2019年全國(guó)統(tǒng)一高考物理模擬試卷(全國(guó)卷Ⅰ)(五)

1、2019 年全國(guó)統(tǒng)一高考物理模擬試卷（全國(guó)卷）（五）副標(biāo)題題號(hào)一二三四總分得分一、單選題（本大題共4 小題，共24.0 分）1.一質(zhì)量為m 的電動(dòng)汽車(chē)在平直公路上以恒定的功率加速行駛，當(dāng)速度大小為v 時(shí)，其加速度大小為a，設(shè)汽車(chē)所受的阻力恒為f 。以下說(shuō)法正確的是（）A. 汽車(chē)的功率為fvB. 當(dāng)汽車(chē)的速度增加到2v 時(shí)，加速度為C. 汽車(chē)行駛的最大速率為（1+） vD. 當(dāng)汽車(chē)的速度為時(shí)v，行駛的距離為2. 小物塊 m 與各面均光滑的斜面體 M，疊放在光滑水平面上，如圖所示，在水平力F1（圖甲） 作用下保持相對(duì)靜止， 此時(shí) m、M 間作用力為 N1；在水平力 F 2（圖乙）作用下保持相對(duì)靜止

2、，此時(shí) m、M 間作用力為N2則下列說(shuō)法不正確的是（）A.C.若 m=M，則有 F 1=F2若 m M，則有 F1F2B.D.若 m=M，則有 N1 N2 若 m M，則有 N1=N23. 已知一個(gè)無(wú)限大的金屬板與一個(gè)點(diǎn)電荷之間的空間電場(chǎng)分布與等量異種電荷之間的電場(chǎng)分布類(lèi)似，即金屬板表面各處的電場(chǎng)強(qiáng)度方向與板面垂直。如圖所示，MN 為無(wú)限大的不帶電的金屬平板，且與大地連接?，F(xiàn)將一個(gè)電荷量為Q 的正點(diǎn)電荷置于板的右側(cè)，圖中 a、b、c、d 是以正點(diǎn)電荷 Q 為圓心的圓上的四個(gè)點(diǎn)，四點(diǎn)的連線構(gòu)成一內(nèi)接正方形， 其中 ab 連線與金屬板垂直。則下列說(shuō)法正確的是（）A. b 點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度與c 點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度

3、相同B. a 點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度與b 點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等C. a 點(diǎn)電勢(shì)等于d 點(diǎn)電勢(shì)D. 將一試探電荷從a 點(diǎn)沿直線 ad 移到 d 點(diǎn)的過(guò)程中， 試探電荷電勢(shì)能始終保持不變4.如圖，在含有理想變壓器的電路中，三個(gè)定值電阻R2=R3=2R1，電流表為理想交流電表， U 為有效值恒定的正弦交流電源。當(dāng)S閉合時(shí)，電流表的示數(shù)為I ；當(dāng) S 斷開(kāi)時(shí)，電流表的示數(shù)為該變壓器原、副線圈匝數(shù)比為（）第1頁(yè)，共 19頁(yè)A. 2B. 3C. 4D. 5二、多選題（本大題共6 小題，共34.0 分）5. 如圖所示，在半徑為 R 的圓形區(qū)域內(nèi)充滿磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)， MN 是一豎直放置的足夠長(zhǎng)的感光板從圓形磁場(chǎng)最

4、高點(diǎn)P 以速度 v 垂直磁場(chǎng)射入大量帶正電的粒子，且粒子所帶電荷量為 q、質(zhì)量為 m不考慮粒子間的相互作用力和粒子的重力，關(guān)于這些粒子的運(yùn)動(dòng)以下說(shuō)法正確的是（）A. 只要對(duì)著圓心入射，出射后均可垂直打在MN 上B. 即使是對(duì)著圓心入射的粒子，其出射方向的反向延長(zhǎng)線也不一定過(guò)圓心C. 只要速度滿足v=，沿不同方向入射的粒子出射后均可垂直打在MN 上D. 對(duì)著圓心入射的粒子，速度越大在磁場(chǎng)中通過(guò)的弧長(zhǎng)越長(zhǎng)，時(shí)間越短6. 如圖所示，木板 1、 2 固定在墻角，一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊分別從木板的頂端靜止釋放，并沿斜面下滑到底端，物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為）對(duì)這兩個(gè)過(guò)程， 下列說(shuō)法正確的是 （A. 沿

5、著 1 和 2 下滑到底端時(shí)，物塊的速度大小相等B. 沿著 1 和 2 下滑到底端時(shí)，物塊的速度大小不相等C. 物塊沿著 1 下滑到底端的過(guò)程，產(chǎn)生的熱量更多D. 物塊沿著 2 下滑到底端的過(guò)程，產(chǎn)生的熱量更多7.“神舟”七號(hào)實(shí)現(xiàn)了航天員首次出艙如圖所示飛船先沿橢圓軌道 1 飛行，然后在遠(yuǎn)地點(diǎn)P 處變軌后沿圓軌道2 運(yùn)行， 在軌道 2 上周期約為90 分鐘則下列判斷正確的是（）A. 飛船沿橢圓軌道 1 經(jīng)過(guò) P 點(diǎn)時(shí)的速度與沿圓軌道經(jīng)過(guò) P 點(diǎn)時(shí)的速度相等B. 飛船在圓軌道2 上時(shí)航天員出艙前后都處于失重狀態(tài)C. 飛船在圓軌道2 的角速度大于同步衛(wèi)星運(yùn)行的角速度D. 飛船從橢圓軌道1 的 Q

