高中高二物理試卷及答案

1、高二年級物理周練九一、單選題（本大題共10小題，共分）1. 如圖所示，將直徑為d，電阻為R的閉合金屬環(huán)從勻強磁場B中拉出，這一過程中通過金屬環(huán)某一截面的電荷量為A. B. C. D. 2. 如圖所示，電阻R和線圈自感系數(shù)L的值都較大，電感線圈的電阻不計，A、B是兩只完全相同的燈泡，當(dāng)開關(guān)S閉合時，電路可能出現(xiàn)的情況是A. A、B一起亮，然后B熄滅B. A比B先亮，然后A熄滅C. A、B一起亮，然后A熄滅D. B比A先亮，然后B熄滅3. 銅質(zhì)金屬環(huán)從條形磁鐵的正上方由靜止開始下落，在下落過程中，說法正確的是 A. 金屬環(huán)在下落過程中的機械能守恒B. 金屬環(huán)在下落過程動能的增加量小于其重力勢能的減

2、少量C. 金屬環(huán)的機械能先減小后增大D. 穿過金屬環(huán)的磁通量不變4. 如圖所示，水平放置的兩根金屬導(dǎo)軌位于方向垂直于導(dǎo)軌平面并指向紙里的勻強磁場中導(dǎo)軌上有兩根小金屬導(dǎo)體桿ab和cd，其質(zhì)量均為m，能沿導(dǎo)軌無摩擦地滑動金屬桿ab和cd與導(dǎo)軌及它們間的接觸等所有電阻可忽略不計開始時ab和cd都是靜止的，現(xiàn)突然讓cd桿以初速度v向右開始運動，如果兩根導(dǎo)軌足夠長，則A. cd始終做減速運動，ab始終做加速運動，并將追上cdB. cd始終做減速運動，ab始終做加速運動，但追不上cdC. 開始時cd做減速運動，ab做加速運動，最終兩桿以相同速度做勻速運動D. 磁場力對兩金屬桿做功的大小相等5. 通過某電流

3、表的電流按如圖所示的規(guī)律變化，則該電流表的讀數(shù)為 A. AB. 4AC. 5AD. A6. 如圖所示，理想變壓器原線圈接在交流電源上，圖中各電表均為理想電表，下列說法正確的是A. 當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，消耗的功率變大B. 當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，電壓表V示數(shù)變大C. 當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，電流表示數(shù)變大D. 若閉合開關(guān)S，則電流表示數(shù)變大，示數(shù)變大7. 遠距離輸電中，當(dāng)輸送的電功率為P，輸送電壓為U時，輸電線上損失的電功率為，若輸送的電功率增加為4P，而輸電線中損失的電功率減為輸電線電阻不變，那么，輸電電壓應(yīng)增為A. 32UB. 16UC. 8UD. 4

4、U8. 將一個光滑的半圓形槽置于光滑的水平面上如圖，槽左側(cè)有一個固定在水平面上的物塊現(xiàn)讓一個小球自左側(cè)槽口A點正上方由靜止開始落下，從A點落入槽內(nèi)，則下列說法中正確的是A. 小球在半圓槽內(nèi)運動的過程中，機械能守恒B. 小球在半圓槽內(nèi)運動的全過程中，小球與半圓槽組成的系統(tǒng)動量守恒C. 小球在半圓槽內(nèi)由B點向C點運動的過程中，小球與半圓槽組成的系統(tǒng)動量守恒D. 小球從C點離開半圓槽后，一定還會從C點落回半圓槽9. 有一條捕魚小船?？吭诤叴a頭，小船又窄又長，甲同學(xué)想用一個卷尺粗略測定它的質(zhì)量，他進行了如下操作：首先將船平行碼頭自由停泊，然后他輕輕從船尾上船，走到船頭后停下，另外一位同學(xué)用卷尺測出船

