2020-2021學年安徽省師大附中高二下學期期中考試物理試卷

1、【最新】安徽省師大附中高二下學期期中考試物理試卷學校:姓名：班級：考號：一、單選題1 .在物理學發(fā)展過程中，許多物理學家做出了杰出貢獻，下列說法中錯誤的是（） A.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應B.安培首先總結(jié)了電路中電流與電壓和電阻的關系C.洛侖茲發(fā)現(xiàn)了磁場對運動電荷的作用規(guī)律D.法拉第對電磁感應現(xiàn)象進行了豐富的、開創(chuàng)性的研究2 .水電站向小山村輸電,輸送電功率為50 kW,若以1 100 V送電,則線路損失為10 kW, 若以3 300 V送電，則線路損失可降為（）A. 3.3 kW B. 1.1 kW C. 30 kW D. 11 kW3 .如圖所示的圓形導體環(huán)用一根輕質(zhì)細桿懸掛在O點，導體環(huán)

2、可以在豎直平而里來回 擺動，空氣阻力和摩擦力均可不計.在如圖所示的正方形區(qū)域里，有勻強磁場垂直于圓 環(huán)的振動而指向紙內(nèi).下列說法中錯誤的是（）Oo I X x I X X X XA.此擺振動的開始階段機械能不守恒B.導體環(huán)進入磁場和離開磁場時，環(huán)中電流的方向肯定相反C.導體環(huán)通過最低點時，環(huán)中感應電流最大D.最后此擺在勻強磁場中振動時，機械能守恒A. S閉合,4 .如圖所示，線圈L的自感系數(shù)很大，且其電阻可以忽略不計，Lh匕是兩個完全相 同的小燈泡，隨著開關S閉合和斷開的過程中，燈L、L2的亮度變化情況是（燈絲不會 斷）（）.L亮度不變，L?亮度逐漸變亮，最后兩燈一樣亮；S斷開，L?立即不亮,

3、Li逐漸變亮B. S閉合，L1不亮，L?很亮：S斷開，Li. L2立即不亮c. S閉合，Lh L2同時亮，而后L1逐漸熄火，L?亮度不變：S斷開，L2立即不亮，L1 亮一下才熄滅D. S閉合，Lh L?同時亮，而后L逐漸熄滅，L?則逐漸變得更亮：S斷開，L?立即不 亮，L亮一下才熄滅5 .如圖所示，在空間中存在兩個相鄰的，磁感應強度大小相等，方向相反的有界勻強 磁場，其寬度均為乙 現(xiàn)將寬度也為L的矩形閉合線圈，從圖示位置垂直于磁場方向勻 速拉過磁場區(qū)域，以逆時針方向電流為正，則在該過程中，能正確反映線圈中所產(chǎn)生的 感應電流或其所受的安培力隨時間變化的圖像是下圖中的（ ）D. 3疝 V試卷第2頁

4、，總6頁6 .如圖所示為一交流電壓隨時間變化的圖象.每個周期內(nèi)，前三分之一周期電壓按正 弦規(guī)律變化，后三分之二周期電壓恒定.根據(jù)圖中數(shù)據(jù)可得，此交流電壓的有效值為B. 8VC. 2715 v7 .如圖所示，開始時矩形線框與勻強磁場的方向垂直，且一半在磁場內(nèi)，一半在磁場外，若要使線框中產(chǎn)生感應電流，下列辦法中不可行的是（）A.將線框向左拉出磁場C.以ab邊為軸轉(zhuǎn)動（小于90。）B.以be邊為軸轉(zhuǎn)動（小于60。）D.以ad邊為軸轉(zhuǎn)動（小于60。）試卷第6頁，總6頁二、多選題8 .如圖所示為一理想變壓器，在原線圈輸入電壓不變的條件下，要提高變壓器的輸入功率，可采用的方法是（）A.只增加原線圈的匝數(shù)B

5、.只增加副線圈的匝數(shù)C.只減小變阻器Ri的電阻D.斷開開關S9 .質(zhì)量為，的物體以初速度w開始做平拋運動，經(jīng)過時間，下降的高度為九速度 變?yōu)閂,在這段時間內(nèi)物體動量變化量的大小可能是（）A. /n（vvo）B. mgiC. m J； 一 D. m J2ghio.半徑為“右端開小口的導體圓環(huán)和長為2的導體直桿，單位長度電阻均為Ho。圓 環(huán)水平固定放置，整個內(nèi)部區(qū)域分布著豎直向下的勻強磁場，磁感應強度為跳桿在圓 環(huán)上以速度-平行于直徑向右做勻速直線運動，桿始終有兩點與圓環(huán)良好接觸。從 圓環(huán)中心。開始，桿的位置由。確定，如圖所示。則（）A. 8=0時，桿產(chǎn)生的電動勢為2股巾B.。=巳時，桿產(chǎn)生的電動

