湖北省宜昌一中2015屆高三下學(xué)期第三次模擬物理試卷

1、湖北省宜昌一中2015屆高考物理三模試卷一、選擇題：本題共8小題，每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第15題只有一項(xiàng)符合題目要求，第68題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分1時(shí)至今日，數(shù)千顆人造衛(wèi)星正在按照萬有引力定律為它們“設(shè)定”的軌道繞地球運(yùn)行，萬有引力定律取得如此輝煌的成就，下列關(guān)于人類發(fā)現(xiàn)萬有引力定律過程的敘述中正確的是( )A開普勒研究了第谷的行星觀測(cè)記錄，得出了萬有引力定律B關(guān)于天體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，胡克等人認(rèn)為，行星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)是因?yàn)槭艿搅颂?yáng)的吸引，并證明了圓軌道下，它所受的引力大小跟行星到太陽(yáng)距離成反比C牛頓利用他的運(yùn)動(dòng)定律把行星的向心加速度與太陽(yáng)對(duì)它的引力

2、聯(lián)系起來，從而建立了萬有引力定律D卡文迪許用“月地檢驗(yàn)”第一次檢驗(yàn)了萬有引力定律的正確性2每年春天許多游客前往公園放風(fēng)箏，會(huì)放風(fēng)箏的人，可使風(fēng)箏靜止在空中，下列的四幅圖中，AB線代表風(fēng)箏截面，OL代表風(fēng)箏線，風(fēng)向水平，則風(fēng)箏可能靜止的是( )ABCD3靜電平衡、電磁感應(yīng)現(xiàn)象在生產(chǎn)、生活及科學(xué)研究中有著廣泛的應(yīng)用，下列說法正確的是( )A磁電式儀表線圈的骨架用鋁框來做是利用電磁阻尼讓擺動(dòng)的指針快速停下來，微安表在運(yùn)輸時(shí)要把正負(fù)接線柱短接也是利用電磁阻尼，防止指針擺動(dòng)過大損壞B電磁爐利用變化的磁場(chǎng)使食物中的水分子形成渦流來對(duì)食物加熱C處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)處處為零，電勢(shì)也處處為零D變壓器的

3、鐵芯用薄硅鋼片疊壓而成，而不用一整塊硅鋼，這樣增強(qiáng)了磁場(chǎng)、提高了變壓器的效率4將通電的電纜線繞在鉗形電流表原線圈上就可以測(cè)量電纜線上的電流現(xiàn)在，將同一根通電電纜線分別按（a）（b）方式繞線，圖（a）中繞了1匝圖（a）中電流表的讀數(shù)為1.2A圖（b）中繞了3匝，則( )A這種電流表能測(cè)直流電流，又能測(cè)交流電流，圖（b）的讀數(shù)為0.4AB這種電流表能測(cè)交流電流，圖（b）的讀數(shù)為0.4AC這種電流表能測(cè)交流電流，圖（b）的讀數(shù)為3.6AD這種電流表既能測(cè)直流電流，又能測(cè)交流電流，圖（b）的讀數(shù)為3.6A5如圖，兩個(gè)共軸的圓筒形金屬電極，外電極接地，其上均勻分布著平行于軸線的四條狹縫a、b、c和d，外

4、筒的外半徑為r在圓筒之外的足夠大區(qū)域中有平行于軸線方向的均勻磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B在兩極間加上電壓，使兩圓筒之間的區(qū)域內(nèi)有沿半徑向外的電場(chǎng)一質(zhì)量為m、帶電量為+q的粒子，從緊靠?jī)?nèi)筒且正對(duì)狹縫a的S點(diǎn)出發(fā)，初速為零如果該粒子經(jīng)過一段時(shí)間的運(yùn)動(dòng)之后恰好又回到出發(fā)點(diǎn)S，設(shè)兩電極之間的電壓大小為U，則( )AU=BU=CU=DU=6如圖1所示，小物塊靜止在傾角=37的粗糙斜面上現(xiàn)對(duì)物塊施加一個(gè)沿斜面向下的推力F，力F的大小隨時(shí)間t的變化情況如圖2所示，物塊的速率隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖3所示，取sin37=0.6，cos37=0.8，重力加速度g=10m/s2下列說法正確的是( )A物塊的質(zhì)量為1k

5、gB物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.7C03s時(shí)間內(nèi)力F做功的平均功率為0.32WD03s時(shí)間內(nèi)物體克服摩擦力做的功為5.12J7如圖所示，A、B、C是勻強(qiáng)電場(chǎng)中平行于電場(chǎng)線的某一平面上的三個(gè)點(diǎn)，各點(diǎn)的電勢(shì)分別為A=5V，B=2V，C=3V，H、F三等分AB，G為AC的中點(diǎn)，在下列各示意圖中，能正確表示該電場(chǎng)強(qiáng)度方向的是( )ABCD8如圖所示，飛行器P在赤道面繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)方向與地球自轉(zhuǎn)方向一致，已知地球相對(duì)飛行器P的張角為，地球的半徑為R，地球的自轉(zhuǎn)周期為T0，飛行器P的公轉(zhuǎn)周期為T，萬有引力常量為G，當(dāng)?shù)孛嫱ㄐ呕居^測(cè)到飛行器時(shí)，兩者就可以進(jìn)行點(diǎn)對(duì)點(diǎn)直接通信，忽略信號(hào)的傳輸時(shí)間