5、后退的距離d，然后用卷尺測出船長已知甲同學(xué)的質(zhì)量為m，則漁船的質(zhì)量為A. B. C. D. 10. 矩形線圈在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動產(chǎn)生的電動勢如圖示，則 A. 時刻線圈中磁通量為零B. 時刻線圈中磁通量變化率最大C. 時刻線圈中磁通量變化率最大D. 時刻線圈面與磁場方向垂直二、多選題（本大題共4小題，共分）11. 如圖所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比為，R，R，C為電容器，原線圈所加電壓u t下列說法正確的是 A. 通過電阻R的電流始終為零B. 副線圈兩端交變電壓的頻率為50HzC. 電阻R的電功率為D. 原副線圈鐵芯中磁通量變化率之比為12. 如圖所示，邊長為L的正方形線圈abcd，其匝數(shù)

6、為n，總電阻為r，外電路的電阻為的中點和cd的中點的連線恰好位于勻強磁場的邊界線上，磁場的磁感應(yīng)強度為B，若線圈從圖示位置開始，以角速度繞軸勻速轉(zhuǎn)動，則以下判斷中正確的是A. 閉合電路中感應(yīng)電動勢的瞬時表達式B. 在時刻，磁場穿過線圈的磁通量最大，但此時磁通量的變化率為零C. 從時刻到時刻，電阻R上產(chǎn)生的熱量為D. 從時刻到時刻，通過R的電荷量13. 如圖1所示，T為理想變壓器，原副線圈匝數(shù)比為4：、為理想交流電流表，、為理想交流電壓表，、為定值電阻，為熱敏電阻阻值隨溫度的升高而減小，原線圈兩端接入如圖2所示的電壓，以下說法正確的是 A. 當(dāng)溫度升高時，電壓表示數(shù)為保持不變B. 當(dāng)溫度升高時，

7、電壓表示數(shù)變大C. 通過電流表的電流方向每秒變化100次D. 當(dāng)溫度升高時，電流表、示數(shù)同時變大14. 總質(zhì)量為M的小車ab，原來靜止在光滑的水平面上小車的左端a固定一根不計質(zhì)量的彈簧，彈簧的另一端放置一塊質(zhì)量為m的物體已知小車的水平底板光滑，且，開始時，彈簧處于壓縮狀態(tài)，如圖，當(dāng)彈簧突然釋放后，物體c離開彈簧向b端沖去，并跟b端粘合在一起，那么，以下說法中正確的是A. 物體c離開彈簧時，小車一定向左運動B. 物體c離開彈簧時，小車運動的速率跟物體c相對小車運動的速率之比為C. 物體c離開彈簧時，小車的動能與物體c的動能之比為D. 物體c與車的b端粘合在一起后，小車立即停止運動三、計算題（本大

8、題共4小題，共分）15. 如圖所示，光滑的水平面AB與半徑為的光滑豎直半圓軌道BCD在B點相切，D為軌道最高點用輕質(zhì)細線連接甲、乙兩小球，中間夾一輕質(zhì)彈簧，彈簧與甲、乙兩球不拴接甲球的質(zhì)量為，乙球的質(zhì)量為，甲、乙兩球靜止現(xiàn)固定甲球，燒斷細線，乙球離開彈簧后進入半圓軌道恰好能通過D點重力加速度g取，甲、乙兩球可看作質(zhì)點試求細線燒斷前彈簧的彈性勢能；若甲球不固定，燒斷細線，求從燒斷細線開始到乙球脫離彈簧過程中，彈簧對乙球的沖量I16. 如圖所示，用不可伸長的細線懸掛一質(zhì)量為的小木塊，木塊處于靜止?fàn)顟B(tài)現(xiàn)有一質(zhì)量為的子彈以初速度自左方水平地射穿木塊，木塊上升的最大高度，求：子彈射出木塊時的速度v；若子

9、彈射穿木塊的時間為，子彈對木塊的平均作用力F大小為多少？17. 如圖所示，勻強磁場方向水平向右，磁感應(yīng)強度大小正方形線圈abcd繞對稱軸在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)軸與磁場方向垂直，線圈轉(zhuǎn)速為線圈的邊長為，線圈匝數(shù)，線圈電阻為，外電阻，電壓表為理想交流電壓表，其它電阻不計，圖示位置線圈平面與磁場方向平行求線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過過程中：所產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢；通過外電阻R的電荷量q；電阻R上的電熱Q；交流電壓表的示數(shù)U如圖所示，MN、PQ為足夠長的平行金屬導(dǎo)軌，間距，導(dǎo)軌平面與水平面間夾角、Q間連接一個電阻，勻強磁場垂直于導(dǎo)軌平面向上，磁感應(yīng)強度一根質(zhì)量的金屬棒正在以的速度沿導(dǎo)軌勻速下滑，下滑過程中始終

