四川省新津中學2020屆高三物理11月月考試題（含解析）

1、四川省新津中學2020屆高三11月月考物理試題 一、選擇題（每小題6分，共計48分。其中15小題只有一個選項正確，68題有多項正確）1. 水平推力F1和F2分別作用于在水平面上等質量的a、b兩物體上，作用一段時間后撤去推力，物體將繼續(xù)運動一段時間后停下，兩物體的v-t圖線如圖所示，圖中線段ABCD，則下列說法正確的是（ ）A. F1的沖量大于F2的沖量 B. F1的沖量等于F2的沖量C. 兩物體受到的摩擦力大小相等 D. 兩物體受到的摩擦力大小不等【答案】C【解析】由圖，AB與CD平行，說明推力撤去后兩物體的加速度相同，而撤去推力后物體的合力等于摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律可知，兩物體受到的摩擦力

2、大小相等，根據(jù)動量定理，對整個過程研究得：， ，由圖看出，則有，即的沖量小于的沖量，故選項C正確。點睛：由速度圖象分析可知，水平推力撤去后，AB與CD平行，說明加速度相同，動摩擦因數(shù)相同，兩物體的質量相等，說明摩擦力大小相等，根據(jù)動量定理，研究整個過程，確定兩個推力的沖量關系。2. 如圖所示，位于水平桌面上的物塊P，由跨過定滑輪的輕繩與物塊Q相連，從滑輪到P和到Q的兩段繩都是水平的。已知Q與P之間以及P與桌面之間的動摩擦因數(shù)都是，兩物塊的質量都是m，滑輪的質量、滑輪上的摩擦都不計。若用一水平向右的力F拉P使它做勻速運動，則F的大小為 ( )A. 4mg B. 3mg C. 2mg D. mg【

3、答案】A【解析】試題分析：對Q物塊，設跨過定滑輪的輕繩拉力為T；木塊Q與P間的滑動摩擦力f=mg 根據(jù)共點力平衡條件T=f 則得 T=mg對木塊P受力分析，P水平方向受到拉力F，Q對P向左的摩擦力f，地面對P體向左的摩擦力f，根據(jù)共點力平衡條件，有 F=f+f+T 地面對P物體向左的摩擦力f=2mg 由式可以解得F=4mg，故選A考點：物體的平衡；摩擦力3. 如圖所示，傾角為的斜面體c置于水平地面上，小物塊b置于斜面上，通過細繩跨過光滑的輕質定滑輪與容器a連接，連接b的一段細繩與斜面平行在a中緩慢注入沙子的過程中，a、b、c均一直處于靜止狀態(tài)下列說法正確的是( )A. 繩子的拉力保持不變B.

4、b對c的摩擦力一直變大C. 繩對滑輪的作用力方向始終不變D. 地面對c的支持力始終不變【答案】C【解析】在a中緩慢注入沙子的過程中,繩子的拉力增大，選項A錯誤；設a、b的重力分別為Ga、Gb若Ga=Gbsin，b受到c的摩擦力為零；當注入沙子時，b對c的摩擦力變大；若GaGbsin，b受到c的摩擦力沿斜面向下當注入沙子時，b對c的摩擦力變大；若GaGbsin，b受到c的摩擦力沿斜面向上，當沙子注入時，b對c的摩擦力減小；故B錯誤；以滑輪為研究對象，則由于兩邊繩子的拉力相等，故繩對滑輪的作用力始終沿兩繩夾角的平分線方向，故選項C正確；以bc整體為研究對象，分析受力如圖，根據(jù)平衡條件得知水平面對c

5、的支持力N=（Gb+Gc）-Tsin，在a中的沙子緩慢注入的過程中T增大，則N減小，D錯誤故選C點睛：本題采用隔離法和整體法研究兩個物體的平衡問題及B所受的摩擦力，要根據(jù)B所受的拉力與重力沿斜面向下的分力大小關系，分析摩擦力的大小和方向4. 如圖所示，a為放在地球赤道上隨地球一起轉動的物體，b為處于地球表面附近的衛(wèi)星，c是地球同步衛(wèi)星，d是高空探測衛(wèi)星若a、b、c、d的質量相同，地球表面附近的重力加速度為g下列說法正確的是( )A. b衛(wèi)星轉動的線速度大于7.9km/sB. a、b、c、d的周期大小關系為C. a和b的向心加速度都等于重力加速度gD. 在b、c、d中，b的動能最大，d的機械能最

