《高中試卷》2019年江蘇省蘇、錫、常、鎮(zhèn)四市高考物理一模試卷

1、2019年江蘇省蘇、錫、常、鎮(zhèn)四市高考物理一模試卷一、單項選擇題：本大題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1（3分）在任何靜電場中均適用的公式是（）awqubekq2rcwqedde=ud2（3分）一質(zhì)點做勻加速直線運動，在時間t內(nèi)的平均速度為v，末速度是初速度的3倍。則該質(zhì)點在時間t內(nèi)的加速度為（）a8vtb3v2tc4vtdvt3（3分）如圖所示，理想變壓器原線圈接有正弦式交流電，r為滑動變阻器，c為平行板電容器，為交流電流表。下列措施能使示數(shù)增大的是（）a僅減小交流電的頻率b僅將滑片p向上移動c僅減小c兩板間距離d僅增大原線圈的匝數(shù)4（3分）如圖所示，置于粗糙水平

2、面上的物塊a和b用輕質(zhì)彈簧連接，在水平恒力f的作用下，a、b以相同的加速度向右運動。a、b的質(zhì)量關系為mamb，它們與地面間的動摩擦因數(shù)相同。為使彈簧穩(wěn)定時的伸長量增大，下列操作可行的是（）a僅減小b的質(zhì)量b僅增大a的質(zhì)量c僅將a、b的位置對調(diào)d僅減小水平面的粗糙程度5（3分）一帶正電的粒子僅在電場力作用下做直線運動，將初始位置o定為坐標原點和零電勢能點，取運動方向為x軸的正方向，粒子動能ek與位置坐標x的關系如右圖所示。則下列關于場強e和粒子的速度v、加速度a、電勢能ep與x的關系圖象中，合理的是（）abcd二、多項選擇題：本大題共4小題，每小題4分，共計16分每小題有多個選項符合題意全部選

3、對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不選的得0分6（4分）如圖所示，通過較長的輸電線給電動機輸電，已知輸電功率和電壓分別為p0、u0，輸電線總電阻為r，電動機正常工作。據(jù)此可求出（）a輸電線上的電流b電動機的線圈電阻c電動機消耗的電功率d電動機對外做功的功率7（4分）如圖所示，l為地月拉格朗日點，該點位于地球和月球連線的延長線上，處于此處的某衛(wèi)星無需動力維持即可與月球一起同步繞地球做圓周運動。已知該衛(wèi)星與月球的中心、地球中心的距離分別為r1、r2，月球公轉(zhuǎn)周期為t，萬有引力常量為g則（）a該衛(wèi)星的周期大于地球同步衛(wèi)星的周期b該衛(wèi)星的加速度小于月球公轉(zhuǎn)的加速度c根據(jù)題述條件，不能求出月球的質(zhì)量

4、d根據(jù)題述條件，可以求出地球的質(zhì)量8（4分）如圖1所示，電源e12v，內(nèi)阻不計，燈泡l的額定電壓為9v，其伏安特性曲線如圖2所示，滑動變阻器r的最大阻值為10則（）a燈泡l的阻值隨電流的增大而減小b燈泡l的額定功率為13.5wc燈泡l消耗電功率的最小值是2wd滑動變阻器接入電路的阻值應至少為69（4分）如圖所示，地面上方分布著豎直向上的勻強電場。一帶正電的小球從油中a處由靜止釋放后豎直下落，已知小球在ab段做加速運動，在bc段做勻速運動，m和n是小球下落過程中經(jīng)過的兩個位置。在此過程中，小球（）a在ab段的加速度大小逐漸增大b在n點的機械能比m點的小c機械能和電勢能的總量保持不變d機械能的變化

5、量大于電勢能的變化量三、簡答題：本大題分必做題（第10、11和12題）和選做題（第13題）兩部分，共計42分請將解答填寫在答題卡上相應的位置【必做題】10（8分）某同學甲用圖1所示的裝置測量木塊與木板之間的動摩擦因數(shù)?？邕^光滑定滑輪的細線兩端分別與放置在木板上的木塊和彈簧測力計相連。（1）下列說法正確的是 ；（a）實驗前，應先對彈簧測力計調(diào)零（b）應保持與木塊相連的細線水平（c）實驗時，應將木板勻速向左拉出（d）實驗時，拉木板的速度越大越好（2）圖2是某次實驗中彈簧測力計示數(shù)放大圖，木塊受到的滑動摩擦力f n；（3）為進行多次實驗，甲同學采取了在木塊上增加砝碼個數(shù)的方法。若砝碼的質(zhì)量、動摩擦因

