃雷具質(zhì)量為m，重力加速度為g，掃雷具所受浮力不能忽略，下列說(shuō)法正確的是()A掃雷具受3個(gè)力作用B繩子拉力大小為C海水對(duì)掃雷具作用力的水平分力小于繩子拉力D繩子拉力一定大于mgC掃雷具受繩子拉力、海水的浮力和阻力及自身重力四個(gè)力作用，A項(xiàng)錯(cuò)誤。海水對(duì)掃雷具作用力的水平分力F水FTsin ，C項(xiàng)正確。因?yàn)楦×Υ笮∥粗?，則繩子拉力大小不能確定，B、D項(xiàng)錯(cuò)誤。

8、8.如圖所示，某豎直彈射裝置由兩根勁度系數(shù)為k的輕彈簧以及質(zhì)量不計(jì)的底盤(pán)構(gòu)成，當(dāng)質(zhì)量為m的物體在最低點(diǎn)時(shí)，底盤(pán)對(duì)物體的支持力為6mg(g為重力加速度)，已知兩根彈簧與豎直方向的夾角為60，則此時(shí)每根彈簧的伸長(zhǎng)量為()ABCDD對(duì)物體分析，受重力和支持力，根據(jù)牛頓第二定律有Nmgma，其中N6mg，解得a5g，再對(duì)質(zhì)量不計(jì)的底盤(pán)和物體整體分析，受兩個(gè)拉力和重力，根據(jù)牛頓第二定律有，豎直方向2Fcos 60mgma，解得F6mg，根據(jù)胡克定律有x，故D正確。9(2020合肥市一模)如圖所示，真空中位于x軸上的兩個(gè)等量負(fù)點(diǎn)電荷，關(guān)于坐標(biāo)原點(diǎn)O對(duì)稱。下列關(guān)于場(chǎng)強(qiáng)E隨x的變化圖象正確的是()A根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的

9、疊加原理，可知兩個(gè)等量負(fù)點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零，在x軸上每個(gè)負(fù)點(diǎn)電荷兩側(cè)(附近)的場(chǎng)強(qiáng)方向都相反，A正確，B、C、D錯(cuò)誤。10.如圖所示，兩質(zhì)量分別為m1和m2的彈性小球A、B疊放在一起，從高度為h處自由落下，h遠(yuǎn)大于兩小球半徑，落地瞬間，B先與地面碰撞，后與A碰撞，所有的碰撞都是彈性碰撞，且都發(fā)生在豎直方向，碰撞時(shí)間均可忽略不計(jì)。已知m23m1，則A反彈后能達(dá)到的高度為()AhB2hC3hD4hD所有的碰撞都是彈性碰撞，所以不考慮能量損失。設(shè)豎直向上為正方向，根據(jù)機(jī)械能守恒定律和動(dòng)量守恒定律可得(m1m2)gh(m1m2)v2，m2vm1vm1v1m2v2，(m1m2)v2m1vm2v，m

10、1vm1gh1，將m23m1代入，聯(lián)立可得h14h，選項(xiàng)D正確。11(2020廣東一模)下列說(shuō)法正確的是()A在擺角很小時(shí)單擺的周期與振幅無(wú)關(guān)B只有發(fā)生共振時(shí)，受迫振動(dòng)的頻率才等于驅(qū)動(dòng)力頻率C變化的電場(chǎng)一定能產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)D兩列波相疊加產(chǎn)生干涉現(xiàn)象，振動(dòng)加強(qiáng)區(qū)域與減弱區(qū)域應(yīng)交替出現(xiàn)AD單擺周期T2與振幅無(wú)關(guān)，A項(xiàng)正確；受迫振動(dòng)的頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率，當(dāng)驅(qū)動(dòng)力的頻率接近物體的固有頻率時(shí)，振動(dòng)顯著增強(qiáng)，當(dāng)驅(qū)動(dòng)力的頻率等于物體的固有頻率時(shí)即共振，B項(xiàng)錯(cuò)誤；均勻變化的電場(chǎng)產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場(chǎng)，C項(xiàng)錯(cuò)誤；兩列波相疊加產(chǎn)生干涉現(xiàn)象時(shí)，振動(dòng)加強(qiáng)區(qū)域與減弱區(qū)域間隔出現(xiàn)，這些區(qū)域位置不變，D項(xiàng)正確。12如圖為“嫦娥四

