20XX年河南省洛陽市高考物理一模試卷試題-

1、 高考物理一模試卷 題號(hào)一二三四五總分得分一、單選題（本大題共8小題，共24.0分）1. 關(guān)于物理學(xué)中的思想或方法，以下說法錯(cuò)誤的是（）A. 加速度的定義采用了比值定義法B. 研究物體的加速度跟力、質(zhì)量的關(guān)系采用假設(shè)法C. 卡文迪許測(cè)定萬有引力常量采用了放大法D. 電流元概念的提出采用了理想模型法2. 為了人民的健康和社會(huì)的長(zhǎng)遠(yuǎn)發(fā)展，我國(guó)環(huán)保部門每天派出大量的灑水車上街進(jìn)行空氣凈化除塵，已知某種型號(hào)的灑水車的操作系統(tǒng)是由發(fā)動(dòng)機(jī)帶動(dòng)變速箱，變速箱帶動(dòng)灑水泵產(chǎn)生動(dòng)力將罐體內(nèi)的水通過管網(wǎng)噴灑出去，假設(shè)行駛過程中車受到的摩擦阻力跟其質(zhì)量成正比，受到的空氣阻力跟車速成正比，當(dāng)灑水車在平直路面上勻速行駛并

2、且勻速灑水時(shí)，以下判斷正確的是（）A. 灑水車的動(dòng)能保持不變B. 發(fā)動(dòng)機(jī)的功率保持不變C. 牽引力的功率要隨時(shí)間均勻減小D. 牽引力大小跟灑水時(shí)間成反比3. 相傳我國(guó)早在5000多年前的黃帝時(shí)代就已經(jīng)發(fā)明了一種指南車。如圖所示為一種指南車模型，該指南車?yán)脵C(jī)械齒輪傳動(dòng)的原理，在任意轉(zhuǎn)彎的情況下確保指南車上的小木人右手臂始終指向南方。關(guān)于該指南車模型，以下說法正確的是（）A. 以指南車為參照物，車上的小木人始終是靜止的B. 如果研究指南車的工作原理，可以把車看成質(zhì)點(diǎn)C. 在任意情況下，指南車兩個(gè)車輪輪緣的線速度大小都相等D. 在任意情況下，車轉(zhuǎn)彎的角速度跟小木人的角速度大小相等4. 高空拋物是一

3、種不文明的行為，而且會(huì)帶來很大的社會(huì)危害2019年6月26日，廈門市某小區(qū)樓下一位年輕媽媽被從三樓陽臺(tái)丟下的一節(jié)5號(hào)干電池?fù)糁蓄^部，當(dāng)場(chǎng)鮮血直流，若一節(jié)質(zhì)量為0.1kg的干電池從1.25m高處自由下落到水平地面上后又反彈到0.2m高度，電池第一次接觸地面的吋間為0.01s，第一次落地對(duì)地面的沖擊力跟電池重量的比值為k，重力加速度大小g=10m/s2，則（）A. 該電池的最大重力勢(shì)能為10JB. 該電池的最大動(dòng)能為100JC. k=71D. 電池在接觸地面過程中動(dòng)量的變化量大小為0.3kgm/s5. 2019年11月4日美國(guó)正式啟動(dòng)退出巴黎氣候變化協(xié)定的程序，巴黎協(xié)定是人類歷史上應(yīng)對(duì)全球溫室效應(yīng)

4、帶來的氣候變化的第三個(gè)里程碑式的國(guó)際法律文本。為了減少二氧化碳的排放，我國(guó)一直在大力發(fā)展新能源汽車，已知某型號(hào)的電動(dòng)汽車主要技術(shù)參數(shù)如下：車型尺寸長(zhǎng)×寬×高4870×1950×1725最高時(shí)速（km/h）120電機(jī)型式交流永磁同步電機(jī)電機(jī)最大電功率（kW）180工況法純電續(xù)駛里程（km）500等速法純電續(xù)駛里程（km）600電池容量（kWh）82.8快充時(shí)間（h）1.40-50km/h加速時(shí)間（s）20-100km/h加速時(shí)間（s）4.6根據(jù)電動(dòng)汽車行業(yè)國(guó)家標(biāo)準(zhǔn)（GB/T18386-2017）、電機(jī)的最大功率為電機(jī)輸出的最大機(jī)械功率：電池容量為電池充滿電

5、時(shí)儲(chǔ)存的最大電能根據(jù)表中數(shù)據(jù)，可知（）A. 0-100km/h的加速過程中電動(dòng)車行駛的路程一定大于66mB. 電機(jī)以最大功率工作且車以最大速度行駛時(shí)，車受到的阻力大小為5000NC. 該車在0-50km/h的加速過程中平均加速度為25m/s2D. 用輸出電壓為220V的充電樁給電池快速充電時(shí)，充電電流為269A6. 用某金屬研究光電效應(yīng)規(guī)律時(shí)得到的光電流隨電壓變化的圖象如圖所示，用單色光1和單色光2分別照射該金屬時(shí)，逸出的光電子的最大初動(dòng)能分別為Ek1和Ek2普朗克常量為h則，下列說法正確的是（）A. Ek1Ek2B. 單色光1和單色光2的頻率之差為C. 增大單色光1的強(qiáng)度，其遏止電壓會(huì)增大D