6、大【答案】D【解析】b衛(wèi)星是近地衛(wèi)星，運轉半徑等于地球的半徑，根據(jù)可知轉動的線速度等于7.9km/s，選項A錯誤；同步衛(wèi)星的周期等于地球自轉的周期，則Ta=Tc；根據(jù) 可知TdTcTb,則TdTc=TaTb，選項B錯誤；b的向心加速度都等于重力加速度g，但是對a: ，則a的向心加速度小于重力加速度g，選項C錯誤；根據(jù) 可知b的速度最大，動能最大；d的機械能最大，選項D正確；故選D.點睛：對于衛(wèi)星問題，要建立物理模型，根據(jù)萬有引力提供向心力，分析各量之間的關系，并且要知道同步衛(wèi)星的條件和特點5. 物體放在動摩擦因素為的水平地面上，受到一水平拉力作用開始運動，所運動的速度隨時間變化關系和拉力功率隨

7、時間變化關系分別如圖甲、圖乙所示。由圖像可知動摩擦因素為（ ）（g=10m/s2）A. =0.1 B. =0.3C. =0.2 D. =0.4【答案】B【解析】由圖線可知，物體做勻速直線運動的速度v=4m/s，此時拉力等于摩擦力，則有，根據(jù)速度時間圖線知，物體做勻加速直線運動的加速度，根據(jù)牛頓第二定律得，F(xiàn)1-f=ma，又P=F1v，聯(lián)立解得P=（2m+3）2t，由P-t圖線知，2(2m+3)10，解得：m=1kg，則動摩擦因數(shù)，故B正確，ACD錯誤故選B點睛：本題考查了牛頓第二定律、速度時間圖線以及功率公式的基本運用，知道速度時間圖線的斜率等于加速度，根據(jù)P-t圖線的斜率結合牛頓第二定律求出

8、物體的質量是關鍵6. 如圖所示，兩段長均為L的輕繩共同系住一質量為m的小球，另一端固定在等高的兩點O1、O2，兩點的距離也為L，在最低點給小球一個水平向里的初速度v0，小球恰能在豎直面內做圓周運動，重力加速度為g，則（ ）A. 小球運動到最高點的速度B. 小球運動到最高點的速度C. 小球在最低點時每段繩子的拉力D. 小球在最低點時每段繩子的拉力【答案】AD【解析】A、B、小球恰能在豎直面內做圓周運動的條件是重力提供向心力，則，解得：，A正確；B錯誤；C、D、小球在最低點，由向心力公式得：，每段繩子的拉力，由以上兩式解得：，C錯誤；D正確；故選AD。7. 如圖甲所示，一質量為 M 的長木板靜置于

9、光滑水平面上，其上放置一質量為 m 的小滑塊。 木板受到水平拉力 F 作用時，用傳感器測出長木板的加速度 a 與水平拉力 F 的關系如圖乙所示， 重力加速度 g=10m/s2，下列說法正確的是（ ）A. 小滑塊的質量 m=2 kgB. 小滑塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)0.1C. 當水平拉力 F=7 N 時，長木板的加速度大小為3m/sD. 當水平拉力 F 增大時，小滑塊的加速度一定增大【答案】ACB、根據(jù)F大于的圖線知，時，即：，代入數(shù)據(jù)解得：，所以，當時，長木板的加速度為：，根據(jù)得：，故B錯誤，C正確；D、當拉力增大時，兩物體發(fā)生滑動時，木塊的加速度為，恒定不變，故D錯誤。點睛：對于牛頓第二定