6、下列說法正確的是( )A地球相對(duì)飛行器P的張角越小，飛行器P的運(yùn)行周期越大B飛行器P的軌道半徑r=RsinC地球的質(zhì)量M=D赤道上固定的一個(gè)地面通信基站在T0的時(shí)間內(nèi)可以與飛行器通信的總時(shí)間為三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分第9題第12題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答第13題第18題為選考題，考生根據(jù)要求作答（一）必考題9將游標(biāo)卡尺的左右測(cè)腳合在一起，若游標(biāo)的零刻度線與主尺的零刻度線不重合，就會(huì)出現(xiàn)零誤差某同學(xué)使用存在零誤差如圖1所示的游標(biāo)卡尺來進(jìn)行測(cè)量，測(cè)量結(jié)果如圖2所示，則此次測(cè)量的測(cè)量值為_，真實(shí)值為_10如圖1所示，現(xiàn)有熱敏電阻R、電爐絲R1、電源E、電磁繼電器、滑動(dòng)變阻器R2

7、、開關(guān)S和導(dǎo)線若干圖2為熱敏電阻的Rt圖象，繼電器的電阻為100當(dāng)線圈的電流大于或等于20mA時(shí)，繼電器的銜鐵被吸合為繼電器線圈和低壓電爐絲供電的電池電動(dòng)勢(shì)E=9.0V，內(nèi)阻可以不計(jì)（1）請(qǐng)用筆劃線代替導(dǎo)線，將圖1中簡(jiǎn)單恒溫箱溫控電路圖補(bǔ)充完整要求溫度低于某一溫度時(shí)，電爐絲自動(dòng)通電供熱，超過某一溫度時(shí)，又可以自動(dòng)斷電（2）根據(jù)圖2熱敏電阻的Rt圖象，熱敏電阻的阻值R隨溫度的降低而_（填“增大”或“減小”）如果要使恒溫箱內(nèi)的溫度保持50，可變電阻R2的阻值應(yīng)調(diào)節(jié)為_若要使恒溫箱內(nèi)的溫度稍微升高些，應(yīng)使可變電阻R2的阻值稍微_（填“增大”或“減小”）11固定的、傾角=37的斜面AC，A的正上方B點(diǎn)

8、有一水槍，每隔（+1）s的時(shí)間間隔、以相同的水平速度噴出水滴水滴在空氣中飛行2s后剛好垂直打在斜面上的D點(diǎn)（圖中未標(biāo)出）質(zhì)量為M的小物塊（可當(dāng)質(zhì)點(diǎn)）從某個(gè)時(shí)刻開始以某一初速度由A沿斜面上滑，小物塊M與斜面間滑動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5，小物塊M能到達(dá)的離A點(diǎn)的最遠(yuǎn)位置為E（圖中未標(biāo)出）點(diǎn)，相鄰兩滴水正好落在小物塊上不考慮水滴落在M上對(duì)M的速度的影響，不考慮水滴的空氣阻力，取g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，求：（1）AB的高度；（2）AE的長(zhǎng)度12（18分）如圖所示為汽車電磁感應(yīng)減速帶原理圖（俯視圖），在汽車通過的區(qū)域設(shè)置勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其方向垂直地面向上，大小為B，寬度為d在汽車底

9、部固定有一個(gè)長(zhǎng)度L1、寬度L2的N匝矩形線圈，線圈的總電阻為R，車和線圈的總質(zhì)量為m，假設(shè)汽車運(yùn)動(dòng)過程中所受阻力恒為f當(dāng)汽車以初速度v0進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域的左側(cè)，開始以大小為a的恒定加速度減速駛?cè)氪艌?chǎng)區(qū)域，線圈全部進(jìn)入磁場(chǎng)后，立即做勻速直線運(yùn)動(dòng)，直至完全離開緩沖區(qū)域，已知從線圈剛進(jìn)入磁場(chǎng)到完全穿出磁場(chǎng)的過程中，汽車的牽引力做的總功為W從線圈的前邊與磁場(chǎng)左邊線重合開始計(jì)時(shí)求：（1）線圈在進(jìn)入磁場(chǎng)的過程中，牽引力的功率隨時(shí)間變化的關(guān)系式（2）線圈進(jìn)入磁場(chǎng)的過程中，所產(chǎn)生的焦耳熱（二）選考題，請(qǐng)考生從以下三個(gè)模塊中任選一模塊作答物理-選修3-313關(guān)于熱力學(xué)定律，下列說法正確的是( )A第二類永動(dòng)機(jī)不可能

10、制成是因?yàn)樗`反了能量守恒定律B一定量氣體，吸熱200J，氣體對(duì)外做功220J，內(nèi)能減少20JC熱量能夠自發(fā)地從高溫物體傳到低溫物體D利用高科技手段，可以將流散到周圍環(huán)境中的內(nèi)能重新收集起來加以利用而不引起其他變化E一定質(zhì)量的100的水吸收熱量后變成100的水蒸氣，則吸收的熱量大于增加的內(nèi)能14如圖甲所示，地面上放置有一內(nèi)壁光滑的圓柱形導(dǎo)熱汽缸，汽缸的橫截面積S=2.5103m2汽缸內(nèi)部有一質(zhì)量和厚度均可忽略的活塞，活塞上固定一個(gè)力傳感器，傳感器通過一根細(xì)桿與天花板固定好汽缸內(nèi)密封有溫度t0=27，壓強(qiáng)為p0的理想氣體，此時(shí)力傳感器的讀數(shù)恰好為0若外界大氣的壓強(qiáng)p0不變，當(dāng)密封氣體溫度t升高時(shí)