6、數(shù)和重力加速度分別用m、和g來表示。測得多組數(shù)據(jù)后，該同學描繪的fm關系圖線如圖3所示，則他測得的動摩擦因數(shù) ；（重力加速度g取10m/s2）（4）若甲所用木塊為a在保持其他器材不變的情況下，同學乙換用了木塊b也進行了上述實驗，木塊b的質(zhì)量比a的大0.02kg，a、b的材料以及它們表面粗糙程度相同。最后乙同學也描繪出了fm關系圖線。請你幫他在圖3中畫出該圖線。11（10分）甲、乙兩位同學在測量電阻的實驗中：（1）甲用圖1所示電路來測量定值電阻rx阻值，提供的器材如下：rx阻值約10，滑動變阻器rp1（010），滑動變阻器rp2（0200），電流表（00.6a、03a），電壓表（03v、015v

7、），電源e（電動勢為3v），開關s，導線若干。為便于調(diào)節(jié)和讀數(shù)，滑動變阻器rp應該選擇 （選填“rp1”或“rp2”）；請幫助該同學將圖2中實物電路連接完整；（2）乙用圖3電路測量另一待測電阻rx的阻值，電阻箱r（0999.9），滑動變阻器rp3（50，1a），電壓表（03v），電源e（電動勢為3v）。測量步驟如下：第1步：將rx接在電路中a、b兩點間，閉合開關s，調(diào)節(jié)滑動變阻器滑片p至適當位置，此時電壓表的示數(shù)為2v斷開開關s，移走rx；第2步：再將電阻箱r接在a、b兩點間，閉合開關s，保持滑動變阻器滑片位置不變，調(diào)節(jié)r使電壓表的示數(shù)仍為2v，此時r接入電路中的阻值48；則該同學測得rx的阻

8、值為 ；（3）與真實值相比，甲同學利用圖1電路測得rx的阻值偏 ；若乙同學在進行第2步實驗時，無意中將滑動變阻器的滑片p向右移動了少許，則他測得rx的阻值將偏 （上述兩空均選填“大”或“小”）。選修3-5（12分）12（4分）關于核反應92235u+01n3890sr+54136xe+x01n，下列說法正確的是（）ax10b質(zhì)量數(shù)不守恒c向外釋放能量d這是92235u的衰變13（4分）在如圖裝置中，陰極k在光子動量為p0的單色光1的照射下發(fā)生了光電效應，調(diào)節(jié)滑片p至某一位置，使電流表的示數(shù)恰好為零；在保持上述滑片p的位置不變的情況下，改用光子動量為0.5p0的單色光2照射陰極k，則電流表的示數(shù)

9、將 （選填“為0”或“不為0”），單色光1、2的波長之比為 。14（4分）在如圖所示足夠長的光滑水平面上，用質(zhì)量分別為3kg和1kg的甲、乙兩滑塊，將僅與甲拴接的輕彈簧壓緊后處于靜止狀態(tài)。乙的右側(cè)有一擋板p現(xiàn)將兩滑塊由靜止釋放，當彈簧恢復原長時，甲的速度大小為2m/s，此時乙尚未與p相撞。求彈簧恢復原長時乙的速度大??；若乙與擋板p碰撞反彈后，不能再與彈簧發(fā)生碰撞。求擋板p對乙的沖量的最大值?！具x做題】本題包括a、b兩道小題，請選定其中一題，并在答題卡相應的答題區(qū)域內(nèi)作答若兩題都做，則按a題評分a選修3-3（12分）15（4分）一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能增大的同時向外放出熱量。它的壓強、體積和溫度分

10、別用p、v、t表示。則該理想氣體的（）av減小bt降低cp增大dpvt的值減小16（4分）在高原地區(qū)燒水需要使用高壓鍋。水燒開后，鍋內(nèi)水面上方充滿了飽和汽，停止加熱讓高壓鍋在密封狀態(tài)下緩慢冷卻，則在冷卻過程中，鍋內(nèi)水蒸汽將 （選填“一直是飽和汽”或“變?yōu)槲达柡推保羝麎簭?（選填“變大”、“變小”或“不變”）。17（4分）某種蛋白的摩爾質(zhì)量為66kg/mol，其分子可視作為半徑為3×109m的球，已知阿伏加德羅常數(shù)為6.0×1023mol1已知球體體積計算公式為v=43r2，其中r為球體半徑。請估算該蛋白的密度。（計算結(jié)果保留一位有效數(shù)字）b選修3-4（12分）18一

