人教版中考物理歐姆定律經(jīng)典

1、03V,電流表的量程為 00.6A,滑動(dòng) 閉合開(kāi)關(guān)，在電路安全的情況下（不考）最新人教版中考物理歐姆定律經(jīng)典一、歐姆定律選擇題1.如圖所示的電路，電源電壓保持不變，電路中各元件連接正確且均完好，閉合電鍵S,向右移動(dòng)滑動(dòng)變阻器滑片P的過(guò)程中（）rA.電流表A的示數(shù)變大I,西壓表V的示數(shù)變大C.電壓表V與電流表A的示數(shù)的比值變大“D.電壓表V與電流表A的示數(shù)的乘積變小【答案】D【解析】【解答】A.此電路為串聯(lián)電路，電壓表測(cè)量電阻Ri兩端的電壓，電流表測(cè)電路電流，當(dāng)閉合電鍵S,向右移動(dòng)滑動(dòng)變阻器滑片P的過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器的電阻增大，電路的總電阻增大，根據(jù)歐姆定律，電路中的電流變小，即電流表的示數(shù)變小

2、，A不符合題意他.B.根據(jù)串聯(lián)電阻分壓關(guān)系，滑動(dòng)變阻器的電阻增大，分壓將增大，根據(jù)串聯(lián)電路電壓特點(diǎn)，所以電阻Ri兩端的電壓減小，即電壓表示數(shù)變小，B不符合題意.C.電壓表V與電流表A的示數(shù)的比值即為電阻Ri的阻值，應(yīng)不變，C不符合題意.D.因電壓表與電流表的示數(shù)都變小，所以乘積將變小，D符合題意.、故答案為：D.【分析】R與R2串聯(lián)，電壓表V測(cè)Ri的電壓，電流表測(cè)電路中的電流，根據(jù)歐姆定律可知電路中電流的變化分析.2.如圖所示，電源電壓恒為5V,電壓表的量程為變阻器的規(guī)格為“20Q1A”燈泡標(biāo)有“3V1.8W字樣.慮燈絲電阻的變化），則下列說(shuō)法中正確的是（A.滑動(dòng)變阻器的電阻允許調(diào)節(jié)的范圍是0

3、20aB.電流表示數(shù)的變化范圍是0.10.6AC.電壓表示數(shù)的變化范圍是1.5V3VD燈泡的最小功率是0.2W【答案】D【解析】【解答】解：由電路圖可知，滑動(dòng)變阻器與燈泡串聯(lián)，電壓表測(cè)燈泡兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流.根據(jù)P=UI可得，燈的額定電流:Il額="的=3V=0.6A,由I=*得:燈泡的電阻Rl=1L割=自創(chuàng)=5q由于電壓表的量程為03V,電流表的量程為00.6A,則燈泡兩端的最大電壓為3V,則通過(guò)燈泡的最大電流I最大=Il額=0.6A;4U5V由1=五得：電路中的最小總電阻R最小=最大=。.d=8.3R由串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和可知：滑動(dòng)變阻器接入電路中的最小

4、阻值：R滑最小二R最小-Rl=8.35Q=3.3,Q因?yàn)榛瑒?dòng)變阻器的規(guī)格為“20Q1A”，所以滑動(dòng)變阻器的電阻允許調(diào)節(jié)的范圍是3.320Q,故A錯(cuò)誤；電路中的最大總電阻R最大=RL+R=20+5Q=25Q則電路中的最小電流：I最小=最大=R5Q=0.2A,所以電流表示數(shù)的變化范圍是0.20.6A,故B錯(cuò)誤；燈泡兩端的最小電壓為Ul最小=1最小Rl=0.2AX5Q=1V所以電壓表示數(shù)的變化范圍是1V3V,故C錯(cuò)誤；此時(shí)燈泡的功率最小為：Pl最小=1最小2Rl=(0.2A)2X50=0.2W故D正確.故選D.【分析】由電路圖可知，滑動(dòng)變阻器與燈泡串聯(lián)，電壓表測(cè)燈泡兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流.

5、(1)知道燈泡的額定電壓和額定功率，根據(jù)P=UI求出燈泡的額定電流和電阻，然后結(jié)合電壓表的量程，電流表的量程確定電路中的最大電流，根據(jù)歐姆定律求出燈泡的電阻和電路中的最小電阻，利用電阻的串聯(lián)求出滑動(dòng)變阻器接入電路中的最小阻值；(2)當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大時(shí)，燈泡的功率最小，根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律求出電路中的電流，利用U=IR求出燈泡兩端的最小電壓，利用P=2R求出燈泡的最小功率.本題考查了串聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律、電功率公式的應(yīng)用，關(guān)鍵是根據(jù)燈泡的額定電壓和電流表的量程確定電路中的最大電流，對(duì)于選擇題并不一定完全解答選項(xiàng).3 .如圖所示，開(kāi)關(guān)閉合后.當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片向某一方向滑動(dòng)時(shí)

6、，觀察到燈泡變暗，該過(guò)程中()A.電流表示數(shù)變大，電壓表示數(shù)變/C.電流表示數(shù)變小，電壓表示數(shù)變/B.電流表示數(shù)變大，電壓表示數(shù)變大D.電流表示數(shù)變小，電壓表示數(shù)變大【答案】D【解析】【解答】由電路圖可知，燈泡與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表測(cè)滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片向某一方向滑動(dòng)時(shí)，燈泡變暗，則燈泡的實(shí)際功率變小，因串聯(lián)電路中各處的電流相等，由P=I2R可知，電路中的電流變小，即電流表的示數(shù)變小，AB不符合題意；由U=IR可知，燈泡兩端的電壓變小，因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，滑動(dòng)變阻器兩端的電壓變大，即電壓表的示數(shù)變大，C不符合題意、D符合題意。故答