11、力傳感器的讀數(shù)F也變化，描繪出Ft圖象如圖乙所示，求：（1）力傳感器的讀數(shù)為5N時(shí)，密封氣體的溫度t；（2）外界大氣的壓強(qiáng)p0物理-選修3-415一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，t時(shí)刻波形圖如圖中的實(shí)線所示，此時(shí)波剛好傳到P點(diǎn)，t+0.6s時(shí)刻的波形如圖中的虛線所示，a、b、c、P、Q是介質(zhì)中的質(zhì)點(diǎn)，則以下說法正確的是( )A這列波的波速可能為50m/sB從t+0.6 s時(shí)刻開始，經(jīng)過0.5T，質(zhì)點(diǎn)b沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)20mC質(zhì)點(diǎn)c在這段時(shí)間內(nèi)通過的路程可能為60 cmD若T=0.8s，則當(dāng)t+0.5s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)b、P的位移相同E若T=0.8s，當(dāng)t+0.4s時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，則質(zhì)點(diǎn)c的振動(dòng)方程為y=

12、0.1sin（t）（m）16在真空中有一正方體玻璃磚，其截面如圖所示，已知它的邊長(zhǎng)為d，玻璃磚的折射率n=，在AB面上方有一單色點(diǎn)光源S，從S發(fā)出的光線SP以60入射角從AB面中點(diǎn)射入，從側(cè)面AD射出，若光從光源S到AB面上P點(diǎn)的傳播時(shí)間和它在玻璃磚中傳播的時(shí)間相等求點(diǎn)光源S到P點(diǎn)的距離物理-選修3-517下列關(guān)于近代物理學(xué)常識(shí)的表述中，正確的是( )A原子核發(fā)生一次衰變，該原子外層就失去一個(gè)電子B普朗克在1900年將“能量子”引入物理學(xué)，破除“能量連續(xù)變化”的傳統(tǒng)觀念，成為近代物理學(xué)思想的基石之一C美國(guó)物理學(xué)家密立根，測(cè)量金屬的遏止電壓UC與入射光的頻率，由此算出普朗克常量h，并與普朗克根據(jù)

13、黑體輻射得出的h相比較，以此檢驗(yàn)了愛因斯坦光電效應(yīng)的正確性D英國(guó)物理學(xué)家湯姆孫根據(jù)陰極射線在電場(chǎng)和磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)情況斷定，它的本質(zhì)是帶負(fù)電的粒子流并求出了這種粒子的比荷，從而發(fā)現(xiàn)了電子E所有的核反應(yīng)都遵循核電荷數(shù)守恒，反應(yīng)前后核的總質(zhì)量也保持不變湖北省宜昌一中2015屆高考物理三模試卷一、選擇題：本題共8小題，每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第15題只有一項(xiàng)符合題目要求，第68題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分1時(shí)至今日，數(shù)千顆人造衛(wèi)星正在按照萬有引力定律為它們“設(shè)定”的軌道繞地球運(yùn)行，萬有引力定律取得如此輝煌的成就，下列關(guān)于人類發(fā)現(xiàn)萬有引力定律過程的敘述中正確的是

14、( )A開普勒研究了第谷的行星觀測(cè)記錄，得出了萬有引力定律B關(guān)于天體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，胡克等人認(rèn)為，行星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)是因?yàn)槭艿搅颂?yáng)的吸引，并證明了圓軌道下，它所受的引力大小跟行星到太陽(yáng)距離成反比C牛頓利用他的運(yùn)動(dòng)定律把行星的向心加速度與太陽(yáng)對(duì)它的引力聯(lián)系起來，從而建立了萬有引力定律D卡文迪許用“月地檢驗(yàn)”第一次檢驗(yàn)了萬有引力定律的正確性考點(diǎn)：萬有引力定律的發(fā)現(xiàn)和萬有引力恒量的測(cè)定 專題：萬有引力定律的應(yīng)用專題分析：根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可解答：解：A、開普勒研究了第谷的行星觀測(cè)記錄，得出了行星運(yùn)動(dòng)規(guī)律，故A錯(cuò)誤；B、關(guān)于天體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，胡克等人認(rèn)為，行星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)是因?yàn)?/p>

15、受到了太陽(yáng)的吸引，并證明了圓軌道下，它所受的引力大小跟行星到太陽(yáng)距離的平方成反比，故B錯(cuò)誤；C、牛頓利用他的運(yùn)動(dòng)定律把行星的向心加速度與太陽(yáng)對(duì)它的引力聯(lián)系起來，從而建立了萬有引力定律，故C正確；D、牛頓用“月地檢驗(yàn)”第一次檢驗(yàn)了萬有引力定律的正確性，故D錯(cuò)誤；故選：C點(diǎn)評(píng)：本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一2每年春天許多游客前往公園放風(fēng)箏，會(huì)放風(fēng)箏的人，可使風(fēng)箏靜止在空中，下列的四幅圖中，AB線代表風(fēng)箏截面，OL代表風(fēng)箏線，風(fēng)向水平，則風(fēng)箏可能靜止的是( )ABCD考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用 專題：共點(diǎn)力

16、作用下物體平衡專題分析：要使風(fēng)箏能靜止在空中，則應(yīng)使風(fēng)箏受力平衡；故對(duì)風(fēng)箏受力分析，由共點(diǎn)力平衡的條件可得出可能的情況解答：解：風(fēng)箏受到的浮力應(yīng)是垂直于風(fēng)箏面向上的；故：A、風(fēng)箏的重力豎直向下，風(fēng)箏受到的浮力與而拉力方向相反，則三力的合力不可能為零，故風(fēng)箏不可能靜止，A錯(cuò)誤；B、風(fēng)箏的重力和繩子的拉力都豎直向下，而浮力垂直于風(fēng)箏面，故三力不可能平衡，故風(fēng)箏不可能靜止，故B錯(cuò)誤；C、風(fēng)箏重力豎直向下，風(fēng)力垂直于風(fēng)箏面向上，繩子拉力沿繩向下，故任意兩力的合力均可能與第三力大小相等，方向相反，故C正確；D、風(fēng)箏受浮力豎直向上，而繩子的拉力斜向下，風(fēng)力對(duì)風(fēng)箏不起作用，故浮力與繩子的合力不能為零；故不可

