2021年廣東省高考物理試題解析

1、2021年省高考物理試題解析一、單項(xiàng)選擇題(共 40分，每題4分，每題只有一個(gè)正確選項(xiàng)，答案涂寫在答題卡上。)1 意大利科學(xué)家伽利略在研究物體變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律時(shí)，做了著名的“斜面實(shí)驗(yàn)，他測(cè)量了銅球在較小傾角斜面上的運(yùn)動(dòng)情況，發(fā)現(xiàn)銅球做的是勻變速直線運(yùn)動(dòng)，且銅球加速度隨斜面傾角的增大而增大，于是他對(duì)大傾角情況進(jìn)行了合理的外推，由此得出的結(jié)論是()(A) 物體都具有保持原來(lái)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的屬性，即慣性(B) 自由落體運(yùn)動(dòng)是一種勻變速直線運(yùn)動(dòng)(C) 力是使物體產(chǎn)生加速度的原因(D) 力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因答案B分值4分考查方向物理學(xué)史易錯(cuò)點(diǎn)1、正確的結(jié)論不一定是斜面實(shí)驗(yàn)的結(jié)論2、合理的外推需要正確理解解題思

2、路1、從斜面實(shí)驗(yàn)的歷史背景出發(fā)。2、結(jié)合斜面上勻變速直線運(yùn)動(dòng)并合理外推。解析伽利略為了驗(yàn)證自由落體運(yùn)動(dòng)是否為勻變速，面臨自由落體時(shí)間過(guò)短，當(dāng)時(shí)的計(jì)時(shí)工具無(wú)法測(cè)量的問題，于是從斜面出發(fā)，根據(jù)沿斜面勻加速下滑進(jìn)而把傾角進(jìn)一步增大，最后外推 的傾角90度，即自由落體運(yùn)動(dòng)也是勻變速直線運(yùn)動(dòng)，其他三項(xiàng)都對(duì)，但不是斜面實(shí)驗(yàn)合理外推 的結(jié)論，也不符合斜面實(shí)驗(yàn)結(jié)果。選項(xiàng)B對(duì)。2 如圖為某中國(guó)運(yùn)發(fā)動(dòng)在短道速滑比賽中勇奪金牌的精彩瞬間。假定此時(shí)他正沿圓弧形彎道勻速率滑行，那么他()(A) 所受的合力變化，做變加速運(yùn)動(dòng)(B) 所受的合力恒定，做變加速運(yùn)動(dòng)(C) 所受的合力恒定，做勻加速運(yùn)動(dòng)(D) 所受的合力為零，做

3、勻速運(yùn)動(dòng)答案A分值4分考查方向勻速圓周運(yùn)動(dòng)易錯(cuò)點(diǎn)1、力是矢量2、加速度是矢量解題思路1、勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力和加速度方向。2、注意矢量性。解析勻速圓周運(yùn)動(dòng)，合外力是向心力，方向始終指向圓心，但是力是矢量，大小不變，但是方向在變化，所以合力不是恒力，選項(xiàng)BC錯(cuò)。根據(jù)牛頓第二定律，加速度方向與合外力方向相同，所以加速度方向也在變化，不是勻變速，而是變加速度，選項(xiàng)A對(duì)。3 如圖，在斜面上木塊 A與B的接觸面是水平的，繩子呈水平狀態(tài)，兩木塊均保持靜止。那么關(guān)于木塊A和木塊B受力個(gè)數(shù)不可能的是()(A) 2個(gè)和4個(gè)(C) 4個(gè)和4個(gè)(B) 3個(gè)和4個(gè)(D) 4個(gè)和5個(gè)答案B分值4分考查方向共點(diǎn)力的平衡易

