2021年四川高考物理試卷甲卷

1、2021年四川省高考物理試卷（甲卷）“旋轉(zhuǎn)紐扣”是一種傳統(tǒng)游戲。如圖，先將紐扣繞幾圈，使穿過紐扣的兩股細繩擰在一起，然后用力反復(fù)拉繩的兩端，紐扣正轉(zhuǎn)和反轉(zhuǎn)會交替出現(xiàn)。拉動多次后，紐扣繞其中心的轉(zhuǎn)速可達 50 ?/?此時紐扣上距離中心1 ?設(shè)的點向心加速度大小約B. 100 ?/? C. 1000 ?/?外力為（）D. 10000 ?/?A. 10 ?/?2.兩足夠長直導(dǎo)線均折成直角，按圖示方式放置在同一平面內(nèi)，？?？ ？ 1條直線上，？?有？?？一條直 線上，兩導(dǎo)線相互絕緣，通有相等的電流？電流方向如圖所示。若一根無限長直導(dǎo)線通過電流？時，所產(chǎn)生的磁場在距離導(dǎo)線？處的磁感應(yīng)強度大小為 ? 則圖

2、中與導(dǎo)線距離均為？?、？曬點處的磁感應(yīng)強度大小分別為（）B、00、 2?2? 2?B、 ?3.如圖，一個原子核？野圖中所示的一系列? ?察變后，生成穩(wěn)定的原子核 ？在此過程中放射出電子的總個數(shù)為（）A. 6B. 8C. 10D. 14第1頁，共21頁2021年2月，執(zhí)行我國火星探測任務(wù)的“天問一號”探測器在成功實施三次近火制動后，進入運行周期約為1.8 X105?的橢圓形停泊軌道，軌道與火星表面的最近距離約為2.8 X105?。已知火星半徑約為3.4 X106?,火星表面處自由落體的加速度大小約為3.7?/?）,則“天問一號”的停泊軌道與火星表面的最遠距離約為（）A. 6 X105?B. 6

3、X106?C. 6 X107?D. 6 X108?某電場的等勢面如圖所示，圖中 的？?？ ? ?為電場中的5個點，則（）一正電荷從的點運動到的的電場力做正功一電子從的點運動到的的電場力做功為4?C.的的:電場強度垂直于該點所在等勢面，方向向右D. ? ? ?四個點中，的點的電場強度大小最大一質(zhì)量為的的勺物體自傾角為的的勺固定斜面底端沿斜面向上滑動。該物體開始滑動時 的動能為的的?，向上滑動一段距離后速度減小為零，此后物體向下滑動， 到達斜面底端時動能為的?）已知?.6,重力加速度大小為 的？則（）5?1?A.物體向上滑動的距離為春?_?B.物體向下滑動時的加速度大小為55C.物體與斜面間的動摩

4、擦因數(shù)等于 0.5D.物體向上滑動所用的時間比向下滑動的時間長.由相同材料的導(dǎo)線繞成邊長相同的甲、乙兩個正方形閉合線用口 口乙圈，兩線圈的質(zhì)量相等，但所用導(dǎo)線的橫截面積不同，甲線iWi圈的匝數(shù)是乙的2倍?，F(xiàn)兩線圈在豎直平面內(nèi)從同一高度同六 s-時由靜止開始下落，一段時間后進入一方向垂直于紙面的勻強磁場區(qū)域，磁場的上邊界水平，如圖所示。不計空氣阻力，已知下落過程中線圈始終平行于紙面，上、下邊保持水平。在線圈下邊進入磁場后且上邊進入磁場前，可能出現(xiàn)的是 （）A.甲和乙都加速運動B.甲和乙都減速運動C.甲加速運動，乙減速運動D.甲減速運動，乙加速運動.為測量小銅塊與瓷磚表面間的動摩擦因數(shù)，一同學(xué)將

5、貼有標尺的瓷磚的一端放在水平桌面上，形成一傾角 為？的勺余面（已知？的？?.34,?？?？?.94）,小銅塊 可在斜面上加速下滑，如圖所示。該同學(xué)用手機拍攝第2頁，共21頁小銅塊的下滑過程，然后解析視頻記錄的圖像，獲彳#5個連續(xù)相等時間間隔（每個時間間隔?= 0.20?）內(nèi)小銅塊沿斜面下滑的距離？敘N1,2,3,4,5）,如表所示。?5.87?7.58?9.31?11.02?12.74?由表中數(shù)據(jù)可得，小銅塊沿斜面下滑的加速度大小為 ?/?好小銅塊與瓷磚 表面間的動摩擦因數(shù)為 。（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字，重力加速度大小取 9.80?/?,）9.某同學(xué)用圖（?所示電路探究小燈泡的伏安特TIe,所