17、能平衡，故D錯(cuò)誤；故選C點(diǎn)評(píng)：物體靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，均說明物體受力平衡，則其受到的多力的合力一定為零3靜電平衡、電磁感應(yīng)現(xiàn)象在生產(chǎn)、生活及科學(xué)研究中有著廣泛的應(yīng)用，下列說法正確的是( )A磁電式儀表線圈的骨架用鋁框來做是利用電磁阻尼讓擺動(dòng)的指針快速停下來，微安表在運(yùn)輸時(shí)要把正負(fù)接線柱短接也是利用電磁阻尼，防止指針擺動(dòng)過大損壞B電磁爐利用變化的磁場(chǎng)使食物中的水分子形成渦流來對(duì)食物加熱C處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)處處為零，電勢(shì)也處處為零D變壓器的鐵芯用薄硅鋼片疊壓而成，而不用一整塊硅鋼，這樣增強(qiáng)了磁場(chǎng)、提高了變壓器的效率考點(diǎn)：電磁感應(yīng)在生活和生產(chǎn)中的應(yīng)用 分析：根據(jù)穿過線圈的磁通量發(fā)生變

18、化，從而產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，出現(xiàn)感應(yīng)電流，進(jìn)而受到安培阻力，阻礙指針的運(yùn)動(dòng)；處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)處處為零；渦流會(huì)在導(dǎo)體中產(chǎn)生大量的熱量解答：解：A、常用鋁框做骨架，當(dāng)線圈在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，導(dǎo)致鋁框的磁通量變化，從而產(chǎn)生感應(yīng)電流，出現(xiàn)安培阻力，使其很快停止擺動(dòng)而塑料做骨架達(dá)不到電磁阻尼的作用，這樣做的目的是利用渦流，起到電磁阻尼作用，故A正確B、電磁爐是通過鐵鍋產(chǎn)生渦流來加熱食物的，故B錯(cuò)誤C、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部，原電場(chǎng)與感應(yīng)電荷產(chǎn)生的附加電場(chǎng)完全抵消，場(chǎng)強(qiáng)處處為零，電勢(shì)是處處相等，不為零；故C正確；C、變壓器的鐵芯用硅鋼片疊壓而成，是為了減小渦流；故D正確；故選：AD點(diǎn)評(píng)：掌握渦流

19、的原理及應(yīng)用與防止：真空冶煉爐，硅鋼片鐵心，金屬探測(cè)器，電磁灶等；同時(shí)理解電磁阻尼的原理，注意電勢(shì)與電場(chǎng)強(qiáng)度沒有直接關(guān)系4將通電的電纜線繞在鉗形電流表原線圈上就可以測(cè)量電纜線上的電流現(xiàn)在，將同一根通電電纜線分別按（a）（b）方式繞線，圖（a）中繞了1匝圖（a）中電流表的讀數(shù)為1.2A圖（b）中繞了3匝，則( )A這種電流表能測(cè)直流電流，又能測(cè)交流電流，圖（b）的讀數(shù)為0.4AB這種電流表能測(cè)交流電流，圖（b）的讀數(shù)為0.4AC這種電流表能測(cè)交流電流，圖（b）的讀數(shù)為3.6AD這種電流表既能測(cè)直流電流，又能測(cè)交流電流，圖（b）的讀數(shù)為3.6A考點(diǎn)：變壓器的構(gòu)造和原理 專題：交流電專題分析：變器的

20、匝數(shù)與電壓成正比，與電流成反比，安全起見，要求電壓表和電流表都不能超過最大量程解答：解：變壓器只能適用于交流電，根據(jù)電流與匝數(shù)成反比知圖b的讀數(shù)為1.23=3.6A故選：C點(diǎn)評(píng)：本題實(shí)質(zhì)是電壓互感器與電流互感器的簡(jiǎn)單運(yùn)用，電壓互感器與電流互感器是利用變壓器原理將電壓、電流減小到可測(cè)范圍進(jìn)行測(cè)量的儀器5如圖，兩個(gè)共軸的圓筒形金屬電極，外電極接地，其上均勻分布著平行于軸線的四條狹縫a、b、c和d，外筒的外半徑為r在圓筒之外的足夠大區(qū)域中有平行于軸線方向的均勻磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B在兩極間加上電壓，使兩圓筒之間的區(qū)域內(nèi)有沿半徑向外的電場(chǎng)一質(zhì)量為m、帶電量為+q的粒子，從緊靠?jī)?nèi)筒且正對(duì)狹縫a的S點(diǎn)

21、出發(fā)，初速為零如果該粒子經(jīng)過一段時(shí)間的運(yùn)動(dòng)之后恰好又回到出發(fā)點(diǎn)S，設(shè)兩電極之間的電壓大小為U，則( )AU=BU=CU=DU=考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng) 專題：帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題分析：帶電粒子從S點(diǎn)出發(fā)，在兩筒之間的電場(chǎng)作用下加速，沿徑向穿過狹縫a而進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)，在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)粒子再回到S點(diǎn)的條件是能沿徑向穿過狹縫d只要穿過了d，粒子就會(huì)在電場(chǎng)力作用下先減速，再反向加速，經(jīng)d重新進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)，然后粒子以同樣方式經(jīng)過c、b，再回到S點(diǎn)解答：解：粒子在兩電極間加速，由動(dòng)能定理得：qU=mv20，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，