6、. 單色光1的頻率比單色光2的頻率高7. 五星紅旗是中華人民共和國(guó)的象征和標(biāo)志；升國(guó)旗儀式代表了我國(guó)的形象，象征著我國(guó)蒸蒸日上天安門廣場(chǎng)國(guó)旗桿高度為32.6米，而升國(guó)旗的高度為28.3米；升國(guó)旗時(shí)間與北京地區(qū)太陽初升的時(shí)間是一致的，升旗過程是127秒，已知國(guó)旗重量不可忽略，關(guān)于天安門的升國(guó)旗儀式，以下說法正確的是（）A. 擎旗手在國(guó)歌剛剛奏響時(shí)，要使國(guó)旗在升起初始時(shí)，旗面在空中瞬間展開為一平面，必須盡力水平向右甩出手中所握旗面B. 國(guó)旗上升過程中的最大速度可能小于0.2m/sC. 當(dāng)國(guó)旗勻速上升時(shí)，如果水平風(fēng)力大于國(guó)旗的重量，則國(guó)旗可以在空中完全展開為一個(gè)平面D. 當(dāng)國(guó)旗勻速上升時(shí)，如果水平風(fēng)

7、力等于國(guó)旗的重量，則固定國(guó)旗的繩子對(duì)國(guó)旗的作用力的方向與水平方向夾角45度8. 某靜電場(chǎng)在x軸正半軸上的電勢(shì)隨x變化的關(guān)系如圖所示，則（）A. x1處跟x2處的電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同B. x1處跟x2處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等C. 若把帶正電的粒子從x1處移到x2處，電場(chǎng)力先做正功再做負(fù)功D. 同一個(gè)帶正電的粒子在R處具有的電勢(shì)能小于x2在處的電勢(shì)能二、多選題（本大題共6小題，共18.0分）9. 我國(guó)計(jì)劃在2030年之前實(shí)現(xiàn)飛船載人登月計(jì)劃，假設(shè)你有幸成為登上月球的第一位中國(guó)人，如果告知萬有引力常量，你可以完成以下哪項(xiàng)工作（）A. 測(cè)出一個(gè)石塊在月球表面上方自由下落的高度和時(shí)間，求出月球表面上該石塊的重量

8、B. 測(cè)出一個(gè)石塊在月球表面上方做平拋運(yùn)動(dòng)的高度和時(shí)間，求出月球的質(zhì)量C. 從月球表面上撿取100塊石頭，測(cè)量它們的質(zhì)量和體積，求出月球的平均密度D. 測(cè)出飛船貼近月球表而繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期求出月球的平均密度10. 甲乙兩物體從同一地點(diǎn)開始沿同一方向運(yùn)動(dòng)，用某測(cè)速儀描繪出兩物體的v-t圖象如圖所示，已知甲物體的圖象是兩段半徑相同的圓弧，乙物體的圖象是一傾斜直線，t4=2t2，甲的初速度末速度均等于乙的末速度。已知?jiǎng)t下列說法正確的（）A. 0t1時(shí)間內(nèi)，甲乙兩物體距離越來越小B. t1時(shí)刻，甲乙兩物體的加速度大小可能相等C. t3t4時(shí)間內(nèi)，乙車在甲車后方D. 0t4時(shí)間內(nèi)，兩物體的平均

9、速度相等11. 有一個(gè)原副線圈匝數(shù)比為10：1的理想變壓器，如圖所示，原線圈所接交流電源的電壓瞬時(shí)值表達(dá)式為u=300sin50t（V）副線圈所接電路如圖所示，燈L1、L2為均標(biāo)有“20V.10W”的燈泡，當(dāng)S閉合時(shí)，兩燈恰好正常發(fā)光。則（）A. 電阻R=10B. 流過R的交流電的周期為0.02sC. 斷開S后，原線圈的輸入功率減小D. 斷開S后，燈L1仍能正常發(fā)光12. 如圖所示，質(zhì)量為m=245g的物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）放在質(zhì)量為M=0.5kg的木板左端，足夠長(zhǎng)的木板靜止在光滑水平面上，物塊與木板間的摩擦因數(shù)為=0.4，質(zhì)量為m=5g的子彈以速度v0=300m/s沿水平方向射入物塊并留在其中（

10、時(shí)間極短），g取10m/s2，則在整個(gè)過程中（）A. 物塊和木板組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒B. 子彈的末動(dòng)量大小為0.01kgm/sC. 子彈對(duì)物塊的沖量大小為0.49NsD. 物塊相對(duì)木板滑行的時(shí)間為1s13. 如圖所示，匝數(shù)為N，內(nèi)阻為r的矩形線圈abcd在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)的bc邊以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，其線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的峰值為Em，閉合回路中兩只完全相同的燈泡均能正常發(fā)光，此時(shí)它們的電阻均為R則（）A. 從圖中位置開始計(jì)時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)表達(dá)式為e=EmsintB. 穿過線圈的最大磁通量為C. 從圖中位置開始計(jì)時(shí)，四分之一周期內(nèi)通過燈泡A1的電量為D. 增大角速度時(shí)，燈泡A1變暗，A2變亮14