11、號(hào)”登月軌跡示意圖。圖中M點(diǎn)為環(huán)地球運(yùn)行的近地點(diǎn)，N點(diǎn)為環(huán)月球運(yùn)行的近月點(diǎn)。a為環(huán)月球運(yùn)行的圓軌道，b為環(huán)月球運(yùn)行的橢圓軌道，下列說(shuō)法中正確的是()A“嫦娥四號(hào)”在環(huán)地球軌道上的運(yùn)行速度大于11.2 km/sB“嫦娥四號(hào)”在M點(diǎn)進(jìn)入地月轉(zhuǎn)移軌道時(shí)應(yīng)點(diǎn)火加速C設(shè)“嫦娥四號(hào)”在圓軌道a上經(jīng)過(guò)N點(diǎn)時(shí)的加速度為a1，在橢圓軌道b上經(jīng)過(guò)N點(diǎn)時(shí)的加速度為a2，則a1a2D“嫦娥四號(hào)”在圓軌道a上的機(jī)械能小于在橢圓軌道b上的機(jī)械能BD“嫦娥四號(hào)”在環(huán)地球軌道上運(yùn)行速度v滿足v7.9 km/s，A錯(cuò)誤?！版隙鹚奶?hào)”要脫離地球，需在M點(diǎn)點(diǎn)火加速讓其進(jìn)入地月轉(zhuǎn)移軌道，B正確。由Fma，知“嫦娥四號(hào)”在經(jīng)過(guò)圓軌道a

12、上的N點(diǎn)和在橢圓軌道b上的N點(diǎn)時(shí)的加速度相等，C錯(cuò)誤?！版隙鹚奶?hào)”要從b軌道轉(zhuǎn)移到a軌道需要減速，機(jī)械能減小，D正確。13.如圖所示，質(zhì)量為m的物塊從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始下落，加速度是，下落高度H到B點(diǎn)后與一輕彈簧接觸，又下落h后到達(dá)最低點(diǎn)C，在由A運(yùn)動(dòng)到C的過(guò)程中，空氣阻力恒定，則()A物塊機(jī)械能守恒B物塊和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒C物塊機(jī)械能減少mg(Hh)D物塊和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能減少mg(Hh)D對(duì)于物塊來(lái)說(shuō)，從A到C要克服空氣阻力做功，從B到C又將一部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢(shì)能，因此機(jī)械能肯定減少，故A錯(cuò)誤。對(duì)于物塊和彈簧組成的系統(tǒng)來(lái)說(shuō)，物塊減少的機(jī)械能等于克服空氣阻力所做的功和彈簧增

13、加的彈性勢(shì)能之和，因此整個(gè)系統(tǒng)機(jī)械能減少量即克服空氣阻力所做的功，故B錯(cuò)誤。由A運(yùn)動(dòng)到C的過(guò)程中，物塊的動(dòng)能變化量為零，重力勢(shì)能減少量等于機(jī)械能的減少量，所以物塊機(jī)械能減少mg(Hh)，故C錯(cuò)誤。物塊從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始下落，加速度是g，根據(jù)牛頓第二定律得Ffmgmamg，所以空氣阻力在物塊由A運(yùn)動(dòng)到C的過(guò)程中所做的功Wfmg(Hh)，整個(gè)系統(tǒng)機(jī)械能減少量即克服空氣阻力所做的功，所以物塊和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能減少mg(Hh)，故D正確。14如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌PP、QQ傾斜放置，有一勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于導(dǎo)軌平面向上，金屬棒ab水平放在導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌的上端用導(dǎo)線分別與水平放置的兩金屬板M、

