2019高考物理一輪復習練習題(7)(含解析)新人教版

1、人教物理2019高考一輪練習題（7）李仕才一、選擇題1 1、如圖，一質量為m的滑塊靜止置于傾角為 3030的粗糙斜面上，一根輕彈簧一端固定在豎 直墻上的P點，另一端系在滑塊上，彈簧與斜面垂直，則（）（）A.滑塊不可能只受到三個力作用B.彈簧不可能處于伸長狀態(tài)C.斜面對滑塊的支持力大小可能為零D.斜面對滑塊的摩擦力大小一定等于-mg【答案】D D【解析】彈簧與斜面垂直，所以物體要靜止在斜面上必須受斜面的摩擦力，這樣才能平衡重力沿斜面的分力，有摩擦力則必有斜面對滑塊的支持力，彈簧不知是伸長、壓縮還是原長，所以 D D 正確。2 2、（ 20182018 福建省三明市寧化一中階段考試）如圖所示，在豎

2、直放置的半圓形容器的中心O點分別以水平初速度Vi、V2拋出兩個小球（可視為質點），最終它們分別落在圓弧上的A點和B點，已知OA與OB互相垂直，且OA與豎直方向成 a角，則兩小球初速度之比為（）2【答案】C C【解折】由幾何關系可知A的豎直位移水平位移久滬土血釘B的豎直位移畑眾( 90t解得旳 r 慎FJJJ fp=lanatana.故選C.Y均xBVh3 3、如圖所示為一滑草場。某條滑道由上下兩段高均為 h,h,與水平面傾角分別為 4545和 3737 的滑道組成，滑草車與草地之間的動摩擦因數(shù)為卩。質量為m的載人滑草車從坡頂由靜止開始自由下滑，經(jīng)過上、下兩段滑道后，最后恰好靜止于滑道的底端(

3、(不計滑草車在兩段滑道交接處的能量損失,sin37sin37 = 0.60.6 , coscos 3737 =0.8)0.8)。則()()6A.A.動摩擦因數(shù)卩=_C.載人滑草車克服摩擦力做功為mgh3D.D.載人滑草車在下段滑道上的加速度大小為 L L g g【答案】ABABK解折】對滑草車從墟頂由劉t滑下到底端靜止的全過亀 緡噸型-遁弊斗P血燈h -pn啄疔sin卯=5 解得尸匚選I頁扛正確,齊經(jīng)過上段滑道竝程，根據(jù)動能/;l2h定理得，mgh-屮嗎薊討外sin 45a=2辭，解得v-V ?,選珈B正確；載人滑草車A.A. tantana/sinaaB.B. coscosC.C. tant

4、anB.B.載人滑草車最大速度為3克服摩揀力做功為加也選項匚錯誤；裁人滑草車在下段滑道上的如速度犬小為a=Mgsiii37 /imgcos373m=u35g庚選項勁錯誤。4 4、如圖所示，光滑絕緣的水平面上M N兩點各放有一帶電荷量分別為+q和+ 2 2q的完全相 同的金屬球A和B,給A和B以大小相等的初動能Eo（此時初動量的大小均為po），使其相向 運動剛好能發(fā)生碰撞（碰撞過程中無機械能損失），碰后返回MN兩點的動能分別為E和E2， 動量的大小分別為pi和p2,則（ ）/Q.77TTT711TnTTT7TTTTMNA. Ei=E2 Eo,pi=p2 poB. Ei=E2=Eo,pi=p2=p

5、oC.碰撞發(fā)生在MN中點的左側D.兩球同時返回M N兩點【答案】ADAD【解析】金屬球/和喪發(fā)生碰撞時電荷量會平均分配，則化用力變?nèi)?jīng)歷相同的位移，做功增夢，所 臥有又p=&呱,可得黑=期知 因兩球質量相同，受力相同故加速度相同，兩球同時 返回胚N兩點。選項A、D正礁。5 5、實驗小組利用如圖電路研究電壓的變化U與電流的變化 I的關系，電流表、電壓表均為理想電表，D為理想二極管，C為電容器閉合開關 S S 至電路穩(wěn)定后，將滑動變阻器的滑片P向左移動一小段距離，結果發(fā)現(xiàn)電壓表M M 的示數(shù)改變量大小為 U,電壓表 V2V2 的示數(shù)改變量大小為 U2，電流表？的示數(shù)改變量大小為 I，則下列

6、判斷正確的是（）眉一p- 1 I-II I-I）e4A.A. 凹的值變大IB.B. 二土 的值不變，且始終等于電源內(nèi)阻rIC.C.電壓表 V Vi的示數(shù)與電流表示數(shù)的比值 生 變大ID.D. 滑片向左移動的過程中，電容器的電容減小，帶電荷量減少【答案】BCBC【解析】滑動變阻器的滑片P向左移動一小段距離，滑動變阻器接入電路的電阻變大， 電路 總電流減小，電阻R兩端電壓和電源內(nèi)電壓之和 S+U減小，電壓表 Vi的示數(shù)U增大，且Ui+ U=U,URIUr=R+r，不變，選項 A A 錯誤；電壓表 V V2的示數(shù)改AIAIU r= r r，不變，選項 B B 正確；電壓表 M M 的示數(shù)與電流表的示