11、列簡諧波在兩時刻的波形分別如圖中實線和虛線所示，由圖中信息可以求出這列波的（）a頻率b波長c波速d振幅19如圖所示，一列火車以速度v相對地面運動。地面上的人測得，某光源發(fā)出的閃光同時到達車廂的前壁和后壁。若此光源安放在地面上，則火車上的人的測量結(jié)果是閃光先到達 壁（選填“前”或“后”）；若此光源安放在火車上，則火車上的人的測量結(jié)果是閃光先到達 壁（選填“前”或“后”）。20用玻璃做成的一塊棱鏡的截面圖如圖所示，其中abod是矩形，ocd是四分之一圓弧，圓心為o一光線從ab面上的某點入射，進入棱鏡后射在o點，并在o點處恰好發(fā)生全反射。該棱鏡的折射率n1.2求入射角i的正弦值sini（結(jié)果可用根式

12、表示）；求光在該棱鏡中傳播速度的大小v。已知光在真空中的傳播速度為3×108m/s。四、計算題：本題共3小題，計47分解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只有最后答案不能得分有數(shù)值計算的題，必須明確寫出數(shù)值和單位21（15分）如圖所示，電阻不計的平行光滑金屬導軌的傾角30°，間距d0.4m，定值電阻r0.8在導軌平面上有一長為l2.6m的勻強磁場區(qū)域，磁場方向垂直導軌平面，磁感應強度b0.5t一根與導軌垂直放置的導體棒以初速度v02m/s從上邊沿進入磁場，最后以某一速度離開磁場。導體棒的質(zhì)量m0.2kg，電阻不計。g取10m/s2。（1）求導體棒剛進入磁場時加

13、速度的大?。唬?）求題述過程中通過電阻r的電荷量；（3）若定值電阻r在此過程中產(chǎn)生的熱量為0.5j，求導體棒離開磁場時的速度。22（16分）如圖所示，豎直平面內(nèi)的直角坐標系xoy中有一根表面粗糙的粗細均勻的細桿omn，它的上端固定在坐標原點o處且與x軸相切。om和mn段分別為彎曲桿和直桿，它們相切于m點，om段所對應的曲線方程為y=59x2一根套在直桿mn上的輕彈簧下端固定在n點，其原長比桿mn的長度短?？梢暈橘|(zhì)點的開孔小球（孔的直徑略大于桿的直徑）套在細桿上。現(xiàn)將小球從o處以v03m/s的初速度沿x軸的正方向拋出，過m點后沿桿mn運動壓縮彈簧，再經(jīng)彈簧反彈后恰好到達m點。已知小球的質(zhì)量0.1

14、kg，m點的縱坐標為0.8m，小球與桿間的動摩擦因數(shù)=16，g取10m/s2求：（1）上述整個過程中摩擦力對小球所做的功wf；（2）小球初次運動至m點時的速度vm的大小和方向；（3）輕質(zhì)彈簧被壓縮至最短時的彈性勢能epm。23（16分）如圖所示，空間存在方向垂直于xoy平面向里的勻強磁場，在0yd的區(qū)域i內(nèi)的磁感應強度大小為b，在yd的區(qū)域內(nèi)的磁感應強度大小為2b一個質(zhì)量為m、電荷量為（q）的粒子以速度qbdm從o點沿y軸正方向射入?yún)^(qū)域i不計粒子重力。（1）求粒子在區(qū)域i中運動的軌道半徑；（2）若粒子射入?yún)^(qū)域i時的速度為v=2qbdm，求粒子打在x軸上的位置坐標，并求出此過程中帶電粒子運動的時

15、間；（3）若此粒子射入?yún)^(qū)域i的速度vqbdm，求該粒子打在x軸上位置坐標的最小值。2019年江蘇省蘇、錫、常、鎮(zhèn)四市高考物理一模試卷參考答案與試題解析一、單項選擇題：本大題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1【分析】公式wqu，用來計算任何電場中電場力做功；公式e=ud適用于勻強電場；公式wqed，用來計算勻強電場中電場力做功；公式e=kqr2僅用于求點電荷電場的電場強度；【解答】解：a、公式wqu，用來計算任何電場中電場力做功，故a正確。b、公式e=kqr2僅用于求點電荷電場的電場強度，其中q是場源電荷，隨著距離越遠，則電場強度越小，故b錯誤；c、公式wqed，用來計