6、點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P 點(diǎn)過(guò)程中萬(wàn)有引力做正功8. 有三根長(zhǎng)度皆為 L 的不可伸長(zhǎng)的絕緣輕線，其中兩根的一端固定在天花板上的O 點(diǎn)，另一端分別掛有質(zhì)量均為m、電量分別為 -q、q 的帶電小球A 和 B， A、B 間用第三根線連接起來(lái)。所在空間存在水平向右、大小E=的勻強(qiáng)電場(chǎng)，系統(tǒng)平衡時(shí)，A、 B 球的位置如圖所示。現(xiàn)將O、B 之間的輕線燒斷， A、B 兩球最后會(huì)達(dá)到新的平衡位置（不計(jì)兩帶電小球間相互作用的靜電力）。以下說(shuō)法正確的是（）A. A 球的電勢(shì)能增加了qELB. B 球的電勢(shì)能減少了qEL第2頁(yè)，共 19頁(yè)C. A 球的重力勢(shì)能減少了mgLD. B 球的重力勢(shì)能減少了mgL9. 有關(guān)對(duì)熱學(xué)的基礎(chǔ)知

7、識(shí)理解不正確的是（）A. 液體表面張力的方向與液面平行并指向液體內(nèi)部B. 熱的物體把溫度傳遞給冷的物體，最終達(dá)到相同溫度C. 當(dāng)某一密閉容器自由下落時(shí)，容器中的氣體壓強(qiáng)為零D. 空氣相對(duì)濕度越大時(shí)，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近同溫度水的飽和汽壓，水就停止蒸發(fā)E. 在“用油膜法測(cè)分子直徑”的實(shí)驗(yàn)中，作出了把油膜視為單分子層、忽略油酸分子間的間距并把油酸分子視為球形這三方面的近似處理10.如圖所示，一列簡(jiǎn)諧橫波t=0 時(shí)波形如圖，波沿x 軸負(fù)向傳播，傳播速度v=1m/s，則下列說(shuō)法正確的是（）A. 此時(shí) x=1.25 m 處的質(zhì)點(diǎn)正在做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)B. x=0.4 m 處的質(zhì)點(diǎn)比 x=0.6 m

8、 處的質(zhì)點(diǎn)先回到平衡位置C. x=4 m 處的質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過(guò) 1.5 s 可運(yùn)動(dòng)到波峰位置D. t=2s的波形圖與 t=0 時(shí)的波形圖重合E. x=2 m 處的質(zhì)點(diǎn)在做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，其振動(dòng)方程為y=0.4sin（ t）（ m）三、實(shí)驗(yàn)題探究題（本大題共2 小題，共15.0 分）11.利用圖 1 的裝置探究“恒力做功與系統(tǒng)動(dòng)能變化”的關(guān)系，小車(chē)的質(zhì)量為M，鉤碼的質(zhì)量為m，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源是頻率為f 的交流電。（ 1）實(shí)驗(yàn)中， 把長(zhǎng)木板右端墊高，在不掛鉤碼且_的情況下， 輕推一下小車(chē)，若小車(chē)拖著紙帶做勻速運(yùn)動(dòng)，標(biāo)明已經(jīng)消除了摩擦力和其他阻力的影響。（填選項(xiàng)前的字母）A計(jì)時(shí)器不打點(diǎn)B計(jì)時(shí)器打點(diǎn)（ 2）圖 2

9、 是正確操作后得到的一條紙帶，紙帶上各點(diǎn)是打出的計(jì)時(shí)點(diǎn)，其中O 為打出的第一個(gè)點(diǎn)。在紙帶上連續(xù)選取A、B、 C、 D、 E 點(diǎn)進(jìn)行分析，測(cè)得各點(diǎn)到O點(diǎn)的距離分別為s1、s2、s3、s4、s5，則打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打D 點(diǎn)時(shí)，小車(chē)的速度vD=_。（用已知和測(cè)得物理量的符號(hào)表示）（ 3）若采用圖2 中的 OD 過(guò)程進(jìn)行驗(yàn)證，則需要驗(yàn)證的關(guān)系式為_(kāi)。（用已知和測(cè)得物理量的符號(hào)表示）12. 為測(cè)定海水的電阻率：某學(xué)習(xí)小組選取了一根厚度可以忽略的塑料管，分別用刻度尺和螺旋測(cè)微器測(cè)出第3頁(yè)，共 19頁(yè)其長(zhǎng)度 L 和外徑 d，外徑示數(shù)如圖a 所示，由圖得d=_ mm在塑料管里面灌滿了海水，兩端用粗銅絲塞住管口，形成