11、. “東方超環(huán)”是我國(guó)自主設(shè)計(jì)建造的世界上第一個(gè)非圓截面全超導(dǎo)托卡馬克核聚變實(shí)驗(yàn)裝置.2018年11月，有“人造太陽”之稱的東方超環(huán)實(shí)現(xiàn)1億攝氏度等離子體運(yùn)行等多項(xiàng)重大突破，獲得的實(shí)驗(yàn)參數(shù)接近未來聚變堆穩(wěn)態(tài)運(yùn)行模式所需要的物理?xiàng)l件，朝著未來聚變堆實(shí)驗(yàn)運(yùn)行邁出了關(guān)鍵一步，已知“人造太陽”核聚變的反應(yīng)方程為H+HHe+X+17.6MeV，關(guān)于此核聚變，以下說法正確的是（）A. 要使輕核發(fā)生聚變，就要利用粒子加速器，使輕核擁有很大的動(dòng)能B. Z=0，M=1C. 1mol氘核和1mol氚核發(fā)生核聚變，可以放出17.6MeV的能量D. 聚變比裂變更安全、清潔三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共15.0分）15

12、. 某同學(xué)用圖（a）所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，其中打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源為交流電源，可以使用的頻率有20Hz、30Hz和40Hz，打出紙帶的一部分如圖（b）所示。該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中沒有記錄交流電的頻率f，需要用實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)和其他條件進(jìn)行推算。（1）若從打出的紙帶可判定重物勻加速下落利用f和圖（b）中給出的物理量可以寫出：在打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出B點(diǎn)時(shí)，重物下落的速度大小為_，重物下落的加速度的大小為_。（2）已測(cè)得s1=2.80cm，s2=3.80cm，s3=4.91cm，S4=5.9lcm；當(dāng)?shù)刂亓铀俣却笮?.80m/s2，實(shí)驗(yàn)中重物受到的平均阻力大小約為其重力的3%，由此推算出f為_Hz16. 電壓

13、表滿偏時(shí)通過該表的電流是半偏時(shí)通過該表電流的兩倍。某同學(xué)利用這一事實(shí)測(cè)盤電壓表的內(nèi)阻（半偏法）。實(shí)驗(yàn)室提供的器材如下：待測(cè)電壓表V（量程3V內(nèi)阻約為3000），電阻箱R0（最大組值為99999.9），滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值100，額定電流2A）。電源E（電動(dòng)勢(shì)6V，內(nèi)阻不計(jì)），開關(guān)兩個(gè)，導(dǎo)線若干。（1）虛線框內(nèi)為該同學(xué)設(shè)計(jì)的測(cè)量電壓表內(nèi)阻的電路圖的一部分。將電路圖補(bǔ)充完整。（2）將這種方法測(cè)出的電壓表內(nèi)阻記為R'v則R'v=_。與電壓表內(nèi)阻的真實(shí)值Rv相比，R'v_Rv（選填“=”或“）四、計(jì)算題（本大題共2小題，共24.0分）17. 一個(gè)傾角為=37°的斜

14、面固定在水平面上，一個(gè)質(zhì)量為m=1.0kg的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）以v0=8m/s的初速度由底端沿斜面上滑。小物塊與斜面的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.25若斜面足夠長(zhǎng)，已知tan37°=，g取10m/s2，求：（1）小物塊沿斜面上滑時(shí)的加速度大?。唬?）小物塊上滑的最大距離；（3）小物塊返回斜面底端時(shí)的速度大小。18. 如圖所示，一帶電微粒質(zhì)量為m=2.0×10-11kg、電荷量q=+1.0×10-5C，從靜止開始經(jīng)電壓為U1=100V的電場(chǎng)加速后，水平進(jìn)入兩平行金屬板間的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中，微粒射出電場(chǎng)時(shí)的偏轉(zhuǎn)角=30°，并接著進(jìn)入一個(gè)方向垂直紙面向里、寬度為D=34.6c

15、m的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域。已知偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中金屬板長(zhǎng)L=20cm，兩板間距d=17.3cm，重力忽略不計(jì)。求：（1）帶電微粒進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的速率v1；（2）偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中兩金屬板間的電壓U2；（3）為使帶電微粒不會(huì)由磁場(chǎng)右邊射出，該勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B至少多大？五、簡(jiǎn)答題（本大題共1小題，共19.0分）19. 間距為l的兩平行金屬導(dǎo)軌由水平部分和傾斜部分平滑連接而成，如圖所示，傾角為的導(dǎo)軌處于大小為B1、方向垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)間1中，水平導(dǎo)軌上的無磁場(chǎng)區(qū)間靜止放置一質(zhì)量為3m的“聯(lián)動(dòng)雙桿”（由兩根長(zhǎng)為l的金屬桿cd和ef，用長(zhǎng)度為L(zhǎng)的剛性絕緣桿連接構(gòu)成），在聯(lián)動(dòng)雙桿”右側(cè)存在大小為B2，方向垂直導(dǎo)