6、用器材有：小燈泡 （額定電壓 2.5?額定電流0.3?、電壓表（量程300?內(nèi)阻300?）、電流表（量程300? 內(nèi)阻0.27?）定值電阻？3、滑動變阻器？（阻值0 - 20?）、電阻箱？2（最大阻值 9999.9?）、電源？?但動勢6?,內(nèi)阻不計 卜 開關(guān)？導(dǎo)線若干。完成下列填空： （1）有3個阻值分別為10?2 20?2 30?的定值電阻可供選擇，為了描繪小燈泡電流 在0 - 300?- ?曲線，？應(yīng)選取阻值為 ?的定值電阻；（2）閉合開關(guān)前，滑動變阻器的滑片應(yīng)置于變阻器的 （填？或“ ？）端; 在流過電流表的電流較小時，將電阻箱？的阻值置零，改變滑動變阻器滑片的位置，讀取電壓表和電流表的

7、示數(shù)？ ?結(jié)果如圖（?所示。當流過電流表的電流為10?時，小燈泡的電阻為 ?保留1位有效數(shù)字）；A 2/mVISolmi ji I圖（4）為使得電壓表滿量程時對應(yīng)于小燈泡兩端的電壓為3?,該同學(xué)經(jīng)計算知，應(yīng)將?的阻值調(diào)整為 ?然后調(diào)節(jié)滑動變阻器 ？，測得數(shù)據(jù)如表所示：第3頁，共21頁?/?24.046.076.0110.0128.0152.0184.0216.0250.0?/? 140.0160.0180.0200.0220.0240.0260.0280.0300.0由圖（?和表格數(shù)據(jù)可知，隨著流過小燈泡電流的增加，其燈絲的電阻（填“增大” “減小”或“不變”）；（6）該同學(xué)觀測到小燈泡剛開始

8、發(fā)光時流過電流表的電流為160?可得此時小燈泡電功率?= ?（保留2位有效數(shù)字）；當流過電流表的電流為 300?對，?小燈泡的電功率為？，則行= （保留至整數(shù)）。10.如圖，一傾角為？的光滑斜面上有50個減速帶（圖中未完全畫出），相鄰減速帶間的距離均為?減速帶的寬度遠小于? 一質(zhì)量為？硒無動力小車（可視為質(zhì)點）從距第一個減速帶？處由靜止釋放。已知小車通過減速帶損失的機械能與到達減速帶時的速度有關(guān)。觀察發(fā)現(xiàn)，小車通過第30個減速帶后，在相鄰減速帶間的平均速度均相同。小車通過第50個減速帶后立刻進入與斜面光滑連接的水平地面，繼續(xù)滑行距離（1）求小車通過第30個減速帶后，經(jīng)過每一個減速帶時損失的機械

9、能；（2）求小車通過前30個減速帶的過程中在每一個減速帶上平均損失的機械能；（3）若小車在前30個減速帶上平均每一個損失的機械能大于之后每一個減速帶上損第4頁，共21頁失的機械能，則？應(yīng)滿足什么條件?11.如圖，長度均為？的兩塊擋板豎直相對放置，間距也為？兩擋板上邊緣？而？?處于同一水平線上，在該水平線的上方區(qū)域有方向豎直向下的勻強電場，電場強度大小為？兩擋板間有垂直紙面向外、磁感應(yīng)強度大小可調(diào)節(jié)的勻強磁場。一質(zhì)量為的?，電荷量為？?(？ 0)的粒子自電場中某處以大小為 的？的速度水平向右發(fā)射，恰好從？點處射入磁場，從兩擋板下邊緣 的儕口？的之間射出磁場，運動過程中粒子未與擋板碰 撞。已知粒子