7、案為：D【分析】結(jié)合電路圖，理清元件的連接方式及電表的測(cè)量對(duì)象，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片向某一方向滑動(dòng)時(shí)，觀察到燈泡變暗，則燈泡的實(shí)際功率變小，根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點(diǎn)和p=ui=2r可知電路中電流的變化，再根據(jù)歐姆定律可知燈泡兩端的電壓變化，利用串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)可知滑動(dòng)變阻器兩端電壓變化.4 .燈泡L上標(biāo)有“6V5W字樣，測(cè)得該燈泡的電流隨電壓變化的關(guān)系如圖甲所示.現(xiàn)把燈泡L接入如圖乙所示的電路中，若電源電壓為10V不變，電流表的量程為“A0.6A"，電壓表的量程為“A15V',則下列說(shuō)法正確的是（）A.燈泡L正常發(fā)光時(shí)，電壓表的示數(shù)為6VB.當(dāng)電流表示數(shù)為0.4A時(shí)，電壓表的示數(shù)

8、為9VC.燈泡L的電阻值隨電壓表的示數(shù)的增大而增大D.為了保證電路安全，整個(gè)電路消耗的最大功率為10W【答案】B【解析】【解答】解：A、燈泡正常發(fā)光時(shí)的電壓Ul=6V,因?yàn)榇?lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，燈泡L正常發(fā)光時(shí)，電壓表的示數(shù)：Ur=U-Ul=10V-6V=4V,故A錯(cuò)誤；B、由圖象可知，當(dāng)I=0.4A時(shí)，Ul=1V,所以Ur=U-Ul=10V-1V=9V.故B正確；C、燈泡的電阻隨溫度的升高而增大，即燈泡兩端的電壓越大時(shí)，實(shí)際功率越大，溫度越高，電阻越大，因電壓表的示數(shù)越大時(shí)，燈泡兩端的電壓越小，所以，燈泡的電阻隨兩端的電壓增大而減小.故C錯(cuò)誤；D、由圖象可知，當(dāng)燈泡正常發(fā)光

9、（Ul=6V）時(shí)，電路中的電流為1A>0.6A,所以電路中的最大電流為I=0.6A,電路消耗的最大電功率Pmax=UImax=10VX0.6A=6W故D錯(cuò)誤.故選B.【分析】由電路圖可知，燈泡L與滑動(dòng)變阻器R串聯(lián)，電壓表測(cè)R兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流；(1)燈泡正常發(fā)光時(shí)的電壓和額定電壓相等，根據(jù)歐姆定律求出電壓表的示數(shù)；(2)根據(jù)圖象讀出當(dāng)電流表示數(shù)為0.4A時(shí)，燈泡兩端的電壓，根據(jù)電阻的串聯(lián)特點(diǎn)求出電壓表的示數(shù)；(3)燈泡兩端的電壓越大時(shí)，實(shí)際功率越大，溫度越高，電阻的越大，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)可知電壓表示數(shù)增大時(shí)燈泡兩端的電壓變化，進(jìn)一步得出燈泡電阻與電壓表示數(shù)之間的關(guān)系；

10、(4)根據(jù)圖象可知燈泡正常工作時(shí)的額定電流，并與電流表的量程相比較得出電路的最大電流，即可判斷燈泡是否能正常工作；根據(jù)P=UI求出電路消耗的最大電功率.5.如圖所示，電源電壓不變,Li、L2兩個(gè)燈泡的規(guī)格相同。閉合開(kāi)關(guān)S,滑片P都從中點(diǎn)向右滑動(dòng)的過(guò)程中，關(guān)于兩燈的亮度情況，說(shuō)法正確的是(當(dāng)滑動(dòng)變阻器的)、LiA. Li始終比L2暗變亮【答案】AC. L和L2都變暗D. L1和L2都【解析】 【解答】解：圖示電路中燈泡與滑動(dòng)變阻器的連接方式分別為串聯(lián)和并聯(lián)；燈泡的實(shí)際功率決定燈泡的明暗程度。左圖：燈泡Li與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，右圖：燈泡L2與滑動(dòng)變阻器并聯(lián)。已知兩只燈泡規(guī)格相同，也就是電阻相同，滑動(dòng)

11、變阻器滑片沒(méi)有移動(dòng)時(shí)，Li兩端電壓小于L2兩端電壓，由P= H知，Li實(shí)際功率較小，發(fā)光較暗；當(dāng)滑片從中點(diǎn)向右滑動(dòng)的過(guò)程中，左圖中滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻增大，電路中的電流減小，根據(jù)功率的計(jì)算公式P=I2R可得，R不變，I減小，因此燈泡 Li的實(shí)際功率減小，即燈泡的亮度變暗；右圖中并聯(lián)電路中各支路用電器互不影響，或根據(jù)燈泡L2的實(shí)際功率不變，故燈泡的亮度不變。因此Li始終比L2暗。故答案為：A。P=進(jìn)行分析，R和U都不變，因此【分析】結(jié)合電路圖，理清元件的連接方式，利用決定燈泡明暗程度的物理量，根據(jù)串、 并聯(lián)電路的特點(diǎn)判斷燈泡明暗程度的變化即可6 .如圖所示的電路中，電源電壓不變，開(kāi)關(guān)s閉合