14、N相連，板間距離足夠大，板間有一帶電微?！，F(xiàn)同時(shí)由靜止釋放帶電微粒和金屬棒ab，下滑過(guò)程中金屬棒始終與導(dǎo)軌接觸良好且兩金屬板組成的電容器不被擊穿。則下列說(shuō)法正確的是()A金屬棒ab一直加速下滑B金屬棒ab最終可能勻速下滑C金屬棒ab下滑過(guò)程中M板電勢(shì)高于N板電勢(shì)D帶電微?？赡芟认騈板運(yùn)動(dòng)后向M板運(yùn)動(dòng)ACD根據(jù)牛頓第二定律有mgsin BIlma0，而I，qCU，UBlv，va0t，聯(lián)立解得a0，因而金屬棒將做勻加速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；ab棒切割磁感線，相當(dāng)于電源，a端相當(dāng)于電源正極，因此M板帶正電，N板帶負(fù)電，選項(xiàng)C正確；若帶電微粒帶負(fù)電，在重力和電場(chǎng)力的作用下，帶電微粒先向下運(yùn)動(dòng)，然后

15、再反向向上運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)D正確。15如圖甲所示，用一水平力F拉著一個(gè)靜止在傾角為的光滑斜面上的物體，逐漸增大F，物體做變加速運(yùn)動(dòng)，其加速度a隨外力F變化的圖象如圖乙所示，g取10 m/s2，根據(jù)圖乙中所提供的信息可以計(jì)算出()A物體的質(zhì)量B斜面的傾角C物體能靜止在斜面上所施加的最小外力D加速度為6 m/s2時(shí)物體的速度ABC對(duì)物體受力分析，受拉力、重力、支持力，如圖所示：x方向：Fcos mgsin ma，y方向：NFsin mgcos 0，從圖象中取兩個(gè)點(diǎn)(20 N，2 m/s2)、(30 N,6 m/s2)，代入式解得：m2 kg，37，故A、B正確。物體能靜止在斜面上，當(dāng)水平力F沿斜面向上的

16、分力與mgsin 相等時(shí)F最小，即Fcos mgsin ，故C正確。題中并未說(shuō)明物體的位移，物體做的是變加速運(yùn)動(dòng)，故無(wú)法求出加速度為6 m/s2時(shí)物體的速度大小，故D錯(cuò)誤。16.如圖所示，兩個(gè)中心重合的正三角形線框內(nèi)分別存在著垂直于紙面向里和垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，已知內(nèi)部三角形線框ABC邊長(zhǎng)為2a，內(nèi)部磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0，且每條邊的中點(diǎn)開(kāi)有一個(gè)小孔。有一帶電荷量為q、質(zhì)量為m的粒子從AB邊中點(diǎn)D垂直AB進(jìn)入內(nèi)部磁場(chǎng)。如果要使粒子恰好不與邊界碰撞，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后又能從D點(diǎn)射入內(nèi)部磁場(chǎng)，下列說(shuō)法正確的是()A三角形ABC與ABC之間的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小也為B0B三角形ABC的邊長(zhǎng)可以為2

17、aC粒子的速度大小為D粒子再次回到D點(diǎn)所需的時(shí)間為ACD要想使粒子不與邊界碰撞，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后又能從D點(diǎn)射入內(nèi)部磁場(chǎng)，則帶電粒子在內(nèi)、外磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡都應(yīng)為半徑為a的圓弧，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，所以三角形ABC與ABC之間的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小也應(yīng)該為B0，故A正確；由幾何知識(shí)可知，三角形ABC的最短邊長(zhǎng)為2a2a，B錯(cuò)誤；帶電粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑為ra，速度為v，C正確；分析知粒子再次回到D點(diǎn)時(shí)，其運(yùn)動(dòng)軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角260300420，故tT，D正確。二、非選擇題(本題共7小題，共62分)17(5分)某班同學(xué)在學(xué)習(xí)了向心力的公式Fm和Fm2r后，分學(xué)習(xí)小組進(jìn)行實(shí)驗(yàn)探究向心力。

