(物理)2015屆高考考前強(qiáng)化訓(xùn)練試題(2)

1、2015屆高考考前強(qiáng)化訓(xùn)練試題（2）物 理一單項(xiàng)選擇題13吊床用繩子栓在兩顆樹上等高位置，某人所受重力為G，他先靜止坐在吊床上，然后靜止躺在吊床上。坐著時(shí)，兩端吊繩中的拉力為T1，吊床對(duì)人的作用力為F1。躺著時(shí)，兩端吊繩中的拉力為T2，吊床對(duì)人的作用力為F2。則下列正確的是圖1 AT1= T2 BT1+ T2=G C. F1=F2 DF1<F214.密閉有空氣的薄塑料瓶因降溫而變扁，此過(guò)程中瓶?jī)?nèi)空氣（不計(jì)分子勢(shì)能）（ ）A內(nèi)能增大，放出熱量 B 內(nèi)能減小，吸收熱量C內(nèi)能增大，對(duì)外界做功 D 內(nèi)能減小，外界對(duì)其做功t/s0B圖31234B0圖215如圖2，電阻為r的矩形閉合線圈內(nèi)存在方向垂

2、直紙面向外的磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化如圖3所示，則下列說(shuō)法正確的是A01s內(nèi)，線圈感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針B12s內(nèi)與23s內(nèi)，線圈的感應(yīng)電流方向相反C13s內(nèi)與34s內(nèi)，線圈的感應(yīng)電流大小相等D34s內(nèi)，線圈的感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針16某科學(xué)家提出年輕熱星體中核聚變的一種理論，其中的兩個(gè)核反應(yīng)方程為Q1和XQ2。方程中Q1、Q2表示釋放的能量，相關(guān)的原子核質(zhì)量見(jiàn)下表：原子核 質(zhì)量/u1.00783.01604.002612.000013.005715.0001下列判斷正確的是 ()AX是，Q2>Q1 BX是，Q2>Q1 CX是，Q2<Q1 DX是，Q2<Q1二雙項(xiàng)選擇題1

3、7下列說(shuō)法正確的是（ ）BAO圖4A熱量不能自發(fā)地由低溫物體傳遞到高溫物體B單晶體和多晶體都有規(guī)則的幾何外形C第一類永動(dòng)機(jī)不可能制成，是因?yàn)檫`反了能量守恒定律D第二類永動(dòng)機(jī)不可能制成，是因?yàn)檫`反了能量守恒定律18如圖4，兩滑雪運(yùn)動(dòng)員從O點(diǎn)水平滑出后做平拋運(yùn)動(dòng)分別落到斜坡上的A、B兩點(diǎn)，在落點(diǎn)前瞬間速度與水平方向夾角分別為與，兩者在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間分別為與。則A> B< C= D<R原線圈副線圈19如圖5，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為10:1，原線圈中接入交變電壓，副線圈接可變電阻R。下列說(shuō)法正確的是 A副線圈輸出電壓的有效值為圖5B副線圈輸出電壓的頻率為50Hz C副線圈輸出電

4、壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為D當(dāng)R增大時(shí)，原線圈中的電流有效值會(huì)減小20我國(guó)的神州九號(hào)飛船繞地球作圓周運(yùn)動(dòng)。其運(yùn)動(dòng)周期為T，線速度為v，引力常量為G，則（ ）A飛船運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為 B飛船運(yùn)動(dòng)的加速度為 C地球的質(zhì)量為 D飛船的質(zhì)量為MN圖621圖6為電子以水平向右的初速度進(jìn)入示波管勻強(qiáng)的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)MN時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡示意圖。下列說(shuō)法正確的是 AM板電勢(shì)比N板的高BN板一定帶正電C運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，電子的電勢(shì)能越來(lái)越大D運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，電子受到的電場(chǎng)力保持不變?nèi)沁x擇題圖（1）34（1）某同學(xué)探究彈簧彈力與彈簧伸長(zhǎng)量的關(guān)系。步驟如下：將彈簧豎直懸掛在鐵架臺(tái)上，將刻度尺豎直固定在彈簧一側(cè)，彈簧頂端剛好對(duì)準(zhǔn)刻度尺的零刻度線