16、軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)間II，其長(zhǎng)度大于L，質(zhì)量為m、長(zhǎng)為l的金屬桿ab從傾斜導(dǎo)軌上端釋放，達(dá)到勻速后進(jìn)入水平導(dǎo)軌（無能量損失），桿ab與“聯(lián)動(dòng)雙桿”發(fā)生碰撞碰后桿ab和cd粘合在一起形成“聯(lián)動(dòng)三桿”，“聯(lián)動(dòng)三桿”繼續(xù)沿水平導(dǎo)軌進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)間II并從中滑出，運(yùn)動(dòng)過程中桿ab、dd和ef與導(dǎo)軌始終接觸良好，且保持與導(dǎo)軌垂直已知桿ab、cd和ef電阻均為R=0.02，m=0.1kg，l=0.5m，L=0.3m，=30°，B1=0.1T，B2=0.2T，不計(jì)摩擦阻力和導(dǎo)軌電阻，忽略磁場(chǎng)邊界效應(yīng)，求：（計(jì)算結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）（1）桿在傾斜導(dǎo)軌上勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大小v0；（2）“聯(lián)動(dòng)三桿”

17、進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)間前的速度大小v；（3）“聯(lián)動(dòng)三桿”滑過磁場(chǎng)區(qū)間過程中，ef桿產(chǎn)生的焦耳熱Qef。答案和解析1.【答案】B【解析】解：A、加速度的定義式為a=，知加速度等于速度變化量與所用時(shí)間的比值，采用了比值定義法，故A正確；B、研究物體的加速度跟力、質(zhì)量的關(guān)系應(yīng)采用控制變量法，故B錯(cuò)誤；C、卡文迪許通過扭秤實(shí)驗(yàn)，測(cè)定了萬有引力常量，采用了放大法，故C正確；D、電流元是理想化物理模型，電流元概念的提出采用了理想模型法，故D正確。本題選錯(cuò)誤的，故選：B。比值定義法運(yùn)用兩個(gè)量的比值來定義一個(gè)新的物理量的方法；在研究多個(gè)量之間的關(guān)系時(shí)，常常要控制某些物理量不變，即控制變量法；微小量測(cè)量往往采用放大法；電

18、流元概念的提出采用了理想模型法。在高中物理學(xué)習(xí)中，我們會(huì)遇到許多物理的研究方法，這些方法對(duì)我們理解物理有很大的幫助；故在理解概念和規(guī)律的基礎(chǔ)上，更要注意科學(xué)方法的積累與學(xué)習(xí)。2.【答案】C【解析】解：以車和水為研究對(duì)象，受力分析可知，水平方向受牽引力、摩擦阻力和空氣阻力作用，由題意，車受到的摩擦阻力跟其質(zhì)量成正比，受到的空氣阻力跟車速成正比，根據(jù)牛頓第二定律知，F(xiàn)-f-kv=ma 當(dāng)灑水車在平直路面上勻速行駛并且勻速灑水時(shí)，車與水的質(zhì)量在減小，故摩擦阻力在減小，空氣阻力恒定不變，則牽引力在減小，合力為零。A、灑水車的質(zhì)量減小，速度不變，故動(dòng)能減小，故A錯(cuò)誤。B、發(fā)動(dòng)機(jī)的功率P=Fv，牽引力減小

19、，速度不變，則發(fā)動(dòng)機(jī)的功率減小，故B錯(cuò)誤。CD、牽引力F=f+kv，灑水車的質(zhì)量隨時(shí)間均勻減小，則牽引力的大小隨灑水時(shí)間均勻減小，但不成反比。牽引力功率隨時(shí)間均勻減小，故C正確，D錯(cuò)誤。故選：C。對(duì)車和水受力分析，當(dāng)灑水車在平直路面上勻速行駛并且勻速灑水時(shí)，車與水的質(zhì)量在減小，故摩擦阻力在減小，空氣阻力恒定不變，則牽引力在減小，合力為零。牽引力的大小隨灑水時(shí)間均勻減小，但不成反比。牽引力功率隨時(shí)間均勻減小。本題考查功率的計(jì)算，解題的關(guān)鍵是對(duì)車和水進(jìn)行受力分析，得出牽引力的關(guān)系式，確定研究對(duì)象的運(yùn)動(dòng)情況。3.【答案】A【解析】解：A、以指南車為參照物，車上的小木人相對(duì)于小車的位置不變，所以始終是