12、，滑片P移動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)，Ri消耗的功率為Pi;滑片P移到小中點(diǎn)時(shí)，Ri消耗的功率為=2:9，滑片P在b點(diǎn)和在中點(diǎn)時(shí)，R2消耗的功率之比為（）A.1:2B.2:5C.2:9D.4:9【答案】D【解析】【解答】設(shè)滑片P移到變阻器b點(diǎn)和中點(diǎn)時(shí)電路中的電流分別為Ii、|2；已知Pi：Pi'=2:9，由 P=I2R 可得:,設(shè)滑動(dòng)變阻器R2的最大阻值為 R,滑片P在ps 串A.變小不變【答案】DB變大變小C變大變大D變大不變中點(diǎn)和在b端時(shí),R2消耗的功率之比:故答案為：D.【分析】根據(jù)電路圖可知，電阻Ri與變阻器R2串聯(lián)，電壓表測(cè)量Ri兩端電壓，電流表測(cè)量電路中的電流，結(jié)合電功率的計(jì)算方法P=2R

13、即可求得比值7 .如圖的電路，電源電壓不變.閉合開(kāi)關(guān)，滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)的過(guò)程中，電流表與電壓表示數(shù)變化的情況分別是（【解析】【解答】由電路圖可知，電阻R與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表測(cè)電源電壓，電流表測(cè)電路中的電流，因電源電壓不變，所以，滑片移動(dòng)時(shí)，電壓表的示數(shù)，BC不合題意；當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)的過(guò)程中，接入電路中的電阻變小，由I=乂可知，電路中的電流變大，即電流表的示數(shù)變大，A不合題意，D符合題意.故答案為：D.【分析】電阻R與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表測(cè)電源電壓，電流表測(cè)電路中的電流.滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)的過(guò)程中，由于電壓表測(cè)電源電壓，所以它的示數(shù)不變，滑動(dòng)器接入電路的電阻變小，

14、根據(jù)歐姆定律分析可知電路中電流的變化情況8 .如圖所示的電路中，電源電壓和燈泡電阻都保持不變.當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P由中點(diǎn)向右移動(dòng)時(shí)，下列判斷正確的是（）A.電流表和電壓表的示數(shù)都增大B電流表和電壓表的示數(shù)都減小C.電流表示數(shù)減小，電壓表示數(shù)不變，變阻器功率變小D.電流表示數(shù)減小，電壓表示數(shù)變大，燈泡功率不變【答案】C【解析】【解答】如圖燈泡與滑動(dòng)變阻器并聯(lián)，電流表測(cè)量滑動(dòng)變阻器的電流，電壓表測(cè)量電源電壓，利用歐姆定律和電功率的知識(shí)解答。當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P由中點(diǎn)向右移動(dòng)時(shí)，電阻變大，所以電流變小，即電流表示數(shù)變小，電壓表因?yàn)闇y(cè)量電源電壓而變。AB不符合題意；燈泡的電壓和電流都沒(méi)有變化，所以根據(jù)

15、忸二囪，功率不變；滑動(dòng)變阻器的電壓不變，但電流變小了，根據(jù)尸心了，電流減小則功率變小。C符合題息。故答案為：Co【分析】由電路圖可知，燈泡與滑動(dòng)變阻器并聯(lián)，電壓表測(cè)電源的電壓，電流表測(cè)通過(guò)變阻器的電流。根據(jù)電源的電壓可知滑片移動(dòng)時(shí)電壓表示數(shù)的變化，根據(jù)滑片的移動(dòng)可知接入電路中電阻的變化，根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)和歐姆定律可知通過(guò)滑動(dòng)變阻器的電流變化.9 .某同學(xué)做電學(xué)實(shí)驗(yàn)時(shí)，電路如下圖所示.已知他所用電流表的量程為00.6A,電壓表的量程為03V,電源電壓為6V保持不變，滑動(dòng)變阻器的最大阻值為50Q,定值電阻Ro為10Q,開(kāi)關(guān)S閉合后，在實(shí)驗(yàn)操作無(wú)誤的情況下，下列說(shuō)法中正確的說(shuō)法是（）A.電流表

16、的最大示數(shù)為0.6AB.滑動(dòng)變阻器消耗的最小功率為0WC.電壓表的最小示數(shù)為1VD.電阻Ro消耗的最大功率為1.8W【答案】C【解析】【解答】（1）.電源電壓為6V,電壓表的量程為0-3V,.P不能滑到左端，滑動(dòng)變阻器連入電阻不能為0,滑動(dòng)變阻器的電功率不能為0;|3V當(dāng)電壓表的示數(shù)為3V,即：Ur=3V時(shí)：電流最大（電流表的示數(shù)最大），I大=法方=0.3A,R0消耗的電功率最大，P大=I2Ro=（0.3A）2X100=0.9W（2）當(dāng)滑片P在右端（電阻全連入為50Q）,此時(shí)電路中的電阻最大，電流最小，翎1小=100*50c=0.1A,u小=I小R0=0.1Ax10Q=1V故答案為：C.【分析