16、算勻強電場中電場力做功，故c錯誤。d、公式e=ud適用于勻強電場，故d錯誤；故選：a?！军c評】解決本題的關鍵要理解各個公式的來源，明確公式的適用范圍。2【分析】設質(zhì)點運動的初速度為v0，加速度為a，根據(jù)勻變速直線運動位移時間公式以及速度時間公式列式，聯(lián)立方程求解即可?！窘獯稹拷猓涸O質(zhì)點運動的初速度為v0，加速度為a，則末速度是初速度的3倍為3v0，有：v=v0+3v02=2v0=v，加速度：a=vt=3v0-v0t=2v0t=vt故d正確，abc錯誤。故選：d?！军c評】本題主要考查了勻變速直線運動基本公式的直接應用，注意公式的選取，難度不大，屬于基礎題。3【分析】要使電流表示數(shù)變大，應使副線圈

17、兩端電壓增大，或減小電容器的容抗?！窘獯稹拷猓篴、減小交流電的頻率，增加了容抗，電流表示數(shù)減小，故a錯誤；b、滑片向上移動，副線圈兩端電壓不變，電流表示數(shù)不變，故b錯誤；c、減小c兩板間的距離，電容增大，容抗減小，電流表示數(shù)增大，故c正確；d、僅增大原線圈的匝數(shù)，副線圈兩端電壓減小，電流表示數(shù)減小，故d錯誤；故選：c?！军c評】本題考查了變壓器的變壓原理和電容器對交流電的影響，通高頻阻低頻，記住容抗公式xc=12fc。4【分析】先利用整體法，可以求出整體運動的加速度大小，再利用隔離法可以求得彈簧對物體b的拉力的大小，進而進行判斷。【解答】解：設彈簧的彈力為t。對于a、b整體，由牛頓第二定律得：f

18、（ma+mb）g（ma+mb）a對b受力分析； tmbgmba由解得，t=mbfma+mb，則：a、由t=mbfma+mb=fmamb+1知減小mb，t減小，則彈簧穩(wěn)定時的伸長量減小，故a錯誤。b、由t=mbfma+mb知僅增大a的質(zhì)量，t減小，則彈簧穩(wěn)定時的伸長量減小，故b錯誤。c、僅將a、b的位置對調(diào)，同理可得彈簧的彈力 t=mafma+mb，因mamb，則tt，所以彈簧穩(wěn)定時的伸長量增大，故c正確。d、由t=mbfma+mb知t與無關，因此僅減小水平面的粗糙程度，彈簧穩(wěn)定時的伸長量不變，故d錯誤。故選：c?！军c評】對于連接體問題，通常采用的方法是整體法和隔離法，通過整體法求得加速度，再利

19、用隔離法求物體之間的力的大小。5【分析】由動能定理知粒子動能ek與位置坐標x的圖象的斜率反映的電場強度的變化，結(jié)合牛頓第二定律可知加速度的變化；只有電場力做功，所以動能和電勢能的和不變，動能均勻減小，則電勢能應均勻增加；根據(jù)動能定理可寫出速度隨x的函數(shù)關系式，根據(jù)關系式可判斷。【解答】解：設粒子的初動能為ek0，電場強度為e，由圖知動能減小，電場力做負功，由動能定理得：qexekek0 即ekqex+ek0ac、可知圖象的斜率反應電場強度的變化，由于斜率恒定，所以電場強度恒定，即e不變化，由牛頓第二定律知加速度也不變化，故ac錯誤；d、因為只有電場力做功，所以動能和電勢能的和不變，動能均勻減小

20、，則電勢能應均勻增加，故d錯誤；b、粒子做減速運動，隨著時間的增加，發(fā)生相同的位移需要的時間越來越長，因加速度不變，則速度的變化量越來越大，可知圖象b合理，故b正確。故選：b?！军c評】本題關鍵是明確粒子的受力情況和運動情況，然后結(jié)合動能定理進行分析，圖象的斜率的物理意義要清楚。二、多項選擇題：本大題共4小題，每小題4分，共計16分每小題有多個選項符合題意全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不選的得0分6【分析】根據(jù)pui可求輸電電流；根據(jù)p損i2r求出損耗的功率；根據(jù)uir可求輸電線上損失電壓；能量守恒求出電動機消耗的功率。【解答】解：a、已知輸電功率和電壓分別為p0、u0，根據(jù)pui