4、錯(cuò)點(diǎn)1、對(duì)繩子是否有拉力分析不到位2、對(duì)B和斜面之間有無(wú)摩擦認(rèn)識(shí)不清 解題思路1、對(duì)A隔離分析。2、對(duì)AB整體受力分析。解析單獨(dú)分析A,自身重力，B對(duì)A的支持力，由于拉力和 B對(duì)A的摩擦力不確定，而且即使有也是水平方向，所以豎直方向一定受到兩個(gè)力，而A靜止，所以水平方向細(xì)繩拉力和B對(duì)A的摩擦力必定同時(shí)出現(xiàn)，所以 A受力個(gè)數(shù)只可能是 2個(gè)或者4個(gè)。選項(xiàng)B錯(cuò)。而整體分析，假設(shè)A受力個(gè)數(shù)為2個(gè)，那么整體受重力，斜面支持力，斜面摩擦力，即B受自身重力，斜面支持力，斜面摩擦力，A對(duì)B的壓力四個(gè)力。假設(shè) A受力為4個(gè)，那么B除去剛剛的4個(gè)力之外還有 A對(duì)B 的摩擦力。共計(jì)5個(gè)。4 .百丈漈瀑布是全國(guó)單體落

5、差最高的瀑布。第一漈207米，第二漈68米，第三漈12米，三漈相加是287米，折合古時(shí)魯班尺是一百丈多 17米，故名百丈漈。假設(shè)忽略上游水的初速度和空氣的阻力， 那么水僅僅下落第一漈后的速度大約是()(A) 6.3m/s( B) 44m/s(C) 63m/s( D) 76m/s答案C分值4分考查方向功能關(guān)系易錯(cuò)點(diǎn)1、在功能關(guān)系的應(yīng)用上因?yàn)闊o(wú)法確定重力而中斷思路2、不能正確認(rèn)識(shí)忽略阻力的意義解題思路1、從動(dòng)能定理出發(fā)，找出重力做功和動(dòng)能變化的關(guān)系。2、忽略阻力做功情況。 1 2 .解析水僅僅下落第一漈只有重力做功，沒有阻力即mgh mv ,可得v . 2gh 63m/ s。5.我國(guó)在近期發(fā)射的“

6、神州十一號(hào)和“天宮二號(hào)在對(duì)接前，“天宮二號(hào)的運(yùn)行軌道高度為393km,"神州號(hào)的運(yùn)行軌道高度約為343km。它們的運(yùn)行軌道均視為圓周，那么()(A) “天宮二號(hào)比“神州十一號(hào)速度大(B) “天宮二號(hào)比“神州十一號(hào)角速度大(C) “天宮二號(hào)比“神州十一號(hào)加速度大(D) “天宮二號(hào)比“神州十一號(hào)周期長(zhǎng)答案D分值4分考查方向萬(wàn)有引力與航天易錯(cuò)點(diǎn)1、不能正確的認(rèn)識(shí)萬(wàn)有引力提供向心力。2、從圓周運(yùn)動(dòng)出發(fā)，忽略圓周運(yùn)動(dòng)的不同，片面判斷一個(gè)物理量。解題思路1、從萬(wàn)有引力提供向力力出發(fā)找到描述圓周運(yùn)動(dòng)的物理量表達(dá)式。2、根據(jù)軌道半徑大小判斷各個(gè)物理量的變化。解析天宮二號(hào)，神舟十一號(hào)，都屬于繞地球做勻

7、速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，即2 2GMmv24ma m mRmR 2，R2RT2可得向心加速度 aGMR2，軌道半徑越大,向心加速度越小，選項(xiàng)C錯(cuò)。線速度v，軌道半徑越小，線速度越大，選項(xiàng)A錯(cuò)。角速度'GMVR3，軌道半徑越大，角速度越小，選項(xiàng) B錯(cuò)。周期T 4R，軌道半徑越大，周 GM期越大，選項(xiàng)D對(duì)。6 以下選項(xiàng)中的各1圓環(huán)大小相同，所帶電荷量已在圖中標(biāo)出，且電荷均勻分布，各1圓環(huán)間彼此絕緣。坐標(biāo)原點(diǎn) 0處電場(chǎng)強(qiáng)度最大的是(A)(B)答案B 分值4分 考查方向電場(chǎng)的疊加 易錯(cuò)點(diǎn)1、對(duì)電場(chǎng)的疊加理解不透徹2、對(duì)四分之一圓環(huán)的電場(chǎng)認(rèn)識(shí)不清 解題思路1、根據(jù)對(duì)稱性分析四分之一圓環(huán)產(chǎn)

