2018年廣東高考理綜物理試題及答案

1、精選優(yōu)質(zhì)文檔-傾情為你奉上2018年普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試<廣東卷 物理）一、單項(xiàng)選擇題：本大題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，選對的得4分，選錯(cuò)或不答的得0分(2018廣東理綜·13>如圖3所示,兩個(gè)接觸面平滑的鉛柱壓緊后懸掛起來,下面的鉛柱不脫落,主要原因是3u9vVSIotSA.鉛分子做無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)B.鉛柱受到大氣壓力作用C.鉛柱間存在萬有引力作用D.鉛柱間存在分子引力作用【答案】D【解讀】考查分子力、大氣壓力、萬有引力之間的區(qū)別。選D(2018廣東理綜·14>圖4為某種椅子與其升降部分的結(jié)構(gòu)

2、示意圖,M、N兩筒間密閉了一定質(zhì)量的氣體，M可沿N的內(nèi)壁上下滑動(dòng)，設(shè)筒內(nèi)氣體不與外界發(fā)生熱交換，在M向下滑動(dòng)的過程中3u9vVSIotSA.外界對氣體做功，氣體內(nèi)能增大B.外界對氣體做功，氣體內(nèi)能減小C.氣體對外界做功，氣體內(nèi)能增大D.氣體對外界做功，氣體內(nèi)能減小【答案】A【解讀】由熱力學(xué)第二定律U=Q+W，Q=0，W>0，U>0.選A(2018廣東理綜·15>將閉合多匝線圈置于僅隨時(shí)間變化的磁場中，線圈平面與磁場方向垂直，關(guān)于線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢和感應(yīng)電流，下列表述正確的是3u9vVSIotSA.感應(yīng)電動(dòng)勢的大小與線圈的匝數(shù)無關(guān)B.穿過線圈的磁通量越大，感應(yīng)電動(dòng)

3、勢越大C.穿過線圈的磁通量變化越快，感應(yīng)電動(dòng)勢越大D.感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場方向與原磁場方向始終相同【答案】C【解讀】由E=，AB錯(cuò)，C正確。B原與B感的方向可相同亦可相反。D錯(cuò)。選C(2018廣東理綜·16>如圖5所示的水平面上，橡皮繩一端固定，另一端連接兩根彈簧，連接點(diǎn)P在F1、F2和F3三力作用下保持靜止。下列判斷正確的是3u9vVSIotSA.F1>F2>F3B.F3>F1>F2C.F2>F3>F1D.F3>F2>F1【答案】B【解讀】由力的平行四邊形法則及三角形知識得B正確。選B二、雙項(xiàng)選擇題：本大題共5小題，每小題6分，共

4、30分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全部選對的得6分，只選1個(gè)且正確的得3分，有選錯(cuò)或不答的得0分。3u9vVSIotS(2018廣東理綜·17>如圖6所示，在網(wǎng)球的網(wǎng)前截?fù)艟毩?xí)中，若練習(xí)者在球網(wǎng)正上方距地面H處，將球以速度沿垂直球網(wǎng)的方向擊出，球剛好落在底線上，已知底線到網(wǎng)的距離為L，重力加速度取g，將球的運(yùn)動(dòng)視作平拋運(yùn)動(dòng)，下列表述正確的是3u9vVSIotSA.球的速度等于LB.球從擊出至落地所用時(shí)間為C.球從擊球點(diǎn)至落地點(diǎn)的位移等于LD.球從擊球點(diǎn)至落地點(diǎn)的位移與球的質(zhì)量有關(guān)【答案】AB【解讀】由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律：L=t，H=gt2求出AB正確。選AB(

