第四節(jié)碰撞限時(shí)訓(xùn)練

1、C.最終小木塊速度為Mv0m +M，方向向左Mvom M第四節(jié)碰撞限時(shí)訓(xùn)練趙春光羅均班級(jí)姓名分?jǐn)?shù)1.（多選）兩個(gè)小球在光滑水平面上沿同一直線，同一方向運(yùn)動(dòng)，B球在前，A球在后，mA=1kg ,mB=2kg,VA=6m/s, VB=3m/s，當(dāng)A球與B球發(fā)生碰撞后， A、B兩球速度可能為（）A. va =4m/s, VB=4m/sB. VA=2m/s, VB=5m/sC. va =-4m/s, VB=6m/sD. VA=7m/s, VB=2.5m/sE. VA=3m/s, VB=4.5m/s2如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為M木箱原來(lái)靜止在光滑水平面上，木箱內(nèi)粗糙的底板上放著一個(gè)質(zhì)量為m的小木塊。木箱和小木

2、塊都具有一定的質(zhì)量?，F(xiàn)使木箱獲得一個(gè)向左的初速度vo,則（）A. 小木塊和木箱最終都將靜止D.木箱和小木塊系統(tǒng)機(jī)械能最終損失1 mv223.在光滑水平面上，質(zhì)量為 m的小球A正以速度vo勻速運(yùn)動(dòng)。某時(shí)刻小球 A與質(zhì)量為3m的靜止小 球B發(fā)生正碰，兩球相碰后，A球的動(dòng)能恰好變?yōu)樵瓉?lái)的 1/4。則碰后B球的速度大小是（）A. vo/6B. 5vo/12C. Vo/2D . vo/2 或 vo/64.在光滑水平面上，有兩個(gè)小球A、B沿同一直線同向運(yùn)動(dòng)（B在前），已知碰前兩球的動(dòng)量分別為pA=12kg m/s、pB=13kg m/s,碰后它們動(dòng)量的變化分別為Ap、Ap。下列數(shù)值可能正確的是 （）A.

3、ApA=-3kg m/s、ApB=3kg m/sB. ApA=3kg m/s、Ap=-3kg m/sC. ApA=-24kg m/s、Ap=24kg m/sD. ApA=24kg m/s、Ap=-24kg m/s5.如圖所示，光滑水平面上有大小相同的 規(guī)定向右為正方向，增量為4 kg m/s則（mB=2mA,A、B兩球在同一直線上運(yùn)動(dòng).兩球質(zhì)量關(guān)系為B兩球的動(dòng)量均為 +6 kg m/s,運(yùn)動(dòng)中兩球發(fā)生碰撞，碰撞后A球的動(dòng)量）A.左方是A 球,碰撞后A、B兩球速度大小之比為2 :5B.左方是A 球,碰撞后A、B兩球速度大小之比為1 :10C.右方是A 球,碰撞后A、B兩球速度大小之比為2 :5D

4、.右方是A 球,碰撞后A、B兩球速度大小之比為1 :10（多選）如圖所示，半徑和動(dòng)能都相等的兩個(gè)小球相向而行.甲球的質(zhì)量6.水平面是光滑的，兩球做對(duì)心碰撞以后的運(yùn)動(dòng)情況可能是（A. 甲球速度為零，乙球速度不為零B. 乙球速度為零，甲球速度不為零C. 兩球速度都不為零m甲大于乙球的質(zhì)量 m 乙,D.兩球都以各自原來(lái)的速率反向運(yùn)動(dòng)7.（多選）在質(zhì)量為M的小車中懸掛一單擺，擺球的質(zhì)量為m0,小車和單擺以恒定的速度 V沿光滑水平地面運(yùn)動(dòng)，與位于正對(duì)面的質(zhì)量為m的靜止木塊發(fā)生碰撞，碰撞時(shí)間極短，在此碰撞過(guò)程中，下列哪些情況可能發(fā)生（）A.小車、木塊、擺球的速度均發(fā)生變化， 分別變?yōu)閂V?、V3,滿足（M