10、射入磁場時的速度方向與?的夾角為60,不計重力。(1)求粒子發(fā)射位置到 (2)求磁感應(yīng)強度大小的取值范圍； 若粒子正好從?的中點射出磁場，求粒子在磁場中的軌跡與擋板的?的最近距第5頁，共21頁.如圖，一定量的理想氣體經(jīng)歷的兩個不同過程，分別由體積 -溫度(?- ?粥上的兩條直線I和n表示，？?和？?分別為兩直線與縱軸交點的縱坐標，？0是它們的延長線與橫軸交點的橫坐標，?= -273.15 ;?妁直線I上的一點。由圖可知，氣體在 TOC o 1-5 h z ?狀態(tài)？利？的壓強之比而二 ；氣體在狀態(tài)？?口？的壓強之比標= 。.如圖，一汽缸中由活塞封閉有一定量的理想氣體，中間活塞 隔板Q的隔板將氣體

11、分為? ?輛部分；初始時，? ?勺體積均:：A B為？壓強均等于大氣壓？。隔板上裝有壓力傳感器和控:制裝置，當隔板兩邊壓強差超過0.5?時隔板就會滑動，否則隔板停止運動。氣體溫度始終保持不變。向右緩慢推動活塞，使 ？衲體積減小?為7 2(i )求？的體積和？箱壓強；(ii)再使活塞向左緩慢回到初始位置，求此時？的體積和？的壓強。.如圖，單色光從折射率 ？?= 1.5、厚度？?= 10.0?的玻璃板上表面射入。已知真空中的光速為3.0 X108?/?則該單色光在玻璃板內(nèi)傳播的速度為 ?/?對于所有可能的入射角，該單色光通過玻璃板所用時間？的取值范圍是?然？*?汴考慮反射)。第6頁，共21頁.均勻

12、介質(zhì)中質(zhì)點？ ？勺平衡位置位于？袖上，坐標分別為0和？?= 16?某簡諧橫波沿？?由正方向傳播，波速為 ？?= 20?/?波長大于20?振幅為？?= 1?且傳播時無衰減。？ 0時刻？ ？褊離平衡位置的位移大小相等、方向相同，運動方向相反，此后每隔 ?= 0.6?兩者偏離平衡位置的位移大小相等、方向相同。已知在？?寸刻(? 0),質(zhì)點？位于波峰。求：(i)從?時刻開始，質(zhì)點？最少要經(jīng)過多長時間位于波峰；(ii )?刻質(zhì)點？褊離平衡位置的位移。第7頁，共21頁答案和解析.【答案】？【解析】 解：根據(jù)勻速圓周運動的規(guī)律，？= 2?= 2?X 50 ?=?100?/?=1 ?= 0.01 ?,向心加速

13、度為：？?= 依？ (100?)2 X0.01 ?/? = 100?2 ?/?,2 986 ?/?,接近1000 ?/?答 故C正確，ABD錯誤。故選：？根據(jù)紐扣的轉(zhuǎn)速，結(jié)合 ？?= 2?2? ?= ?,？?十算圓盤轉(zhuǎn)動的向心加速度。解決本題的關(guān)鍵是知道轉(zhuǎn)速和角速度的關(guān)系，通過轉(zhuǎn)速求出角速度，然后根據(jù)向心加速度公式求解，基礎(chǔ)題。.【答案】？【解析】 解：根據(jù)安培定則可知， ？?？?點形成的磁感應(yīng)強度向里， ？館?點形成的 磁感應(yīng)強度向外，根據(jù)題意可知，兩導(dǎo)線在 ？?點形成的磁感應(yīng)強度均為 ？由疊加原理 可知，？?點的磁感應(yīng)強度為零；同理根據(jù)安培定則可知，？?在？?嵐形成的磁感應(yīng)強度向里，？在?

14、抵形成的磁感應(yīng)強 度向里，根據(jù)題意可知，兩導(dǎo)線在？放形成的磁感應(yīng)強度均為 ？由疊加原理可知，？抵 的磁感應(yīng)強度為2?故B正確，ACD錯誤。故選：？根據(jù)安培定則確定兩導(dǎo)線各自在？?、？能形成的磁感應(yīng)強度的方向，根據(jù)疊加原理即可確定兩點的磁感應(yīng)強度的大小。本題考查了利用安培定則分析通電導(dǎo)線的磁場。掌握好安培定則的內(nèi)容，知道磁場的疊加原理是解決本題的關(guān)鍵。.【答案】？【解析】【分析】?察變電荷數(shù)少2,質(zhì)量數(shù)少4, ?察變電荷數(shù)多1,質(zhì)量數(shù)不變.根據(jù)該規(guī)律判斷衰變的 次數(shù)，再結(jié)合？察變的實質(zhì)分析放出的電子個數(shù)。第8頁，共21頁解決本題的關(guān)鍵是知道衰變的過程中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，放出的電子個數(shù)根據(jù)？