10、一段封閉的海水柱用多用表的檔位轉(zhuǎn)換開(kāi)關(guān)K 旋轉(zhuǎn)在如圖b 所示的位置， 將插入“ +”、“ -”插孔的紅黑表筆短接，調(diào)零后粗測(cè)其阻值R，其結(jié)果如圖b 中表盤(pán)中所示，則R=_ 該小組為進(jìn)一步精確測(cè)量其阻值，現(xiàn)采用伏安法有如下實(shí)驗(yàn)器材供選擇：A直流電源：電動(dòng)勢(shì) 12V，內(nèi)阻不計(jì)，額定電流為 1A；B電流表 A：量程 0 10mA，內(nèi)阻約 10；C電壓表 V：量程 0 15V，內(nèi)阻約 15k；D滑動(dòng)變阻器R1：最大阻值10；E滑動(dòng)變阻器R2：最大阻值10k；F多用表：如圖b；G開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線等（ a）該小組采用限流電路并在正確選擇器材后完成部分導(dǎo)線的連接，請(qǐng)你在實(shí)物接線圖 c 中完成余下導(dǎo)線的連接并在滑動(dòng)

11、變阻器旁邊標(biāo)上其符號(hào)（R1 或 R2）（ b）若該小組在實(shí)驗(yàn)過(guò)程中由于操作不當(dāng)，導(dǎo)致所選用的電流表?yè)p壞為保證實(shí)驗(yàn)的正常進(jìn)行， 可將多用表的檔位轉(zhuǎn)換開(kāi)關(guān)K 旋轉(zhuǎn)至直流電流 _擋位上， 替換原使用的電流表并通過(guò)插入“+”、“ -”插孔的紅黑表筆正確接入電路，繼續(xù)實(shí)驗(yàn)該小組在實(shí)驗(yàn)中測(cè)得電壓表和電流表的示數(shù)分別為U 和 I，則精確測(cè)出的海水電阻率表達(dá)式為：=_四、計(jì)算題（本大題共4 小題，共52.0 分）13. 如圖所示， 半徑為 R 的光滑半圓環(huán)軌道豎直固定在一水平光滑的桌面上，桌面距水平地面的高度也為R，在桌面上輕質(zhì)彈簧被a、 b 兩個(gè)小球擠壓（小球與彈簧不拴接），處于靜止?fàn)顟B(tài)同時(shí)釋放兩個(gè)小球，小

12、球a、b 與彈簧在桌面上分離后， a球從 B 點(diǎn)滑上光滑半圓環(huán)軌道最高點(diǎn)A 時(shí)速度為 vA=，已知小球 a 質(zhì)量為 m，小球 b 質(zhì)量為 2m，重力加速度為g，求：（ 1）小球 a 在圓環(huán)軌道最高點(diǎn)對(duì)軌道的壓力？（ 2）釋放后小球 b 離開(kāi)彈簧時(shí)的速度 vb 的大??？（ 3）小球 b 落地點(diǎn)距桌子右側(cè)的水平距離？第4頁(yè)，共 19頁(yè)14. 如圖甲所示， MN 、PQ 為水平放置的足夠長(zhǎng)的平行光滑導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距 L 為 0.5m，導(dǎo)軌左端連接一個(gè)阻值為2的定值電阻 R，將一根質(zhì)量為0.2kg 的金屬棒 cd 垂直放置在導(dǎo)軌上，且與導(dǎo)軌接觸良好，金屬棒cd 的電阻 r=2，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，整個(gè)裝置處于

13、垂直導(dǎo)軌平面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2T若棒以 1m/s的初速度向右運(yùn)動(dòng)，同時(shí)對(duì)棒施加水平向右的拉力F 作用，并保持拉力的功率恒為4W，從此時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，經(jīng)過(guò)2s 后金屬棒的速度保持穩(wěn)定不變，圖乙為安培力與時(shí)間的關(guān)系圖象。試問(wèn)：（ 1）金屬棒 cd 開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)其中的電流方向怎樣？（ 2）金屬棒在前 2s 內(nèi)所做的是一種怎樣的運(yùn)動(dòng)？并說(shuō)明理由。（ 3） 2s 后金屬棒的速度大小是多少m/s？（ 4） 0 2s 內(nèi)通過(guò)電阻 R 的電量約多少 C？15. 如圖，體積為 V、內(nèi)壁光滑的圓柱形導(dǎo)熱氣缸頂部有一質(zhì)量和厚度均可忽略的活塞；氣缸內(nèi)密封有溫度為2.4T0、壓強(qiáng)為 1.2P0 的理想氣體。

14、P0 和 T0 分別為大氣的壓強(qiáng)和溫度。已知：氣體內(nèi)能 U 與溫度 T 的關(guān)系為 U=aT，a 為正的常量； 容器內(nèi)氣體的所有變化過(guò)程都是緩慢的。求：（ 1）氣缸內(nèi)氣體與大氣達(dá)到平衡時(shí)的體積V1；（ 2）在活塞下降過(guò)程中，氣缸內(nèi)氣體放出的熱量Q。第5頁(yè)，共 19頁(yè)第6頁(yè)，共PQ 間射出？16. 如圖所示，在平靜的湖面岸邊處，垂釣者的眼睛恰好位于岸邊 P 點(diǎn)正上方 0.9m 高度處，浮標(biāo) Q 離 P 點(diǎn) 1.2m 遠(yuǎn)，魚(yú)餌燈 M 在浮標(biāo)正前方 1.8m 遠(yuǎn)處的水下， 垂釣者發(fā)現(xiàn)魚(yú)餌燈剛好被浮標(biāo)擋住，已知水的折射率n= 。求魚(yú)餌燈離水面的深度；若魚(yú)餌燈緩慢豎直上浮，當(dāng)它離水面多深時(shí)，魚(yú)餌燈發(fā)出的光