18、同學(xué)們用細(xì)繩系一紙杯(杯中有30 mL的水)在空中甩動(dòng)，使紙杯在水平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)(如圖乙所示)，來(lái)感受向心力。(1)下列說(shuō)法中正確的是_。A保持質(zhì)量、繩長(zhǎng)不變，增大轉(zhuǎn)速，繩對(duì)手的拉力不變B保持質(zhì)量、繩長(zhǎng)不變，增大轉(zhuǎn)速，繩對(duì)手的拉力增大C保持質(zhì)量、角速度不變，增大繩長(zhǎng)，繩對(duì)手的拉力不變D保持質(zhì)量、角速度不變，增大繩長(zhǎng)，繩對(duì)手的拉力增大(2)如圖甲所示，繩離杯心40 cm處打一結(jié)點(diǎn)A,80 cm處打一結(jié)點(diǎn)B，學(xué)習(xí)小組中一位同學(xué)用手表計(jì)時(shí)，另一位同學(xué)操作，其余同學(xué)記錄實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)。操作一：手握繩結(jié)A，使杯在水平方向每秒運(yùn)動(dòng)一周，體會(huì)向心力的大小。操作二：手握繩結(jié)B，使杯在水平方向每秒運(yùn)動(dòng)一周，體會(huì)向心

19、力的大小。操作三：手握繩結(jié)A，使杯在水平方向每秒運(yùn)動(dòng)兩周，體會(huì)向心力的大小。操作四：手握繩結(jié)A，再向杯中添30 mL的水，使杯在水平方向每秒運(yùn)動(dòng)一周，體會(huì)向心力的大小。操作二與一相比較：質(zhì)量、角速度相同，向心力的大小與轉(zhuǎn)動(dòng)半徑大小有關(guān)；操作三與一相比較：質(zhì)量、半徑相同，向心力的大小與角速度的大小有關(guān)；操作四與一相比較：_相同，向心力大小與_有關(guān)；物理學(xué)中這種實(shí)驗(yàn)方法叫_法。小組總結(jié)階段，在空中甩動(dòng)紙杯的同學(xué)談感受時(shí)說(shuō)：“感覺(jué)手腕發(fā)酸，感覺(jué)力不是指向圓心的向心力而是背離圓心的離心力，跟書(shū)上說(shuō)的不一樣”，你認(rèn)為該同學(xué)的說(shuō)法正確嗎？答：_。解析(1)由題意知，根據(jù)向心力公式F向m2r，結(jié)合牛頓第三定

20、律，有T拉m2r；保持質(zhì)量、繩長(zhǎng)不變，增大轉(zhuǎn)速，根據(jù)公式可知，繩對(duì)手的拉力將增大，故A錯(cuò)誤，B正確；保持質(zhì)量、角速度不變，增大繩長(zhǎng)，根據(jù)公式可知，繩對(duì)手的拉力將增大，故C錯(cuò)誤，D正確。(2)根據(jù)向心力公式F向m2r，結(jié)合牛頓第三定律，則有T拉m2r；操作二與一相比較：質(zhì)量、角速度相同，向心力的大小與轉(zhuǎn)動(dòng)半徑大小有關(guān)；操作三與一相比較：質(zhì)量、半徑相同，向心力的大小與角速度的大小有關(guān)；操作四與一相比較：角速度、半徑相同，向心力大小與質(zhì)量大小有關(guān)；物理學(xué)中這種實(shí)驗(yàn)方法叫控制變量法。該同學(xué)受力分析的對(duì)象是自己的手，但實(shí)驗(yàn)中受力分析的對(duì)象是紙杯，繩的拉力提供紙杯做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，方向指向圓心，繩對(duì)手的