5、+m ） V = MV計(jì)m V2+mV3B. 木箱速度為零時(shí)，小木塊速度為B. 擺球的速度不變，小車和木塊的速度變?yōu)閂i和V2,滿足MV = MV i+m V2C. 擺球的速度不變，小車和木塊的速度變?yōu)閂，滿足MV =（ M+m ） VD. 小車和擺球的速度均變?yōu)?Vi，木塊的速度變?yōu)?V2,滿足（M+m ） V =（ M+m 0） Vi+mV28. 質(zhì)量為 m、速度為v的A球與質(zhì)量為3m的靜止B球發(fā)生正碰.碰撞可能是彈性的，也可能是非 彈性的，因此，碰撞后 B球的速度可能有不同的值.碰撞后B球的速度大小可能是（）A. 0.6v B. 0.4vC . 0.2v D. v9. （多選）在光滑水平

6、面上動(dòng)能為 的運(yùn)動(dòng)方向相反，將碰后球 為E2、P2,則必有（）Eo,動(dòng)量大小Po的小鋼球1的動(dòng)能和動(dòng)量大小分別記為1與靜止小鋼球2發(fā)生碰撞，碰撞前后球1Ei、Pi,球2的動(dòng)能和動(dòng)量大小分別記v在光滑水平面上相向運(yùn)動(dòng),甲乙A. Ei EoB. Pi EoD . P2VP0i0.如圖所示，兩個(gè)小球 A、B在光滑水平地面上相向運(yùn)動(dòng)，它們的質(zhì)量分別為 mA= 4 kg , mB = 2 kg,速度分別是vA = 3 m/s（設(shè)為正方向）,vB = 3 m/s.則它們發(fā)生正碰后，速度的可能值分別為（）A. va= i m/s, Vb= i m/sB. va= 4 m/s, vb= 5 m/sC. va=

7、 2 m/s, Vb = i m/sD. va= i m/s, vb= 5 m/sii. 如圖所示，現(xiàn)有甲、乙兩滑塊，質(zhì)量分別為3m和m，以相同的速率 發(fā)生碰撞。已知碰撞后，甲滑塊靜止不動(dòng)，則（）A. 碰撞前總動(dòng)量是 4mvB .碰撞過(guò)程動(dòng)量不守恒C. 碰撞后乙的速度大小為 2vD .碰撞屬于非彈性碰撞12. 質(zhì)量為 ma=ikg, mb=i2kg的小球在光滑的水平面上發(fā)生碰撞，碰撞前后兩球的位移 圖所示，則可知碰撞屬于 （）A. 彈性碰撞B. 非彈性碰撞C. 完全非彈性碰撞D. 條件不足，不能判斷13. （多選）如圖所示，在光滑水平面上質(zhì)量分別為mA=2kg、 的A、B兩小球沿同一直線相向運(yùn)

8、動(dòng)并發(fā)生對(duì)心碰撞，則（A. 它們碰撞后的總動(dòng)量是i8kg ? m/s,方向水平向右B. 它們碰撞后的總動(dòng)量是2kg ? m/s,方向水平向右C. 它們碰撞后B小球向右運(yùn)動(dòng)D. 它們碰撞后B小球可能向左運(yùn)動(dòng)14. 在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中有帶電粒子作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)它運(yùn)動(dòng)到 M點(diǎn)，突然與不帶電的靜止粒子 碰撞合為一體，碰撞后的運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)軌跡是圖中 那一個(gè)（實(shí)線為原軌跡，虛線為碰后軌跡，且不 計(jì)粒子的重力）（）15. 兩個(gè)完全相同、質(zhì)量均為m的滑塊A和B,-時(shí)間圖象如51mB=4kg，速率分別為 VA=5m/s、）C放在光滑水平面上，滑塊一端固定在墻上，當(dāng)滑塊B以Vo的初速度向滑塊 A運(yùn)動(dòng)，如圖所示，碰到A與輕