22、由牛頓第二定律得：qvB=m，粒子從S點(diǎn)出發(fā)，經(jīng)過一段時(shí)間后再回到S點(diǎn)，粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，由幾何知識(shí)可知，粒子從a到d必經(jīng)過圓周，粒子軌道半徑：R=r，解得：U=，故A正確，BCD錯(cuò)誤；故選：A點(diǎn)評(píng)：本題考查了粒子在電場(chǎng)與磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，根據(jù)題意作出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡是處理粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的一半解題思路與方法，作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡是正確解題的關(guān)鍵，應(yīng)用幾何知識(shí)求出粒子的軌道半徑，應(yīng)用牛頓第二定律即可正確解題6如圖1所示，小物塊靜止在傾角=37的粗糙斜面上現(xiàn)對(duì)物塊施加一個(gè)沿斜面向下的推力F，力F的大小隨時(shí)間t的變化情況如圖2所示，物塊的速率隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖3所示，取sin37=0.6，cos3

23、7=0.8，重力加速度g=10m/s2下列說法正確的是( )A物塊的質(zhì)量為1kgB物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.7C03s時(shí)間內(nèi)力F做功的平均功率為0.32WD03s時(shí)間內(nèi)物體克服摩擦力做的功為5.12J考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用；功率、平均功率和瞬時(shí)功率 專題：動(dòng)能定理的應(yīng)用專題分析：由Ft圖象求出力的大小，由vt圖象判斷物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，應(yīng)用牛頓第二定律、平衡條件與滑動(dòng)摩擦力公式求出物塊的質(zhì)量與動(dòng)摩擦因數(shù)；由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出物塊的位移，由功的計(jì)算公式求出功，由功率公式可以求出功率解答：解：A、由速度圖象知在13s時(shí)間內(nèi)，物塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得：0.8+mgsinmgcos=ma，由v

24、t圖象可知，加速度：a=m/s2=0.4m/s2在34s時(shí)間內(nèi)，物塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由平衡條件得：mgcosmgsin=0.4N，解得：m=1kg，=0.8，故A正確，B錯(cuò)誤；C、由vt圖象可知，01s時(shí)間內(nèi)，物塊靜止，力F不做功，13s時(shí)間內(nèi)，力F=0.8N，物塊的位移x=0.422m=0.8m，03s內(nèi)力F做功的平均功率為：P=W=0.213W，故C錯(cuò)誤；D、03s時(shí)間內(nèi)物體克服摩擦力做的功為：Wf=mgcosx=0.8110cos370.8=5.12J，故D正確故選：AD點(diǎn)評(píng)：本題是與圖象綜合的問題，關(guān)鍵是正確地受力分析，運(yùn)用牛頓第二定律和共點(diǎn)力平衡進(jìn)行求解7如圖所示，A、B、C是勻強(qiáng)電

25、場(chǎng)中平行于電場(chǎng)線的某一平面上的三個(gè)點(diǎn)，各點(diǎn)的電勢(shì)分別為A=5V，B=2V，C=3V，H、F三等分AB，G為AC的中點(diǎn)，在下列各示意圖中，能正確表示該電場(chǎng)強(qiáng)度方向的是( )ABCD考點(diǎn)：電場(chǎng)強(qiáng)度 專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題分析：在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)強(qiáng)度大小處處相等，方向處處相同，電場(chǎng)線是平行且等間距電勢(shì)沿著電場(chǎng)線降低，電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直根據(jù)這些知識(shí)在AB線上找出電勢(shì)與C點(diǎn)的電勢(shì)相等的點(diǎn)，即可得到一條等勢(shì)線，再作出電場(chǎng)線解答：解：A、AC連線不是等勢(shì)線，其垂線就不是電場(chǎng)線，故A錯(cuò)誤B、A、C中點(diǎn)G的電勢(shì)為：G=V=4V將AB兩點(diǎn)連線的線段分三等分，如圖，圖中H點(diǎn)的電勢(shì)為4V，因此H點(diǎn)與G點(diǎn)的連線為

26、等勢(shì)線，根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直，且指向低電勢(shì)處，可知與GH線垂直的直線即為電場(chǎng)線故B正確；C、由題意，A、B、C三點(diǎn)的電勢(shì)A=5V，B=2V，C=3V，將AB兩點(diǎn)連線的線段分三等分，如圖，圖中F的電勢(shì)為3V，因此F點(diǎn)與C點(diǎn)的連線為等勢(shì)線，根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直，且指向低電勢(shì)處，可知與CF線垂直的直線即為電場(chǎng)線故C正確；D、BC連線不是等勢(shì)線，其垂線就不是電場(chǎng)線，故D錯(cuò)誤故選：BC點(diǎn)評(píng)：本題的解題關(guān)鍵是確定等勢(shì)點(diǎn)，再抓住電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直，且指向電勢(shì)降低最快的方向進(jìn)行分析8如圖所示，飛行器P在赤道面繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)方向與地球自轉(zhuǎn)方向一致，已知地球相對(duì)飛行器P的張角為，地球的半徑為R，地

27、球的自轉(zhuǎn)周期為T0，飛行器P的公轉(zhuǎn)周期為T，萬有引力常量為G，當(dāng)?shù)孛嫱ㄐ呕居^測(cè)到飛行器時(shí)，兩者就可以進(jìn)行點(diǎn)對(duì)點(diǎn)直接通信，忽略信號(hào)的傳輸時(shí)間下列說法正確的是( )A地球相對(duì)飛行器P的張角越小，飛行器P的運(yùn)行周期越大B飛行器P的軌道半徑r=RsinC地球的質(zhì)量M=D赤道上固定的一個(gè)地面通信基站在T0的時(shí)間內(nèi)可以與飛行器通信的總時(shí)間為考點(diǎn)：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系 專題：人造衛(wèi)星問題分析：根據(jù)幾何知識(shí)求出飛行器的半徑，由開普勒第三定律分析其周期與軌道半徑的關(guān)系由地球的萬有引力提供向心力，根據(jù)萬有引力定律求解地球的質(zhì)量M解答：解：AB、設(shè)飛行器的軌道半徑為r，由幾何知識(shí)可得 r=Rcot，