10、與導(dǎo)軌垂直，且與導(dǎo)軌接觸良好金屬棒及導(dǎo)軌的電阻不計，求：電阻R中電流的大??；金屬棒與導(dǎo)軌間的滑動摩擦因數(shù)的大??；對金屬棒施加一個垂直于金屬棒且沿導(dǎo)軌平面向上的恒定拉力，若金屬棒繼續(xù)下滑后速度恰好減為0，則在金屬棒減速過程中電阻R中產(chǎn)生的焦耳熱為多少？高二年級物理周練九【答案】1. A2. C3. B4. C5. C6. B7. C8. D9. B10. B11. BC12. CD13. CD14. ABCD15. 解：設(shè)乙球在D點處的速度為v，對乙球，在D處： ，由式并代入數(shù)據(jù)得：，設(shè)甲、乙兩球脫離彈簧時速度大小分別為、，以的方向為正方向，根據(jù)動量守恒定律得： 根據(jù)能量守恒定律得： 根據(jù)動量定

11、理得： 由式并代入數(shù)據(jù)得沖量大?。海较颍核较蛴掖穑杭毦€燒斷前彈簧的彈性勢能為；從燒斷細線開始到乙球脫離彈簧過程中，彈簧對乙球的沖量I大小為為，方向水平向右16. 解：設(shè)子彈射穿木塊后木塊獲得速度為木塊上擺過程，只有重力做功，其機械能守恒，由機械能守恒定律得：，子彈射穿木塊過程系統(tǒng)的動量守恒，以水平向右為正方向，由動量守恒定律得：，聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得：；以木塊為研究對象，由動量定理可得：，代入數(shù)據(jù)解得：；答：子彈射出木塊時的速度v為；若子彈射穿木塊的時間為，子彈對木塊的平均作用力F大小為100N17. 解：線圈轉(zhuǎn)動的周期為： 線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過過程中，所經(jīng)歷的時間為： 線圈中發(fā)生的磁通量的變

12、化為： 由法拉第電磁感應(yīng)定律得平均電動勢為： 通過電阻R的平均電流為： 在這個過程中通過R的電荷量為： 線圈在轉(zhuǎn)動過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢最大值為：代入數(shù)據(jù)得： 有效值： 通過電阻R的感應(yīng)電流的有效值為： 在這個過程中，電阻R上產(chǎn)生的熱量為： 交流電壓表的示數(shù)即電阻R兩端電壓的有效值： 答：所產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢是；通過外電阻R的電荷量是；電阻R上的電熱是；交流電壓表的示數(shù)是18. 解：感應(yīng)電動勢；感應(yīng)電流；導(dǎo)體棒受到的安培力；金屬棒勻速下滑，根據(jù)平衡條件可知：安且又代入數(shù)據(jù)解得：；從施加拉力F到金屬棒停下的過程中，由能量守恒定律得：代入數(shù)據(jù)解得：產(chǎn)生的焦耳熱：J.答：電阻R中電流的大?。唤饘侔?/p>

13、與導(dǎo)軌間的滑動摩擦因數(shù)的大小為；在金屬棒減速過程中電阻R中產(chǎn)生的焦耳熱為【解析】1. 解：金屬環(huán)的面積：，由法拉第電磁感應(yīng)定律得：，由歐姆定律得，感應(yīng)電流：，感應(yīng)電荷量：，解得：，故A正確，BCD錯誤；故選：A由法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動勢，由歐姆定律求出感應(yīng)電流，由電流的定義式求出感應(yīng)電荷量本題考查了求磁通量的變化量、感應(yīng)電荷量等問題，應(yīng)用磁通量的定義式、法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、電流定義式即可正確解題，求感應(yīng)電荷量時，也可以直接用公式計算2. 解：當(dāng)開關(guān)S閉合時，電源的電壓同時加到兩個燈泡上，它們會一起亮但由于電感線圈的電阻不計，線圈將A燈逐漸短路，A燈變暗直至熄滅；故C正確故選：