9、彈簧相連,A后不再分開(kāi),VB=2m/sWD彈簧另 下述說(shuō)法中正確的是（）A. 兩滑塊相碰和以后一起運(yùn)動(dòng)過(guò)程，系統(tǒng)動(dòng)量均守恒B. 兩滑塊相碰和以后一起運(yùn)動(dòng)過(guò)程，系統(tǒng)機(jī)械能均守恒C. 彈簧最大彈性勢(shì)能為 1mv（22D. 彈簧最大彈性勢(shì)能為 ；mv216.在光滑的水平面上有 a、b兩球，其質(zhì)量分別為 后的速度圖象如圖所示則下列關(guān)系正確的是（A. mambB. maMb,經(jīng)過(guò)相同時(shí)間后撤去兩力.以后兩物體相碰并粘成一體，這時(shí)A、B將（）A.停止運(yùn)動(dòng)B. 向右運(yùn)動(dòng)C. 向左運(yùn)動(dòng)題號(hào)123456789答案題號(hào)101112131415161718答案D.仍運(yùn)動(dòng)但方向不能確定19.質(zhì)量分別為mi、m2的小球

10、在一直線上做彈性碰撞, 若m1=1kg , m2的質(zhì)量等于多少？它們?cè)谂鲎睬昂蟮奈灰?一時(shí)間圖像如圖所示,20.如圖所示，AB為傾角0 =37的粗糙斜面軌道，通過(guò)一小段光滑圓弧與光滑水平軌道BC相連接,質(zhì)量為 m2的小球乙靜止在水平軌道上，質(zhì)量為m1的小球甲以速度 vo與乙球發(fā)生彈性正碰。若m1：m2=1:2，且軌道足夠長(zhǎng)，要使兩球能發(fā)生第二次碰撞，求乙球與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)卩的取值范圍。第四節(jié)參考答案題號(hào)123456789答案ABECCAAACBCBAB題號(hào)101112131415161718答案ACABCADBDA19. 3kg; 20. J ： 0.45第四節(jié)參考答案題號(hào)1234567

11、89答案ABECCAAACBCBAB題號(hào)101112131415161718答案ACABCADBDA19. 3kg; 20.：0.45第四節(jié)參考答案題號(hào)123456789答案ABECCAAACBCBAB題號(hào)101112131415161718答案ACABCADBDA19. 3kg; 20.0.45第四節(jié)參考答案題號(hào)123456789答案ABECCAAACBCBAB題號(hào)101112131415161718答案ACABCADBDA19. 3kg; 20.0.45第四節(jié)參考答案題號(hào)123456789答案ABECCAAACBCBAB題號(hào)101112131415161718答案ACABCADBDA19.

12、 3kg; 20.0.45第四節(jié)參考答案題號(hào)123456789答案ABECCAAACBCBAB題號(hào)101112131415161718答案ACABCADBDA19. 3kg; 20.0.45參考答案1. ABE【解析】：兩球相撞時(shí)，遵循動(dòng)量守恒定律，故碰前的動(dòng)量為P=mAVA+mBVB=12kg m/s；由于B球在前，A球在后，碰后 B球的動(dòng)量應(yīng)該增加，A球的動(dòng)量應(yīng)該減少；碰前 A球的動(dòng)量為PA=6kgXm/s, B 球的動(dòng)量為 PB=6kgXm/s。對(duì)選項(xiàng) A檢驗(yàn)得，其總動(dòng)量為 P =1X 4 kg x m/s +2 x 4 kg x m/s =12 kg, m/球的動(dòng)量為 PA 4kg m

13、/s, 小于碰前的動(dòng)量， B球的動(dòng)量為PB 8kg Xm/s，大于碰前的動(dòng)量，故選項(xiàng) A正確；對(duì)選項(xiàng)B檢驗(yàn)得，其總動(dòng)量為 P =2 kg Xm/s +2 X5kgXm/s =12 kg Xm/s, A球的動(dòng)量為 Pa 2kg Xm/s, 小于碰前的動(dòng)量，B球的動(dòng)量為Pb =kg Xm/s,大于碰前的動(dòng)量，故選項(xiàng) B正確；對(duì)選項(xiàng) C檢驗(yàn)得，其總動(dòng)量為 P= 14 kg Xm/s +2 X6kgXm/s =8kgXm/s，故選項(xiàng) C錯(cuò)誤；對(duì)選項(xiàng)D檢驗(yàn)得，其總動(dòng)量為 P =1X 7kgX m/s +2 X 2.5kg X m/s =12 kg XAm球的動(dòng)量為 Pa 7kg Xm/s, 大于碰前的動(dòng)