20、靜止的，故A正確；B、在研究指南車的工作原理時(shí)，不可以把車看成質(zhì)點(diǎn)，否則車上的小木人右手臂始終指向南方的特點(diǎn)不能體現(xiàn)，故B錯(cuò)誤；C、在指南車轉(zhuǎn)彎時(shí)，兩個(gè)車輪的角速度相等，線速度不一定相等，故C錯(cuò)誤；D、由題，車轉(zhuǎn)彎時(shí)，車轉(zhuǎn)動(dòng)，但車上的小木人右手臂始終指向南方，可知小木人是不轉(zhuǎn)動(dòng)的，所以它們的角速度是不相等的，故D錯(cuò)誤；故選：A。運(yùn)動(dòng)是絕對(duì)，靜止是相對(duì)的，選來假定不動(dòng)的物體作為參考系；能不能看成質(zhì)點(diǎn)的關(guān)鍵是物體本身的形狀和大小對(duì)所研究的問題有無影響；同軸轉(zhuǎn)動(dòng)的物體上，各點(diǎn)的角速度是相等的。該題考查質(zhì)點(diǎn)、參考系以及線速度與角速度，能正確理解什么情況下能把物體看成質(zhì)點(diǎn)，是解決本題的關(guān)鍵。4.【答案】

21、C【解析】解：A、電池的最大重力勢(shì)能為：EP=mgh=0.1×10×1.25J=1.25J，故A錯(cuò)誤。B、最大動(dòng)能與最在重力勢(shì)能相等，為1.25J，故B錯(cuò)誤。CD、選向下為正，接觸地面過程中動(dòng)量的變化量為：P=mv-mv=-m-m=0.1×（-）kgm/s=-7kgm/s，由動(dòng)量定理：（mg-kmg）t=p，代入數(shù)據(jù)得：K=71，故C正確，D錯(cuò)誤。故選：C。由重力勢(shì)能的定義求得重力勢(shì)能；由機(jī)械能守恒得動(dòng)能的最大值，由動(dòng)量定理求得動(dòng)量的變化及沖力。應(yīng)用動(dòng)量定理時(shí)要明確矢量的方向。5.【答案】D【解析】解：A、100km/h=m/s，0-100km/h的加速時(shí)間為4.

22、6s，假設(shè)電動(dòng)車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，該過程中電動(dòng)車行駛的路程s=64m，實(shí)際上電動(dòng)車做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，故路程一定大于64m，故A錯(cuò)誤。B、P=180kW=180000W，vm=120km/h=33.3m/s，電機(jī)以最大功率工作且車以最大速度行駛時(shí)，牽引力等于阻力，f=F=5400N，故車受到的阻力大小為5400N，故B錯(cuò)誤。C、50km/h=m/s，該車在0-50km/h的加速過程中，用時(shí)2s，平均加速度a=6.9m/s2，故C錯(cuò)誤。D、電池容量82.8kWh，快充時(shí)間為1.4h，用輸出電壓為220V的充電樁給電池快速充電時(shí)，充電電流I=A=269A，故D正確。故選：D。電動(dòng)車做加速度減小

23、的加速運(yùn)動(dòng)，不是勻加速直線運(yùn)動(dòng)。當(dāng)電機(jī)以最大功率工作且車以最大速度行駛時(shí)，牽引力等于阻力。根據(jù)電功公式求解充電電流。本題考查了電功率的計(jì)算，解題的關(guān)鍵是表格數(shù)據(jù)的分析，提取有用的信息。6.【答案】B【解析】解：A、根據(jù)圖象知單色光1的遏止電壓絕對(duì)值小于單色光2的遏止電壓，再根據(jù)最大初動(dòng)能和遏止電壓的關(guān)系eU=Ekm，可知Ek1Ek2，故A錯(cuò)誤。B、根據(jù)光電效應(yīng)方程：Ek=h-W，有Ek1-Ek2=h1-h2，所以單色光1和單色光2的頻率之差為1-2=，故B正確。C、遏止電壓和最大初動(dòng)能成正比，和關(guān)的強(qiáng)度無關(guān)，故C錯(cuò)誤。D、根據(jù)光電效應(yīng)方程：Ek=h-W，且Ek1Ek2，可知單色光1的頻率比單色

24、光2的頻率低，故D錯(cuò)誤。故選：B。由圖象可以判斷出單色光1的遏止電壓絕對(duì)值小于單色光2的遏止電壓，根據(jù)最大初動(dòng)能和遏止電壓的關(guān)系式以及根據(jù)光電效應(yīng)方程可以解題。本題考查了愛因斯坦光電效應(yīng)方程。理解最大初動(dòng)能和遏止電壓的關(guān)系式以及根據(jù)光電效應(yīng)方程是解決本題的關(guān)鍵點(diǎn)。7.【答案】D【解析】解：A、若用水平向右甩出手中所握旗面，則手給旗子水平方向的力，因?yàn)槠烀媸艿截Q直向下的重力，水平方向的力和重力無法平衡，則旗面在空中瞬間無法展開為一平面，故A錯(cuò)誤；B、則若旗上升過程中的最大速度小于0.2m/s，則在127s內(nèi)上升的最大高度為：=0.2×127m=25.4m28.3m，故B錯(cuò)誤；C、國(guó)旗勻