15、恰好無(wú)法從水面19 頁(yè)答案和解析1.【答案】 C【解析】解：A 、設(shè)汽車(chē)的額定功率為 P，汽車(chē)的速度為 v 時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得-F1=ma，得 P=（F1+ma）v，故A 錯(cuò)誤 。B、加速度為時(shí)，此時(shí)牽引力為 F，則 F-F1=m，得F=F1+m，此時(shí)速度為v= =v+v 2v，故B 錯(cuò)誤 。C、汽車(chē)勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，牽引力等于阻力，速率最大，故有 vm=（1+）v，故 C正確。D、因?yàn)樵撈?chē)以恒定功率行 駛，做加速度減小的變加速運(yùn)動(dòng)，無(wú)法算出其行駛的距離。故 D 錯(cuò)誤 。故選：C。當(dāng)它速度 為 v 時(shí)，加速度為 a，根據(jù)牛頓第二定律和 P=Fv 求出汽車(chē)的額定功率。當(dāng)汽車(chē)速度增加到 2v 時(shí)，

16、再由牛頓第二定律求加速度。汽 車(chē)勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)速度最大，由 P=Fv 求最大速率。本題考查了汽車(chē)以恒定功率運(yùn) 動(dòng)的問(wèn)題，注意汽車(chē)在啟動(dòng)過(guò)程中，牽引力在變化，知道當(dāng)牽引力等于阻力 時(shí)，速度最大。2.【答案】 B【解析】解：AC 、由整體法可知，甲圖中整體的加速度：a1=，乙圖中整體的加速度：；對(duì)甲圖，隔離M，則sin =Ma，N11m：N1cos，解得；隔離=mg；對(duì)乙圖中的 m，則：N sin =mgtan =ma，22解得：；第7頁(yè)，共 19頁(yè)F2=（M+m ）a2=（M+m ）gtan ；則若 m=M ，則有 F1=F2；若mM ，則有 F1F2，選項(xiàng) AC 正確；BD 、無(wú)論 m 和 M 關(guān)

17、系如何，則 N1=N2，選項(xiàng) D 正確，B 錯(cuò)誤；本題選錯(cuò)誤 的，故選：B。根據(jù)整體先求解整體的加速度表達(dá)式；然后隔離兩物體列式分別求解 F和 N的表達(dá)式 進(jìn)行比較即可。應(yīng)用牛頓第二定律的解 題步驟（1）通過(guò)審題靈活地選取研究對(duì)象，明確物理過(guò)程。（2）分析研究對(duì)象的受力情況和運(yùn) 動(dòng)情況，必要時(shí)畫(huà)好受力示意 圖和運(yùn)動(dòng)過(guò)程示意圖，規(guī)定正方向。（3）根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn) 動(dòng)公式列方程求解。（列牛頓第二定律方程 時(shí)可把力進(jìn)行分解或合成 處理，再列方程）（4）檢查答案是否完整、合理，必要時(shí)需進(jìn)行討論 。3.【答案】 C【解析】解：畫(huà)出電場(chǎng)線 如圖所示：A 、根據(jù)對(duì)稱性可知，b 點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度與 c 點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)

18、度大小相等，方向不同，故 A 錯(cuò)誤；B、電場(chǎng)線密集的地方 電場(chǎng)強(qiáng)度大，從圖上可以看出 a點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大于 b 點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)對(duì)稱性并結(jié)合電場(chǎng)線的分布可知 a 點(diǎn)電勢(shì)等于 d 點(diǎn)電勢(shì)，故C 正確；D、由于試探電荷先靠近正 電荷后遠(yuǎn)離正電荷，所以電場(chǎng)力在這個(gè)過(guò)程中做功，所以試探電荷電勢(shì)能不是始 終保持不變，故D 錯(cuò)誤；故選：C。第8頁(yè)，共 19頁(yè)先畫(huà)出電場(chǎng)線：電場(chǎng)線從正電荷出發(fā)，終止于負(fù)電荷，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密分析電場(chǎng)強(qiáng)度的大??；根據(jù)對(duì)稱性分析 a 點(diǎn)與 d 點(diǎn)的電勢(shì)關(guān)系，根據(jù)電場(chǎng)力方向與位移方向的 夾角分析電場(chǎng)力做功情況，來(lái)分析 電勢(shì)能的變化。本題涉及電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)高低的判斷，電場(chǎng)強(qiáng)