14、量， B球的動(dòng)量為Pb 5kg Xm/s，小于碰前的動(dòng)量，故選項(xiàng) D錯(cuò)誤；對(duì)選項(xiàng)E檢驗(yàn)得，其總動(dòng)量為 P =1X 3kgX m/s +2 X 4.5kg X m/s =12 kg Xm球的動(dòng)量為 PA 3kg Xm/s, 小于碰前的動(dòng)量， B球的動(dòng)量為PB 9kg Xm/s，大于碰前的動(dòng)量，故選項(xiàng) E正確。2. C【解析】：當(dāng)木箱獲得一個(gè)向左的初速度vo時(shí)，木塊相對(duì)木箱將向后滑動(dòng)，然后與后壁相碰，經(jīng)過(guò)若干次碰撞后相對(duì)木箱靜止，此時(shí)兩者具有共同速度，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得：Mv=(M+m)v ,解得v = MV方向與V0方向相同，故選項(xiàng) AB錯(cuò)誤，C正確；.木箱和小木塊系統(tǒng)機(jī)械能最終損m + M2

15、失1Mv(2 -Rm +m)v2 =MmVo，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選 C.考點(diǎn)：動(dòng)量守恒定律.222(m M)1 21 12Vo、，、,、,3. C【解析】：A球碰后有一mvA = mv0，可知Va =，而碰后 A球的速度可能與碰前相同或2 4 22相反。若A球碰撞前后速度方向相同，A與B的正碰滿足動(dòng)量守恒定律，取v0的方向?yàn)檎较?，有m叫+3呎，解得vB詩(shī)，出現(xiàn)，將發(fā)生第二次碰撞，這種情況不可能發(fā)生。故A球碰后將反彈，取vA = - 土代入到動(dòng)量守恒表達(dá)式，解得：vb =上。故選C。2 2考點(diǎn)：本題考查了碰撞、動(dòng)量守恒定律。pA=9kg?m/s pB=16kg?m/s,碰4. A【解析】：由題可知

16、碰撞前，因?yàn)?B在前，所以A的動(dòng)量不可能沿原方向增大，而 B的動(dòng)量要增 力口.故碰后它們動(dòng)量的變化分別為 Pa V 0, Pb 0故B、D錯(cuò)誤.根據(jù)碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒定律，如果 PA=-3kg?m/s pB=3kg?m/s，所以碰后兩球的動(dòng)量分別為前的動(dòng)能之和:2 2PA PB 1441692mA 2mB 2mA 2mB，碰后總能量:Pa2 +2mA2mB81256+2mA 2mB故碰后的總能量能夠不大于碰前的總能量，故答案A有可能；根據(jù)碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒定律，如果 PA=-24kg?m/s pB=24kg?m/s,所以碰后兩球的動(dòng)量分別為pA=-12kg?m/s pzB=37kg?m/s,可以看

17、出，碰撞后 A的動(dòng)能不變，而 B的動(dòng)能增大，違反了能量守恒定律.故C錯(cuò)誤.故選A.考點(diǎn)：動(dòng)量守恒及能量守恒定律5. A【解析】：規(guī)定向右為正方向，碰撞前 A、B兩球的動(dòng)量均為 6kg?m/s說(shuō)明A、B兩球的速度方向向右，兩球質(zhì)量關(guān)系為 mB = 2mA，所以碰撞前Va vb，所以左方是 A球；碰撞后 A球的動(dòng)量增量為-4kg?m/s ,所以碰撞后A球的動(dòng)量是2kg?m/s,碰撞過(guò)程系統(tǒng)總動(dòng)量守恒， 精彩文檔mAVAmpVB二-mAVA mpVB，所以碰撞后B球的動(dòng)量是10kg?m/s,根據(jù)mB=2mA，所以碰撞后 A、B兩球速度大小之比為 2: 5,故A正確；考點(diǎn)：考查了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用6.