21、可求輸電電流，故a正確；b、由于發(fā)電機為非純電阻電路，僅根據(jù)已知輸電功率和電壓分別為p0、u0，輸電線總電阻為r，電動機正常工作，無法求解電動機電阻，故b錯誤；c、根據(jù)能量守恒，電動機消耗的功率為：p=p0-(p0u0)2r，故c正確；d、電動機對外做功的功率即電動機的輸出功率，需要知道電動機內(nèi)阻，求解熱功率，但內(nèi)阻不知，且不能求解，故不能求解電動機對外做功的功率，故d錯誤；故選：ac。【點評】解決本題的關鍵知道輸送功率與輸出電壓和輸出電流的關系，損失電壓與電流和電阻的關系，以及掌握輸電線上損耗的功率p損i2r。7【分析】物體繞地球做圓周運動的軌道周期與月球繞地球做圓周運動的軌道周期相同，結(jié)合

22、軌道半徑的關系得出線速度、角速度、向心加速度的大小關系；根據(jù)合力提供向心力求解質(zhì)量?！窘獯稹拷猓篴該衛(wèi)星的周期與月球繞地球運行的周期相等，根據(jù)r3t2=k可知，該衛(wèi)星的周期大于地球同步衛(wèi)星的周期，故a正確；鵲橋”受到地球和月球的引力，二者合力提供向心力，故a錯誤；b、衛(wèi)星和月球的角速度相同，向心加速度ar2可知，軌道半徑越大，則向心加速度越大，所以衛(wèi)星的向心加速度大于月球的向心加速度，故b錯誤；cd、月球的向心力是由萬有引力提供，則gmm月(r2-r1)2=m月（r2r1）42t2，解得地球的質(zhì)量為m=42(r2-r1)3gt2；對衛(wèi)星，根據(jù)合力提供向心力可得：=gmmr22+gm月mr12m

23、r2242t2，地球的質(zhì)量m=42(r2-r1)3gt2，代入可求出月球的質(zhì)量，故c錯誤、d正確。故選：ad?！军c評】解決本題的關鍵知道物體做圓周運動，靠地球和月球引力的合力提供向心力。不能認為靠地球的萬有引力提供向心力進行分析求解，另外還要僅僅抓?。褐欣^衛(wèi)星在地月引力作用下繞地球轉(zhuǎn)動的周期與月球繞地球轉(zhuǎn)動的周期相同。8【分析】a、b、d三個選項的信息可以直接從伏安特性曲線圖象中得出，c、選項可以將電源和滑動變阻器r的最大阻值10看作一個電動勢12v，內(nèi)阻10的等效電源，列方程解題【解答】解：a、從圖象可以看出隨電流的增大，電壓與電流的比值越來越大，即電阻越來越大，故a錯誤b、從圖象可以看出額

24、定電壓9v時，電流1.5a，相乘得額定功率為13.5w，故b正確c、滑動變阻器r取最大阻值10時，燈泡l消耗電功率最小，將電源和阻值10看作一個電動勢12v，內(nèi)阻10的等效電源，則其提供電壓電流滿足u1210i，坐標（2，1）滿足，是該表達式圖象與燈泡l伏安特性曲線的交點，即滑動變阻器r取最大阻值10時，燈泡電壓2v，電流1a，電功率2w，故c正確d、燈泡l額定電壓9v，此時電流1.5a，則滑動變阻器接入電路的阻值rx=12-91.5=2，故d錯誤故選：bc?！军c評】a、b、d三個選項的信息可以直接從圖象得出，難度較小。c、選項需要將電源和滑動變阻器r的最大阻值10看作一個電動勢12v，內(nèi)阻1

25、0的等效電源，難度較大，不好把握9【分析】對小球受力分析結(jié)合運動狀態(tài)可分析加速度的變化；分析出重力外的力做的功和電場力的功可比較機械能、電勢能的變化?！窘獯稹拷猓篴、由小球在ab段做加速運動，在bc段做勻速運動，所以在在ab段的加速度大小逐漸減小的，故a錯誤；b、小球在下落的過程，除重力外其它的力做負功，機械能一直減小減小，所以在n點的機械能比m點的小，故b正確；c、除重力和電場力外還有油的阻力和浮力，而阻力和浮力做負功，所以機械能和電勢能的總量減小，故c錯誤；d、除重力外的電場力、油的阻力和浮力做的功要大于電場力做的功，所以機械能的變化量大于電勢能的變化量，故d正確。故選：bd?！军c評】本題