10、律與圖象的綜合，知道滑塊和木板在不同拉力作用下的運動規(guī)律是解決本題的關鍵，掌握處理圖象問題的一般方法，通常通過圖線的斜率和截距入手分析。8. 如右圖所示，帶有擋板的光滑斜面固定在水平地面上，斜面傾角=300，質量均為2kg的AB兩物體用輕彈簧栓接在一起，彈簧的勁度系數(shù)為5N/cm，質量為4kg的物體C用細線通過光滑的輕質定滑輪與物體B連接，開始時A、B均靜止在斜面上，A緊靠在擋板處，用手托住C，使細線剛好被拉直，現(xiàn)把手拿開，讓C由靜止開始運動，從C開始運動到A剛要離開擋板的過程中，下列說法正確的是（物體C未觸地，g取10m/s2）( )A. 初狀態(tài)彈簧的壓縮量為2cmB. 末狀態(tài)彈簧的伸長量為

11、2cmC. 物體B、C組成的系統(tǒng)機械能守恒D. 物體C克服繩的拉力所做的功為0.8J【答案】ABD【解析】初狀態(tài)彈簧的壓縮量為，故A正確末狀態(tài)彈簧的伸長量為故B正確對于物體B、C與地球組成的系統(tǒng)，由于彈簧對B做負功，所以系統(tǒng)的機械能不守恒故C錯誤初末狀態(tài)彈簧的彈性勢能相等，對于彈簧、物體B、C與地球組成的系統(tǒng)，根據(jù)機械能守恒定律得：mCg（x1+x2）=mBg（x1+x2）sin+(mB+mC)v2，對C，由動能定理得 mCg（x1+x2）-W=mCv2，聯(lián)立解得物體C克服繩的拉力所做的功W=0.8J，故D正確故選ABD點睛：本題考查機械能守恒定律、動能定理及胡克定律的應用，要注意選取研究對象

12、，正確分析物理過程，做好受力分析，選擇合適的物理規(guī)律求解即可二、實驗題9. 某同學設計了如圖甲所示的實驗裝置來驗證“動能定理”一個電磁鐵吸住一個小鋼球，將電磁鐵斷電后，小鋼球由靜止開始向下加速運動小鋼球經(jīng)過光電門，計時裝置記錄小鋼球通過光電門1和光電門2的擋光時間分別為t1和t2，用刻度尺測得兩光電門中心之間的距離為h，已知當?shù)刂亓铀俣葹間（1）該同學用游標卡尺測量了小鋼球的直徑，結果如下圖乙所示，小鋼球的直徑d_cm；（2）小鋼球通過光電門1時的速度大小為_；（3）若上述測量的物理量滿足關系式_，則動能定理得以驗證（2、3問用所測物理量的字母表示）【答案】 (1). （1）0.520 (2

13、). （2） (3). （3）【解析】（1）小鋼球的直徑0.5cm+0.05mm4=0.520cm；（2）小鋼球通過光電門1時的速度大小為；（3）若上述測量的物理量滿足關系式 ，即，則動能定理得以驗證。10. 用如圖甲所示的實驗裝置驗證m1、m2組成的系統(tǒng)機械能守恒m2從高處由靜止開始下落，m1上拖著的紙帶打出一系列的點，對紙帶上的點跡進行測量，即可驗證機械能守恒定律如圖乙給出的是實驗中獲取的一條紙帶：0是打下的第一個點，打點計時器所用交流電的頻率為50 Hz，每相鄰兩計數(shù)點間還有4個點(圖中未標出)，計數(shù)點間的距離如圖乙所示已知m150 g、m2150 g，則：(結果均保留兩位有效數(shù)字)(1

14、)在打下第“0”到打下第“5”點的過程中系統(tǒng)動能的增量Ek_J，系統(tǒng)勢能的減少量Ep_J(取當?shù)氐闹亓铀俣萭10 m/s2)通過比較可以得出結論：_。(2)若某同學作出v2h圖象如圖丙所示，則當?shù)氐闹亓铀俣萭_m/s2.【答案】 (1). （1）0.58 (2). 0.60 (3). 在誤差允許的范圍內，機械能守恒； (4). （2）9.7.三、計算題11. 如圖所示，在粗糙水平面上A點固定一半徑R=0.2m的豎直光滑圓弧軌道，底端有一小孔在水平面上距A點s=1m的B點正上方O處，用長為L=0.9m的輕繩懸掛一質量M=0.1kg的小球甲，現(xiàn)將小球甲拉至圖中C位置，繩與豎直方向夾角60靜止釋