18、 AC【解析】：該題考查動(dòng)量守恒定律，動(dòng)能與動(dòng)量的關(guān)系，甲乙兩球動(dòng)能相等，有Ek甲=Ek乙，設(shè)甲球的動(dòng)量為 P甲，乙球動(dòng)量為P乙，貝U Ek甲=, Ek乙=，因?yàn)閙甲m乙，所以P甲P乙，2 m甲%乙又因?yàn)閮汕蛳嘞蜻\(yùn)動(dòng)，所以P甲與P乙方向相反，碰撞后兩球應(yīng)沿動(dòng)量大的方向，故兩球運(yùn)動(dòng)方向與甲球原來(lái)的方向相同不為零.所以乙球速度不為零.2 2_2解：A、上述分析知Ek甲=Ek乙，因?yàn)镋k=mv2=，所以動(dòng)量為：P=,2 2m 2mA正確.因?yàn)閙甲m乙，所以有：P甲P乙甲乙相向運(yùn)動(dòng)，故甲乙碰撞后總動(dòng)量沿甲原來(lái)的方向，甲繼續(xù)沿 原來(lái)的方向運(yùn)動(dòng)，乙必彈回所以乙的速度不可能為零，故B、 因?yàn)橐冶貜椈?，故速?/p>

19、不為零，B錯(cuò)誤；C正確；故D錯(cuò)誤;C、因?yàn)榕鲎埠蠹滓叶佳丶自瓉?lái)的方向運(yùn)動(dòng)，故甲乙速度不為零，D、碰撞后甲乙均沿甲原來(lái)的方向運(yùn)動(dòng)，甲速度不反向，乙速度反向，故選：AC 點(diǎn)評(píng)：該題總體難度適中，只要能找到動(dòng)能和動(dòng)量之間的換算關(guān)系就可以順利解決了.7. BC【解析】：碰撞的瞬間小車和木塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，擺球的速度在瞬間不變，以球的初速度方向?yàn)檎较?，若碰后小車和木塊的速度變Vi和v，由動(dòng)量守恒定律得:MV MV1 mV2 ； 若碰后小車和木塊速度相同，由動(dòng)量守恒定律得:MV0 ( M m) V，故 BC 正確?？键c(diǎn):考查了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用8. B【解析】：若Vb = 0.6v ,由動(dòng)量守恒得:

20、mv 二 mVA 3m 0.6v，得 va = -0.8v，碰撞前系統(tǒng)的1 2mv21 212121212EJ -mvA - 3mvB -m 0.8v i亠 3mvB mv，違反了能量守恒定律，不可能.故2 2 2 2 2Ek錯(cuò)誤若Vb =0.4v，由動(dòng)量守恒得:統(tǒng) 的 總 動(dòng) 能 為mv = mvA 3m 0.4v，得Va = -0.2v，碰撞后系統(tǒng)的總動(dòng)能1 2 1 2 1 2 1 2 1 2為Ek=，mvA+亍3mvB =，m(0.2v) +亍3m(0.4v ) cmv，不違反了能量守恒定律,是可能的.故 B正確.A、B發(fā)生完全非彈性碰撞，則有:mv (m 3m) vB, vB 二 0.

21、25v，這時(shí) b獲得的速度最大，所以vB = 0.2v，是不可能的.故C錯(cuò)誤.若vB = v，由動(dòng)量守恒得：1 一 一mv =mvA +3m v ,得 j = -一v ,碰撞后系統(tǒng)的總動(dòng)能必定大于碰撞前系統(tǒng)的總動(dòng)能，違反了能3量守恒定律，不可能.故 D錯(cuò)誤.考點(diǎn)：考查了動(dòng)量守恒，能量守恒9 . AB【解析】：由題，碰撞后兩球均有速度.根據(jù)碰撞過(guò)程中總動(dòng)能不增加可知，巳 P).故A、B正確，C、D錯(cuò)誤?？键c(diǎn)：考查了動(dòng)量守恒定律，能量守恒定律的應(yīng)用精彩文檔10. A【解析】：兩球碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，碰撞過(guò)程中系統(tǒng)機(jī)械能不可能增加，碰撞后的系統(tǒng)總動(dòng) 能應(yīng)該小于或等于碰撞前的系統(tǒng)總動(dòng)能；同時(shí)，碰撞后