26、考查了通過分析各個力的做功情況來分析機械能、電勢能的變化，要知道通過分析除重力外的力的做功情況判斷機械能的變化，分析電場力的做功情況判斷電勢能的變化。三、簡答題：本大題分必做題（第10、11和12題）和選做題（第13題）兩部分，共計42分請將解答填寫在答題卡上相應的位置【必做題】10【分析】（1）根據(jù)實驗原理及彈簧的使用要求作答；（2）讀數(shù)時視線與指針所對刻線相垂直，明確彈簧的最小分度，按讀數(shù)規(guī)則讀出彈簧的示數(shù)，木塊勻速運動，木塊受到的滑動摩擦力等于彈簧的示數(shù)；（3）由斜率可求得動摩擦因數(shù)；（4）a、b的材料以及它們表面粗糙程度相同，則動摩擦因數(shù)，即斜率相同，據(jù)此作圖即可。【解答】解：（1）a

27、、實驗前，應先對彈簧測力計調(diào)零，否則讀數(shù)不準確，故a正確；b、應保持與木塊相連的細線水平，否則木塊與木板之間的正壓力不等于木塊的重力，故b正確；cd、實驗時，應將木塊勻速拉動，和木板有相對運動即可，這樣細線的拉力大小等于摩擦力的大小，木板是否拉動對實驗無關，故cd錯誤。故選：ab（2）在彈簧測力計上，1n之間有10個小格，一個小格代表0.1n，即彈簧測力計的分度值為0.1n，此時的示數(shù)為2.75n，木塊受到的滑動摩擦力f2.75n；（3）由fmg得：圖象的斜率表示g，由圖象的斜率得g=2.6-2.00.17-0.02=4，所以0.4，（4）圖象如圖所示故選答案為：（1）ab（2）2.75 （3

28、）0.4 （4）如圖所示【點評】本題考查了動摩擦因數(shù)的測量，在計算的過程中，描點法繪圖，并從中得出斜率是關鍵，可以從中計算出摩擦因數(shù)；在數(shù)據(jù)處理時注意圖象法的準確應用。11【分析】（1）為方便實驗操作，應選最大阻值較小的滑動變阻器；根據(jù)實驗電路圖連接實物電路圖；（2）根據(jù)實驗電路圖與實驗原理、實驗步驟求出待測電阻阻值。（3）根據(jù)實驗原理與實驗步驟分析實驗誤差?！窘獯稹拷猓海?）為方便實驗操作，滑動變阻器應選擇rp1；根據(jù)實驗電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：（2）由實驗步驟可知，滑片位置不變，滑動變阻器接入電路的阻值不變，電壓表示數(shù)不變，電路總電阻不變，待測電阻阻值等于電阻箱阻值，即待

29、測電阻阻值為48。（3）由圖1所示電路圖可知，電流表采用外接法，由于電壓表的分流作用，電流測量值大于真實值，由歐姆定律可知，電阻測量值小于真實值；由圖3所示可知，滑片向右移動，滑動變阻器接入電路阻值變大，電壓表示數(shù)為2v時，電路總電阻變大，電路電流減小，電壓表示數(shù)不變，由uir可知，r偏大，即電阻測量值大于真實值；故答案為：（1）rp1；實物電路圖如圖所示；（2）48；（3）??；大。【點評】本題考查了實驗器材選擇、實驗數(shù)據(jù)處于與實驗誤差分析，要掌握實驗器材的選擇原則：安全性原則、精確性原則、方便實驗操作原則；分析清楚實驗步驟、理解實驗原理是解題的前提與關鍵。選修3-5（12分）12【分析】根據(jù)

30、質(zhì)量數(shù)守恒判斷x的大小；根據(jù)裂變的特點可知裂變過程中向外釋放能量?！窘獯稹拷猓篴b、根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒可知，x235+19013610，故a正確、b錯誤；cd、核反應92235u+01n3890sr+54136xe+x01n屬于裂變，裂變時出現(xiàn)質(zhì)量虧損，向外釋放能量，故c正確、d錯誤；故選：ac?！军c評】本題主要是考查裂變，解答本題要掌握核反應過程中質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，掌握裂變的特點。13【分析】用單色光1照射，電流表示數(shù)恰好為0，說明此時兩極板間的電壓恰好等于遏止電壓；光子的動量減小，由=hp知波長變大，頻率變小，遏止電壓隨之改變，滑片位置不變，兩極板間的電壓不變，當兩極板間的電壓大于等于遏