28、則知越小，r越大，根據(jù)開普勒第三定律得知飛行器P的運(yùn)行周期越大，故A正確，B錯(cuò)誤C、飛行器P繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由地球的萬有引力提供向心力，則有 G=m結(jié)合 r=Rsin，解得 M=，故C正確D、設(shè)赤道上固定的一個(gè)地面通信基站在T0的時(shí)間內(nèi)可以與飛行器通信的總時(shí)間為t，則有 （）t=2（）解得 t=，故D錯(cuò)誤故選：A點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵掌握萬有引力定律和萬有引力等于向心力這一基本思路，結(jié)合幾何知識(shí)進(jìn)行解題三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分第9題第12題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答第13題第18題為選考題，考生根據(jù)要求作答（一）必考題9將游標(biāo)卡尺的左右測(cè)腳合在一起，若游標(biāo)的零刻度線與主尺的零

29、刻度線不重合，就會(huì)出現(xiàn)零誤差某同學(xué)使用存在零誤差如圖1所示的游標(biāo)卡尺來進(jìn)行測(cè)量，測(cè)量結(jié)果如圖2所示，則此次測(cè)量的測(cè)量值為14.40mm，真實(shí)值為13.55mm考點(diǎn)：刻度尺、游標(biāo)卡尺的使用 專題：實(shí)驗(yàn)題分析：解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀由游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法，逆向推理可知兩零刻度線之間的距離；解答：解：根據(jù)圖1可知，當(dāng)實(shí)際長(zhǎng)度為0時(shí)，游標(biāo)尺的零刻度與主尺的零刻度不重合，且第17格刻度線重合，所以實(shí)際值比測(cè)量值大170.05mm=0.85mm，根據(jù)圖2可知，游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為：1.4cm=14mm，游標(biāo)尺上第8個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為80.

30、05mm=0.40mm，所以最終讀數(shù)為：14mm+0.40mm=14.40mm，實(shí)際長(zhǎng)度：為14.40mm0.85mm=13.55mm故答案為：14.40mm；13.55mm點(diǎn)評(píng)：對(duì)于基本測(cè)量?jī)x器如游標(biāo)卡尺、螺旋測(cè)微器等要了解其原理，正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測(cè)量，難度不大，屬于基礎(chǔ)題10如圖1所示，現(xiàn)有熱敏電阻R、電爐絲R1、電源E、電磁繼電器、滑動(dòng)變阻器R2、開關(guān)S和導(dǎo)線若干圖2為熱敏電阻的Rt圖象，繼電器的電阻為100當(dāng)線圈的電流大于或等于20mA時(shí)，繼電器的銜鐵被吸合為繼電器線圈和低壓電爐絲供電的電池電動(dòng)勢(shì)E=9.0V，內(nèi)阻可以不計(jì)（1）請(qǐng)用筆劃線代替導(dǎo)線，將圖1中簡(jiǎn)單恒溫箱溫控電路

31、圖補(bǔ)充完整要求溫度低于某一溫度時(shí)，電爐絲自動(dòng)通電供熱，超過某一溫度時(shí)，又可以自動(dòng)斷電（2）根據(jù)圖2熱敏電阻的Rt圖象，熱敏電阻的阻值R隨溫度的降低而減?。ㄌ睢霸龃蟆被颉皽p小”）如果要使恒溫箱內(nèi)的溫度保持50，可變電阻R2的阻值應(yīng)調(diào)節(jié)為260若要使恒溫箱內(nèi)的溫度稍微升高些，應(yīng)使可變電阻R2的阻值稍微增大（填“增大”或“減小”）考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律；傳感器在生產(chǎn)、生活中的應(yīng)用 分析：（1）分析電路結(jié)構(gòu)及應(yīng)實(shí)現(xiàn)的功能，即可得出對(duì)應(yīng)的電路圖；（2）要使恒溫箱內(nèi)的溫度保持 100，當(dāng)溫度達(dá)到100時(shí)，電路就要斷開，即電路要達(dá)到20mA根據(jù)閉合電路歐姆定律即可求得電阻的大小根據(jù)閉合電路歐姆定律，可確定

32、可變電阻的阻值如何變化，才能實(shí)現(xiàn)溫度保持在更高的數(shù)值解答：解：（1）溫度較低的時(shí)候，熱敏電阻的電阻較大，電路中的電流較小，此時(shí)K是閉合的，而此時(shí)要求加熱，因此只需要將電爐絲與K相連即可，如圖所示；（2）由圖可知，隨溫度升高，熱敏電阻的阻值減小；當(dāng)溫度達(dá)到50時(shí)，加熱電路就要斷開，此時(shí)繼電器的銜鐵要被吸合，即控制電路的電流要到達(dá)20mA，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得：I=，r為繼電器的電阻，由圖甲可知，50C時(shí)熱敏電阻的阻值為R=90所以有：R=Rr=90100=260由上可知，若恒溫箱內(nèi)的溫度保持在更高的數(shù)值，則可變電阻R的值應(yīng)增大，會(huì)導(dǎo)致R電阻變小，從而實(shí)現(xiàn)目標(biāo)故答案為：（1）如圖所示；（2）2