25、速上升，說明國(guó)旗受力平衡，此時(shí)旗面受重力、水平風(fēng)力，無論風(fēng)力多大都無法和豎直方向的重力平衡，則國(guó)旗不可以在空中完全展開為一個(gè)平面，故C錯(cuò)誤；D、國(guó)旗勻速上升，說明國(guó)旗受力平衡，如果水平風(fēng)力等于國(guó)旗的重量，則水平風(fēng)力和重力的合力與水平方向夾角為45°，則固定國(guó)旗的繩子對(duì)國(guó)旗的作用力應(yīng)與水平風(fēng)力和重力的合力，等大反向，則固定國(guó)旗的繩子對(duì)國(guó)旗的作用力的方向與水平方向夾角45°，故D正確。故選：D。因?yàn)槠烀媸艿截Q直向下的重力，水平方向的力和重力無法平衡，則旗面在空中瞬間無法展開為一平面；則若旗上升過程中的最大速度小于0.2m/s，則可以利用h=vt求在127s內(nèi)上升的最大高度；國(guó)旗

26、勻速上升，說明國(guó)旗受力平衡，然后對(duì)國(guó)旗受力分析。本題主要考察受力分析，注意國(guó)旗重量不可忽略，重力豎直向下，較簡(jiǎn)單，但題目形式較新穎，貼近生活。8.【答案】A【解析】解：A、x1和x2處的斜率都是負(fù)值，說明場(chǎng)強(qiáng)方向相同，故A正確；B、x1處的斜率大于x2處的斜率，說明x1處的電場(chǎng)強(qiáng)度大于x2處的電場(chǎng)強(qiáng)度，故B錯(cuò)誤；C、從x1處到x2處，電勢(shì)逐漸降低，則再次空間移動(dòng)正電荷，電場(chǎng)力一直做正功，電勢(shì)能一直減小，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)Ep=q可知，正電荷在R處具有的電勢(shì)能為零，在x2處的電勢(shì)小于零，所以正電荷在此具有的電勢(shì)能小于零，電勢(shì)能為標(biāo)量，正負(fù)號(hào)表示大小，所以同一個(gè)帶正電荷的粒子在R處具有的電勢(shì)能大于

27、在x2處的電勢(shì)能，故D錯(cuò)誤。故選：A。-x的斜率的大小表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，斜率的正負(fù)表示場(chǎng)強(qiáng)的方向；正電荷從高電勢(shì)向低電勢(shì)移動(dòng)，電場(chǎng)力做正功；電勢(shì)能是標(biāo)量，對(duì)正電荷來說，電勢(shì)越高電勢(shì)能越大。-x的斜率的大小表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，斜率的正負(fù)表示場(chǎng)強(qiáng)的方向。電勢(shì)能是標(biāo)量，正負(fù)號(hào)表示大小。對(duì)正電荷來說，電勢(shì)越高電勢(shì)能越大。9.【答案】AD【解析】解：A、根據(jù)h=gt2，得g=，則月球表面上該石塊的重量G=mg=m，故A正確；B、一個(gè)石塊在月球表面上方做平拋運(yùn)動(dòng)的高度和時(shí)間，同樣有豎直方向h=gt2，得g=，又根據(jù)任意一星球表面物體重力等于萬有引力G=mg，得M=，因不知道月球半徑，則求不出月球的質(zhì)量，

28、故B錯(cuò)誤；CD、由萬有引力提供向心力得：=mR得：M=又M=R3，聯(lián)立解得：=3，故C錯(cuò)誤，D正確。故選：AD。根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的位移公式，結(jié)合萬有引力提供向心力以及密度公式，聯(lián)立求解。運(yùn)用萬有引力提供向心力列出等式，向心力的公式選取要根據(jù)題目提供的已知物理量或所求解的物理量選取應(yīng)用。10.【答案】BD【解析】解：A、甲乙兩物體從同一地點(diǎn)開始沿同一方向運(yùn)動(dòng)，0t1時(shí)間內(nèi)，甲的速度比乙的大，則甲在乙的前面，甲乙兩物體距離越來越大，故A錯(cuò)誤。B、根據(jù)速度時(shí)間圖線的斜率表示加速度，可知，t1時(shí)刻，甲乙兩物體的加速度大小可能相等，故B正確。C、根據(jù)“面積”表示位移，結(jié)合幾何知識(shí)可知，0t4時(shí)間內(nèi)，兩物

29、體的位移相等，t4時(shí)刻兩車相遇，而在t3t4時(shí)間內(nèi)，甲車的位移比乙車的位移大，則知在t3t4時(shí)間內(nèi)，乙車在甲車前方，故C錯(cuò)誤。D、0t4時(shí)間內(nèi)，兩物體的位移相等，用時(shí)相等，則平均速度相等，故D正確。故選：BD。0t1時(shí)間內(nèi)，根據(jù)甲乙兩物體的速度關(guān)系分析兩者間距離的變化情況。根據(jù)速度時(shí)間圖線的斜率表示加速度，來分析t1時(shí)刻，甲乙兩物體的加速度大小關(guān)系。根據(jù)位移關(guān)系分析兩車位置關(guān)系。解決本題的關(guān)鍵要能從速度時(shí)間圖線中獲取信息，知道斜率表示加速度，圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示位移。11.【答案】AC【解析】解：A、原線圈所接交流電壓的有效值U1=V=300V，根據(jù)變壓比可知，副線圈兩端電壓U2=30V