17、】由電路圖可知，定值電阻與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表測(cè)定值電阻兩端電壓，電流表測(cè)電路電流；（1）電源的電壓大于電壓表的最大示數(shù)，由串聯(lián)電路的分壓特點(diǎn)可知當(dāng)電壓表的示數(shù)最大時(shí)電路中的電流最大，此時(shí)定值電阻消耗的電功率最大，滑動(dòng)變阻器兩端的電壓不為0,由p=ui可得滑動(dòng)變阻器的最小電功率不可能為0,根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)求出定值電阻兩端的電壓，根據(jù)歐姆定律求出電路中的最大電流，利用P=I2R求出電阻R0消耗的最大功率；（2）當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大時(shí)，電壓表的示數(shù)最小，根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律求出電路中的電流，利用歐姆定律求出電壓表的最小示數(shù).10.如圖所示，是小明測(cè)量未知電阻氏的實(shí)驗(yàn)電路，電

18、源電壓不變，其中R0為阻值已知的定值電阻。當(dāng)閉合開(kāi)關(guān)S1和8時(shí)，電流表的示數(shù)為I1；當(dāng)只閉合開(kāi)關(guān)S時(shí)，電流表的示數(shù)為I2.則下列四個(gè)選項(xiàng)中，氏的表達(dá)式正確的是（）“/叫I-I匕A.R=心B.兵力C.兵0一乙BD.氏B【答案】D【解析】【解答】由電路圖可知，當(dāng)只閉合開(kāi)關(guān)S時(shí),電路為R0的簡(jiǎn)單電路，電流表測(cè)電路中的電流，則I0=I1；當(dāng)閉合開(kāi)關(guān)S1和8時(shí),R0與Rx并聯(lián)，電流表測(cè)干路電流，即I=I2,因并聯(lián)電路中各支路獨(dú)立工作、互不影響，所以，通過(guò)R0的電流不變，因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，所以，通過(guò)RX的電流：IX=I-I0=I2-I1,因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，所以，由I=

19、UR可得，電源的電壓：U=IxR=I0氐，即（I2-I1）Rx=I1R0,解得：Rx=LR0.R故答案為：Do【分析】當(dāng)只閉合開(kāi)關(guān)S時(shí)，電路為R0的簡(jiǎn)單電路，電流表測(cè)電路中的電流；當(dāng)閉合開(kāi)關(guān)S和S2時(shí)，Ro與Rx并聯(lián)，電流表測(cè)干路電流，根據(jù)并聯(lián)電路中各支路獨(dú)立工作、互不影響可知通過(guò)R）的電流不變，根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)求出通過(guò)Rx的電流，根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)和歐姆定律得出等式即可Rx的阻值.11.圖甲是某電子秤的原理示意圖, 其電阻大小與托盤(pán)內(nèi)所放物體質(zhì)量Ri的阻值為100 Q,托盤(pán)下方的電阻 m大小的關(guān)系如圖乙所示，電源電壓為及為壓敏電阻,6 V保持不變,則（）A. R2的阻值變化范圍為

20、01000 QB電路中電流的變化范圍為0.1 A0.6 AC.電路中電流為0.02A時(shí)，托盤(pán)內(nèi)物體的質(zhì)量為600gD.托盤(pán)內(nèi)物體質(zhì)量為400g時(shí)，電流表的示數(shù)為0.01A沿此線折疊【答案】C【解析】【解答】A.由圖乙可知，壓敏電阻R2的阻值變化范圍為0節(jié)00Q,A不符合題意；B.當(dāng)托盤(pán)內(nèi)物體的質(zhì)量為零時(shí)，壓敏電阻R2=500O,則電路總電阻：R=R1+R2=100Q+500QU_6V=6005此時(shí)電路中的電流：1=/一次哂C=0.01A,當(dāng)托盤(pán)內(nèi)物體的質(zhì)量為1000g時(shí)，壓敏電阻阻值是0Q,則電路總電阻：R'=R+R2=100Q+00=100Q,此時(shí)電路中的電流：1二U_6V/因門(mén)=0

21、.06A,所以，電路中電流的變化范圍為0.01AC06A,B不符合題意；U_6VC.當(dāng)電路中電流I1=0.02A時(shí)，電路總電阻：R總=門(mén)儀”=3000,則壓敏電阻R2的阻值：R2=r-R1=300Q-100&200Q,由圖乙可知，當(dāng)R2=200時(shí)，托盤(pán)內(nèi)物體的質(zhì)量為600g,C符合題意；D.當(dāng)托盤(pán)內(nèi)物體質(zhì)量為400g時(shí)，由圖乙可知，電=300時(shí)，則電路總電阻：R2=R1+R2=100Q+300400Q,此時(shí)電路中的電流：12=兄.仇也=0.015A,D不符合題意。故答案為：Co【分析】電阻R、R2串聯(lián)電流表測(cè)電路中的電流，由圖乙可知，壓敏電阻R2的阻值變化范圍；根據(jù)串聯(lián)電路電阻特點(diǎn)和歐

22、姆定律求出電路中電流的變化范圍；再根據(jù)歐姆定律、串聯(lián)電路電阻特點(diǎn)求出托盤(pán)內(nèi)物體的質(zhì)量和電流表的示數(shù)12.如圖所示電路，電源電壓保持不變，閉合開(kāi)關(guān)S,當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向右滑動(dòng)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A.兩個(gè)電流表的示數(shù)都變大-皿個(gè)電流表的示數(shù)都變小C.電流表Ai示數(shù)不變，電流表A2示數(shù)變大mD.電流表Ai示數(shù)不變，電流表A2示數(shù)變小【答案】D【解析】【解答】解：（1）由圖知，兩電阻并聯(lián)，電流表Ai測(cè)Ri的電流，A2測(cè)并聯(lián)電路總電流。因?yàn)椴⒙?lián)電路各支路獨(dú)立工作、互不影響，所以滑片移動(dòng)時(shí)通過(guò)定值電阻Ri的電流不變，即電流表Ai示數(shù)不變，AB不符合題意；（2）當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向右滑動(dòng)時(shí)，變阻器