6、勢為代及小3C. 8=0時，桿受的安培力大小為2B2av（2 +4）%D. 6 =2時，桿受的安培力大小為.，、3（3 + 5乃）/?011 .如圖所示，金屬三角形導軌C。上放有一根金屬棒MM拉動MN,使它以速度I， 向右勻速運動，如果導軌和金屬棒都是粗細相同的均勻?qū)w，電阻率都相同，那么在 MN運動的過程中，閉合回路的（）A.感應電動勢保持不變B.感應電流保持不變C.感應電動勢逐漸增大D.感應電流逐漸增大12 .如圖所示，兩根電阻不計的光滑平行金屬導軌傾角為6,導軌下端接有電阻R，勻 強磁場垂直斜面向上.質(zhì)量為?、電阻不計的金屬棒在沿斜而與棒垂直的恒力廠作 用下沿導軌勻速上滑，上升高度為，在

7、這個過程中（）A.金屬棒所受各力的合力所做的功等于零B.金屬棒所受各力的合力所做的功等于，城和電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱之和C.恒力F與重力的合力所做的功等于棒克服安培力所做的功與電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱之和D .恒力F與重力的合力所做的功等于電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱 三、實驗題13 .如圖為“研究電磁感應現(xiàn)象”的實驗裝置.如果在閉合開關時發(fā)現(xiàn)靈敏電流計的指針向右偏轉(zhuǎn)了一下，那么合上電鍵穩(wěn)定后可能出現(xiàn)的情況有：A.將A線圈迅速拔出B線圈時，靈敏電流計指針將向 偏轉(zhuǎn)（填“左”或“右B. A線圈插入B線圈后，將滑動變阻器觸頭迅速向左滑動時，靈敏電流計指針將向偏轉(zhuǎn)（填“左”或“右 四、填空題14 .如圖所示，線圈

8、內(nèi)有理想邊界的磁場，當磁感應強度均勻增加時，有一帶電粒子靜止于水平放置的平行板電容器中間，則此粒子電性是，若增大磁感應強度的變化率，則帶電粒子將（填“向上運動”“向下運動或靜止）15 .某發(fā)電廠輸出的功率為200kW,輸出電壓為IlkV.若采用220kV的高壓輸電，那么，升壓變壓器（不計變壓器能量損失）的原線圈和副線圈的匝數(shù)比為一：輸電電流為A.五、解答題16 . 一個質(zhì)量為m=100g的小球從=0.8m高處自由下落，落到一個厚軟墊上，若從 小球接觸軟墊到小球陷至最低點經(jīng)歷了 f=0.2s,則在這段時間內(nèi)，軟墊對小球的沖量 是多少？（g=10m/s2）17 .如圖（甲）為小型旋轉(zhuǎn)電樞式交流發(fā)電

9、機的原理圖，其矩形線圈在勻強磁場中繞垂直 于磁場方向的固定軸OO按如圖所示方向勻速轉(zhuǎn)動，線圈的匝數(shù)，=100、電阻10C, 線圈的兩端經(jīng)集流環(huán)與電阻R連接，電阻R=90C,與R并聯(lián)的交流電壓表為理想電表. 在仁0時刻，線圈平而與磁場方向平行，穿過每匝線圈的磁通量中隨時間I按圖（乙）所 示正弦規(guī)律變化.（取產(chǎn)3.14）求：（1）交流發(fā)電機產(chǎn)生的電動勢的最大值:從t=0時刻開始計時，線圈轉(zhuǎn)過60。時線圈中感應電流瞬時值及回路中的電流方向;（3）電路中交流電壓表的示數(shù):（4）從圖示位置轉(zhuǎn)過90。，通過線圈的電量?整個回路的焦耳熱?（甲）18 .如圖（。）所示，平行金屬導軌MN、PQ光滑且足夠長，固定

10、在同一水平面 上，兩導軌間距L=0. 25 in,電阻R=0. 5 Q,導軌上停放一質(zhì)量m=0. 1/、 電阻r=0. 的金屬桿，導軌電阻可忽略不計，整個裝置處于磁感應強度B =0. 4 7的勻強磁場中，磁場方向豎直向下，現(xiàn)用一外力F沿水平方向拉桿，使 其由靜止開始運動，理想電壓表的示數(shù)U隨時間t變化的關系如圖（0）所示.試 分析與求：（1）分析證明金屬桿做勻加速直線運動；（2）求金屬桿運動的加速度：（3）寫出外力F隨時間變化的表達式；（4）求第2. 5 s末外力F的瞬時功率.木卷由系統(tǒng)自動生成，清仔細校對后使用，答案僅供參考。參考答案1. B【解析】奧斯特發(fā)現(xiàn)電流的磁效應，A正確：歐姆總結(jié)了

