【KS5U解析】河北省邢臺市南和一中2019-2020學(xué)年高二上學(xué)期第三次月考物理試題 Word版含解析

1、物 理 試 題第卷(選擇題共48分)一選擇題（本大題共12小題，每小題4分，共48分。第18小題只有一項符合題目要求，第912小題有多項符合要求。全部選對得4分，少選得2分，有錯選得0分）1.關(guān)于電場強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度，下列說法正確的是（）a. 由真空中點電荷的電場強(qiáng)度公式e可知，當(dāng)r趨近于0時，e趨近于無窮大b. 電場強(qiáng)度的定義式e，電場中某點e和q電荷的電性電量均無關(guān)c. 由公式b可知，一小段通電導(dǎo)線在某處若不受磁場力，則說明此處一定無磁場d. 磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向就是置于該處的通電導(dǎo)線所受的安培力方向【答案】b【解析】【詳解】a當(dāng)r趨近于0時，電荷已不能看成點電荷，點電荷場強(qiáng)公式不成立，故a錯

2、誤；b電場強(qiáng)度的定義式：e電場強(qiáng)度由電場本身決定，與是否放置試探電荷q及q電荷的電性電量均無關(guān)，故b正確；c公式：只有在導(dǎo)線垂直于磁場方向放置時才適用，而公式：才是普遍適用的，根據(jù)公式可知，安培力為零可能是磁感應(yīng)強(qiáng)度不為零而磁場方向與電流方向的夾角為零，故c錯誤；d根據(jù)左手定則可知，通電導(dǎo)線在磁場中受到的安培力方向總是垂直于磁場方向與電流方向構(gòu)成的平面，即總是既垂直于磁場方向又垂直于電流方向，故d錯誤。故選b。2.閉合電路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的大小，取決于穿過該回路的（ ）a. 磁通量b. 磁通量的變化量c. 磁通量的變化率d. 磁通量變化所需時間【答案】c【解析】【詳解】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律

3、得知，感應(yīng)電動勢的大小與磁通量的變化率成正比，與磁通量、磁通量的變化量沒有直接關(guān)系3.三根通電長直導(dǎo)線a、b、c互相平行、垂直紙面放置。三根導(dǎo)線中電流方向均垂直紙面向里，且每兩根導(dǎo)線間的距離均相等。則a、b中點o處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向( )a. 方向水平向左b. 方向水平向右c. 方向豎直向上d. 方向豎直向下【答案】b【解析】【詳解】用安培定則判斷通電直導(dǎo)線在o點所產(chǎn)生的磁場方向如圖所示：直導(dǎo)線a在o點產(chǎn)生磁場與直導(dǎo)線b在o點產(chǎn)生磁場方向相反，大小相等，則a合磁場為零；而直導(dǎo)線c在o點產(chǎn)生磁場，方向從a指向b，即為水平向右；故b正確，acd錯誤。故選b。4.兩個完全相同的金屬小球，帶電量之比為1

4、：3，相距為r，視為點電荷，相互間的斥力大小為f，兩小球相互接觸后將其距離變?yōu)?，則兩球間庫侖力的大小為（）a. fb. fc. fd. 【答案】d【解析】相距為r時，根據(jù)庫侖定律得：；因兩球相斥，則兩球帶同性電荷，則接觸后各自帶電量變?yōu)?，則此時；故選d. 5.關(guān)于安培力、電場力和洛倫茲力，下列說法正確的是（ ）a. 電荷在電場中一定受電場力作用，電荷在磁場中一定受洛倫茲力作用b. 安培力和洛倫茲力的方向均可用左手定則判斷c. 電場力一定沿電場方向，洛倫茲力一定沿磁場方向d. 安培力、洛倫茲力和電場力都可以做功【答案】b【解析】電荷在電場中一定受電場力作用，電荷在磁場中只有速度不與磁場平行的運動