14、C當(dāng)開關(guān)S閉合時，電源的電壓同時加到兩個燈泡上，它們會同時發(fā)光根據(jù)電感線圈的電阻不計，會將A燈短路，分析A燈亮度的變化本題考查了電感線圈L對電流發(fā)生突變時的阻礙作用，關(guān)鍵要抓住線圈的雙重作用：當(dāng)電流變化時，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，相當(dāng)于電源；而當(dāng)電路穩(wěn)定時，相當(dāng)于導(dǎo)線，能將并聯(lián)的燈泡短路3. 解：AC、當(dāng)環(huán)從靜止下落過程中，由于磁通量變大，導(dǎo)致環(huán)中出現(xiàn)感應(yīng)電流，受到安培阻力，所以環(huán)的機械能在減少故AC錯誤；B、當(dāng)環(huán)從靜止下落過程中，由于磁通量變大，導(dǎo)致環(huán)中出現(xiàn)感應(yīng)電流，受到安培阻力，則除了重力作功外，還有安培力做功，導(dǎo)致下落過程中減小的重力勢能，部分用來增加動能，還有部分用來產(chǎn)生內(nèi)能故B正確；D、當(dāng)環(huán)

15、從靜止下落過程中，當(dāng)下落到磁鐵一半高度時，因抵消的磁感線最少，則磁通量最大，因此出現(xiàn)磁通量先變大后變小的現(xiàn)象，故D錯誤；故選：B金屬環(huán)從條形磁鐵的正上方由靜止開始下落過程中，穿過環(huán)的磁通量變化，導(dǎo)致環(huán)中產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，從而出現(xiàn)感應(yīng)電流，又出現(xiàn)安培力，導(dǎo)致環(huán)運動狀態(tài)發(fā)生變化考查楞次定律、牛頓第三定律，同時運用機械能守恒定律及滿足守恒的條件，理解安培阻力做功，從而產(chǎn)生內(nèi)能4. 解：ABC、讓cd桿以初速度v向右開始運動，cd桿切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電流，兩桿受安培力作用，安培力對cd向左，對ab向右，所以ab從零開始加速，cd從開始減速那么整個電路的感應(yīng)電動勢減小，所以cd桿將做加速度減小的減速運動

16、，ab桿做加速度減小的加速運動，當(dāng)兩桿速度相等時，回路磁通量不再變化，回路中電流為零，兩桿不再受安培力作用，將以相同的速度向右勻速運動故C正確，A、B錯誤D、兩導(dǎo)線中的電流始終相等，但由于通過的距離不相等，故磁場對兩金屬桿做功大小不相等；故D錯誤；故選：C突然讓cd桿以初速度v向右開始運動，cd桿切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電流，兩桿受安培力作用，根據(jù)牛頓第二定律判斷兩桿的運動情況本題是牛頓第二定律在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的應(yīng)用問題解答本題能搞清楚物體的受力情況和運動情況5. 解：根據(jù)有效值的定義可得：，解得：，故選項C正確，ABD錯誤故選：C有效值的定義為：把直流電和交流電分別通過兩個相同的電阻器件，如果在

17、相同時間內(nèi)它們產(chǎn)生的熱量相等，那么就把此直流電的電壓、電流作為此交流電的有效值特別的，對于正弦交變電流最大值是有效值的倍 本題考查交變電流有效值的計算根據(jù)電流的熱效應(yīng)來計算即可6. 解：A、滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，電阻變大，則干路電流變小，則消耗的功率變小，則A錯誤B、干路電流變小，分壓變小，則電壓表V的測量的電壓變大，示數(shù)變大，則B正確C、因輸出電流變小，則輸出功率變小即輸入功率變小，電流表示數(shù)變小。則C錯誤D、閉合開關(guān)S并聯(lián)支路增加，電阻變小，則副線圈即的電流變大，分壓變大，則的分壓變小，電流變小。電流表示數(shù)隨副線圈電流的變大而變大，則D錯誤故選：B?；瑒幼冏杵鞯幕瑒佑|頭P向上滑