30、，燈泡正常發(fā)光，則電阻R兩端電壓為10V，流過的電流I2=A=1A，根據(jù)歐姆定律可知，R=10，故A正確。B、輸入電壓的角速度=50rad/s，則周期T=0.04s，則流過R的交流電的周期為0.04s，故B錯(cuò)誤。C、斷開S后，副線圈電阻增大，根據(jù)歐姆定律可知，電流減小，故輸出功率減小，則輸入功率減小，故C正確。D、斷開S后，燈泡L1兩端電壓增大，不能正常發(fā)光，故D錯(cuò)誤。故選：AC。根據(jù)變壓器的規(guī)律分析，電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，變壓器的輸入功率和輸出功率相等。變壓器不會(huì)改變交變電流的周期。斷開S，副線圈電阻增大，輸出功率減小，輸入功率減小。本題考查了變壓器的構(gòu)造和原理，掌握住理想變壓

31、器的電壓、電流及功率之間的關(guān)系，本題即可得到解決。12.【答案】BD【解析】【分析】根據(jù)動(dòng)量守恒的條件判斷是否守恒；根據(jù)子彈木塊組成的系統(tǒng)動(dòng)動(dòng)量守恒和木塊和木板組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒求得木塊和木板最終速度，再根據(jù)動(dòng)量定理求得滑行時(shí)間；根據(jù)動(dòng)量定理求出子彈對(duì)物塊的沖量根據(jù)系統(tǒng)動(dòng)量守恒和動(dòng)能定理以及能量守恒定律可以使問題更簡(jiǎn)捷，同理掌握運(yùn)動(dòng)常規(guī)也可以求解【解答】A、子彈進(jìn)入木塊的過程中，木塊的動(dòng)量增大，所以物塊和木板組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤；B、選取向右為正方向，子彈打入木塊過程，由動(dòng)量守恒定律可得：m0v0=（m0+m）v1木塊在木板上滑動(dòng)過程，由動(dòng)量守恒定律可得：（m0+m）v1=（m0+m

32、+M）v2聯(lián)立可得：=2m/s所以子彈的末動(dòng)量：kgm/s。故B正確；C、由動(dòng)量定理可得子彈受到的沖量：kgm/s=1.49Ns。子彈與物塊作用力的時(shí)間相等，相互作用力大小始終相等，而方向相反，所以子彈對(duì)物塊的沖量大小也是1.49Ns故C錯(cuò)誤；D、對(duì)子彈木塊整體，由動(dòng)量定理得：-（m0+m）gt=（m0+m）（v2-v1）       由式可得，物塊相對(duì)于木板滑行的時(shí)間t=故D正確。故選：BD。13.【答案】AB【解析】解：AB、圖中位置，線圈處于中性面位置，磁通量最大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，閉合電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)表達(dá)式e=Emsint

33、，而Em=NBS，則穿過線圈的最大磁通量=BS=，故AB正確。C、從圖中位置開始計(jì)時(shí)，四分之一周期內(nèi)，磁通量變化量=BS，則通過干路的電荷量q=，本題中總電阻無法確定，故通過燈泡A1的電量無法確定，故C錯(cuò)誤。D、根據(jù)電動(dòng)勢(shì)最大值公式Em=NBS，增大線圈轉(zhuǎn)動(dòng)角速度時(shí)，頻率變大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的峰值Em變大，同時(shí)由于電感線圈對(duì)交流電有阻礙作用，交流電的頻率越大，阻礙作用越大，而電容器對(duì)交流的阻礙，交流電頻率越大，阻礙越小，故燈泡A1變亮，但由于感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的變大，故燈泡A2明亮程度未知，故D錯(cuò)誤。故選：AB。矩形線圈abcd中產(chǎn)生交變電流，線圈處于中性面位置時(shí)電動(dòng)勢(shì)最小，為零；當(dāng)線圈與磁場(chǎng)垂直時(shí)，電動(dòng)

34、勢(shì)最大，為：Em=NBS。根據(jù)q=N求解通過燈泡的電荷量。電感線圈對(duì)交流電有阻礙作用，交流電的頻率越大，自感系數(shù)越大，阻礙作用越大，而電容器對(duì)交流的阻礙，交流電頻率越大，電容越大，阻礙越小。本題關(guān)鍵記住交流發(fā)電機(jī)的最大值求解公式Em=NBS，同時(shí)掌握電荷量的公式，最后理解影響容抗與感抗的因素。14.【答案】BD【解析】解：A、“人造太陽”是以超導(dǎo)磁場(chǎng)約束，通過波加熱，讓等離子氣體達(dá)到上億度的高溫而發(fā)生輕核聚變，故A錯(cuò)誤。B、根據(jù)質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)守恒，可以求出X為中子，實(shí)驗(yàn)Z=0，M=1，故B正確。C、1個(gè)氘核和1個(gè)氚核發(fā)生核聚變，可以放出17.6McV的能量，故C錯(cuò)誤。D、輕核聚變產(chǎn)生物為氦核