5、的電荷才受洛倫茲力作用，選項a錯誤；安培力和洛倫茲力的方向均可用左手定則判斷，選項b正確；正電荷所受的電場力一定沿電場方向，洛倫茲力一定與磁場方向垂直，選項c錯誤；安培力和電場力都可以做功，洛倫茲力方向與速度方向垂直，所以不做功，選項d錯誤；故選b.6.如圖所示，兩個相同的輕質(zhì)鋁環(huán)套在一根水平光滑絕緣桿上，當(dāng)一條形磁鐵向左運動靠近兩環(huán)時，兩環(huán)的運動情況是() a. 同時向左運動，間距增大b. 同時向左運動，間距減小c 同時向右運動，間距減小d. 同時向右運動，間距增大【答案】b【解析】當(dāng)磁鐵的靠近時，導(dǎo)致兩圓環(huán)的磁通量變大，從而由楞次定律可得兩圓環(huán)的感應(yīng)電流為逆時針（從右向左看），所以又處于n

6、極的磁場中，則受到的安培力向左由于兩圓環(huán)的電流均是逆時針，所以兩圓環(huán)的相互吸引，距離減小故選b.點睛：本題考查對楞次定律運動學(xué)的描述應(yīng)用；從楞次定律相對運動角度可得：近則斥，遠(yuǎn)則吸同時同向電流相互吸引，反向電流相互排斥.7.2如圖所示，平行金屬導(dǎo)軌間距為d,一端跨接電阻為r，勻強(qiáng)磁場磁感強(qiáng)度為b，方向垂直平行導(dǎo)軌平面，一根長金屬棒與導(dǎo)軌成角放置，棒與導(dǎo)軌的電阻不計，當(dāng)棒沿垂直棒的方向以恒定速度v在導(dǎo)軌上滑行時，通過電阻的電流是a. bdv/(rsin)b. bdv/rc. bdvsin/rd. bdvcos/r【答案】a【解析】【詳解】在電磁感應(yīng)中導(dǎo)體棒切割磁感線運動時，其有效長度是指與速度和

7、磁感線垂直方向上的導(dǎo)線長度，因此此時導(dǎo)線長度為，則感應(yīng)電動勢為：，過電阻的電流是：，故a正確，bcd錯誤。8.如圖1中所示，在豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，水平放置一個不變形的單匝金屬圓線圈，規(guī)定線圈中感應(yīng)電流的正方向，當(dāng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度b隨時間t按如圖2變化時，下列四圖中正確表示線圈中感應(yīng)電動勢e隨時間t變化的是（）a. b. c. d. 【答案】a【解析】【詳解】在01s內(nèi)，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有：根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電動勢的方向與圖示箭頭方向相同，為正值；在13s內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度不變，感應(yīng)電動勢為零；在35s內(nèi)，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有：根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電動勢的方向與圖示方向相反，為負(fù)值；故

8、a正確，bcd錯誤。故選a。9.如圖所示，線圈 l 的自感系數(shù)很大，且其直流電阻與小燈泡相同，l1、l2 是兩個完全相同的小燈泡，開關(guān) s 閉合和斷開的過程中，燈 l1、l2 的亮度變化情況是(燈絲不會斷)（ ）a. s 閉合，l1 亮度不變，l2 亮度逐漸變亮，最后兩燈一樣亮b. s 閉合，l1、l2 同時亮，而后 l1 逐漸變暗，l2 則逐漸變得更亮c. s 斷開，l2 立即熄滅，l1 突然閃亮一下再逐漸熄滅d s 斷開，l2 立即熄滅，l1 逐漸熄滅【答案】bd【解析】【詳解】a、b項：當(dāng)s閉合瞬時，由于自感線圈的阻礙作用使得兩燈同時獲得電壓，同時發(fā)光，以后線圈的電流逐漸增大，l1燈電流

9、逐漸減小，最后與l的電流相同，所以l1逐漸變暗，同時，l2電流逐漸增大，變得更亮；故a錯誤、b正確；c、d項：s斷開瞬時，l2中電流消失，故立即熄滅，由于線圈自感作用使得l1中的電流逐漸減小，原來l和l1的電流相同，所以l1不會先亮一下再熄滅，而是逐漸熄滅，故c錯誤、d正確10.如圖，矩形 abcd 為勻強(qiáng)磁場區(qū)域，磁場方向豎直向下，圓形閉合金屬線圈以一定的速度沿光滑絕緣水平面向磁場區(qū)域運動下圖是線圈的四個可能到達(dá)的位置，則線圈的動能不可能為零的位置是( )a. b. c. d. 【答案】bc【解析】【詳解】ad項：線圈進(jìn)或出磁場時，磁通量變化，線圈中會產(chǎn)生感應(yīng)電流，線圈受到安培阻力作用而減速