5、。2468x/cm0.10.3F/N0圖（2）彈簧自然懸掛，待彈簧靜止時(shí)，長(zhǎng)度記為L(zhǎng)0，彈簧下端掛上砝碼盤時(shí)，長(zhǎng)度記為L(zhǎng)x；在砝碼盤中每次增加10g砝碼，彈簧長(zhǎng)度依次記為L(zhǎng)1至L5，數(shù)據(jù)如下表：代表符號(hào)L0LxL1L2L3L4L5數(shù)值（cm）25.5527.5529.5531.5035.5537.60表中L3的值讀數(shù)如圖(1)，則其讀數(shù)為L(zhǎng)3=_圖（2）是該同學(xué)根據(jù)表中數(shù)據(jù)作的圖，縱軸是砝碼的重力，橫軸是彈簧長(zhǎng)度與L0的差值，由圖可知彈簧的勁度系數(shù)為_N/m；通過(guò)圖和表可知砝碼盤的質(zhì)量為_g。圖線不過(guò)原點(diǎn)的原因是_。 （重力加速度取10m/s2.）（2） (10分) 在“描繪小燈泡的伏安特性曲

6、線”的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)連接了如圖(a)所示的實(shí)物電路圖。閉合開關(guān)，發(fā)現(xiàn)燈泡不亮，電流表的示數(shù)為零；他借助多用電表檢查小燈泡。先斷開開關(guān)，把多用電表的選擇開關(guān)旋到“×1”擋，再進(jìn)行 調(diào)零；又將紅、黑表筆分別接觸、接線柱，多用電表的表盤恰好如圖(b)所示，說(shuō)明小燈泡正常，此時(shí)的電阻為 。圖(b)圖(a)他將多用電表選擇開關(guān)旋于某直流電壓檔，將紅、黑表筆分別接觸、接線柱；閉合開關(guān)，發(fā)現(xiàn)電壓表的示數(shù)約等于電源電動(dòng)勢(shì)，說(shuō)明、接線柱間的導(dǎo)線出現(xiàn)了 （選填“斷路”或“短路”）。故障排除后，為了使電流表的示數(shù)從零開始，要在 接線柱間（選填“、”或“、”）再連接一根導(dǎo)線，并在閉合開關(guān)前把滑動(dòng)變阻器的滑片

7、置于最 端（選填“左”和“右”）。By/mx/mOAEC35光滑水平桌面上建立一直角坐標(biāo)系xOy，在y軸右邊有一個(gè)以O(shè)點(diǎn)為圓心的半圓形區(qū)域，半圓形區(qū)域內(nèi)有磁場(chǎng)方向垂直于xOy平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。y軸左邊有一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為E=2N/C，電場(chǎng)方向與y軸負(fù)方向成60°夾角。一個(gè)帶負(fù)電的小球在原點(diǎn)O處，以初速度v=1m/s沿x軸正方向進(jìn)入磁場(chǎng)，過(guò)一段時(shí)間，小球經(jīng)過(guò)y軸上的點(diǎn)A進(jìn)入電場(chǎng)，在電場(chǎng)的作用下小球再次回到y(tǒng)軸上的C點(diǎn)，已知OA=3m，且小球在A處速度方向與y軸正向夾角為30°,小球帶電量為q=0.2C，質(zhì)量為m=0.1kg。求：（1）磁場(chǎng)強(qiáng)度大?。?）小球從O點(diǎn)開始經(jīng)