19、度是矢量，合成遵循平行四 邊形定則；電勢(shì)是標(biāo)量，合成遵循代數(shù)法 則。4.【答案】 A【解析】解：設(shè)變壓器原、副線圈匝數(shù)之比 為=k，則可知，開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)，副線圈電流為 kI ；則根據(jù)理想變壓器原理可知：=k；當(dāng) S閉合時(shí)電為則線圈的電流強(qiáng)度為kI ， 流表的示數(shù) 副則根據(jù)理想 變壓器原理可知：=k；又：R2=R3=2R1，聯(lián)立解得 k=2；故 A 正確，BCD 錯(cuò)誤；故選：A。變壓器輸入電壓為 U 與電阻 R1 兩端電壓的差值；再根據(jù)電流之比等于匝數(shù)的反比可求得 輸出電流；根據(jù)電壓之比等于匝數(shù)之比 對(duì)兩種情況列式，聯(lián)立可求得 U 與 I 的關(guān)系；則可求得線圈匝數(shù)之比。本題考查理想變壓器原理及 應(yīng)

20、用，要注意明確電路結(jié)構(gòu)，知道開(kāi)關(guān)通斷時(shí)電路的連接方式；同時(shí)注意明確 輸入電壓與總電壓之間的關(guān)系。5.【答案】 CD【解析】解：A 、對(duì)著圓心入射的粒子，出射后不一定垂直打在MN 上，與粒子的速度有關(guān)，故選項(xiàng) A 錯(cuò)誤 。B、帶電粒子的運(yùn) 動(dòng)軌跡是圓弧，根據(jù)幾何知識(shí)可知，對(duì)著圓心入射的粒子，第9頁(yè)，共 19頁(yè)其出射方向的反向延長(zhǎng)線也一定過(guò)圓選項(xiàng)B錯(cuò)誤。心，故滿時(shí)軌跡半徑為r=則軌跡的圓心角為90，C、速度 足 v=，粒子的=R，速度的偏向角也等于 90，根據(jù)磁聚集的原理，沿不同方向入射的粒子出射后選項(xiàng)D正確。均可垂直打在 MN 上。故對(duì)圓心入射的粒子，速度越大在磁場(chǎng)中軌跡半徑越大，弧長(zhǎng)越長(zhǎng) 軌D

21、、 著， 跡對(duì)應(yīng)的圓心角越小，由 t=知，運(yùn)動(dòng)時(shí)間 t 越小，故選項(xiàng) D 正確。故選：CD。帶電粒子從 P 點(diǎn)以速度 v 垂直磁場(chǎng)射入大量 帶正電的粒子，當(dāng)滿足速度大小和方向不同的條件 時(shí)，從圓形磁場(chǎng)中射出的位置和方向?qū)⒉煌?，?題涉及相交圓的知識(shí)，但有一種特殊情況要考 慮到：當(dāng)軌跡圓的半徑與磁 場(chǎng)圓的半徑相等時(shí)，都將垂直打在 MN 上，這是磁聚焦的原理本題要抓住粒子是 圓弧，磁場(chǎng)的邊界也是圓弧，利用幾何知識(shí)分析出射速度與入射速度方向的關(guān)系，確定出 軌跡的圓心角，分析運(yùn)動(dòng)時(shí)間的關(guān)系6.【答案】 BC【解析】解：對(duì)物塊從高為 h 的斜面上由靜止滑到底端時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理有：mgh-Wf =mv2其

22、中 W f 為物塊克服摩擦力做的功，因滑動(dòng)摩擦力為：f=N=mgcos，所以物塊克服摩擦力做的功 為：W f=fL= mgcos L= mgLcos = mgL底由圖可知，Lcos為斜面底 邊長(zhǎng)，可見(jiàn)，物體從斜面頂端下滑到底端 時(shí)，克服摩擦力做功與斜面底端 長(zhǎng)度 L 底 成正比。A 、沿著 1 和 2 下滑到底端 時(shí)，重力做功相同，而沿 2 物體克服摩擦力做功小于沿 3 克服摩擦力做功，則由 式得知，沿著 2 下滑到底端 時(shí)物塊的速度大于沿 1 下滑到底端 時(shí)速度，故 A 錯(cuò)誤 B 正確；第10 頁(yè)，共 19頁(yè)C、沿 1 時(shí)克服摩擦力做的功最多，物體的機(jī)械能損失最大，產(chǎn)生的熱量多。故 C正確

23、D 錯(cuò)誤。故選：BC。本題應(yīng)根據(jù)動(dòng)能定理求解，只要正確 對(duì)物體受力分析，分別求出各力做功的代數(shù)和，即可比較速度的大小通過(guò)本題求克服摩擦力做功可推得一個(gè)重要的結(jié)論：物體從斜面下滑到底端的過(guò)程中，克服摩擦力做的功與沿水平面滑 動(dòng)與斜面底端相同距離 時(shí)克服摩擦力做的功相同【答案】 BC7.【解析】解：A 、P 點(diǎn)是橢圓軌道的遠(yuǎn)地點(diǎn)，飛船飛經(jīng)該點(diǎn)時(shí)將做的近心運(yùn) 動(dòng)滿足飛軌道 2上做圓周運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)滿足，根， 船在據(jù)運(yùn)動(dòng)條件知 v1v2，故 A 錯(cuò)誤；B、飛船在圓軌道上做勻速 圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力完全提供向心力，故航天 員出艙前后都處于失重狀 態(tài)，故 B 正確。C、飛船在軌道 2 上周期大 約為 90