33、60；增大點(diǎn)評(píng)：在解答本題的時(shí)候要分析清楚，控制電路和加熱電路是兩個(gè)不同的電路，只有當(dāng)溫度較低，需要加熱的時(shí)候，加熱電路才會(huì)工作，而控制電路是一直通電的11固定的、傾角=37的斜面AC，A的正上方B點(diǎn)有一水槍，每隔（+1）s的時(shí)間間隔、以相同的水平速度噴出水滴水滴在空氣中飛行2s后剛好垂直打在斜面上的D點(diǎn)（圖中未標(biāo)出）質(zhì)量為M的小物塊（可當(dāng)質(zhì)點(diǎn)）從某個(gè)時(shí)刻開始以某一初速度由A沿斜面上滑，小物塊M與斜面間滑動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5，小物塊M能到達(dá)的離A點(diǎn)的最遠(yuǎn)位置為E（圖中未標(biāo)出）點(diǎn)，相鄰兩滴水正好落在小物塊上不考慮水滴落在M上對(duì)M的速度的影響，不考慮水滴的空氣阻力，取g=10m/s2，sin37=0

34、.6，cos37=0.8，求：（1）AB的高度；（2）AE的長(zhǎng)度考點(diǎn)：平拋運(yùn)動(dòng)；牛頓第二定律 專題：平拋運(yùn)動(dòng)專題分析：（1）物體B做平拋運(yùn)動(dòng)，時(shí)間2s，末速度垂直斜面，根據(jù)分運(yùn)動(dòng)公式求解出位移、初速度，結(jié)合幾何關(guān)系求解AB的高度；（2）對(duì)物體A，根據(jù)牛頓第二定律列式求解上升和下滑過程的加速度；從D點(diǎn)上升和下降的總時(shí)間為（+1）s，根據(jù)位移公式列式求解出第一次到D點(diǎn)的速度；然后結(jié)合得到AE的長(zhǎng)度解答：解：（1）物體B做平拋運(yùn)動(dòng)，時(shí)間2s，豎直分位移為： y=20m豎直分速度： vy=gt=102=20m/s末速度與斜面垂直，故末速度與水平方向的夾角為53，故： tan53=解得：=15m/s故水

35、平分位移為：x=v0t=152=30m故h=y+xtan37=20+30=42.5m（2）滑塊A上滑過程，根據(jù)牛頓第二定律，有：（mgsin37+mgcos37）=ma1解得：a1=10m/s2滑塊A下滑過程，根據(jù)牛頓第二定律，有：mgsin37mgcos37=ma2解得：a2=2m/s2設(shè)滑塊A第一次經(jīng)過D點(diǎn)的速度為v，則上滑過程，有：v2=2a1s 下滑過程，有：s= t=t1+t2=（1+）s 聯(lián)立解得：s=5mv=10m/st1=1st2=s故AE長(zhǎng)度為：L=s+=5m+=42.5m答：（1）AB的高度為42.5m；（2）AE的長(zhǎng)度為42.5m點(diǎn)評(píng)：本題中關(guān)鍵要明確兩個(gè)物體的受力情況和

36、運(yùn)動(dòng)情況，然后根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)、牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列式并結(jié)合幾何關(guān)系分析，不難12（18分）如圖所示為汽車電磁感應(yīng)減速帶原理圖（俯視圖），在汽車通過的區(qū)域設(shè)置勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其方向垂直地面向上，大小為B，寬度為d在汽車底部固定有一個(gè)長(zhǎng)度L1、寬度L2的N匝矩形線圈，線圈的總電阻為R，車和線圈的總質(zhì)量為m，假設(shè)汽車運(yùn)動(dòng)過程中所受阻力恒為f當(dāng)汽車以初速度v0進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域的左側(cè)，開始以大小為a的恒定加速度減速駛?cè)氪艌?chǎng)區(qū)域，線圈全部進(jìn)入磁場(chǎng)后，立即做勻速直線運(yùn)動(dòng)，直至完全離開緩沖區(qū)域，已知從線圈剛進(jìn)入磁場(chǎng)到完全穿出磁場(chǎng)的過程中，汽車的牽引力做的總功為W從線圈的前邊與磁場(chǎng)左邊線重合開始計(jì)時(shí)求：（1）線圈在進(jìn)

37、入磁場(chǎng)的過程中，牽引力的功率隨時(shí)間變化的關(guān)系式（2）線圈進(jìn)入磁場(chǎng)的過程中，所產(chǎn)生的焦耳熱考點(diǎn)：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；楞次定律 專題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合分析：（1）根據(jù)電磁感應(yīng)知識(shí)求得安培力，再由牛頓第二定律求出牽引力的大小，再由功率公式：P=Fv求解即可（2）分清運(yùn)動(dòng)形式，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出勻速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，由焦耳定律求出勻速運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的焦耳熱，再結(jié)合能量守恒求解解答：解：（1）線圈進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度為v時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E=BL2v由歐姆定律得：I=故線圈受到的安培力：F安=BIL2=根據(jù)牛頓第二定律得：FF安f=ma解得：F=f+ma+又因?yàn)榫€圈做勻減速運(yùn)動(dòng)，則有：v=v0at結(jié)合功率公式：

38、P=Fv解得：P=（f+ma+）（v0at）（2）設(shè)線圈以恒定速度v出磁場(chǎng)，有運(yùn)動(dòng)學(xué)公式：v2=2aL1得：v=運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：t=產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=BL2v感應(yīng)電流為：I=由焦耳定律得：產(chǎn)生的熱量 Q出=I2Rt由能量守恒定律得：W=mv2+f（d+L1）+Q進(jìn)+Q出解得：Q進(jìn)=Wm（2aL1）f（d+L1）答：（1）牽引力的功率隨時(shí)間變化的關(guān)系式為P=（f+ma+）（v0at）（2）線圈進(jìn)入磁場(chǎng)過程中，線圈中產(chǎn)生的焦耳熱為Wm（2aL1）f（d+L1）點(diǎn)評(píng)：本題是力學(xué)電學(xué)相結(jié)合的綜合題，分析和求安培力是關(guān)鍵，還要正確分析能量是如何轉(zhuǎn)化的，分清運(yùn)動(dòng)過程合理的運(yùn)用公式求解即可（二）選考題，請(qǐng)