22、A球速度不大于 B球的速度.1 2 1 2碰前系統(tǒng)總動(dòng)量為 3 4一3 2=6kgm/s，碰前總動(dòng)能為4 322 32 = 27J -2 2 若Va =1 m/s, Vb =1 m/s,則系統(tǒng)動(dòng)量守恒，動(dòng)能3J,碰撞后A球速度不大于 B球的速度，符合,故A可能；若vA =4 m/s, vB = 5 m/s，則系統(tǒng)動(dòng)量守恒，動(dòng)能大于碰撞前，不符合題意，故B不可能；若Va =2 m/s, Vb = 1 m/s，則系統(tǒng)動(dòng)量守恒，但不符合碰撞后A球速度不大于B球的速度，故C不可能;若vA = 1 m/s, vB =5 m/s，則系統(tǒng)動(dòng)量不守恒， D不可能?？键c(diǎn)：考查了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用11. C【解析

23、】：規(guī)定向右為正方向，碰撞前總動(dòng)量為3mv-mv = 2mv , A錯(cuò)誤；碰撞過(guò)程兩滑塊組成的系統(tǒng)外力為零，故系統(tǒng)動(dòng)量守恒，B錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得：3mv - mv = 0 mv，解1 2 1 2 2得：v=2v, C正確；碰撞前總動(dòng)能為：一 3mv2十一 mv2 = 2mv2 ,碰撞后總動(dòng)能為：2 212 20+，m(2v) =2mv，碰撞前后無(wú)動(dòng)能損失，D錯(cuò)誤； 考點(diǎn)：考查了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用312. A【解析】：根據(jù)x-t圖象可知：a球的初速度為：Va =1=3m/s , b球的初的速度為v 0，碰15_3撞后a球的速度為：Va1m /s，碰撞后b球的速度為：Vb2m / s，兩球

24、碰撞過(guò)11程中，動(dòng)能變化量為:1 2 1 2 1 21巴=2+0-尹Va -尹肌=1 1 32 _丄 1 12 - 2 22 = 0 ,2 2 2A正確。考點(diǎn)：考查了動(dòng)量守恒定律,則知碰撞前后系統(tǒng)的總動(dòng)能不變，此碰撞是彈性碰撞; 彈性碰撞13. BC【解析】：設(shè)向右為正方向，則碰前總動(dòng)量為：p=mAvA-mBvB=2 kg ? m/s,方向向右，選項(xiàng) A然向右運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng) C正確，D錯(cuò)誤。14 . A【解析】：粒子原來(lái)的軌道半徑為:考點(diǎn)：動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用。錯(cuò)誤，B正確；假如碰后 B球向左運(yùn)動(dòng)，則 A球也必然向左運(yùn)動(dòng)，兩球的總動(dòng)量向左，故不可能； 假如碰后B球靜止，則 A球也必然向左運(yùn)動(dòng)，兩球的

25、總動(dòng)量向左，也不可能；故碰撞后B小球必m1vR=，根據(jù)動(dòng)量守恒，結(jié)合后的總動(dòng)量滿足:q1B (m1 + m2)v共m1v = (m1 + m2)v共，則結(jié)合后在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑R =-二一1=R，故選項(xiàng)112 共q1Bq1BA正確?？键c(diǎn)：帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；動(dòng)量守恒定律。15. D【解析】：兩滑塊只在相碰時(shí)系統(tǒng)動(dòng)量才守恒，在以后一起運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，由于受到彈簧的彈力作 用，故系統(tǒng)動(dòng)量不守恒， 選項(xiàng)A錯(cuò)誤；兩滑塊在相碰時(shí)系統(tǒng)機(jī)械能減小，在以后一起運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，由于只有彈簧的彈力做功，故系統(tǒng)機(jī)械能守恒，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；兩物體相碰時(shí) mv0二2mv，彈簧的最大彈性勢(shì)能EPm1? 2mv22V0 2 叫)=-mv0，選項(xiàng)D正確,40C錯(cuò)誤?？键c(diǎn)：動(dòng)量守恒定律及能量守恒定律。16. B【解析】：由圖可知b球碰前靜止，設(shè)a球碰后速度為vi，b球速度為v?，物體碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒所以有：mav0=m a ( -v 1) +m bv21 2 1 2 1 2 maV0=mavi + mbV2 2 2 2聯(lián)立得：vi= ma _mb V0 , v2= ama +mbma由圖可知，a球碰后速度反向，故ma v mb ,故ACD錯(cuò)誤，B正確. 考點(diǎn)：本題考查碰撞中的動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒。17. D【解析】：小球 A從釋放到最低點(diǎn)，由動(dòng)能定理可知：mg(L