10、運動，速度可能為零，動能可能為零，故ad錯誤bc項：線圈完全進(jìn)入磁場后，磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，不再受安培力，線圈的速度不變，所以bc圖中線框速度不可能為零，動能不可能為零，故bc正確11.2017年3月22 日消息，俄生產(chǎn)出新型電子回旋加速器，可檢測焊接和鑄造強(qiáng)度如圖為回旋加速器的示意圖，現(xiàn)要增大帶電粒子射出時的動能，下列說法中正確的是（ ）a. 增大勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度，同時增大交流電的頻率b. 僅增大勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度，不改變交流電的頻率c. 僅增大d形金屬盒的半徑d. 僅增大高頻交流電電壓，不改變交流電的頻率【答案】abc【解析】由qvb=m，解得則動能，知動能與加速的電壓無關(guān)

11、，與交流電的頻率無關(guān)，與磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和d形盒的半徑有關(guān)，增大磁感應(yīng)強(qiáng)度和d形盒的半徑，可以增加粒子的動能故abc正確，d錯誤故選abc點睛：解決本題的關(guān)鍵知道回旋加速器電場和磁場的作用，知道粒子的最大動能與加速的電壓無關(guān)，與磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和d形盒的半徑有關(guān)12.如圖所示，一個有界勻強(qiáng)磁場區(qū)域，磁場方向垂直紙面向外，一個矩形閉合導(dǎo)線框abcd沿紙面由位置1勻速運動到位置2，下列說法中正確的是（）a. 導(dǎo)線框進(jìn)入磁場時，感應(yīng)電流方向為abcdab. 導(dǎo)線框離開磁場時，感應(yīng)電流方向為adcbac. 導(dǎo)線框離開磁場時，受到的安培力方向水平向左d. 導(dǎo)線框進(jìn)入磁場時，受到的安培力方向水平向左【答案】c

12、d【解析】【詳解】a線框進(jìn)入磁場時，磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流方向為adcba；故a錯誤；b導(dǎo)線框離開磁場時，磁通量減小，感應(yīng)電流方向為abcda，故b錯誤；c導(dǎo)線框離開磁場時，由左手定則可知，受到的安培力方向水平向左；故c正確；d導(dǎo)線框進(jìn)入磁場時，由左手定則可知，受到的安培力方向水平向左，故d正確。故選cd。第卷(非選擇題共52分)二實驗題（共2小題，共15分。請把答案填在答題紙上)13.某同學(xué)在做測金屬絲電阻率的實驗中，取一根粗細(xì)均勻的、長度為l的康銅絲，先用螺旋測微器測出康銅絲的直徑d；然后由伏安法測出康銅絲的電阻；最后求出康銅絲的電阻率。（1）測康銅絲的直徑時螺旋測微器的示數(shù)

13、如圖所示，可知康銅絲的直徑d_mm。（2）若調(diào)節(jié)滑動變阻器，通過多次測量求平均值的方法得到康銅絲的電阻值為r，請寫出求康銅絲的電阻率的表達(dá)式為_（用l、d、r等已知字母表示）?！敬鸢浮?(1). 0.281 (2). =【解析】【詳解】(1)1由圖示螺旋測微器可以知道其示數(shù)為：(2)2根據(jù)電阻定律有：可得電阻率：14.用如圖（甲）所示的電路圖研究額定電壓為2.4v的燈泡l的伏安特性,并測出該燈泡在額定電壓下工作時的電阻值（1）在閉合開關(guān)s前,滑動變阻器觸頭應(yīng)該放在_端（選填“a”或“b” ）（2）按電路圖（甲）測出的燈泡電阻值比真實值_（選填“偏大”或“偏小”）（3）根據(jù)所得到的圖象如圖乙所示