15、察變的實質(zhì)進行分析?！窘獯稹?8？yJ由題圖可知原子核？的質(zhì)量數(shù)為？?= 92 + 146 = 238 ,電荷數(shù)為？?= 92,?60 2 ？o原子核？勺質(zhì)量數(shù)為? = 82 + 124 = 206 ,電荷數(shù)為？?= 82,設(shè)經(jīng)過？歡？案變和？次？察變，由質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可得：238 = 206 + 4？ 92 = 82 + 2？- ？解得：？= 8, ？= 6發(fā)生？衰變時，原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為一個質(zhì)子的同時放出一個電子，所以該過程共釋放了 6個電子，故A正確，BCD錯誤。故選：？.【答案】？【解析】解：根據(jù)題意可知火星的半徑為 ？= 3.4 X106？,軌道與火星表面的最近距離 TOC

16、 o 1-5 h z 約為？ = 2.8 X105？。設(shè)火星白質(zhì)量為？，“天問一號”所在橢圓軌道的半長軸為？, ，一 、,一，, 、一 ？設(shè)想在火星上方有一顆衛(wèi)星做半徑為？的勻速圓周運動，根據(jù)開普勒第三定律市=？,7可知該衛(wèi)星的周期 ？= 1.8 X105？、.,一99999Q對該衛(wèi)星，根據(jù)萬有引力提供向心力可得：-？-= ？打，？，.,-一 一 一？在火星表面，根據(jù)萬有引力和重力的關(guān)系可得：虧=？ 聯(lián)立解得：？8 3.27 X設(shè)“天問一號”的停泊軌道與火星表面的最遠距離為？，根據(jù)幾何關(guān)系可得：？+ 2？+ ？= 2？解得：？=6X107？,故C正確、ABD錯誤。故選：？根據(jù)開普勒第三定律可知

17、， 做勻速圓周運動的衛(wèi)星的軌道半徑與“天問一號”軌道半長 軸相等時，二者的周期相等；則根據(jù)萬有引力提供向心力求出勻速圓周運動衛(wèi)星的軌道 半徑，即可得到“天問一號”的長軸，再根據(jù)幾何關(guān)系求解“天問一號”的停泊軌道與火星表面的最遠距離。本題主要是考查萬有引力定律及其應(yīng)用，解答此類題目一般要把握兩條線：一是在星球表面，忽略星球自轉(zhuǎn)的情況下，萬有引力近似等于重力；二是根據(jù)萬有引力提供向心力第9頁，共21頁列方程進行解答，掌握開普勒第三定律的應(yīng)用方法。.【答案】?【解析】 解：? ? ?兩點在同一個等勢面上，可知 ？ ？鬼勢相等，則兩點間電勢差為 零，由電場力做功公式 ？= ?可知正電荷從？然運動到？熱

18、，電場力不做功，故 A錯 誤；B、電子從？能運動到？能，電場力所做的功？= ?= ?(3?- 7?)= 4?；?故 B 正確;C、根據(jù)題意畫出過？然的電場線，如圖： 電場線與等勢面處處垂直，并指向電勢降低的方向，所以？然? ? ?叩？然等勢線最電場強度垂直于該點所在等勢面，方向向左，故 C錯誤； D、等勢面越密集的地方，電場線越密集，電場強度越大，？密集，所以？然的電場強度最大，故 D正確。 故選：？?由電場力做功公式?= ?分析電場力做功情況；根據(jù)電場線與等勢面處處垂直，電 場方向由高電勢指向低電勢，可判斷？點電場強度方向；等勢面越密集的地方，電場線越密集，電場強度越大。本題考查了電場力做功