24、分鐘，而同步衛(wèi)星的周期 為 24h，故知圓軌道上周期小于同步 衛(wèi)星周期，角速度大于同步 衛(wèi)星的角速度，故 C 正確；D、根據(jù)開(kāi)普勒第二定律知 Q 點(diǎn)速度大于 P 點(diǎn)速度，故飛船從橢圓軌道 1 的 Q 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 P點(diǎn)過(guò)程中萬(wàn)有引力做 負(fù)功，故D 錯(cuò)誤；故選：BC。飛船在橢圓軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)在近地點(diǎn)做離心運(yùn) 動(dòng)，在遠(yuǎn)地點(diǎn)做近心運(yùn) 動(dòng)，根據(jù)相應(yīng) 運(yùn)動(dòng) 條件判斷速度大小 問(wèn)題 ，飛船在軌道上運(yùn) 動(dòng)的加速由萬(wàn)有引力 產(chǎn)生，決定加速度的大小是萬(wàn)有引力的大小正確理解 飛船變軌前后的運(yùn) 動(dòng)，知道近心運(yùn)動(dòng)的條件為速度小于正常速度，勻速圓周運(yùn)動(dòng)的條件是合力充當(dāng)向心力第11 頁(yè)，共 19頁(yè)8.【答案】 ACD【解析】解

25、：斷開(kāi)細(xì)線 OB，對(duì) A 、B 球整體分析，受重力、細(xì)線 OA 的拉力，兩個(gè)電場(chǎng)力平衡，故 OA 繩子豎直；再分析 B 球，受重力、向右的電場(chǎng)力和細(xì)線的拉力，其中電場(chǎng)力 F=qE=mg，根據(jù)平衡條件可知，拉力T 與豎直方向的 夾角為45；A 、克服電場(chǎng)力做功等于 電勢(shì)能的增加量，故 A 球電勢(shì)能增加量 為：電勢(shì)能增加量為：Ep=qE?，故 A 正確；B、電場(chǎng)力做功等于 電勢(shì)能的減小量，故 B 球電勢(shì)能減小量 為：Ep=qE（L-L）=，故B 錯(cuò)誤；C、A 球的重力 勢(shì)能減少：mg?h=mg（L-L ）=mgL，故C 正確；D、B 球的重力 勢(shì)能減少：mg?h =mg（L+L-L）=mgL，故

26、D正確；故選：ACD。電場(chǎng)對(duì)電 荷 A 的電場(chǎng)力水平向左，對(duì)電荷 B 的電場(chǎng)力水平向右，故開(kāi)始 時(shí)繩子伸直；斷開(kāi) AB 間細(xì)線后，先對(duì) A 、B 球整體分析，根據(jù)平衡條件得到OA 繩子與豎直方向的 夾角情況；再隔離 B 球分析，根據(jù)平衡條件得到 AB 細(xì)線與豎直方向的 夾角情況；最后根據(jù)功能關(guān)系 進(jìn)行分析即可。本題是力電綜合問(wèn)題，關(guān)鍵是靈活選擇研究對(duì)象，正確的受力分析，根據(jù)平衡條件和功能關(guān)系列式分析，不 難。9.【答案】 BCD【解析】解：A 、液體表面張力產(chǎn)生在液體表面 層，它的方向平行于液體表面，故 選項(xiàng)A 正確；B、在自然的過(guò)程中，熱的物體把內(nèi)能 傳遞給冷的物體，最終達(dá)到溫度相等；第12

27、 頁(yè)，共 19頁(yè)而不是熱的物體把 “溫度 ”傳遞給冷的物體，最終達(dá)到溫度相等，故 B 錯(cuò)誤；C、當(dāng)某一密閉容器自由下落 時(shí)，氣體分子仍然在碰撞器壁，則氣體壓強(qiáng)不為零，故C錯(cuò)誤；D、空氣相對(duì)濕度越大 時(shí)，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近同溫度水的 飽和汽壓，水蒸發(fā)越慢，故 D 錯(cuò)誤；E、在“用油膜法 測(cè)分子直徑 ”的 實(shí)驗(yàn)中，作出了把油膜是呈 單分子分布的；把油酸分子看成球形；分子之 間沒(méi)有空隙，緊密排列，故選項(xiàng) E 正確。本題選錯(cuò)誤 的，故選：BCD。表面張力產(chǎn)生在液體表面 層，它的方向平行于液體表面，而非與液面垂直指向液體內(nèi)部；熱的物體把 熱量傳遞給冷的物體；氣體壓強(qiáng)是由分子 頻繁碰撞而引起的，與容器