18、動時，接入電路中的阻值變大，因輸出電壓不變，則總電流變小，據(jù)歐姆定律確定各表的示數(shù)變化考查電路的動態(tài)分析：本題中P的移動與電鍵的閉合均會引起電阻的變小，再由電路的聯(lián)接關(guān)系可分析各表的示數(shù)的變化，可見明確電路的結(jié)構(gòu)是求解的關(guān)鍵7. 解：由知，則輸電線上損失的功率，得輸電電壓 若輸送的電功率增加為4P，而輸電線中損失的電功率減為，由上式得輸電電壓U應(yīng)增為8U；故ABD錯誤，C正確故選：C根據(jù)輸送功率求出輸電，電流，再根據(jù)可得出輸電線上損失的電功率與什么有關(guān)解決本題的關(guān)鍵掌握輸送功率，以及輸電線上損失的電功率8. 【分析】小球自左端槽口A點的正上方從靜止開始下落于光滑的圓弧槽，且槽置于光滑的水平面上

19、。由于槽的左側(cè)有一豎直墻壁，只有重力做功，小球的機械能守恒，當(dāng)小球在半圓槽內(nèi)運動的B到C過程中，槽也會向右運動，水平方向滿足動量守恒。在運動過程中，仍只有重力做功，小球與槽組成的系統(tǒng)機械能守恒，小球離開C點以后，既有豎直向上的分速度，又有水平分速度，小球做斜上拋運動，水平分速度與半圓槽的速度相同。本題考查動量守恒定律與機械能守恒定律，當(dāng)球下落到最低點過程，由于左側(cè)豎直墻壁作用，小球與槽組成的系統(tǒng)水平方向上的動量不守恒，但小球機械能守恒當(dāng)球從最低點上升時，小球與槽組成的系統(tǒng)水平方向上的動量守恒，但小球的機械能不守恒，而小球與槽組成的系統(tǒng)機械能守恒。【解答】A.只有重力或只有彈力做功時物體的機械能

20、守恒，小球在半圓槽內(nèi)運動由B到C過程中，除重力做功外，槽的支持力也對小球做功，小球機械能不守恒，由此可知，小球在半圓槽內(nèi)運動的全過程中，小球的機械能守不守恒，故A錯誤；B.小球在槽內(nèi)運動的前半過程中，左側(cè)物體對槽有作用力，小球與槽組成的系統(tǒng)動量不守恒，小球在槽內(nèi)運動的后半過程中，小球有向心加速度，豎直方向的合力不為零，系統(tǒng)的動量也不守恒，故B錯誤；C.小球自半圓槽的最低點B向C點運動的過程中，豎直方向的合力不為零，系統(tǒng)的動量也不守恒，系統(tǒng)在水平方向所受合外力為零，故小球與半圓槽在水平方向動量守恒，故C錯誤；D.小球離開C點以后，既有豎直向上的分速度，又有水平分速度，小球做斜上拋運動，水平方向做

21、勻速直線運動，水平分速度與半圓槽的速度相同，所以小球一定還會從C點落回半圓槽，故D正確。故選D。9. 解：設(shè)人走動時船的速度大小為v，人的速度大小為，人從船尾走到船頭所用時間為取船的速度為正方向則，根據(jù)動量守恒定律得：，解得，船的質(zhì)量：，故B正確，ACD錯誤故選：B人和船組成的系統(tǒng)所受合外力為0，滿足動量守恒，由位移與時間之比表示速度，根據(jù)動量守恒定律進行分析與計算人船模型是典型的動量守恒模型，體會理論知識在實際生活中的應(yīng)用，關(guān)鍵要注意動量的方向，難度不大，屬于基礎(chǔ)題10. 解：A、時刻感應(yīng)電動勢為零，磁通量最大，此時線圈通過中性面故A錯誤 B、時刻感應(yīng)電動勢最大，線圈平面與中性面垂直，磁通量