23、連入電路中的電阻變大，由歐姆定律可知，通過(guò)變阻器的電流變小，因通過(guò)Ri的電流不變，根據(jù)并聯(lián)電路的電流規(guī)律可知，總電流變小，即電流表A2示數(shù)變小，D符合題意，C不符合題意。故答案為：Do【分析】?jī)呻娮璨⒙?lián)，電流表Ai測(cè)Ri的電流，A2測(cè)總電流：并聯(lián)電路各支路獨(dú)立工作、互不影響，故電流表Ai示數(shù)不變；當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向右滑動(dòng)時(shí)，變阻器連入電路中的電阻變大，由歐姆定律分析通過(guò)其的電流變化，因通過(guò)Ri的電流不變，根據(jù)串聯(lián)電路電流的規(guī)律，分析電流表A2示數(shù)變化.I3.現(xiàn)有Ri、R2兩個(gè)電阻，它們的U-I關(guān)系圖象分別如圖甲、圖乙所示。將這兩個(gè)電阻串聯(lián)后接入電壓為6V的電源兩端，下列說(shuō)法正確的是（）甲乙

24、A.該電路中電阻R的阻值是電阻R2阻值的2倍B.通過(guò)電阻R的電流是通過(guò)電阻及電流的2倍C.電阻Ri兩端的電壓與電阻R2兩端的電壓相等D.電阻R與電阻R2的電功率相等【答案】A【解析】【解答】解：因串聯(lián)電路中各處的電流相等，所以，將這兩個(gè)電阻串聯(lián)后接入電壓為6V的電源兩端時(shí)，通過(guò)它們的電流相等，B不正確；因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，由圖象可知，當(dāng)電路中的電流I=0.2A,Ui=4V,U2=2V時(shí)符合，則a=國(guó)=7,c不正確；Z由1=7可得，兩電阻的阻值之比：,A符合題意;由P=UI可得，兩電阻的電功率之比:故答案為：Ao【分析】?jī)呻娮璐?lián)時(shí)通過(guò)它們的電流相等，且它們兩端的電壓之和等

25、于電源的電壓，根據(jù)兩個(gè)圖象找出符合的電壓和電流值；然后根據(jù)歐姆定律判斷電路中兩電阻的阻值關(guān)系，根據(jù)P=UI判斷兩電阻的電功率之間的關(guān)系。14 .如圖所示，電源電壓U恒定，閉合開(kāi)關(guān)和S2,在滑動(dòng)變阻器滑片向上移動(dòng)過(guò)程中A.燈泡L的亮度不變B.兩端的電壓變大C.電流表A2的示數(shù)變大D.電流表的示數(shù)變大【答案】A【解析】【解答】根據(jù)電路圖，當(dāng)開(kāi)關(guān)都閉合時(shí)，電路中只有燈泡和電流表串聯(lián)，在移動(dòng)滑片時(shí)，燈泡亮度不變，A符合題意。故答案為：A.【分析】根據(jù)連入電路中的電阻情況，分析當(dāng)改變電阻時(shí)，電流或電壓變化情況。15 .在綜合實(shí)踐活動(dòng)課上，小明把一只用半導(dǎo)體材料制成的電阻氏與滑動(dòng)變阻器R串聯(lián)接在電壓恒為6

26、V的電路中，如圖甲所示.閉合開(kāi)關(guān)，滑動(dòng)變阻器的滑片P由a端向b端移動(dòng)的過(guò)程中，電流表和電壓表示數(shù)變化情況如圖乙所示，針對(duì)該實(shí)驗(yàn)過(guò)程，下列結(jié)果正確的是（）A. R是定值電阻，其阻值為6 aC.滑動(dòng)變阻器的最大阻值為50 Q【答案】B曲路消耗的最小功率為 0.6WD當(dāng)P從a端移向b端時(shí)，RX的阻值變大【解析】【解答】由電路圖可知，電阻 的電壓；R與滑動(dòng)變阻器R串聯(lián)，電壓表測(cè)滑動(dòng)變阻器兩端當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P位于a端，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值最大，電路總電阻最大，電路中的電流最小，由圖象可知，最小電流I最小=0.1A,電路消耗的功率最小：P最小=UI最小=6VX0.1A=0.6皿故B正確.當(dāng)電路中的

27、電流最小時(shí)，對(duì)應(yīng)電壓表示數(shù)U滑=4.5V,由歐姆定律得，滑動(dòng)變阻器的最大阻值：姍4.5V-45卜d，故c錯(cuò)誤.根據(jù)串聯(lián)電路電壓規(guī)律可知，電阻R兩端的電壓：Ux=U-U滑=6V-5.0V=1V,8IV="-10Q,此時(shí)Rx的阻值：工最小比M當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P位于b端，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值為零，電路總電阻最小，電路中的電流最大，由圖象可知，最大電流I最大=1.0A,則電阻R兩端的電壓：Ux'=U=6V凡=6Q此時(shí)Rx的值/友上10A由上述可知，Rx不是定值電阻，故A錯(cuò)誤.當(dāng)P從a端移向b端時(shí)，Rx的阻值變小，故D錯(cuò)誤.故答案為：B.【分析】分析電路圖確定滑動(dòng)變阻器和Rx的連