28、的運(yùn) 動(dòng)狀態(tài)無(wú)關(guān)；空氣中水蒸氣 壓強(qiáng)越接近同溫度水的 飽和汽壓，水就蒸發(fā)慢；知道在油膜法 測(cè)分子大小的 實(shí)驗(yàn)中，將分子視為球形，并且不計(jì)分子間的間隙，同時(shí)形成的是 單分子油膜?？疾楸砻嬉Φ姆较?，掌握 傳遞是熱量，及傳遞的方向，同時(shí)理解氣體 壓強(qiáng)產(chǎn)生的原由，注意處于飽和汽壓時(shí)，蒸發(fā)沒(méi)有停止；最后考查了油膜法 測(cè)分子大小的實(shí)驗(yàn)，注意實(shí)驗(yàn)?zāi)Ｐ偷恼_建立。10.【答案】 ACD【解析】解：A 、波沿 x 軸負(fù)向傳播，此時(shí) x=1.25 m 處的質(zhì)點(diǎn)右側(cè)的質(zhì)點(diǎn)縱坐標(biāo)較大，故質(zhì)點(diǎn)向上運(yùn) 動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)縱坐標(biāo)大于零，故由質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)遠(yuǎn)離平衡位置可得：質(zhì)點(diǎn)做加速度增大的減速運(yùn) 動(dòng)，故A 正確；B、由波沿 x 軸負(fù)向傳

29、播可得：x=0.6 m 處的質(zhì)點(diǎn)向平衡位置運(yùn) 動(dòng)，故 x=0.4 m第13 頁(yè)，共 19頁(yè)處的質(zhì)點(diǎn)、x=0.6 m 處的質(zhì)點(diǎn)都向平衡位置運(yùn) 動(dòng)，且x=0.4 m 處的質(zhì)點(diǎn)比x=0.6 m 處的質(zhì)點(diǎn)距離遠(yuǎn)，那么，x=0.6m 處的質(zhì)點(diǎn)比 x=0.4 m 處的質(zhì)點(diǎn)先回到平衡位置，故 B 錯(cuò)誤；C、由波沿 x 軸負(fù)向傳播可得：x=4 m 處的質(zhì)點(diǎn)由平衡位置向下振 動(dòng)，故x=4 m處的質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過(guò)可運(yùn)動(dòng)到波峰位置，又有波 長(zhǎng) =2m，波速 v=1m/s，所以，周期 T=2s，那么，x=4 m 處的質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過(guò)1.5 s可運(yùn)動(dòng)到波峰位置，故 C 正確；D、由C 可知簡(jiǎn)諧經(jīng)過(guò)2s，波正好向前傳播一個(gè)波長(zhǎng)，波形

30、波的周期 T=2s，故重合，故 t=2s的波形圖與 t=0 時(shí)的波形圖重合，故 D 正確；E、由 C 可知：x=2 m 處的質(zhì)點(diǎn)在做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期 T=2s，又有振幅 A=0.4m ， t=0 時(shí)，質(zhì)點(diǎn)位移為零，根據(jù)波沿 x 軸負(fù)向傳播可知質(zhì)點(diǎn)向下振 動(dòng)，故可得：振動(dòng)方程為 y=-0.4sin（t）（m），故E 錯(cuò)誤；故選：ACD。根據(jù)傳播方向得到 質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)，即可根據(jù)質(zhì)點(diǎn)位移和振 動(dòng)方向得到運(yùn) 動(dòng)情況；再根據(jù)波 長(zhǎng)、波速求得周期，即可由波的傳播得到不同 時(shí)刻的波形 圖關(guān)系；最后根據(jù)初始 時(shí)刻和周期、振幅求得 質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方程對(duì)于簡(jiǎn)諧波的相關(guān) 問(wèn)題，一般通過(guò)波形圖求得振幅、波長(zhǎng)（或由振動(dòng)圖得到振幅

31、、周期），再根據(jù)傳播方向得到某 質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖（或波形圖），進(jìn)而得到各 質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)11.【答案】 B【解析】解：（1）平衡摩擦力的方法是：把木板一段墊高，讓小車(chē)滑下，當(dāng)小車(chē)勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，就意味著摩擦力抵消了，此時(shí)應(yīng)當(dāng)讓打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)，因?yàn)榇螯c(diǎn)計(jì)時(shí)器也會(huì)有摩擦力，故選：B；（2）由于近似認(rèn)為拉力等于重力，所以根據(jù)W=FS 可知，拉力做功為 W=mgx2；第14 頁(yè)，共 19頁(yè)中點(diǎn)時(shí)刻的速度等于該段時(shí)間內(nèi)的平均速度，所以 D 點(diǎn)的速度等于 CE 段的平均速度，即 V=；（3）OD過(guò)動(dòng)變化量為Ek=2程中恒力做功 W=mgs4； 能的（M+m ）vD故代入 D 點(diǎn)的速度可知，應(yīng)驗(yàn)證的表達(dá)式 為：故答案為

32、：（1）B（2）（3）為了平衡摩擦力和阻力，應(yīng)該讓打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)；（1）明確平衡摩擦力的方法；時(shí)時(shí)速度等于平均速度計(jì)算；（2）根據(jù)中點(diǎn) 刻瞬（3）分析合外力做功大小以及動(dòng)能的變動(dòng)化，根據(jù)能定理列式即可。本題考查動(dòng)能定理的實(shí)驗(yàn)這實(shí)驗(yàn)的一個(gè)重點(diǎn)就是學(xué)會(huì)使用打點(diǎn)計(jì)時(shí)探究， 個(gè)器計(jì)算速度，然后分析動(dòng)能和重力 勢(shì)能的關(guān)系，多練習(xí)速度計(jì)算也是本 題的一個(gè)基礎(chǔ)實(shí)驗(yàn)中也要知道誤差的來(lái)源，這樣在分析圖象問(wèn)題時(shí)就容易得。本出原因。12.【答案】3.743 610310mA3.740【解析】解： 螺旋測(cè)微器的固定刻度 為 3.5mm，可動(dòng)刻度為 24.1 0.01mm=0.241mm，所以最終讀數(shù)為 3.5mm+0