5、2018廣東理綜·18>光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，下列表述正確的是A.光照時(shí)間越長光電流越大B.入射光足夠強(qiáng)就可以有光電流C.遏止電壓與入射光的頻率有關(guān)D.入射光頻率大于極限頻率才能產(chǎn)生光電子【答案】CD【解讀】光電流的大小只與到達(dá)陽極的光電子個(gè)數(shù)有關(guān)，A錯(cuò)。由hv=W+Ek和Uq=Ek知，CD正確。選CD3u9vVSIotS(2018廣東理綜·19>圖7<a）左側(cè)的調(diào)壓裝置可視為理想變壓器，負(fù)載電路中R=55，,為理想電流表和電壓表，若原線圈接入如圖7<b）所示的正弦交變電壓，電壓表的示數(shù)為110V，下列表述正確的是3u9vVSIotSA、電流表的示數(shù)為2A

6、B、原副線圈匝數(shù)比為1:2C、電壓表的示數(shù)為電壓的有效值D、原線圈中交變電壓的頻率為100Hz【答案】AC【解讀】電壓表、電流表測的都是有效值。AC正確。N1/N2=U1/U2可知B錯(cuò)。選AC(2018廣東理綜·20>已知地球質(zhì)量為M，半徑為R，自轉(zhuǎn)周期為T，地球同步衛(wèi)星質(zhì)量為m，引力常量為G。有關(guān)同步衛(wèi)星，下列表述正確的是3u9vVSIotSA.衛(wèi)星距離地面的高度為B.衛(wèi)星的運(yùn)行速度小于第一宇宙速度C.衛(wèi)星運(yùn)行時(shí)受到的向心力大小為D.衛(wèi)星運(yùn)行的向心加速度小于地球表面的重力加速度【答案】BD【解讀】根據(jù)，A錯(cuò)，由，B正確，由，C錯(cuò)D對。選BD(2018廣東理綜·21&

7、gt;圖8為靜電除塵器除塵機(jī)理的示意圖。塵埃在電場中通過某種機(jī)制帶電，在電場力的作用下向集塵極遷移并沉積，以達(dá)到除塵目的。下列表述正確的是3u9vVSIotSA.到達(dá)集塵極的塵埃帶正電荷B.電場方向由集塵極指向放電極C.帶電塵埃所受電場力的方向與電場方向相同D.同一位置帶電荷量越多的塵埃所受電場力越大【答案】BD【解讀】電子吸附塵埃使塵埃帶負(fù)電，受力與電場方向相反，AC錯(cuò)。F=Eq，故BD正確。選BD三、非選擇題34. (2018廣東理綜·34><18分）圖14是“研究勻變數(shù)直線運(yùn)動(dòng)”實(shí)驗(yàn)中獲得的一條紙帶，O、A、B、C、D和E為紙帶上六個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)。加速度大小用a表示3u9

8、vVSIotS OD間的距離為cm圖15是根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪出的st2圖線<s為各計(jì)數(shù)點(diǎn)至同一起點(diǎn)的距離），斜率表示，其大小為m/s2(保留三位有效數(shù)字>。3u9vVSIotS【解讀】答案：1.20a/20.933要估讀一位，s=v0t+at2，斜率為a/2在“描繪小電珠的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)中，所用器材有：小電珠<2.5V，0.6W），滑動(dòng)變阻器，多用電表，電流表，學(xué)生電源，開關(guān)，導(dǎo)線若干。3u9vVSIotS粗測小電珠的電阻，應(yīng)選擇多用電表_倍率的電阻檔<請?zhí)顚憽?#215;1”、“×10”或“×100”）；調(diào)零后，將表筆分別與小電珠的兩極連接，示數(shù)如

9、圖16，結(jié)果為_3u9vVSIotS 實(shí)驗(yàn)中使用多用電表測量電壓，請根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理圖17完成實(shí)物圖18中的連線。開關(guān)閉合前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片P置于_端。為使小電珠亮度增加，P應(yīng)由中點(diǎn)向_端滑動(dòng)。3u9vVSIotS下表為電壓等間隔變化測得的數(shù)據(jù)，為了獲得更準(zhǔn)確的實(shí)驗(yàn)圖象，必須在相鄰數(shù)據(jù)點(diǎn)_間多測幾組數(shù)據(jù)<請?zhí)顚憽癮b”“bc”“cd”“de”或“ef”）3u9vVSIotS數(shù)據(jù)點(diǎn)abcdeFU/V0.000.501.001.502.002.50I/A0.0000.1220.1560.1850.2160.244【解讀】答案：×17.5左端右端ab電珠電阻較小，故選“×