28、接方式及電壓表所測(cè)的電壓，分析出滑片在a端和b端時(shí)滑動(dòng)變阻器應(yīng)用的阻值，由圖象乙確定出對(duì)應(yīng)的電流值，由歐姆定律和電功率的公式進(jìn)行計(jì)算即可解答.16 .如圖所示（甲）是某同學(xué)探究電流與電壓關(guān)系的電路圖，開(kāi)關(guān)S閉合后，將滑動(dòng)變阻器的滑片P從a端移至b端，電流表和電壓表的示數(shù)變化關(guān)系如圖（乙），由圖象可知（）甲A.電阻R0兩端電壓與通過(guò)C.該電路最小功率0.05W乙氐的電流成正比b.R的電阻值是10aD.滑動(dòng)變阻器R的電功率變化范圍0-0.45W【解析】【解答】解：（1）因?yàn)殡娏麟S電壓的變化圖象為正比例函數(shù)圖象，且呈一條直線，所以通過(guò)Ro的電流與R0兩端的電壓成正比，由電壓是產(chǎn)生電流的原因可知，不能

29、說(shuō)電阻Ro兩端電壓與通過(guò)R0的電流成正比，故A錯(cuò)誤；（2）當(dāng)滑片位于b端時(shí)，電路為R0的簡(jiǎn)單電路，電壓表測(cè)電源的電壓，電路中的電流最大，由圖乙可知，電源的電壓U=3.0V,電路中的最大電流I大二0.6A,由I=A可得，Ro的阻值：Ro=FX=5=5Q,故B錯(cuò)誤；（3）當(dāng)滑片位于a端時(shí)接入電路中的電阻最大，電路中的電流最小，由圖乙可知，電U10路中的最小電流I小=0.1A,電路中的總電阻：R總石=£涓=30口，因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，滑動(dòng)變阻器的最大阻值：R大=RlRo=3O-5Q=25Q電路的最小功率：P小=5小=3.0VX0.1A=0.3W故C錯(cuò)誤；（4）時(shí)，消耗

30、的功率為0W;當(dāng)變阻器接入電路的電阻為滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻為oaR時(shí)，電路中的電流：1=附+R=變阻器消耗（3.0V）21OV占/R）2電功率：Pr=I2R=（5。，X）2R=R（5Q）2-1OQ*芥+/+20QXA=/T（3.QV）2（5-R）2#20Q登，則當(dāng)R=5Q,變阻器消耗的電功率最大,Pr大=為0=0.45W,所以，滑動(dòng)變阻器R的電功率變化范圍00.45W,故D正確.故選D.【分析】（1）由圖象可知，Ro兩端的電壓和電流關(guān)系是一個(gè)正比例函數(shù)圖象，要注意電壓是電流產(chǎn)生的原因；（2）,當(dāng)滑片位于b端時(shí)，電路為Ro的簡(jiǎn)單電路，電壓表測(cè)電源的電壓，此時(shí)電路中的電流最大，根據(jù)圖象讀出電

31、表的示數(shù)，利用歐姆定律求出品的電阻值；（3）當(dāng)滑片位于a端時(shí)，滑動(dòng)變阻器的電阻完全接入電路中，電路中的電流最小，由圖象讀出電表的示數(shù)，根據(jù)P=UI求出電路中的最小功率；（4）滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻為0時(shí)，消耗的功率為0W;根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律表示出電路中的電流，根據(jù)P=I2R表示出滑動(dòng)變阻器消耗的電功率，然后根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)確定滑動(dòng)變阻器消耗的最大功率，進(jìn)一步得出滑動(dòng)變阻器消耗電功率的變化.17 .小海設(shè)計(jì)了一種測(cè)定油箱內(nèi)油量的模擬裝置，如圖所示，其中電源兩端電壓保持不變，Ro是定值電阻，R是滑動(dòng)變阻器的電阻片，滑動(dòng)變阻器的滑片P跟滑桿的一端連接,滑桿可以繞固定軸O轉(zhuǎn)動(dòng)，另一端固定著一個(gè)浮

32、子。油箱中的油量減少時(shí)，浮子隨油面下降，帶動(dòng)滑桿使變阻器的滑片P向上移動(dòng)，從而引起電流表的示數(shù)發(fā)生變化。下列說(shuō)法中正確的是（）A.電流表示數(shù)變小時(shí)，表明油箱中的油量減少B.電流表示數(shù)變小時(shí)，電阻R0兩端電壓變大C.當(dāng)油箱中的油量減少時(shí)，電流表示數(shù)變大D.當(dāng)油箱中的油量減少時(shí)，變阻器R連入電路的電阻變小【答案】A【解析】【解答】如圖，定值電阻R0與滑動(dòng)變阻器R串聯(lián)在電路中，電流表測(cè)量電路中電流。A.C.D當(dāng)油箱中的油量減少時(shí)，浮子下降，帶動(dòng)滑片上升，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻變4大，電路總電阻變大，根據(jù)可知，電路中電流變小，所以電流表示數(shù)變小時(shí)，表明油箱中的油量減少，A符合題意，CD不符合題意；B