8、生的電場(chǎng)疊加效果。2、等量同種和等量異種電荷在連線中點(diǎn)的電場(chǎng)情況。解析對(duì)于D圖，兩個(gè)正電荷的四分之一圓環(huán)對(duì)稱，在連線中點(diǎn)即圓心處合場(chǎng)強(qiáng)等于0,兩個(gè)負(fù)電荷的四分之一圓環(huán)對(duì)稱，在連線中點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)矢量和也等于0,所以坐標(biāo)原點(diǎn) O處電場(chǎng)強(qiáng)度等于0.同理C選項(xiàng)中合成后在原點(diǎn) O處場(chǎng)強(qiáng)等于一個(gè)四分之一圓環(huán)的電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)，與A選項(xiàng)中的電場(chǎng)大小相等，而 B中是兩個(gè)電場(chǎng)疊加，夾角為90度，合場(chǎng)強(qiáng)等于單個(gè)電場(chǎng)的,2倍，選項(xiàng)B對(duì)。7如圖電路中，電源電動(dòng)勢(shì)、電阻、R、Ra為定值。閉合S后，將R的滑片向左移動(dòng)，以下關(guān)于各D Va表示數(shù)增大電表數(shù)值變化的說(shuō)確的是A Ar表示數(shù)減小C V表示數(shù)減小答案A分值4分考查方向動(dòng)態(tài)電

9、路易錯(cuò)點(diǎn)1、各個(gè)電表所測(cè)量的物理量認(rèn)識(shí)不清2、對(duì)閉合回路歐姆定律認(rèn)識(shí)不到位解題思路1、從滑動(dòng)變阻器的阻值找到并聯(lián)電阻進(jìn)而總電阻。2、不變量是電源電動(dòng)勢(shì)，找到變量的變化趨勢(shì)。解析R的滑片向左移動(dòng)，電阻變大，并聯(lián)電阻阻值增大，總電阻增大，電動(dòng)勢(shì)不變，總電流減小，電壓減小，R2電壓減小，即 Va表示數(shù)減小，選項(xiàng) D錯(cuò)。并聯(lián)電壓增大即 Vi表示數(shù)增大,選C錯(cuò)。對(duì)并聯(lián)支路 R，電壓增大，電阻不變，電流變大，即Ai表示數(shù)變大，選項(xiàng) B錯(cuò)。干路電流減小，支路 R電流增大，所以支路 A表示數(shù)減小，選項(xiàng) A對(duì)。&一列簡(jiǎn)諧橫波沿 x軸傳播，周期為T, t = 0時(shí)刻的波形如下列圖。此時(shí)平衡位置位于x =

10、3m處的質(zhì)點(diǎn)正在向上運(yùn)動(dòng)，假設(shè)(A)當(dāng)a質(zhì)點(diǎn)處在波峰時(shí)，b質(zhì)點(diǎn)恰在波谷(B)a質(zhì)點(diǎn)正在向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)(C)t = 3-時(shí)，b質(zhì)點(diǎn)正在向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)(D)在某一時(shí)刻，a、b兩質(zhì)點(diǎn)的位移和速度可能相同答案C分值4分考查方向機(jī)械振動(dòng)機(jī)械波易錯(cuò)點(diǎn)1、波的傳播方向和質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向關(guān)系不清2、機(jī)械振動(dòng)和機(jī)械波的圖像不清解題思路1、根據(jù)平衡位置位于 x= 3m處的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向判斷波的傳播方向。2、判斷質(zhì)點(diǎn)a、b的振動(dòng)情況。解析平衡位置位于x = 3m處的質(zhì)點(diǎn)向上振動(dòng)，根據(jù)振動(dòng)方向和波的傳播方向在波形圖同一側(cè),判斷機(jī)械波傳播方向沿 X軸負(fù)方向。此時(shí)質(zhì)點(diǎn)a沿Y軸正方向，質(zhì)點(diǎn)b沿Y軸負(fù)方向。在經(jīng)過(guò)-,43T