22、變化率最大故B正確 C、時刻線圈通過中性面，感應(yīng)電動勢為零，磁通量變化率為零，故C錯誤 D、時刻線圈中感應(yīng)電動勢最大，磁通量變化率最大，線圈面與磁場方向平行故D錯誤故選：B 矩形線圈在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動時產(chǎn)生正弦交變電流磁通量為零，感應(yīng)電動勢最大；磁通量最大時，感應(yīng)電動勢為零，線圈恰好通過中性面經(jīng)過中性一次，電流方向改變一次根據(jù)法拉第定律，感應(yīng)電動勢與磁通量變化率成正比本題考查正弦交變電流產(chǎn)生過程中磁通量與感應(yīng)電流、感應(yīng)電動勢及位置之間的關(guān)系，基本題11. A、交流電可以通過電容器，副線圈的電壓，副線圈中電流其中，所以原線圈電流大于，故A錯誤； B、，故B正確；C、副線圈的電壓，所以，故C正確

23、；D、根據(jù)磁通量與S均相等，因此磁通量變化率相等，故D錯誤。故選BC。12. 解：A、由閉合電路中感應(yīng)電動勢的瞬時表達式，得回路中感應(yīng)電動勢的瞬時表達式，故A錯誤；B、在時刻，線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過，此時磁場穿過線圈的磁通量最小，磁通量變化率最大，故B錯誤；C、電壓有效值為，從到時刻，電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為，故C正確；D、從到時刻，通過R的電荷量，故D正確；故選：CD線框在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生正弦式交變電流，根據(jù)規(guī)律可列出感應(yīng)電動勢的瞬時表達式，最大值與有效值的倍；每當(dāng)線框通過中性面時，電流方向改變；當(dāng)磁通量為零時，線框切割速度最大，產(chǎn)生的電動勢也最大線框在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生正弦式交變電流

24、而對于電表讀數(shù)、求產(chǎn)生的熱量均由交變電的有效值來確定，而涉及到耐壓值時，則由最大值來確定而通過某一電量時，則用平均值來求同時注意磁場只有一半13. 解：A、原線圈兩端電壓的有效值，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比得，故A錯誤；B、當(dāng)溫度升高時，的阻值減小，副線圈回流變大，兩端的電壓變大，并聯(lián)部分的電壓減小，即電壓表示數(shù)變小，故B錯誤；C、根據(jù)交流電圖象知，頻率完成50個周期性變化，每個周期電流方向改變2次，所以通過電流表的電流方向每秒變化100次，故C正確；D、溫度升高時，副線圈電流變大，根據(jù)電流與匝數(shù)成反比，知原線圈電流變大，所以、示數(shù)同時變大，故D正確；故選：CD 由圖乙可知交流電壓最大值，周期，可由

25、周期求出頻率，由變壓器原理可得變壓器副線圈中的電壓的值，Rt處溫度升高時，阻值減小，根據(jù)負載電阻的變化，可知副線圈電流的變化，根據(jù)電流與匝數(shù)成反比知原線圈電流的變化根據(jù)圖象準(zhǔn)確找出已知量，是對學(xué)生認圖的基本要求，準(zhǔn)確掌握理想變壓器的特點及電壓、電流比與匝數(shù)比的關(guān)系，是解決本題的關(guān)鍵14. 解：A、整個系統(tǒng)在水平方向不受外力，豎直方向上合外力為零，則系統(tǒng)動量一直守恒，系統(tǒng)初動量為零，物體離開彈簧時向右運動，根據(jù)系統(tǒng)的動量守恒定律得小車向左運動，故A正確；B、取物體c的速度方向為正方向，根據(jù)系統(tǒng)的動量守恒定律得：，得物體與B端粘在一起之前，小車的運動速率與物體C的運動速率之比，故B正確；C、物體的動能： 所以物體c離開彈簧時，小車的動能與物體c的動能之比為：故C正確；D、當(dāng)物體與b端粘在一起時，整個系統(tǒng)最終abc的速度相同，根據(jù)系統(tǒng)的動量守恒定律得：，系統(tǒng)又處于止?fàn)顟B(tài)，故D正確；故選：ABCD 對于小車和滑塊系統(tǒng)，水平方向不受外力，系統(tǒng)動量一直守恒物體C與B的過程，系統(tǒng)機