21、拉力與“向心力”大小相等，方向相反，背離圓心，故該同學(xué)的說(shuō)法不正確。答案(1)BD(2)角速度、半徑質(zhì)量大小控制變量不正確，見(jiàn)解析18(7分)指針式多用電表是實(shí)驗(yàn)室中常用的測(cè)量?jī)x器，請(qǐng)回答下列問(wèn)題：(a)(1)在使用多用電表測(cè)量時(shí)，若選擇開(kāi)關(guān)撥至“1 mA”擋，指針的位置如圖(a)所示，則測(cè)量結(jié)果為_(kāi)。(2)使用多用電表測(cè)量未知電阻阻值的電路如圖(b)所示，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，R0為調(diào)零電阻。某次將待測(cè)電阻用電阻箱代替時(shí)，電路中電流I與電阻箱的阻值Rx的關(guān)系圖象如圖(c)所示，則此時(shí)多用電表的內(nèi)阻為_(kāi)，該電源的電動(dòng)勢(shì)E_V。(3)下列判斷正確的是_。A在圖(b)中，電表的左、右插孔處分別標(biāo)注著“

22、”“”B由圖線(c)分析可知，對(duì)應(yīng)歐姆表的刻度盤(pán)上的數(shù)字左小右大C歐姆表調(diào)零的實(shí)質(zhì)是通過(guò)調(diào)節(jié)R0，使Rx0時(shí)電路中的電流達(dá)到滿偏電流D電阻Rx的變化量相同時(shí)，Rx越小，對(duì)應(yīng)的電流變化量越大解析(1)選擇開(kāi)關(guān)撥至“1 mA”擋時(shí)，最小分度值是0.02 mA，讀數(shù)為0.46 mA。(2)多用電表的內(nèi)阻即中值電阻，即I0.3 mA時(shí)RxR內(nèi)15 k，則電源的電動(dòng)勢(shì)EIgR內(nèi)0.6 mA15 k9 V。(3)由多用電表“紅進(jìn)黑出”知，左、右插孔處應(yīng)分別標(biāo)注“”“”，歐姆表的刻度盤(pán)是非均勻的，左邊數(shù)字大，右邊數(shù)字小。答案(1)0.46 mA(2)1.51049(3)CD19(3分)某同學(xué)在做“用雙縫干涉

23、測(cè)量光的波長(zhǎng)”的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示。(1)調(diào)試后，出現(xiàn)了干涉圖樣，但不夠清晰，以下調(diào)節(jié)做法正確的是_。A旋轉(zhuǎn)測(cè)量頭B上下?lián)軇?dòng)金屬撥桿C左右撥動(dòng)金屬撥桿D前后撥動(dòng)金屬撥桿(2)該同學(xué)通過(guò)測(cè)量頭的目鏡觀察單色光的干涉圖樣時(shí)，發(fā)現(xiàn)里面的亮條紋與分劃板豎線未對(duì)齊，如圖所示，若要使兩者對(duì)齊，該同學(xué)應(yīng)如何調(diào)節(jié)_。A僅左右轉(zhuǎn)動(dòng)透鏡B僅旋轉(zhuǎn)單縫C僅旋轉(zhuǎn)雙縫D僅旋轉(zhuǎn)測(cè)量頭(3)下列圖示中條紋間距表示正確的是_。ABCD E解析(1)為獲得清晰的干涉圖樣需要左右撥動(dòng)金屬撥桿使單縫和雙縫平行，選項(xiàng)C正確，A、B、D錯(cuò)誤。(2)由圖可知，干涉條紋沿豎直方向，若要使兩者對(duì)齊，只旋轉(zhuǎn)測(cè)量頭即可，選項(xiàng)D正確，A、B、