31、止電壓時，光電流為0，當兩極板間的小于遏止電壓時，光電流不為0；根據(jù)=hp求兩單色光的波長之比?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)光電效應方程ek=h-w0和ek=euc得，uc=he-w0e光子動量減小，波長變長，頻率變小，遏止電壓變小，采用單色光1照射時，電流表示數(shù)恰好為零，兩極板間電壓剛好等于遏止電壓，滑片p的位置不變，兩極板間電壓不變，采用單色光2照射時，遏止電壓減小，兩極板間電壓大于等于遏止電壓時，光電流為0，所以電流表的示數(shù)為0根據(jù)=hp得：12=0.5p0p0=12故答案為：0，1：2【點評】解決本題的關鍵掌握光電效應方程ekmhw0，以及知道光電子的最大初動能和遏止電壓與入射光的頻率有關，同時要

32、理解記憶光子的動量公式=hp。14【分析】彈簧釋放的過程，甲、乙及彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒，由動量守恒定律求彈簧恢復原長時乙的速度大??；若乙與擋板p碰撞反彈后，不能再與彈簧發(fā)生碰撞，乙的最大速度與甲的速度相等。對乙與擋板碰撞的過程，由動量定理求擋板p對乙的沖量的最大值?！窘獯稹拷猓簭椈舍尫诺倪^程，甲、乙及彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒，取向左為正方向，由動量守恒定律得：0m甲v甲m乙v乙。解之得：v乙6m/s；若乙與擋板p碰撞反彈后，不能再與彈簧發(fā)生碰撞，乙的最大速度與甲的速度相等，乙與擋板碰撞的過程，由動量定理得：im乙v甲（m乙v乙）1×（2+6）8ns即擋板p對乙的沖量的最大值是8ns答

33、：彈簧恢復原長時乙的速度大小是6m/s；擋板p對乙的沖量的最大值是8ns。【點評】本題考查動量守恒定律以及動量定理的應用，要注意明確動量、沖量及速度的矢量性。把握隱含的臨界條件：乙與擋板p碰撞反彈后速度與甲的速度相同。【選做題】本題包括a、b兩道小題，請選定其中一題，并在答題卡相應的答題區(qū)域內(nèi)作答若兩題都做，則按a題評分a選修3-3（12分）15【分析】先根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能增大，判斷溫度變化，再根據(jù)向外放出熱量，結(jié)合熱力學第一定律判斷做功情況，從而分析體積變化，再根據(jù)理想氣體方程分析壓強變化?！窘獯稹拷猓篴bc、一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能增大，則溫度升高；又氣體向外放熱，格局熱力學第一定律

34、可知，外界對氣體做功，故體積縮??；根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程pvt=c可知，壓強增大，故ac正確，b錯誤；d、根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知，pvt的值不變，故d錯誤；故選：ac?！军c評】本題考查熱力學第一定律和理想氣體狀態(tài)方程，關鍵是要知道理想氣體內(nèi)能只與溫度有關，且氣體對外做功，體積增大；外界對氣體做功，氣體體積縮小，再結(jié)合理想氣體狀態(tài)方程即可分析各項。16【分析】水上方蒸汽的氣壓叫飽和氣壓，只與溫度有關，只要下面還有水，那就是處于飽和狀態(tài)，根據(jù)飽和汽壓的特點進行分析。溫度降低時，液體分子的平均動能減小，單位時間里從液面飛出的分子數(shù)減少，所以達到動態(tài)平衡后該飽和汽的質(zhì)量減小，密度減小，壓強也減小?！窘?/p>

35、答】解：水上方蒸汽達到飽和時的氣壓叫飽和氣壓，只與溫度有關，在冷卻過程中，鍋內(nèi)水蒸汽一直處于飽和狀態(tài)，但鍋內(nèi)水蒸汽壓強隨著溫度的降低而減小。故答案為：一直是飽和汽；減小?！军c評】本題主要考查飽和汽和飽和汽壓等概念的理解，關于這兩個概念注意：飽和汽壓隨溫度的升高而增大，飽和氣壓與蒸汽所占的體積無關，與該蒸汽中有無其他氣體也無關，不能用氣體實驗定律分析，這是飽和氣體，不是理想氣體，對于未飽和汽，氣體實驗定律近似適用17【分析】由體積的公式求出分子的體積，乘以阿伏伽德羅常數(shù)為摩爾體積，該蛋白的密度為摩爾質(zhì)量與摩爾體積的比值?！窘獯稹拷猓涸摰鞍椎哪栿w積：v=43r3na由密度：=mv，解得：=3m4