19、，電場線與等勢面的關(guān)系以及電場強度大小、方向的判斷，注意 等勢面越密集的地方，電場線越密集，電場強度越大。.【答案】?【解析】解：？?？設(shè)物體向上滑動的距離為 ？斜面的動摩擦因數(shù)為 ？對物體向上滑行的過程，由動能定理可知：-? ?0 - ?對物體向下滑行的過程，由動能定理可知：？?？?？?？?？?？?？?-05?聯(lián)立解得：？?= 而 ?= 0.5,故A錯誤，C正確；1 B、物體向下滑動時，由牛頓第二定律可知：？?？?？?？?？?,解得？ = ?5故B正確；D、物體向上滑動和向下滑動的距離相同，而向上滑的加速度由牛頓第二定律可知：?,解彳導(dǎo):? = ?即？ ?,向上滑動過程也可看做初速度第10頁

20、，共21頁為零，加速度大小等于？的勻加速直線運動，由？?=?=;?可知向上滑的時間比向下滑的時間短，故 D錯誤；故選：?在物體上滑過程和下滑過程，分別應(yīng)用動能定理列等式，可求出物體向上滑動的距離和物體與斜面間的動摩擦因數(shù)；由牛頓第二定律求出向上滑和向下滑的加速度大??；結(jié)合加速度大小，根據(jù)運動學(xué)規(guī)律可分析物體向上滑動所用的時間和向下滑動的時間哪個更大。本題是動能定理、牛頓第二定律和運動學(xué)知識的綜合運用，關(guān)鍵是分過程分別列動能定理式子，以及勻變速直線運動的逆過程的應(yīng)用。7.【答案】?【解析】解：甲、乙兩正方形線圈的材料相同，則它們的密度和電阻率相同，設(shè)材料的電阻率為？密度為？蛋度，兩正方形線圈的邊

21、長相同，設(shè)線圈邊長為?設(shè)線圈的橫截面積為?線圈白質(zhì)量?=?蚩度 X 4?4?度？?由題意可知，兩線圈的質(zhì)量相等， 則4?律?度？?？= 4?%?度？?花 則？仲？仲=?2,兩線圈在豎直平面內(nèi)從同一高度同時由靜止開始下落，設(shè)線圈下邊到磁場的高度為？，設(shè)線圈下邊剛進入磁場時的速度為?線圈進入磁場前做自由落體運動，則？?= v2?,由于下落高度？相同，則線圈下邊剛進入磁場時的速度？相等，設(shè)線圈匝數(shù)為?磁感應(yīng)強度為？線圈進入磁場過程切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢？?= ?, , 由電阻定律可知，線圈電阻： ？?= ?由閉合電路的歐姆定律可知，感應(yīng)電流:?=-? ?4?= 4?線圈受到的安培力:?= ?4?

22、由于？他？凈=?% ?, ? ? ? ?都相同，則線圈進入磁場時受到的安培力？才目同，線圈質(zhì)量相同，貝U它們受至IJ的重力?= ?相同, 線圈進入磁場過程所受合力 ？占=?- ?和同;A、如果線圈進入磁場時安培力小于重力，則線圈受到的合力向下，線圈甲、乙都加速第11頁，共21頁運動，故A正確;B、如果線圈進入磁場時安培力大于重力，線圈受到的合力向上，線圈甲、乙都做減速運動，故B正確；C、由于甲、乙所受合力相同、進入磁場時的速度相同，如果甲加速運動，則乙也做加速運動，故C錯誤；D、由于甲、乙所受合力相同、進入磁場時的速度相同，如果甲減速運動，則乙也做減速運動，故D錯誤。故選：？?線圈進入磁場前做

23、自由落體運動，應(yīng)用運動學(xué)公式求出線圈進入磁場時的速度大??；根據(jù)密度公式求出線圈的質(zhì)量；應(yīng)用電阻定律求出線圈的電阻；由？?= ?犯線圈進入磁場過程產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，應(yīng)用閉合電路的歐姆定律求出感應(yīng)電流；應(yīng)用安培力公式求出線圈受到的安培力，根據(jù)線圈受到的安培力與重力間的關(guān)系分析判斷線圈進入磁場過程的運動情況。本題是電磁感應(yīng)、電路與力學(xué)相結(jié)合的一道綜合題，根據(jù)題意分析清楚線圈的受力情況與運動過程是解題的前提與關(guān)鍵；解題時要先推導(dǎo)出線圈所受安培力，然后再分析答題。8.【答案】0.430.32【解析】 解：(1)根據(jù)逐差法，利用 ?= ?,可得加速度?=(?+?)-(?2+?) _ (11.02+12.7