10、1”檔如右圖P置左端電珠兩端電壓最小ab之間電流值相差太大(2018廣東理綜·35><18分）如圖19<a）所示，在以O(shè)為圓心，內(nèi)外半徑分別為R1和R2的圓環(huán)區(qū)域內(nèi)，存在輻射狀電場和垂直紙面的勻強(qiáng)磁場，內(nèi)外圓間的電勢差U為常量，R1=R0，R2=3R0一電荷量為+q，質(zhì)量為m的粒子從內(nèi)圓上的A點(diǎn)進(jìn)入該區(qū)域，不計(jì)重力。3u9vVSIotS已知粒子從外圓上以速度1射出，求粒子在A點(diǎn)的初速度0的大小若撤去電場，如圖19(b>,已知粒子從OA延長線與外圓的交點(diǎn)C以速度2射出，方向與OA延長線成45°角，求磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小及粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間3u9vVSI

11、otS在圖19(b>中，若粒子從A點(diǎn)進(jìn)入磁場，速度大小為3，方向不確定，要使粒子一定能夠從外圓射出，磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)小于多少？3u9vVSIotS【答案】v0=B1=t=O/rB2【解讀】由動(dòng)能定理：Uq=mv12-mv02得：v0=如右圖：粒子在磁場中作圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r，則 r2=2(>2 B1qv2=mRV3由得：B1=T=t=由t=由B2qv3=m可知，B越小，R越大。與磁場邊界相切的圓的最大半徑為R= 所以B2(2018廣東理綜·36><18分）如圖20所示，以A、B和C、D為端點(diǎn)的兩半圓形光滑軌道固定于豎直平面內(nèi)，一滑板靜止在光滑水平地面上，左端緊靠B

12、點(diǎn)，上表面所在平面與兩半圓分別相切于B、C。一物塊被輕放在水平勻速運(yùn)動(dòng)的傳送帶上E點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)到A時(shí)剛好與傳送帶速度相同，然后經(jīng)A沿半圓軌道滑下，再經(jīng)B滑上滑板。滑板運(yùn)動(dòng)到C時(shí)被牢固粘連。物塊可視為質(zhì)點(diǎn)，質(zhì)量為m，滑板質(zhì)量M=2m，兩半圓半徑均為R，板長l=6.5R，板右端到C的距離L在RL5R范圍內(nèi)取值。E距A為S=5R，物塊與傳送帶、物塊與滑板間的動(dòng)摩擦因素均為=0.5，重力加速度取g.3u9vVSIotS求物塊滑到B點(diǎn)的速度大??；試討論物塊從滑上滑板到離開滑板右端的過程中，克服摩擦力做的功Wf與L的關(guān)系，并判斷物塊能否滑到CD軌道的中點(diǎn)。3u9vVSIotS【答案】vB=3RL2R時(shí)，Wf=mg(l+L>=mg<6.5R+L）2RL5R時(shí)，Wf=mgx2+mg(lx>=4.25mgR4.5mgR，即滑塊速度不為0，滑上右側(cè)軌道。3u9vVSIotS滑塊不能滑到CD軌道中點(diǎn)【解讀】mgs+mg·2R=mvB2 所以vB=3設(shè)M滑動(dòng)x1,m滑動(dòng)x2二者達(dá)到共同速度v,則mvB=(M+m>v mgx1=mv2mgx2=mv2mvB2由得v=,x1=2R,x2=8R二者位移之差x=x2x1=6R6.5R，即滑塊未掉下滑板討論：L2R時(shí)，Wf=