14、,它在額定電壓下實際功率p=_w,i-u圖象是一條曲線而不是直線的原因是_ 【答案】 (1). a (2). 偏小 (3). 1.2 (4). 小燈泡的電阻隨溫度的升高而增大【解析】【詳解】(1)1閉合開關(guān)前，應(yīng)將滑動觸頭置于輸出電壓最小的a端，以保護(hù)電流表；(2)2根據(jù)歐姆定律，電阻測量值為若考慮電壓表內(nèi)阻影響，待測電阻的真實值為所以測出的燈泡電阻值比真實值偏小(3)3根據(jù)i-u圖象讀出u=2.4v時對應(yīng)的電流i=0.5a，所以小燈泡的實際功率為4根據(jù)歐姆定律應(yīng)有可見i-u圖象上的點與原點連線斜率的倒數(shù)等于燈泡的電阻，由于連線的斜率逐漸減小，所以小燈泡的電阻隨溫度的升高而增大，即i-u圖象是

15、一條曲線而不是直線的原因是小燈泡的電阻隨溫度的升高而增大.三、計算題(共3小題，共37分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案不能得分，有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位)15.地面上方存在水平向右的勻強(qiáng)電場，一質(zhì)量為m帶電量為q的小球用絕緣絲線懸掛在電場中，當(dāng)小球靜止時絲線與豎直方向的夾角為，此時小球到地面的高度為h,求：（1）勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)？（2）若絲線突然斷掉，小球經(jīng)過多長時間落地？【答案】(1) (2) 【解析】【分析】(1)小球受重力、拉力和電場力處于平衡，根據(jù)共點力平衡求出電場力的大小，從而得出勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)；(2)絲線斷掉后，做勻加速直線運動，

16、根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，結(jié)合位移時間公式求出運動的時間【詳解】(1) 對小球列平衡方程qe=mgtan解得：；(2) 絲線斷后小球的加速度為 由 解得：【點睛】本題考查了共點力平衡、牛頓第二定律和運動學(xué)公式的綜合運用，知道加速度是聯(lián)系力學(xué)和運動學(xué)的橋梁16.如圖所示，光滑的平行導(dǎo)軌與水平面的夾角為=30°，兩平行導(dǎo)軌間距為l，整個裝置處在豎直向上的勻強(qiáng)磁場中導(dǎo)軌中接入電動勢為e、內(nèi)阻為r的直流電源，電路中有一阻值為r的電阻，其余電阻不計將質(zhì)量為m，長度也為l的導(dǎo)體棒放在平行導(dǎo)軌上恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，重力加速度為g，求：（1）通過ab導(dǎo)體棒的電流強(qiáng)度為多大？（2）勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度

17、為多大？（3）若突然將勻強(qiáng)磁場的方向變?yōu)榇怪睂?dǎo)軌平面向上，求此時導(dǎo)體棒的加速度大小及方向【答案】（1）；（2）；（3），方向沿斜面向上【解析】【分析】（1）根據(jù)閉合電路的歐姆定律即可求得；（2）利用共點力平衡即可求得磁感應(yīng)強(qiáng)度；（3）根據(jù)牛頓第二定律即可求的加速度【詳解】（1）由閉合電路歐姆定律可得（2）導(dǎo)體棒靜止，根據(jù)共點力平衡可得bilcos30°=mgsin30° （3）由牛頓第二定律可得bil-mgsin30°=ma解得，方向沿斜面向上【點睛】解決本題的關(guān)鍵能夠正確地進(jìn)行受力分析，求出合力，運用牛頓第二定律進(jìn)行求解.17.在如圖甲所示的電路中，螺線管匝數(shù)n = 1500匝，橫截面積s = 20cm2螺線管導(dǎo)線電阻r = 1.0，r1 = 4.0，r2 = 5. 0，c=30f在一段時間內(nèi)，穿過螺線管的磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度b按如圖乙所示的規(guī)律變化求：（1）求螺線管中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢；（2）閉合s，電路中的電流穩(wěn)定后，求電路中的電流；（3）閉合s穩(wěn)定后，判斷電容器哪個級板帶正電？電容