11、質(zhì)點(diǎn)a正經(jīng)過(guò)Y軸正半軸向正方向運(yùn)動(dòng)，再經(jīng)過(guò)質(zhì)點(diǎn)b正經(jīng)過(guò)Y軸正半軸向負(fù)方向運(yùn)動(dòng),4選項(xiàng)C對(duì)。根據(jù)波形圖判斷波長(zhǎng)3 3T4m , a、b兩質(zhì)點(diǎn)的距離為，振動(dòng)步調(diào)相差，選項(xiàng)4 4AD錯(cuò)。9如圖甲所示,B兩物塊在如圖乙所示的隨時(shí)間按正弦規(guī)律變化的外力作用下，由靜止開始起沿光滑水平面運(yùn)動(dòng),A、B兩物塊始終保持相對(duì)靜止，那么以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是甲(A)11時(shí)刻物塊的速度最大(B)t2時(shí)刻物塊運(yùn)動(dòng)的位移最大(C)t3時(shí)刻物塊A受到的摩擦力最大(D)A B兩物塊一起做往復(fù)運(yùn)動(dòng)答案C分值4分考查方向牛頓運(yùn)動(dòng)定律易錯(cuò)點(diǎn)1、整體受力分析不到位2、對(duì)速度方向區(qū)分不清解題思路1、有力的變化找到加速度變化進(jìn)而推導(dǎo)出速度

12、變化。2、速度變化到位移。解析根據(jù)力隨時(shí)間變化圖像可判斷加速度隨時(shí)間變化也是如此，0 t1，合外力逐漸增大，加速度逐漸增大，而力的方向沒有變化，ti時(shí)刻合力最大，加速度最大，0 t2合力方向不變，加速度方向不變，一直加速，t2時(shí)刻速度最大，t2 t4合外力反向，物體減速，根據(jù)對(duì)稱性，t4時(shí)刻速度減小到0,此后重復(fù)之前的運(yùn)動(dòng)，繼續(xù)向前。 t|t3加速度最大，對(duì) A分析，摩擦力提供加速度，即 t|t3時(shí) 刻摩擦力最大，選項(xiàng) C對(duì)。t2時(shí)刻速度最大，由于運(yùn)動(dòng)方向沒有變化，一直向前運(yùn)動(dòng)，所以AB錯(cuò)。一直向前運(yùn)動(dòng)，沒有往復(fù)運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng) D錯(cuò)。10.如下列圖，質(zhì)量為 m的物體(可視為質(zhì)點(diǎn))以某一速度從A點(diǎn)沖

13、上傾角為30°的固定斜面，其運(yùn)3動(dòng)的加速度為4 g,此物體在斜面上上升的最大高度為h那么在這個(gè)過(guò)程中物體()(A)動(dòng)能損失了 mgh(B)重力做功 mgh1 1(C)克服摩擦力做功4 mgh(D)機(jī)械能損失了 2 mgh答案D分值4分考查方向功能關(guān)系易錯(cuò)點(diǎn)1、受力分析2、牛頓運(yùn)動(dòng)定律解題思路1、根據(jù)加速度計(jì)算摩擦力。2、根據(jù)做功情況判斷能量變化。一3解析沿斜面向上滑動(dòng)，根據(jù)受力分析可得f mg sin 30 ma mg，可得摩擦力1f mg ,上升的最大高度為h那么位移為2h ,此過(guò)程合外力做功即動(dòng)能變化量 4Ek f mgs in 30 2h 1.5mgh，選項(xiàng) A 錯(cuò)，重力做功

14、mgsi n30 2h mgh，選項(xiàng)B錯(cuò)?？朔Σ亮ψ龉 2h 0.5mgh，選項(xiàng)C錯(cuò)。除重力外其他力做功等于機(jī)械能的變化量即f 2h 0.5mgh，選項(xiàng)D錯(cuò)。、填空題共 24分，每題6分，答案寫在答題紙中指定位置，不要求寫出演算過(guò)程。11 將一電荷量為+ Q的小球放在不帶電的金屬球附近，所形成的電場(chǎng)線分布如下列圖，金屬球外表的電勢(shì)處處相等。a、b為電場(chǎng)中的兩點(diǎn)，a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小 b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小，a點(diǎn)的電勢(shì)b點(diǎn)的電勢(shì)。答案大于、大于分值6分考查方向靜電場(chǎng)的電場(chǎng)線易錯(cuò)點(diǎn)1、電場(chǎng)線的疏密2、靜電平衡解題思路1、從電場(chǎng)線的疏密程度出發(fā)判斷場(chǎng)強(qiáng)大小。2、處于靜電平衡的導(dǎo)體為等勢(shì)體。解析電場(chǎng)線的疏密程度