24、4)-(7.58+9.31)4?2=4X 0.2C2X10-2 ?/? = 0.43?/?,根據(jù)牛頓第二定律，？?？?？?？?？已知？?？?.34 , ?.94 ,代入數(shù)據(jù)解得？?= 0.32。故答案為：0.43; 0.32。處理紙帶數(shù)據(jù)時，要用逐差法求加速度，結(jié)和牛頓第二定律就可以求出動摩擦因數(shù)。本題考查實驗中紙帶的數(shù)據(jù)處理問題，要學(xué)會用逐差法求加速度，注意題目中給出5組數(shù)據(jù)可以采用前4個或后4個進行計算，結(jié)果保留有效位數(shù)后相等。9.【答案】(1)10 ; (2)?； (3)0.7 ； (4)2700 ； (5)增大;(6)0.074 ； 10第12頁，共21頁【解析】解：(1)燈泡額定電壓

25、？3額=2.5?,額定電流？% = 0.3?燈泡兩端電壓等于額定電壓且滑動變阻器滑片移動到？端時，定值電阻兩端電壓 ?飛=?- ?額=(6 -2.5)?= 3.5?定值電阻最大阻值約為？?二言=33? 11.67?,為了描繪小燈泡電流在0- 300?- ?曲線，？應(yīng)選取阻值為10?的定值電阻；(2)由圖(?所示電路圖可知，滑動變阻器采用分壓接法，為保護電路，閉合開關(guān)前，滑動變阻器的滑片應(yīng)置于變阻器的？端。(3)根據(jù)圖(?所示坐標系內(nèi)描出的點作出圖象如圖所示:由圖示圖象可知，當流過電流表的電流為？?= 10?= 0.010?寸，燈泡兩端電壓？?= 7?= 0.007?,由歐姆定律可知，此時燈泡電

26、阻？?= ?；= 0017?= 0.7?(4)由題意可知，電壓表量程 ？?= 300?內(nèi)阻？?= 300?把電壓表改裝成?= 3?勺電壓表需要串聯(lián)電阻阻值 ？皓=善 ？?= % ?= 童？?-?300300? = 2700?,因此應(yīng)將？的阻值調(diào)整為2700?。(5)? - ?線上的點與坐標原點連線的斜率等于燈泡電阻，由圖(?所示圖象可知，隨著流過小燈泡電流的增加，圖線上的點與坐標原點連線的斜率增大，則燈絲的電阻增大。(6)電壓表量程是300?改裝后電壓表量程是3?改裝后電壓表量程擴大了10倍；由表中實驗數(shù)據(jù)可知，流過燈泡的電流？?= 160?= 0.160?時，燈泡兩端電壓？?產(chǎn)10? = 1

27、0 X 46.0?= 460?= 0.460?,此時小燈泡電功率 ？= ?= 0.460 X 0.160? =0.074?;當流過電流表的電流為 ？?= 300?= 0.300?寸，燈泡兩端的電壓 ？?2= 10?.=第13頁，共21頁10 X 250.0?= 2500?= 2.500?,此時小燈泡電功率？= ?3?到?= 2.500 X 0.300? = 0.75?;廠,?0.75川?1? = 0.07410 故答案為:(1)10 ; (2)?; (3)0.7 ; (4)2700 ; (5)增大;(6)0.074 ; 10。(1)根據(jù)串聯(lián)電路特點與歐姆定律求出定值電阻的最大阻值，然后作出選擇

28、。(2)滑動變阻器采用分壓接法時，為保護電路閉合開關(guān)前滑片應(yīng)置于分壓電路分壓為零 的位置。(3)根據(jù)坐標系內(nèi)描出的點作出圖象，根據(jù)圖象求出電流對應(yīng)的電壓，然后應(yīng)用歐姆定 律求出燈泡電阻阻值。(4)根據(jù)串聯(lián)電路特點與歐姆定律求出串聯(lián)電阻阻值。(5)? - ?線上的點與坐標原點連線的斜率等于燈泡電阻，根據(jù)圖示圖象判斷隨著流過 小燈泡電流的增加其燈絲的電阻如何變化。(6)根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)求出電流對應(yīng)的電壓，應(yīng)用電功率公式？?= ?出燈泡的電功率，然后求出功率之比。本題考查了實驗數(shù)據(jù)處理問題，理解實驗原理是解題的前提與關(guān)鍵，分析清楚圖示電路結(jié)構(gòu)、應(yīng)用串聯(lián)電路特點與歐姆定律即可解題，解題時注意有效數(shù)字的