33、.241mm=3.741mm，因此可在 3.740mm 3.743mm 用 1K擋測(cè) 量電阻，由圖示可知，歐姆表示數(shù) 為 R=6.0103； （a）限流式接法如下圖，因用的限流式接法，且待測(cè)電阻的阻值約為 6K，若用 R1 來(lái)控制電流其阻值偏小，而 R2 可以，故選用 R2（b）選擇與電流表相當(dāng)?shù)臋n位：10mA；因 R=第15 頁(yè)，共 19頁(yè)且 S=解得：故答案為： 3.7403.743； 6103； （a）實(shí)物連接圖；（b）10mA； 螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度 讀數(shù)加上可 動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀 歐姆檔的 讀數(shù)：兩位有效數(shù)字乘以倍率 （a）由限流式接法連入一上方接 線柱；

34、（b）選擇與電流表的量程相當(dāng)?shù)臋n位；求出電阻值進(jìn)而求得電阻率 考查螺旋測(cè)微器等要了解其原理，注意其估 計(jì)值 考查歐姆檔的 讀數(shù)方法，注意倍率 考查電阻測(cè)量電路實(shí)驗(yàn)基本要點(diǎn)，會(huì)正確讀數(shù)，明確基本公式13.N，由牛頓第二定律【答案】解：（ 1）設(shè) a 球通過(guò)最高點(diǎn)時(shí)受軌道的彈力為得 N=mg由牛頓第三定律，a 球?qū)壍赖膲毫閙g，方向豎直向上（ 2）設(shè)小球a 與彈簧分離時(shí)的速度大小為va，取桌面為零勢(shì)面，由機(jī)械能守恒定律得小球 a、b 從釋放到與彈簧分離過(guò)程中，總動(dòng)量守恒mva=2mvb（ 3） b 球從桌面飛出做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)水平飛出的距離為x第16 頁(yè)，共 19頁(yè)x=vbt得答：（ 1）小球

35、a 在圓環(huán)軌道最高點(diǎn)對(duì)軌道的壓力大小為mg，方向豎直向上；（ 2）釋放后小球b 離開(kāi)彈簧時(shí)的速度vb 的大小為；（ 3）小球 b 落地點(diǎn)距桌子右側(cè)的水平距離是【解析】（1）小球a 在圓環(huán)軌道最高點(diǎn)受到重力和 軌道的彈力，由兩個(gè)力的合力提供向心力，由牛頓第二定律求解 軌道對(duì)小球的彈力，由牛頓第三定律得到小球 對(duì)軌道的壓力（2）小球a 從 B 運(yùn)動(dòng)到 A 的過(guò)程中，只有重力做功，機(jī)械能守恒，求出小球 a與彈簧分離時(shí)的速度大小 va，根據(jù)動(dòng)量守恒定律求解球b 離開(kāi)彈簧時(shí)的速度vb 的大?。?）根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求出小球 b 落地點(diǎn)距桌子右 側(cè)的水平距離本題物理過(guò)程很清晰，對(duì)于釋放彈簧的過(guò)程，動(dòng)量守恒，

36、機(jī)械能也守恒，小球a 沿軌道向上滑行 過(guò)程，機(jī)械能守恒把握解題是關(guān)鍵14.【答案】 解：（ 1）由右手定則判斷知，開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)金屬棒cd 中的電流方向由d 指向 c。（ 2）金屬棒在前2s 內(nèi)所做的是一種加速度減小的變加速直線運(yùn)動(dòng)。對(duì)于金屬棒運(yùn)動(dòng)的起始時(shí)刻，金屬棒在水平方向上受到安培力FA 和拉力 F 的作用。FA=BIL =BL=N=0.25NF= N=4N所以F F A，金屬棒所受的合力方向與初速度方向相同，因此金屬棒向右做加速運(yùn)動(dòng)由于FA=，所以 FA 將隨著 v 的增大而不斷增大又由于 F= ，所以 F 將隨著 v 的增大而不斷減小。而 F -F A=ma，所以加速度a 將不斷減小。所以金屬棒在前2s 內(nèi)所做的是一種加速度減小的變加速直線運(yùn)動(dòng)。（ 3）金屬棒速度最大時(shí)，所受的合外力為零，即 F=FA，則 =解得 2s后金屬棒的速度大小vm=4m/s（ 4）圖線與橫軸之間共約83（ 81 85）個(gè)小方格。相應(yīng)的“面積”為830.2 0.1N?s=1.66NsF? ，即At=1.66 N s?第17 頁(yè)，共 19頁(yè)故通過(guò)電阻R 的電量 q=I?t=?t=C=1.66C（ 1.