15、放小球甲，擺到最低點B點時與另一質量m=0.05kg的靜止小滑塊乙（可視為質點）發(fā)生完全彈性碰撞碰后小滑塊乙在水平面上運動到A點，并無碰撞地經(jīng)過小孔進入圓弧軌道，當小滑塊乙進入圓軌道后立即關閉小孔g=10m/s2 （1）求甲、乙碰前瞬間小球甲的速度大?。唬?）若小滑塊乙進入圓軌道后的運動過程中恰好不脫離圓弧軌道，求小滑塊乙與水平面的動摩擦因數(shù)【答案】（1）3m/s（2）0.6【解析】（1）小球甲由C到B，由動能定理得 （2）甲乙發(fā)生彈性碰撞 m/s 若小球恰能經(jīng)過最高點，則最高點速度滿足 從B到圓弧最高點，由動能定理有 若不能轉過圓軌道最高點，則最高點必在圓心 12. 如圖所示，水平傳送帶的左

16、端與一傾角=37的粗糙斜面平滑連接，一個小滑塊（可視為質點）從斜面上的A點由靜止釋放，沿斜面滑下并沖上傳送帶，傳送帶以恒定速率v=2m/s逆時針轉動已知小滑塊的質量m=2kg，斜面上A點到斜面底端的長度s=9m，傳送帶的長度為L=10m，小滑塊與斜面的動摩擦因數(shù)1=0.50，小滑塊與傳送帶間動摩擦因數(shù)2=0.40，g=10m/s2求：（1）小滑塊到達斜面底端P的速度大??；（2）a判斷沖上傳送帶的小滑塊是否可以運動到傳送帶的右端Q；b若小滑塊可以運動到Q，試求小滑塊從P點運動到Q點的過程中摩擦力分別對小滑塊和傳送帶做的功；若小滑塊不能達到Q，試求小滑塊從P點開始再次運動到P點過程中摩擦力分別對小

17、滑塊和傳送帶做的功；（3）小滑塊在斜面和傳送帶上運動的整個過程中，小滑塊相對于地面的總路程【答案】（1）6m/s；（2）a不能到Q；b-32J；-32J；（3）13.5m【解析】（1）滑塊下滑過程，由動能定理得：mgssin1mgcoss=mvP20，代入數(shù)據(jù)解得：vP=6m/s；（2）a、滑塊到達傳送帶上后做勻減速直線運動，在滑塊速度減為零過程中，由動能定理得：2mgs=0mvP2，代入數(shù)據(jù)解得：s=4.5mL=10m，滑塊不能到達Q端；b、滑塊在傳送帶上運動時的加速度為：a=2g=4m/s2，滑塊向右減速運動的時間為：，在此時間內，傳送帶位移為：x1=vt1=21.5=3m，滑塊向右加速運

18、動到速度等于傳送帶速度需要的時間為： ，在此時間內傳送帶的位移為：x2=vt2=20.5=1m，在整個過程中，摩擦力對傳送帶做功為：W傳送帶=2mg（x1+x2）=32J，由動能定理可知，整個過程摩擦力對滑塊做功為：W滑塊=mv2mvP2=32J；（3）滑塊在運動過程中要考查摩擦力做功，使其機械能減少，最終滑塊將靜止在P處，有：1cos=2=0.4，設滑塊在整個過程中相對水平地面的路程為s總，對滑塊由動能定理得：mgssin=mgs總，代入數(shù)據(jù)解得：s總=13.5m；點睛; 本題考查了動能定理的應用，分析清楚滑塊的運動過程是解題的關鍵，應用動能定理可以解題分析滑塊運動過程時要注意：滑塊在傳送帶上向左先做勻加速運動，后做勻速直線運動；解題時要注意，（3）求的是滑塊相對地面的路程【物理選修3-4】13. 一列簡諧橫波在t1=0.02s時刻的波形圖如圖甲所示，平衡位置在x=1m處的質點P的振動圖像如圖乙所示。已知質點M的平衡位置在x=1.75m處。下列說法正確的是_A該波中每個質點的振動周期都為0.02sB該波波長2mCM點在t1時刻位移為mD質點M從t1時刻起每過0.005s通過的路程均為0.2mE在x軸上2m處有一觀察者，他接收到頻率小于50Hz【答案】ABC【解析】A、由圖乙可知，質點的振動周期：，