11、電路中電流與電壓和電阻的關系，B錯誤； 洛侖茲發(fā)現(xiàn)了磁場對運動電荷的作用規(guī)律，C正確：法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，對電磁感 應現(xiàn)象進行了豐富的、開創(chuàng)性的研究，D正確.2. B【解析】根據(jù)P族可知，熱損失功率跟輸送電壓的平方成反比，故B選項正確。 U3. C【解析】此擺在振動過程中，由于進入及離開磁場區(qū)域時，圓環(huán)切割磁感線，產(chǎn)生感應電流，機械能 轉(zhuǎn)化為電能，故此擺在振動的開始階段機械能不守恒；故A正確：當金屬環(huán)進入或離開磁 場區(qū)域時磁通量發(fā)生變化,會產(chǎn)生電流.環(huán)進入和離開磁場區(qū)域,磁通量分別是增大和減小， 根據(jù)楞次定律得感應電流的方向相反，故B正確.導體環(huán)通過最低點時，圓環(huán)中磁通量不 變化，感應電

12、流為零，故C錯誤；當此擺在勻強磁場中振動時，磁通量不再變化，不再有 感應電流，圓環(huán)只受重力，則機械能守恒，故D正確：本題選擇錯誤的，故選C.點睛：本題考查楞次定律的應用和能量守恒相合.注意楞次定律判斷感應電流方向的過程, 先確認原磁場方向，再判斷磁通量的變化，感應電流產(chǎn)生的磁場總是阻礙原磁通量的變化.4. D【解析】當S閉合瞬時，兩燈同時獲得電壓，同時發(fā)光，隨著線圈L電流的增加，逐漸將L燈短路， Li逐漸變暗直到熄火，同時，L?電流逐漸增大，變得更亮；S斷開瞬時，L2中電流消失，故立即熄火，而Li中由于電感中產(chǎn)生一個與電流同向的自感 電動勢，故右端為正，電流由燈泡Li的右側(cè)流入，故L亮一下逐漸

13、熄滅.故D正確，ABC 錯誤：點睛：對于線圈要抓住雙重特性：當電流不變時，它是電阻不計的導線；當電流變化時，產(chǎn) 生自感電動勢，相當于電源.5. D【詳解】答案第I頁，總7頁木卷由系統(tǒng)自動生成，請仔細校對后使用，答案僅供參考。AB.當線框進入左邊磁場時，由右手定則可判斷產(chǎn)生感應電流沿逆時針方向，設線框的速 度為叫電阻值為R,此時電流乙=0皆，當線框開始進入右邊磁場區(qū)域時，有兩條邊同時 R切割磁感線，回路電動勢E=2BLv,電流/, =方向順時針方向，所以A、B錯誤； RCD.當線框進入左邊磁場時，受安培力尸=引上，方向根據(jù)左手定則可判斷水平向左，開始 進入右邊磁場時，F(xiàn)k2BhL=4Fi,方向還

14、是向左，故安培力方向一致為正，所以C錯誤：D 正確。故選D,6. C【解析】【分析】根據(jù)交變電流有效值的定義，運用焦耳定律和歐姆定律推導求解即可?！驹斀狻坑袌D象可以看出，交變電流周期為3xlO-2s,其中第1秒內(nèi)為正弦式交流電,最大值為: 第2秒和第3秒內(nèi)為恒壓電流：S=9V.根據(jù)正弦式交流電有效值與最大值的關系可知：第1秒內(nèi)等效電壓為：U尸寵=3&V,U2根據(jù)焦耳定律和歐姆定律可得：0=tR則有：區(qū)工+區(qū)匹E.tR 3 R 3 R化簡得:學V2+1V2=6OV2解得：U=2岳V7. B【分析】磁通量是穿過線圈的磁感線的條數(shù).對照產(chǎn)生感應電流的條件：穿過電路的磁通量發(fā)生變化進行分析判斷有無感應

15、電流產(chǎn)生：【詳解】A、將線框向左拉出磁場，穿過線圈的磁通量減小，有感應電流產(chǎn)生，故A不符合題意：SB、以be邊為軸轉(zhuǎn)動（小于60。），穿過線圈的磁通量。=8弓保持不變，沒有感應電流產(chǎn)生， 故B符合題意；C、以ab邊為軸轉(zhuǎn)動（小于90。），穿過線圈的磁通量減小，有感應電流產(chǎn)生，故C不符合題 意：sD、以ad邊為軸轉(zhuǎn)動（小于60。），穿過線圈的磁通量從。=8方減小到零，有感應電流產(chǎn)生， 故D不符合題意：不可行的故選B.【點睛】對于勻強磁場磁通量，可以根據(jù)磁感線條數(shù)直觀判斷，也可以根據(jù)磁通量的計算公式 = BSsina （a是線圈與磁場方向的夾角）進行計算：8. BC【解析】輸入功率由輸出功率決定，