8、過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間離開磁場(chǎng)（3）C點(diǎn)的坐標(biāo)36（18分）如圖所示，小球P2靜止在光滑水平地面AB區(qū)域內(nèi)的O點(diǎn)。小球P1自左往右運(yùn)動(dòng)與P2發(fā)生彈性正碰。已知： P1的質(zhì)量為m1=1kg，與P2碰撞前瞬間的速度為v0=3m/s，P2的質(zhì)量為m2=5kg ，A、O間距足夠大，O、B間距為L(zhǎng).小球P1僅在AB區(qū)域內(nèi)受到一個(gè)水平向右的恒力F=2N。（1）求碰撞后小球P1的速度大小與方向。ABOLP1P2（2）兩球從第一次碰撞到第二次碰撞過(guò)程中，討論F對(duì)小球P1做的功W與O、B間距L的關(guān)系。 參考答案13.C 解析：坐著與躺著時(shí)，都處于靜止?fàn)顟B(tài)，合外力為零。吊床對(duì)人的作用力都等于人受到的重力，因此選C。14.D

9、解析：不計(jì)分子勢(shì)能，空氣內(nèi)能等于分子總動(dòng)能，即由溫度決定、隨溫度降低而減小，AC均錯(cuò)；薄塑料瓶因降溫而變扁、空氣體積減小，外界壓縮空氣做功，D正確；根據(jù)熱力學(xué)第一定律，外界對(duì)空氣做功，是有助于內(nèi)能增加的，但本題中空氣內(nèi)能反而是減少的，因此空氣一定是向外界放熱，而且放出的熱量比外界對(duì)它做的功還多，于是B錯(cuò)。15.D 解析：01s內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度沒(méi)有變化，閉合線圈內(nèi)無(wú)磁通量變化，因此無(wú)感應(yīng)電流，A錯(cuò)誤；根據(jù)楞次定律，12s內(nèi)與23s內(nèi)，線圈的感應(yīng)電流方向都是逆時(shí)針，B錯(cuò)；通過(guò)圖2可知，34s內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度變化比13s內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度變化快，因此34s內(nèi)，線圈的感應(yīng)電流比13s內(nèi)的大，C錯(cuò)誤；根據(jù)楞次定律，

10、34s內(nèi)，線圈的感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，D正確。16.B 解析：核反應(yīng)方程：中的質(zhì)量虧損為：m11.0078 u12.0000 u13.0057 u0.0021 u根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒可知：其質(zhì)量虧損為：m21.0078 u15.0001 u12.0000 u4.0026 u0.0053 u根據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程得：Q1m1c2，Q2m2c2 故Q1Q217AC 解析：由熱力學(xué)第二定律得，熱量不能自發(fā)地由低溫物體傳遞到高溫物體，因此A正確；單晶體具有規(guī)則的幾何外形，但多晶體就不一定具有規(guī)則幾何形狀，因此B錯(cuò)誤；第一類永動(dòng)機(jī)不可能制成是因?yàn)檫`反了能量守恒定律，第二類永動(dòng)機(jī)不可能制成是因?yàn)檫`背了

11、熱力學(xué)第二定律，因此C正確，D錯(cuò)誤。18.BC 19BD【考查點(diǎn)】本題考查交變電流、理想變壓器【解析】原線圈輸入電壓有效值為220V，因此副線圈輸出的電壓有效值為22V，A錯(cuò)；原線圈輸入電壓的周期為，頻率為50Hz，原、副線圈電流頻率一樣，因此B正確；副線圈輸出電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為，因此C錯(cuò)誤；副線圈輸出電壓有效值不變，當(dāng)R增大時(shí)，副線圈的電流有效值會(huì)減小，根據(jù) 得原線圈中的電流有效值會(huì)減小，D正確。20AC【考查點(diǎn)】本題考查萬(wàn)有引力定律、天體運(yùn)動(dòng)【解析】衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則有即，即A正確；是衛(wèi)星運(yùn)行的角速度，而不是加速度，因此B錯(cuò)誤；萬(wàn)有引力提供向心力，即，可以解得地球的質(zhì)量為把代入