7、數(shù)之比 5 =R,滑動變阻器的滑片P向左移動一小段距離，R變大，選項 C C 正確；電容I器的電容C= 衛(wèi)不變，選項 D D 錯誤.4nkd6 6、法拉第圓盤發(fā)電機的示意圖如圖所示。銅圓盤安裝在豎直的銅軸上，兩銅片P、Q分別與圓盤的邊緣和銅軸接觸。圓盤處于方向豎直向上的勻強磁場B中。圓盤旋轉時，關于流過電A.A. 若圓盤轉動的角速度恒定，則電流大小恒定B.B.若從上向下看，圓盤順時針轉動，則電流沿a到b的方向流動C.C. 若圓盤轉動方向不變，角速度大小發(fā)生變化，則電流方向可能發(fā)生變化D.D.若圓盤轉動的角速度變?yōu)樵瓉淼? 2 倍，則電流在R上的熱功率也變?yōu)樵瓉淼? 2 倍變量大小為Ub= U,

8、5【答案】ABAB6【解析】將圓盤看成無數(shù)幅條組成，它們都在切割磁感線從而產(chǎn)生感應電動勢和感應電流,根據(jù)右手定則可知圓盤上感應電流從邊緣流向中心，則當圓盤順時針（俯視）轉動時，流過一12電阻的電流方向從a到b, B B 對；由法拉第電磁感應定律得感生電動勢E=BL=丄BLw,I2,3 恒定時，I大小恒定，3 大小變化時，I大小變化，方向不變，故 A A 對，C CR r7 7、如圖為玻爾為解釋氫原子光譜畫出的氫原子能級示意圖，一群氫原子處于n= 4 4 的激發(fā)態(tài),當它們自發(fā)地躍遷到較低能級時，以下說法符合玻爾理論的有（）0 -0.S5 -1.5) -3.40- - 13.fiA.A. 電子軌道

9、半徑減小，動能增大B.B. 氫原子躍遷時，可發(fā)出連續(xù)不斷的光譜線C.C. 由n= 4 4 躍遷到n= 1 1 時發(fā)出光子的頻率最小D.D.金屬鉀的逸出功為 2.212.21 eVeV，能使金屬鉀發(fā)生光電效應的光譜線有4 4 條【答案】ADAD【解析】氫原子從第4能韁向低能級舐遷時，原子的能量減小，電子的軌道半徑減小，動能増大，電勢能 減小，故人正確，育魏間舐遷時輻射或吸收的光子能量必須等于兩能級間的能級生則氫原子砥遷時，發(fā)出不連續(xù)的光譜線，故B錯誤；由Q4躍遷到遷二1時輻射的光子能量最圮發(fā)出光子的頻率最犬，故C錯誤；一群處于第4能級的氫原子躍遷到較低能級時可以放出6條光譜線，能量大于2.21

10、eV的光譜纟賄4條，故D正確.8 8、如圖所示，空間同一平面內(nèi)有AB、C三點，AB=5 5 m m,BC=4 4 m m,AC=3 3 m m.AC兩點 處有完全相同的波源做簡諧振動，振動頻率為 1 1 360360 HzHz ,波速為 340340 m/s.m/s.下列說法正確的 是（）（）A.A.兩列波的波長均為0.250.25 m mB.B.B、C間有 8 8 個振動減弱的點C.C. B B 點的位移總是最大D.D.A、B間沒有個振動加強的點錯；由P=I2R=B2L42R4( R+r)2P變?yōu)樵瓉淼?4 4 倍，D D 錯。3 變?yōu)?2 2 倍時,7E.E. 振動減弱點的位移總是為零8【

11、答案】ABEABE【解析】由入=/ = 0.250.25 m m 知，A A 正確；只要到兩振源的路程差為半波長奇數(shù)倍的點就是振動減弱點，兩波源到BC上的點的位移差從 1 1 m m 逐漸增大到 3 3 m m,因此在B、C間有 8 8 個振 動減弱點，B B 正確；B點到兩振源的路程差為 1 1 m m，為波長的整數(shù)倍，處在振動加強點上， 但只是振動的振幅增大，不是任意時刻位移都最大，C C 錯誤；從AB上的點，到兩振源的路程差從 0 0 到 3 3m m，因此有多個振動加強點，D D 錯誤；振動減弱點的振幅為兩振源振幅的差，因此振幅為零，故位移總為零，E E 正確.g=10m/s=10m/s2。試求:【解析】當抄為如度時旳=當砂0度時，H 尸2/叭可知物體運動中受摩據(jù)阻力，且在水平面做勻籀速直纟嶷動。4設摩播因數(shù)為佝此時摩攜力犬小為閣啖換速度大小為畤由運動學有程刪=2昭詢（2 2）對于任意角度，根據(jù)動能定理可得，物體對應的最大位移x x 滿足的關系式:二、非選擇題如圖（a）所示，一物體以一定的速度V0沿足夠長斜面向上運動，此物體在斜面上的最大位移與斜面傾角的關系如圖（b） 所示。設各種條件下，物體運動過程中的動摩擦因數(shù)均不變,(1)