29、保留，這是容易疏忽的地方。10.【答案】解：(1)小車通過第30個減速帶后，在相鄰減速帶間的平均速度均相同，則 小車與減速帶碰撞過程中機械能的損失恰好等于經(jīng)過距離？?寸增加的動能，即?=?;小車通過第30個減速帶后，每經(jīng)過？的過程中，根據(jù)動能定理可得：?= ?所以有：?= ? ?(2)設(shè)小車通過第30個減速帶后，每次與減速帶碰撞后的動能為？?？小車與第50個減速帶碰撞后在水平面上繼續(xù)滑行距離 ？后停下，在此過程中根據(jù)動能定理可得：-?0 - ?,解得：？?= ?小車從開始運動到與第 30個減速帶碰撞后的過程中，根據(jù)功能關(guān)系可得損失的總能量為： ? = ?(? 29?)? TOC o 1-5 h

30、 z 小車通過前30個減速帶的過程中在每一個減速帶上平均損失的機械能為：?=30-11解得：?= ?(?+? 29?)?3030第14頁，共21頁(3)若小車在前30個減速帶上平均每一個損失的機械能大于之后每一個減速帶上損失的-機械能，貝U有：? ?解得:? ?+?sin?0答：(1)小車通過第30個減速帶后，經(jīng)過每一個減速帶時損失的機械能為?(2)小車通過前30個減速帶的過程中在每一個減速帶上平均損失的機械能為京？?(?30129?)? ? 30,(3)若小車在前30個減速帶上平均每一個損失的機械能大于之后每一個減速帶上損失的 ?機械能，則？? ?+【解析】(1)小車通過第30個減速帶后，在

31、相鄰減速帶間的平均速度均相同，由此可得小車通過第30個減速帶后在每兩個減速帶之間的運動情況相同，根據(jù)功能關(guān)系分析碰撞過程中損失的能量；(2)小車與第50個減速帶碰撞后在水平面上繼續(xù)滑行距離？府停下，根據(jù)動能定理求解小車通過第30個減速帶后，每次與減速帶碰撞后的動能；小車從開始運動到與第30個減速帶碰撞后的過程中，根據(jù)功能關(guān)系求解在每一個減速帶上平均損失的機械能；(3)根據(jù)前兩問計算出的能量損失列不等式求解？應(yīng)滿足的條件。本題主要是考查功能關(guān)系，關(guān)鍵是能夠分析小車運動過程中能量的轉(zhuǎn)化情況，知道機械能的變化與除重力或彈力以外的力做功有關(guān)，動能的變化與合力做功有關(guān)。.【答案】解：(1)帶電粒子在電場

32、中受到豎直向下的電場力作用，粒子做類平拋運動,在？然對速度進行分解，如圖 1所示:圖1? ?60 -?粒子做類平拋運動:第15頁，共21頁水平方向上：？?= ?(?豎直方向上：？?= 2? ?= ?其中？?=?粒子發(fā)射位置到？能的距離？?=，?？+ ?在？然的速度大?。?？?=彘6。聯(lián)立解得：？?=f?= 2 力?6?-3-? ?砌點(2)由題可知，若滿足題設(shè)條件，粒子出射點的臨界情況分別在從？能射出磁場，運動軌跡如圖 2所示：圖2由幾何關(guān)系可知：粒子從下邊緣 ？放射出時，軌跡圓的半徑為?30由洛倫茲力提供向心力可知:?市磁感應(yīng)強度?=二?由此可知,?=?2?=?帶電粒子從？?點射出磁場，運動軌

33、跡如圖 3所示:圖3由幾何關(guān)系可知：粒子從下邊緣 ？?點射出時，設(shè)軌跡圓的半徑為 ?第16頁，共21頁在??。?.?2 - ?)+ (: + ?) = ?與，解得：？=(v3+ 1)?由洛倫茲力提供向心力可知:? ?_?,磁感應(yīng)強度?=?,_?2?由此可知，？=?/=(3+)？?故磁感應(yīng)強度大小的取值范圍為:? W ? ?即:2?0”2?0(3+ )? 、?(3)若粒子正好從？?中點射出磁場，畫出粒子在磁場中的運動軌跡如圖4所示:其中點？妁？?點，點？效軌跡中距？?最近的點，點？效圓心？?B直線？?的投影。圖4由幾何關(guān)系可知，在 ?(?帝?)2+6+y=?多該軌跡與？?被板最近的距離:? ?=