12、解得地球質(zhì)量為，因此C正確；是地球的質(zhì)量而不是飛船的質(zhì)量，根據(jù)題目所給的條件，無(wú)法求出飛船的質(zhì)量，因此D錯(cuò)誤；【查漏補(bǔ)缺】本題要靈活應(yīng)用圓周運(yùn)動(dòng)各物理量的關(guān)系表達(dá)式，如，向心加速度天體運(yùn)動(dòng)要處理好引力與向心力的關(guān)系，若萬(wàn)有引力提供向心力，則可以列出“一條龍”公式，再根據(jù)需要選擇使用。21BD【考查點(diǎn)】本題考查電場(chǎng)力、電勢(shì)、電勢(shì)能【解析】電子往N板偏轉(zhuǎn)，因此受到的電場(chǎng)力方向從M指向N，因此N板帶正電，電場(chǎng)線方向由N指向M，N板電勢(shì)比M板的高，A錯(cuò)誤、B正確；運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，電場(chǎng)力對(duì)電子做正功，電子的電勢(shì)能越來(lái)越小，C錯(cuò)誤；電子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中受到的電場(chǎng)力保持不變，D正確?！静槁┭a(bǔ)缺】電勢(shì)高低的判斷：沿電

13、場(chǎng)線方向電勢(shì)越來(lái)越低；電勢(shì)能的判斷：電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減少；電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加。34（1）【考查點(diǎn)】本題考查探究彈簧彈力與形變的關(guān)系【答案】 33.60cm 5 10 縱軸未計(jì)入砝碼盤的重力 （ 每空2分）【解析】 圖（1）中刻度尺的讀數(shù)為33.60cm，刻度尺讀數(shù)要保留單位，估讀到最小刻度的下一位。 砝碼質(zhì)量為m，砝碼盤質(zhì)量為m0。則（m+m0）g=kx，化簡(jiǎn)得mg=kx -m0g，獲得圖（2）曲線，即圖線斜率為彈簧的勁度系數(shù)，斜率為0.05N/cm即5N/m。如圖（2）當(dāng)F=0，即砝碼質(zhì)量為零時(shí)，彈簧具有2cm的伸長(zhǎng)量。這個(gè)伸長(zhǎng)量是由于砝碼盤的重力造成的。因此圖線不過(guò)原點(diǎn)的原因是縱

14、軸未計(jì)入砝碼盤的重力。又m0 kg10 g.（2）（10分）歐姆；6或6.0； 斷路； “、”、左（每空2分）35. 【考查點(diǎn)】本題考查帶電體在電場(chǎng)、磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)解：（1）如圖為小球運(yùn)動(dòng)的大致軌跡，O為軌跡圓心，小球穿出磁場(chǎng)的位置為P點(diǎn)，小球穿出磁場(chǎng)后、進(jìn)入電場(chǎng)前做勻速直線運(yùn)動(dòng)。因此小球在P處的速度方向與在A處的速度方向一樣。由幾何關(guān)系得 OA=OO+OA=R+R/sin30°=3 R （ 2分）解得，R=1m （ 1分）By/mx/mOAECPOyx又小球在磁場(chǎng)中 （ 2分）解得 （ 1分）（2）小球在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期為T， （ 2分）由幾何關(guān)系得，小球在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡的圓心角為. （ 1分）因此小球在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為（s） （ 1分）（3）小球經(jīng)過(guò)A點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)后做類平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)。則根據(jù)類平拋規(guī)律； （ 1分） （ 1分） （ 1分）； （ 1分）解得 （ 1分） （ 1分）解得 （ 1分）因此C點(diǎn)的坐標(biāo)為（0，） （ 1分）36【考查點(diǎn)】本題考查碰撞中的動(dòng)量守恒、牛頓定律、勻變速直線運(yùn)動(dòng)、功解：(1)P1、P2碰撞，設(shè)碰后P1速度為v1，碰后P2速度為v2，由動(dòng)量守恒： （2分）能量守恒 （2分）解得（水平向左） （大小與方向各1分共2分）（水平向右） （1分）（2）假設(shè)P1、P2碰撞后又經(jīng)時(shí)間