35、，沒有輻射和污染，所以聚變比裂變更安全、清潔，故D正確。故選：BD。輕核聚變是通過加熱發(fā)生的；根據(jù)質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)守恒可以求出X的核子數(shù)和核電荷數(shù)；聚變比裂變更安全、清潔。本題考查了裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng)。掌握核反應(yīng)方程式的書寫是解決本題的關(guān)鍵。15.【答案】（s1+s2）f （s3-s1）f2  30【解析】解：（1）根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度可得：vB=（s1+s2）f，vC=（s2+s3）f，由速度公式有：vC=vB+aT，可得：a=（s3-s1）f2。（2）由牛頓第二定律可得：mg-0.03mg=ma，所以a=0.97g結(jié)合（1）解出的加速度表達(dá)式，

36、代入數(shù)據(jù)可得：f2=解得：f=30Hz故答案為：（1）（s1+s2）f；（s3-s1）f2；（2）30（1）根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度求出B和C點(diǎn)的瞬時(shí)速度，利用速度公式求加速度。（2）利用牛頓第二定律和解出的加速度求頻率。解決該題的關(guān)鍵是掌握勻變速直線運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度以及加速度的求解方法，掌握周期和頻率之間的關(guān)系式。16.【答案】R0  【解析】解：（1）待測(cè)電壓表電阻（3000歐姆）遠(yuǎn)大于滑動(dòng)變阻器R1的電阻值（100歐姆），故滑動(dòng)變阻器R1采用分壓式接法；電路圖如圖所示：（2）根據(jù)設(shè)計(jì)的電路進(jìn)行的實(shí)驗(yàn)步驟是：移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，以保證通電后電壓表所在的支路分

37、壓最??；閉合開關(guān)s1、s2，調(diào)節(jié)R1，使電壓表的指針滿偏；保持滑動(dòng)電阻器滑片位置不變，斷開s2，調(diào)節(jié)電阻箱R0，使電壓表的指針半偏；讀取電阻箱所示的電阻值，此即為測(cè)得的電壓表內(nèi)阻；電壓表串聯(lián)電阻箱后認(rèn)為電壓不變，而實(shí)際該支路電壓變大，則電阻箱分壓大于計(jì)算值，則會(huì)引起測(cè)量值的偏大，故RvRv故答案為：（1）如圖所示：（2）R0，。（1）待測(cè)電壓表電阻遠(yuǎn)大于滑動(dòng)變阻器R1的電阻值，故滑動(dòng)變阻器R1采用分壓式接法；待測(cè)電壓表和電阻箱R0采用串聯(lián)式接法；（2）采用先測(cè)量一個(gè)適當(dāng)?shù)碾妷海缓笤黾与娮柘潆娮瑁闺妷罕戆肫?，則電阻箱的讀數(shù)即視為等于電壓表的電阻；（3）電壓表串聯(lián)電阻箱后認(rèn)為電壓不變，而實(shí)際該

38、支路電壓變大，則電阻箱分壓大于計(jì)算值，則會(huì)引起測(cè)量值的偏大。本題考查半偏法測(cè)電阻的原理，明確串聯(lián)電阻后會(huì)引起測(cè)量支路的電阻的增大，其分壓要變大，此為誤差的來源。17.【答案】解：（1）小物塊沿斜面上滑時(shí)受力情況如下圖所示，其重力的分力分別為：F1=mgsinF2=mgcos根據(jù)牛頓第二定律有：FN=F2F1+Ff=ma又因?yàn)?#160; Ff=FN由式得：a=gsin+gcos=10×0.6m/s2+0.25×10×0.8m/s2=8.0m/s2（2）小物塊沿斜面上滑做勻減速運(yùn)動(dòng)，到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)速度為零，則有：0-v02=2（-a）x得：x=m=4m（3）小物塊在斜面上下滑時(shí)受力情況如下圖所示，根據(jù)牛頓第二定律有：FN=F2F1-Ff=ma'由式得：a'=gsin-gcos=10×0.6m/s2-0.25×10×0.8m/s2=4.0m/s2有：v2=2ax所以有：v=m/s=4m/s答：（1）小物塊沿斜面上滑時(shí)的加速度大小為8m/s2。（2）小物塊上滑的最大距離為4.0m。（3）小物塊返回斜面底端時(shí)的速度大小為4m/s?！窘馕觥浚?）小物塊沿斜面上滑時(shí)，分析其受力，根據(jù)牛頓第二定律求出小物塊上滑的加速度大小。（2）通過勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式求出小物塊上滑的最大距離。（