16、副線圈上的功率P2=.增加副線圈的匝數(shù)，%增加，增大， 增加原線圈匝數(shù)，以減小，P2減小，故A錯誤B正確；副線圈上的功率2 =雪.增加的 電阻，副線圈上的總電阻R增加，P2減小,故c錯誤：閉合S, R減小，P2增加，故D正 確.9. BCD【詳解】A.根據(jù)動量定理，物體動量的變化應該等于初末動量的矢量差，而不是代數(shù)差，選項A 錯誤。B.由動量定理/行即知Ap=mgf因此B正確。CD.由公式A=?Av=/vy= m Ji v02 = m J2gh則C和D正確a故選BCD 310. ABD【解析】試題分析：根據(jù)幾何關系求出此時導體棒的有效切割長度，根據(jù)法拉第電磁感應定 律求出電動勢.注意總電阻的求

17、解，進一步求出電流值，即可算出安培力的大小.。=0時，桿產(chǎn)生的電動勢七=故A正確：6 =三時，根據(jù)幾何關系得出3此時導體棒的有效切割長度是a,所以桿產(chǎn)生的電動勢為,故B錯誤：。=0時，由 于單位長度電阻均為凡.所以電路中總電阻（2 +7）。%,所以桿受的安培力大小F = BIL = B 2a ?氏= 入，故C錯誤；8 =工時，電路中總電阻是 （2 +九）。凡（乃+ 2）/3/? = （?乃+ 1凡，所以桿受的安培力大小尸，=8/2 = ；義上一，故D正確；（3）（5燈 + 3）%11. BC【解析】【詳解】AC.設MN從。點開始運動時間為f,則有：ON=vt有效切割的長度為：L = MN =

18、vrtan a感應電動勢為：l BXS B - vt - vt - tan a 1 八）E = Bvt tan atIt 2故感應電動勢隨時間增大而逐漸增大，故A錯誤，C正確；BD.閉合電路的總電阻為：r -tana + -（1 +則5S Scos a Scos a因此感應電流為：E 1 門) pvt - sin a +1、 BvS sin a -=-Brt - tan a - (1 +)= R 2S cos a 2P(cosa + sina + 1)可知/與，無關，所以感應電流保持不變，故B正確，D錯誤.故選BC?！军c睛】本題的解題關鍵是運用法拉第電磁感應定律、歐姆定律和電阻定律得到感應電動

19、勢、感應電 流的表達式，再分析其變化情況，不能想當然認為感應電動勢增大，感應電流也增大，要注 意回路中的電阻也增大，不能犯低級錯誤.12. AD【詳解】因為導線勻速上滑，根據(jù)動能定理可知，金屬棒所受各力的合力所做的功等于零，選項A 正確，B錯誤：由動能定理：Wp+Wg+WkO,而W產(chǎn)Q,則恒力F和重力的合力所做的功 等于電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱，選項C錯誤，D正確，故選AD.13. 左：左；【解析】如果在閉合開關時發(fā)現(xiàn)靈敏電流計的指針向右偏了一下，說明穿過線圈的磁通量增加，電流 計指針向右偏，合上開關后，將A線圈迅速從B線圈拔出時，穿過線圈的磁通量減少，電 流計指針將向左偏；A線圈插入B線圈后，將

20、滑動變阻器滑片迅速向左移動時，穿過線圈的磁通量減小，電流 計指針將向左偏.14. 負； 向上運動；【解析】當磁場均勻增加時，由楞次定律可判斷上極板帶正電.所以平行板電容器的板間的電場方向 向下，帶電粒子受重力和電場力平衡，所以粒子帶負電.若增大磁感應強度的變化率，感應電動勢增大，粒子受的電場力增大，則帶電粒子將向上運 動.15. 1:20;0.90;【解析】巧_ 1 wT-20200000220000-0.90 4答案第7頁，總7頁16. 0.6 N s,方向豎直向上:【解析】設小球自由下落人=0.8m的時間為由人=ggd得l = o.4s.如設/N為軟墊對小球的沖量，并令豎直向下的方向為正方向，則對小球整個運動過程運用動量定理得+ t) + /拉=0,得小=-0.6N s.負號表示軟墊對小球的沖量方向和重力的方向相反.17. (D200V； (2) 1A,電流方向。反疝：(3) 9072 V： (4) 3.14J：【詳解】(1)由勿一，圖線可知%=2.0x10-2W0, 7 = 6.28x10-2$因為以 =85所以Em = 200V(2)因為e = 200 cos