24、C錯(cuò)誤。(3)條紋間距是兩條相鄰的亮條紋或暗條紋之間的距離，選項(xiàng)C、E正確，A、B、D錯(cuò)誤。答案(1)C(2)D(3)CE20(10分)如圖所示，一長(zhǎng)為200 m的列車(chē)沿平直的軌道以80 m/s的速度勻速行駛，當(dāng)車(chē)頭行駛到進(jìn)站口O點(diǎn)時(shí)，列車(chē)接到停車(chē)指令，立即勻減速停車(chē)，因OA段鐵軌不能停車(chē)，整個(gè)列車(chē)只能停在AB段內(nèi)，已知1 200 m，2 000 m，求：(1)列車(chē)減速運(yùn)動(dòng)的加速度的取值范圍；(2)列車(chē)減速運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間。解析(1)若列車(chē)車(chē)尾恰好停在A點(diǎn)右側(cè)，減速運(yùn)動(dòng)的加速度為a1，減速運(yùn)動(dòng)距離為x1，則0v2a1x1x11 200 m200 m解得a12.3 m/s2若列車(chē)車(chē)頭恰好停在B點(diǎn)，

25、減速運(yùn)動(dòng)的加速度為a2，位移為x22 000 m0v2a2x2聯(lián)立解得a21.6 m/s2故列車(chē)減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小取值范圍為16 m/s2a2.3 m/s2。(2)當(dāng)列車(chē)以a2減速運(yùn)動(dòng)時(shí)的時(shí)間最長(zhǎng)。0v0a2t解得t50 s。答案(1)1.6 m/s2a2.3 m/s2(2)50 s21(10分)如圖所示，直角三角形ABC為某種透明介質(zhì)的橫截面，B30，BC30 cm，AB面涂有反光材料。某單色光從BC上的D點(diǎn)垂直BC射入介質(zhì)，經(jīng)AB面反射后從AC面上射出，射出方向與AB面垂直。已知BD21 cm，不考慮光在AC面的反射。求：(1)介質(zhì)的折射率；(2)光在介質(zhì)中的傳播時(shí)間。解析(1)光路如圖

26、，光在E點(diǎn)發(fā)生反射，光在F點(diǎn)發(fā)生折射，由反射定律1230AEF為等邊三角形，330光沿垂直AB面方向自AC面射出，460該介質(zhì)的折射率n解得n。(2)光在介質(zhì)中的傳播速度vDEDBtanBEFAE光在介質(zhì)中的傳播時(shí)間t解得t1.3109 s。答案(1)(2)1.3109 s22(13分)如圖所示，有一長(zhǎng)為L(zhǎng)6 m，質(zhì)量為m11 kg的長(zhǎng)木板放在水平面上，木板與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為10.2，右端固定一擋板，左端放一質(zhì)量為m21 kg的小滑塊，滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為20.1，現(xiàn)在滑塊的左端瞬間給滑塊施加一個(gè)水平?jīng)_量I4 Ns，滑塊與擋板發(fā)生碰撞的時(shí)間和能量損失均忽略不計(jì)，g取10 m/s2，

27、求：(1)滑塊與擋板碰撞后瞬間木板的速度；(2)木板在水平面上發(fā)生的位移。解析(1)由于沖量作用，滑塊獲得的速度為v04 m/s木板受地面最大摩擦力1(m1m2)g2m2g，木板不動(dòng)。對(duì)滑塊：2m2gm2a2vv22a2L解得v2 m/s滑塊與擋板碰撞動(dòng)量守恒：m2vm2v2m1v1能量守恒：m2v2m1vm2v解得v12 m/s，v20碰后瞬間木板速度為2 m/s，方向水平向右。(2)碰后滑塊加速度不變，對(duì)木板：1(m1m2)g2m2gm1a1設(shè)經(jīng)時(shí)間t，兩者共速v1a1ta2t解得t s共同的速度v3a2t m/s此過(guò)程木板位移x1v1ta1t2 m共速后木板加速度為1(m1m2)g2m2gm1a3最后木板靜止，設(shè)此過(guò)程木板位移為x2，0v2a3x2解得x2 m木板在水平面上發(fā)生的位移為x1x2 m。答案(1)2 m/s方向水平向右(2) m23.(14分)如圖所示，MN和MN為兩豎直放置的平行光滑長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌，兩導(dǎo)軌間的距離為L(zhǎng)。在導(dǎo)軌的下部有