15、表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，a點(diǎn)電場(chǎng)線密集，電場(chǎng)強(qiáng)度大，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，而靜電平衡的導(dǎo)體為等勢(shì)體，a點(diǎn)電勢(shì)高于等勢(shì)體，b點(diǎn)電勢(shì)低于等勢(shì)體，所以 a點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)。12.如下列圖是兩個(gè)相干波源發(fā)出的水波，實(shí)線表示波峰，虛線表示波谷。兩列波的振幅都為 10cm,C點(diǎn)為AB連線的中點(diǎn)。圖中 A、B、C D E五個(gè)點(diǎn)中，振動(dòng)減弱的點(diǎn)是 ，從圖示時(shí)刻起經(jīng)過(guò)半個(gè)周期后，A點(diǎn)的位移為 cm。規(guī)定豎直向上為位移的正方向答案DE、 20分值6分考查方向波的疊加易錯(cuò)點(diǎn)1、加強(qiáng)點(diǎn)和減弱點(diǎn)2、加強(qiáng)點(diǎn)和減弱點(diǎn)的振幅解題思路根據(jù)波峰波谷的疊加判斷加強(qiáng)減弱。解析波峰和波谷的疊加為振動(dòng)減弱點(diǎn)，波峰和波峰，波谷和波谷的疊

16、加為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，C點(diǎn)對(duì)與兩列波都處在平衡位置且振動(dòng)方向相同，所以C點(diǎn)也是加強(qiáng)點(diǎn)，只有DE為波峰波谷的疊加，為減弱點(diǎn)。此時(shí) A點(diǎn)在波峰，經(jīng)過(guò)半個(gè)周期A點(diǎn)到達(dá)波谷，而加強(qiáng)點(diǎn)的振幅等于兩個(gè)振幅之和即 20cm。13客運(yùn)電梯簡(jiǎn)化模型如圖a所示，在t = 0時(shí)電梯由靜止開始上升，最初一段時(shí)間電梯的加速度a隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖b所示。電梯總質(zhì)量為 2.0 x io3kg,忽略空氣阻力，那么電梯在上升過(guò)程中受到的最大拉力為 N,電梯在前11s的速度改變量 v為m/s。重力加2速度g取10m/s 握力i丄1l r電梯f :： (J1 2 10 11圖圖<b>答案2.2 x 104、10分值6分考

17、查方向牛頓運(yùn)動(dòng)定律易錯(cuò)點(diǎn)1、對(duì)a t圖像認(rèn)識(shí)不清2、對(duì)加速度方向的判斷解題思路1、根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律判斷拉力。2、根據(jù)加速度和時(shí)間的成績(jī)判斷速度變化量。解析電梯上升過(guò)程F mg ma，當(dāng)加速度最大時(shí)，拉力最大，此時(shí)a 1m/ s2，代入可得拉力F 2.2 104N，速度變化量 v at即a t圖像與時(shí)間軸所圍成的面積即10m/ s。8V,阻為4Q14由某種材料制成的電器元件，其伏安特性曲線如下列圖。現(xiàn)將該元件接在電動(dòng)勢(shì)為的電源兩端，那么通過(guò)該元件的電流為 A。假設(shè)將這個(gè)元件與一個(gè) 4Q的定值電阻串聯(lián)后接在該電源上，那么該元件消耗的功率為 W答案1 1.2、1.6 1.8分值6分考查方向閉合電路歐

18、姆定律 易錯(cuò)點(diǎn)1、電流電壓關(guān)系不能和圖像結(jié)合2、圖像解題過(guò)程作圖不準(zhǔn)。解題思路1、做出電源的路端電壓和干路電流的關(guān)系圖像，與該元件伏安特性曲線的交點(diǎn)即元件電壓和電流。2、串聯(lián)后注意把串聯(lián)的電阻等效為阻。解析在原來(lái)的伏安特性曲線上面做出電動(dòng)勢(shì)等于8v阻r 4 的路端電壓隨電流變化圖像，交點(diǎn)u 4v, I 1A。即流過(guò)該元件電流為I 1A。與一個(gè)4Q的定值電阻串聯(lián)后，把定值 電阻等效入阻，那么電源阻變?yōu)?r 8 ，重復(fù)前面的步驟可得交點(diǎn) u 2v , I 0.75A，消耗電 功率 P UI 1.5w。三、綜合題共 36分15. 6分在用單擺測(cè)重力加速度的實(shí)驗(yàn)中：1實(shí)驗(yàn)時(shí)必須控制擺角，假設(shè)擺長(zhǎng)為1.