33、.電流表示數(shù)變小時(shí)，即通過(guò)R0的電流變小，根據(jù)"知,電阻R0兩端電壓變小，B不符合題意；故答案為：A?！痉治觥炕瑒?dòng)變阻器R與定值電阻飛串聯(lián)，電流表測(cè)電路中的電流，根據(jù)油量的變化可知浮子的變化，在杠桿的作用下可知滑片P移動(dòng)的方向，從而得出接入電路中電阻的變化，根據(jù)歐姆定律可知電路中電流的變化和電阻R0兩端電壓的變化.18 .如圖所示電源電壓保持不變閉合開(kāi)關(guān)S,下列說(shuō)法正確的是（）A.向右移動(dòng)滑片 巳電壓表Vi的示數(shù)變小 C.向左移動(dòng)滑片巳電流表A的示數(shù)變大 示數(shù)比值不變【答案】D【解析】【解答】解：由圖可知，閉合開(kāi)關(guān)B.向右移動(dòng)滑片P,電壓表V2的示數(shù)變小D.向左移動(dòng)滑片 巳電壓表Vi

34、與電流表A的S,兩電阻串聯(lián)，電流表測(cè)電路中電流，Vi測(cè)及兩端電壓，V2測(cè)總電壓，電源電壓保持不變，所以滑片移動(dòng)中V2的示數(shù)不變，故B錯(cuò)誤；滑片向右移動(dòng)時(shí)，R連入阻值變小，根據(jù)串聯(lián)電路的分壓原理知，R2分得電壓增大，即Vi示數(shù)變大，故A錯(cuò)誤；滑片向左移動(dòng)時(shí)，Ri連入阻值變大，電路的總電阻變大，由歐姆定律可知電路中電流變小，故C錯(cuò)誤；由歐姆定律可知，電壓表Vi與電流表A的示數(shù)比值大小等于R2的阻值，所以兩表比值不變，故D正確.故選D.【分析】閉合開(kāi)關(guān)，兩電阻串聯(lián)，電流表測(cè)電路中電流，Vi測(cè)及兩端電壓，V2測(cè)總電壓.根據(jù)滑片移動(dòng)方向判斷Ri連入阻值變化，從而知電路的電阻變化，由串聯(lián)電路特點(diǎn)和歐姆定律

35、電表示數(shù)變化以及Vi與A的示數(shù)比值變化情況.本題考查了電路的動(dòng)態(tài)分析，涉及到歐姆定律的應(yīng)用，會(huì)把電壓表Vi與電流表示數(shù)的比值轉(zhuǎn)化為R2的阻值處理是關(guān)鍵.i9.為了能自動(dòng)記錄跳繩的次數(shù)，某科技小組設(shè)計(jì)了一種自動(dòng)計(jì)數(shù)器，其簡(jiǎn)化電路如圖甲所示。Ri是一種光敏元件，每當(dāng)繩子擋住了射向Ri的紅外線時(shí)，Ri的電阻會(huì)變大，自動(dòng)計(jì)數(shù)器會(huì)計(jì)數(shù)一次，信號(hào)處理系統(tǒng)能記錄AB間每一時(shí)刻的電壓。若已知電源電壓為i2V,某一時(shí)段AB間的電壓隨時(shí)間變化的圖象如圖乙所示，則下列說(shuō)法正確的是（）B.繩子擋住了射向R的紅外線時(shí)，Ri和R2的阻值相等C.繩子沒(méi)有擋住射向Ri的紅外線時(shí)，Ri的阻值是R2的3倍D.繩子擋住了射向R的紅

36、外線時(shí)，Ri的阻值會(huì)變?yōu)樵瓉?lái)的5倍【答案】D【解析】【解答】解（1）當(dāng)繩子擋住了射向Ri的紅外線時(shí)，R電阻變大，計(jì)數(shù)器會(huì)計(jì)數(shù)一次，信號(hào)處理系統(tǒng)記錄的是AB間每一時(shí)刻的電壓（AB間的電壓即R2兩端的電壓），因?yàn)镽i、R2串聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)電路的分壓原理可知，此時(shí)R2兩端的電壓較低，所以應(yīng)該是AB兩端電壓為2V時(shí)，跳繩自動(dòng)計(jì)數(shù)器會(huì)計(jì)數(shù)一次，A不符合題意；因?yàn)殡娫措妷?2V所以此時(shí)Ri兩端電壓是12V-2V=10V,根據(jù)串聯(lián)電路電流處處相等：杷的，解得Ri=5R2,B不符合題意；由乙圖可以看出，當(dāng)沒(méi)有擋住射向R的激光，U2'=Uab'=6V,由串聯(lián)電路的分壓原理可知此時(shí)兩電阻相等，C不符

37、合題意；且R1=5R1',即繩子擋住了射向R1的紅外線時(shí)，R的阻值會(huì)變?yōu)樵瓉?lái)的5倍，D符合題意。故答案為：Do【分析】?jī)呻娮璐?lián)，AB間電壓為R2兩端電壓，射向R1的激光被擋時(shí)它的電阻變化，由串聯(lián)電路分壓原理，結(jié)合圖象分析射向R1的激光被擋和沒(méi)擋時(shí)AB間電壓以及兩電阻的大小關(guān)系從而解題.20.如圖所示的電路中，電流表A1的示數(shù)為0.5A,A2的示數(shù)為0.3A,電阻R2的阻值為10 Q下列說(shuō)法正確的是（）A.通過(guò)電阻R1的電流為0.5AC.電阻R1的阻值為15 aB.電源電壓為5VD.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S2,電流表A1示數(shù)變大【解析】【解答】由電路圖可知，兩電阻并聯(lián)，電流表A2測(cè)R支路的電流，電流