34、 ?2聯(lián)立解得:39 - 10 v3?= ?44答:粒子發(fā)射位置到？然的距離為3?3.6?(2)磁感應(yīng)強度大小的取值范圍為:2?-2?0w ? W (3+ 3)?勺最近距離為(3)若粒子正好從？?中點射出磁場，粒子在磁場中的軌跡與擋板39-10 v344【解析】(1)粒子在電場中做類平拋運動，根據(jù)類平拋運動軌跡以及勾股定理求解粒子發(fā)射位置到？審的距離；(2)粒子在磁場中做勻速圓周運動，根據(jù)粒子出射點的邊界條件，求出臨界磁感應(yīng)強度,第17頁，共21頁 進而求出磁感應(yīng)強度的取值范圍；（3）根據(jù)粒子正好從？?的中點射出磁場這一邊界條件，畫出粒子的運動軌跡，然后由幾何關(guān)系求出粒子做勻速圓周運動的軌跡圓

35、半徑，再由幾何關(guān)系求出粒子在磁場中的軌跡與擋板？?勺最近距離。本題考查帶電粒子在電場中類平拋運動， 在磁場中勻速圓周運動， 關(guān)鍵在于找到粒子在 磁場中運動的軌跡和邊界條件， 由幾何關(guān)系求出軌跡圓的半徑， 然后由洛倫茲力提供向 心力求出磁感應(yīng)強度大小。本題對作圖要求很高，過程復(fù)雜，計算量大。?.【答案】1,萬?【解析】解：（1）根據(jù)蓋呂薩克定律有?+273 15 = ?整理得？?= ? 273.15?由體積-溫度（?- ?圈像可知，過程I對應(yīng)的就是等容變化的過程，對應(yīng)的直線為等壓線，則？ ？兩點壓強相等，則有?=1?（2）當溫度等于oc,過程I對應(yīng)的體積為？，過程n對應(yīng)的體積為？，由玻意耳定律：

36、?= ?,得：篇=?|,由于過程I、過程n都是等壓變化，所以 :=得。 ? ?故答案為：1 ； 7?0 ? ?根據(jù)蓋呂薩克定律，在 ？?- ?圖像中，氣體做等容變化對應(yīng)的是一條不過原點的直線，它的反向延長線與？軸的交點為-273.15 C ;這樣圖中過程I和過程n對應(yīng)的圖線都為等壓線；再根據(jù)在？?- ?圖像中等溫變化遵循玻意耳定律從而確定過程I和過程n對應(yīng)的壓強之比。.【答案】解：（i ）向右緩慢推動活塞，使？勺體積減小為？?= ?寸,對氣體？由玻意耳定律：？?= ?得氣體？?導(dǎo)壓弓雖:?= 2?,由題意可知：？?= ?+ 0.5?0 = 2? + 0.5? = 2.5?,對氣體？由玻意耳定律

37、：？?= ?一? ? ? ?2得？的體積為：？?= 布=25?o = ?第18頁，共21頁一 一 3一 一(?砂活塞向左緩慢回到初始位置，假設(shè)隔板不動，則？勺體積為??？由玻意耳定律 可得3?= ?X 2?則？凌匕情況下的壓強為?= 3? ?- 0. 5?則隔板一定會向左運動，設(shè)穩(wěn)后本？的體積為？石、壓弓雖為?氣本？的體積為？?、壓強 為？?，根據(jù)等溫變化有 ?= ?私?夕? ?= ? ? + ?= 2? ?= ?- 0. 5?聯(lián)立解得v5tv 、3+ v5?=？?(舍去)，？?= 丁？?= ( V5- 1)?.一.，一一 2一 一 .答：(用?的體積g? ?勺壓弓II為2?(ii )?體積為(分-1)?； ?的壓弓雖為三臺?【解析】(i以? ?輛氣體分別使用波意耳定律，再結(jié)合兩氣體的壓強關(guān)系即可求解(ii)活塞向左緩慢回到初始位置，？氣體回到初狀態(tài)，溫度、壓強、體積都回到初狀態(tài), 再結(jié)合兩氣體的壓強關(guān)系即可求解。本題主要考查了波意耳定律，找到兩氣體的壓