39、考生從以下三個(gè)模塊中任選一模塊作答物理-選修3-313關(guān)于熱力學(xué)定律，下列說法正確的是( )A第二類永動(dòng)機(jī)不可能制成是因?yàn)樗`反了能量守恒定律B一定量氣體，吸熱200J，氣體對(duì)外做功220J，內(nèi)能減少20JC熱量能夠自發(fā)地從高溫物體傳到低溫物體D利用高科技手段，可以將流散到周圍環(huán)境中的內(nèi)能重新收集起來加以利用而不引起其他變化E一定質(zhì)量的100的水吸收熱量后變成100的水蒸氣，則吸收的熱量大于增加的內(nèi)能考點(diǎn)：熱力學(xué)第一定律；熱力學(xué)第二定律 專題：熱力學(xué)定理專題分析：解答本題應(yīng)該掌握：第二類永動(dòng)機(jī)不違反了能量守恒定律，而違反了熱力學(xué)第二定律；熱力學(xué)第一定律為U=Q+W；知道熱力學(xué)第二定律的幾種不同

40、的說法解答：解：A、第二類永動(dòng)機(jī)不違反了能量守恒定律，但違反了熱力學(xué)第二定律故A錯(cuò)誤；B、氣體對(duì)外做功220J，W=220J，吸收200J熱量，Q=200J，根據(jù)熱力學(xué)第一定律U=Q+W得：U=20J，即內(nèi)能減少20J故B正確；C、軌跡熱力學(xué)第二定律，熱量能夠自發(fā)地從高溫物體傳到低溫物體故C正確；D、根據(jù)熱力學(xué)第二定律利用高科技手段，不可能將流散到周圍環(huán)境中的內(nèi)能重新收集起來加以利用而不引起其他變化故D錯(cuò)誤；E、一定質(zhì)量的100的水吸收熱量后變成100的水蒸氣，溫度不變則內(nèi)能不變，所以則吸收的熱量大于增加的內(nèi)能故E正確故選：BCE點(diǎn)評(píng)：本題考查了熱力學(xué)第一定律和熱力學(xué)第二定律的幾種不同的說法，

41、大都需要記憶理解，注意在平時(shí)訓(xùn)練中加強(qiáng)練習(xí)14如圖甲所示，地面上放置有一內(nèi)壁光滑的圓柱形導(dǎo)熱汽缸，汽缸的橫截面積S=2.5103m2汽缸內(nèi)部有一質(zhì)量和厚度均可忽略的活塞，活塞上固定一個(gè)力傳感器，傳感器通過一根細(xì)桿與天花板固定好汽缸內(nèi)密封有溫度t0=27，壓強(qiáng)為p0的理想氣體，此時(shí)力傳感器的讀數(shù)恰好為0若外界大氣的壓強(qiáng)p0不變，當(dāng)密封氣體溫度t升高時(shí)力傳感器的讀數(shù)F也變化，描繪出Ft圖象如圖乙所示，求：（1）力傳感器的讀數(shù)為5N時(shí)，密封氣體的溫度t；（2）外界大氣的壓強(qiáng)p0考點(diǎn)：理想氣體的狀態(tài)方程；傳感器在生產(chǎn)、生活中的應(yīng)用 專題：理想氣體狀態(tài)方程專題分析：缸內(nèi)氣體等容變化，由于氣壓不可能為零，

42、故根據(jù)題中數(shù)據(jù)可得一定是升溫，根據(jù)查理定律列式求解即可解答：解：由題圖乙可知F=t27得：t=27+5=32C溫度t1=327C時(shí)，密封氣體的壓強(qiáng)p1=p0+=p0+1.2105 Pa密封氣體發(fā)生等容變化，則=聯(lián)立以上各式并代入數(shù)據(jù)解得p0=1.2105 Pa答：（1）力傳感器的讀數(shù)為5N時(shí)，密封氣體的溫度t為32C；（2）外界大氣的壓強(qiáng)p0為1.2105 Pa點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵求解出初、末狀態(tài)的氣壓和溫度，然后根據(jù)查理定律列式求解物理-選修3-415一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，t時(shí)刻波形圖如圖中的實(shí)線所示，此時(shí)波剛好傳到P點(diǎn)，t+0.6s時(shí)刻的波形如圖中的虛線所示，a、b、c、P、Q是介質(zhì)中的

43、質(zhì)點(diǎn)，則以下說法正確的是( )A這列波的波速可能為50m/sB從t+0.6 s時(shí)刻開始，經(jīng)過0.5T，質(zhì)點(diǎn)b沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)20mC質(zhì)點(diǎn)c在這段時(shí)間內(nèi)通過的路程可能為60 cmD若T=0.8s，則當(dāng)t+0.5s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)b、P的位移相同E若T=0.8s，當(dāng)t+0.4s時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，則質(zhì)點(diǎn)c的振動(dòng)方程為y=0.1sin（t）（m）考點(diǎn)：橫波的圖象；波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系 專題：平拋運(yùn)動(dòng)專題分析：由圖可知波的波長(zhǎng)，而由兩列波的波形圖可得兩波形相距的時(shí)間與周期的關(guān)系，則可得出波速的表達(dá)式；由波速可知周期的表達(dá)式，則可得出質(zhì)點(diǎn)的路程及位移及質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程解答：解：A、由圖可知，波的波長(zhǎng)為40m；兩列波相距0.6s=（n+）T，故周期T=； 波速v=m/s=m/s，（n=0，1，2，） 當(dāng)n=0時(shí)，當(dāng)v=50m/s時(shí)，故A正確；B、質(zhì)點(diǎn)只能上下振動(dòng)，不能隨波遷移，所以質(zhì)點(diǎn)b不能