38、表A1測(cè)干路的電流；開(kāi)關(guān)S控制整個(gè)電路，開(kāi)關(guān)S2控制電阻R1；因?yàn)椴⒙?lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，所以通過(guò)電阻R1的電流：力=I無(wú)一"期O.AA=0.A4,a不符合題意；又因?yàn)椴⒙?lián)電路中各支路兩端的電壓相等，故根據(jù)歐姆定律可得，電源的電壓:飛=a=I四金=a 3A X 10U = 31U 3V=7：=- = l5Q,C符合題意。,B不符合題意；電阻 R1的阻值：若斷開(kāi)開(kāi)關(guān) S2 ,電流表A1只測(cè)量R2的電流，電流表A1示數(shù)變小，D不符合題意。故答案為：Co【分析】根據(jù)并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，結(jié)合歐姆定律計(jì)算電路中的電壓和電阻.21.如圖所示，電源電壓恒定。當(dāng)開(kāi)關(guān)S

39、1、S2閉合，甲、乙兩表為電壓表時(shí)，兩表示數(shù)之比U甲：U乙=4:1;當(dāng)開(kāi)關(guān)S）閉合、S2斷開(kāi)，若甲、乙兩表均為電流表時(shí)，兩表的示數(shù)之比為（）A.4:3B.3:2C.3:4D.3:l【答案】C【解析】【解答】由電路圖知道，當(dāng)Si、白閉合時(shí)，若甲乙兩表為電壓表，則兩電阻串聯(lián)，并且甲測(cè)電源的電壓，乙測(cè)R2兩端的電壓，由串聯(lián)電路電流特點(diǎn)和I=U/R知道：U甲/R+R2=U3R2,又因?yàn)閁甲：U乙=4:1,所以兩電阻之比是：Ri/R2=W1,即R=3R2；當(dāng)開(kāi)關(guān)Si閉合、8斷開(kāi)時(shí)，若甲、乙兩表均為電流表，則兩電阻并聯(lián)，并且甲測(cè)R2支路的電流，乙測(cè)干路電流，由并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓特點(diǎn)和I=U/R知道

40、，兩電流表的示數(shù)I甲*?R?3踐j工乙UU&+取3咫+收4之比是：他心,故答案為：Co【分析】當(dāng)Si、S2閉合，甲乙兩表為電壓表時(shí)，兩電阻串聯(lián)，甲測(cè)電源的電壓，乙測(cè)R2兩端的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路電流的規(guī)律和歐姆定律表示出電阻之比；當(dāng)開(kāi)關(guān)Si閉合、S2斷開(kāi)，甲乙兩表為電流表時(shí)，兩電阻并聯(lián)，甲測(cè)R2支路的電流，乙測(cè)干路電流，根據(jù)并聯(lián)電路電壓規(guī)律和歐姆定律表示出兩支路的電流之比，根據(jù)兩電阻的關(guān)系即可求出兩表示數(shù)比值.22.如圖所示的電路，電源電壓U=12V保持不變，滑動(dòng)變阻器R0標(biāo)有“100Q1A”字樣，燈泡L標(biāo)有“6V6W字樣（燈絲電阻不隨溫度而變化），電流表量程為00.6A,電壓表量程為0

41、15V.為了確保測(cè)量準(zhǔn)確，要求電表的示數(shù)不小于其最大測(cè)量值的1/3,要使測(cè)量準(zhǔn)確并確保電路安全，下列判斷正確的是（）A.燈泡L消耗的最小功率是0.24WB.正常發(fā)光時(shí)燈絲的電阻是12aC.電路中電流的變化范圍是0.11A0.6AD.滑動(dòng)變阻器阻值的變化范圍是1448a【答案】A【解析】【解答】燈泡燈絲的電阻P君，代入數(shù)據(jù)可得R=6Q,B不符合題意；考慮到電表示數(shù)要求，電流表的示數(shù)為Ii=-T=0.2A時(shí)，電路中電流最小，燈泡L消耗的功率最小，這時(shí)P=I2R=(0.2A)2X630.24W,A符合題意；當(dāng)燈泡正常發(fā)光時(shí)，電路中電流P陰最大，Imax=*6V=1A,因電流表量程為00.6A,所以電

42、路中電流的變化范圍是0.2A0.6A,C不符合題意；當(dāng)電路中電流最小時(shí)，電路中總電阻為R=力=60Q,這時(shí)滑動(dòng)變阻器連入電路的阻值為R0i=Ri-R=606Q=54Q,當(dāng)電路中電流最時(shí)大，電路中的總電阻為R2=/窈=200,這時(shí)滑動(dòng)變阻器連入電路的阻值為R02=R2R=206Q=14Q,當(dāng)滑動(dòng)變阻器的阻值在1454范圍內(nèi)變動(dòng)時(shí)，電壓表的示數(shù)符合要求，所以滑動(dòng)變阻器的阻值變化范圍為1454以D不符合題意。故答案為：A。【分析】燈泡L與滑動(dòng)變阻器R0串聯(lián)，電壓表測(cè)R0兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流.團(tuán)(1)根據(jù)P=U='求出正常發(fā)光時(shí)燈絲的電阻；(2)根據(jù)歐姆定律求出燈泡正常發(fā)光時(shí)的電流，根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點(diǎn)結(jié)合電流表的量程、滑動(dòng)變阻器允許通過(guò)的最大電流確定電路中的最大電流，此時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最小，根據(jù)歐姆定律求出此時(shí)電路中的總電阻，利用電阻的串聯(lián)求出滑動(dòng)變阻器接入電路中的最小阻值；(3)由題意可知，電表的示數(shù)不小于其最大測(cè)量值的J,據(jù)此求出電流表的最小示數(shù)，根據(jù)歐姆定律求出此時(shí)燈泡燈泡兩端的電壓