36、r3na代入數(shù)據(jù)得：1×103kg/m3答：該蛋白的密度為1×103kg/m3。【點評】本題要理解阿伏加德羅常數(shù)na是聯(lián)系宏觀與微觀的橋梁，抓住它的含義，來理解分子質(zhì)量和摩爾質(zhì)量的關系。b選修3-4（12分）18【分析】波長可波的圖象直接讀出。根據(jù)波的周期性、雙向性和波速公式判斷周期、波速是否確定，進而判斷頻率是否確定?！窘獯稹拷猓篴、題中未給出實線波形和虛線波形的時刻，不知道時間差或波的傳播方向，無法確定周期，從而無法確定頻率，故a錯誤；b、由波的圖象直接讀出波長為4m，故b正確。c、周期無法確定，波長可讀出，波速也無法確定。故c錯誤。d、由圖可知，該波的振幅為4cm，故

37、d正確。故選：bd?！军c評】本題畫出了兩個時刻的波形，如給出時間差，就可求出周期、波速、頻率的通項式。要注意波的雙向性和周期性，防止漏解。19【分析】地面上的人、車廂中的人選擇的慣性系不一樣，但是本題的慣性系中光向前傳播和向后傳播的速度相同，從而發(fā)現(xiàn)傳播到前后壁的快慢不一樣?！窘獯稹拷猓旱孛嫔系娜艘缘孛鏋閰⒖枷?，光向前向后傳播的速度相等，某光源發(fā)出的閃光同時到達車廂的前壁和后壁，向前傳播的路程與向后傳播的路程相同，由于火車向前運動，所以點光源的到火車的前面的距離??；車廂中的人認為，車廂是個慣性系，光向前向后傳播的速度相等，點光源的到火車的前面的距離小，閃光先到達前壁；若此光源安放在火車上，光向

38、前向后傳播的速度相對于火車相等，點光源的到火車的前面的距離小，閃光先到達前壁；故答案為：前；前?！军c評】本題考查了同時的相對性，關鍵是明確不同慣性參考系中光速相等，掌握愛因斯坦相對論是解答本題的關鍵。20【分析】作出光路圖，結(jié)合折射定律，以及全反射的臨界角求出入射角i的正弦值；根據(jù)折射率的大小，結(jié)合v=cn求出光在棱鏡中傳播的速度大小。【解答】解：光線在bc面上恰好發(fā)生全反射，入射角等于臨界角c，由折射定律知：nsinc1光線在ab界面上發(fā)生折射，由折射定律得，n=sinisinr，解得：sini=115由公式v=cn 得光在棱鏡中傳播速度的大小為：v2.5×108m/s答：求入射角

39、i的正弦值是115；光在該棱鏡中傳播速度的大小是2.5×108m/s。【點評】本題的突破口是“光線進入棱鏡后恰好以臨界角射在bc面上的o點”根據(jù)全反射臨界角公式由sinc=1n、折射定律sinisin=n、光速公式v=cn相結(jié)合進行處理。四、計算題：本題共3小題，計47分解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只有最后答案不能得分有數(shù)值計算的題，必須明確寫出數(shù)值和單位21【分析】（1）根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合閉合電路的歐姆定律、法拉第電磁感應定律求解；（2）根據(jù)電荷量的計算公式q=it可得q=r，由此得到電荷量；（3）根據(jù)能量關系求解速度大小?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)牛頓第二定律

40、可得：mgsinbidma其中電流強度i=er=bdv0r解得：a4.5m/s2；（2）電路中平即感應電動勢e=t根據(jù)電荷量的計算公式q=it可得q=r=bldr代入數(shù)據(jù)解得：q0.65c；（3）根據(jù)能量關系可得：mglsinq+（12mv2-12mv02）代入數(shù)據(jù)解得：v5m/s。答：（1）導體棒剛進入磁場時加速度的大小為4.5m/s2；（2）題述過程中通過電阻r的電荷量為0.65c；（3）若定值電阻r在此過程中產(chǎn)生的熱量為0.5j，導體棒離開磁場時的速度為5m/s。【點評】對于電磁感應問題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，根據(jù)牛頓第二定律或平衡條件列出方程；另一條是能量，分析涉及電磁感應現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化問題，根據(jù)動能定理、功能關系等列方程求解。22【分析】（1）由動能定理可求得摩擦力對小球所做的功；（2）假設小球拋出后做平拋運動，根據(jù)平拋運動規(guī)律寫出運動方程可判斷小球在om段運動特點，再由動能定理可求得運動至m點時的速度；（3）求出小球從m點開始直至將彈簧壓縮到最短過程中摩擦力的功，在小球從m點開始直至將彈