19、2m，那么要將擺球拉至離平衡位置約 m處釋放。2 某同學(xué)實(shí)驗(yàn)時(shí)改變擺長(zhǎng)，測(cè)出幾組擺長(zhǎng)L和對(duì)應(yīng)的周期 T的數(shù)據(jù)，作出千-L圖線，如下列圖.利用圖線上任兩點(diǎn) A B的坐標(biāo)xi, yi、 X2, y2,便可求得重力加速度 g=。3作T2-L圖線解決物理問題， 可以提示我們：假設(shè)擺球的質(zhì)量分布不均勻， 將測(cè)量結(jié)果填“影響、“不影響。答案1小于0.11 2 g 4 2論 Y 3不影響X2 X1分值7分考查方向單擺易錯(cuò)點(diǎn)1、單擺做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的條件2、單擺的周期公式解題思路1、根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)擺角要求判斷判斷偏離平衡位置的距離。2、根據(jù)單擺周期公式求重力加速度。解析 1單擺做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)時(shí)擺角應(yīng)小于10°

20、,假設(shè)擺長(zhǎng)為1.2m,那么他們將擺球最多拉至離平衡位置約0.1m(0.10.105)處釋放。(2)根據(jù)單擺的周期公式T 2 I可得重力加速度 g g而L T2圖像的斜率即匕丫2%,可得重力加速度g 4 2 "丫1。( 3)假設(shè)擺球質(zhì)量TX2X1X2X1分布不均勻，導(dǎo)致圖像不過(guò)原點(diǎn)，即擺長(zhǎng)測(cè)量有偏差，但是斜率不變，所以不影響測(cè)量結(jié)果。16. (12分)兩套完全相同的小物塊和軌道系統(tǒng)固定在水平桌面上。物塊質(zhì)量m= 1kg，軌道長(zhǎng)度I=2m,物塊與軌道之間動(dòng)摩擦因數(shù)口 = 0.2?，F(xiàn)用水平拉力 F1= 8N、F2 = 4N同時(shí)拉兩個(gè)物塊，分別作用一段距離后撤去，使兩物塊都能從靜止出發(fā)，運(yùn)動(dòng)

21、到軌道另一端時(shí)恰好停止。(g= 10m/s2)求:(1) 在R作用下的小物塊加速度 a1多大? 答案(1) a=6m/s2分值4分考查方向牛頓運(yùn)動(dòng)定律易錯(cuò)點(diǎn)合外力找不準(zhǔn)解題思路拉力和摩擦力的合力提供加速度解析(1) F| mg= mq a=6m/s2 4 分(2) F1作用了多少位移S1?答案s=0.5m分值4分考查方向動(dòng)能定理易錯(cuò)點(diǎn)沒有簡(jiǎn)化過(guò)程，運(yùn)動(dòng)學(xué)方法計(jì)算，找不到前后兩端平均速度相等解題思路根據(jù)摩擦力和拉力做功大小相等來(lái)分析解析整個(gè)過(guò)程根據(jù)動(dòng)能定理F1S mgl=02 分$=0.5m 2 分(3) 從兩物塊運(yùn)動(dòng)時(shí)開始計(jì)時(shí)直到都停止，除了物塊在軌道兩端速度都為零之外，另有某時(shí)刻t兩物塊速度相同，那么 t為多少？答案s=0.5m分值4分考查方向勻變速直線運(yùn)動(dòng)易錯(cuò)點(diǎn)不能判斷是在加速還是減速階段速度相等解題思路根據(jù)加速度大小判斷上面的木塊減速過(guò)程，下面的木塊加速過(guò)程二者速度相等解析F2作用下的物塊2F2 mg= ma2a2=2m/s 2 分兩物塊速度相同時(shí)，一定在上方物塊減速階段上方的物塊減速階段加速度 a' g 2m/s2上方物塊最大速度v2a£6