2022-2023學(xué)年內(nèi)蒙古錫林浩特市六中物理高三第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認(rèn)真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是

2、符合題目要求的。1、如圖所示，在光滑水平面上放置一個質(zhì)量為M的滑塊，滑塊的一側(cè)是一個圓弧形凹槽OAB，凹槽半徑為R，A點切線水平。另有一個質(zhì)量為m的小球以速度v0從A點沖上凹槽，整個過程中凹槽不會側(cè)翻，重力加速度大小為g，不計摩擦。下列說法中正確的是（）A球和滑塊組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒B當(dāng)時，小球恰能到達B點C小球在滑塊上運動的過程中，滑塊的動能先增大后減小D如果小球的速度足夠大，球?qū)幕瑝K的左側(cè)離開滑塊后落到水平面上2、如圖所示，A、B兩小球用輕桿連接，A球只能沿內(nèi)壁光滑的豎直滑槽運動，B球處于光滑水平面內(nèi)，不計球的體積開始時，在外力作用下A、B兩球均靜止且桿豎直現(xiàn)撤去外力，B開始沿水平

3、面向右運動已知A、B兩球質(zhì)量均為m，桿長為L，則下列說法中不正確的是（ ）AA球下滑到地面時，B球速度為零BA球下滑到地面過程中輕桿一直對B球做正功CA球機械能最小時，B球?qū)Φ氐膲毫Φ扔谒闹亓兩球和桿組成的系統(tǒng)機械能守恒，A球著地時的速度為3、如圖所示，質(zhì)量為m的小球用水平輕質(zhì)彈簧系住，并用傾角37的木板托住，小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，彈簧處于壓縮狀態(tài)，則( )A小球受木板的摩擦力一定沿斜面向上B彈簧彈力不可能為C小球可能受三個力作用D木板對小球的作用力有可能小于小球的重力mg4、北京時間8月19日,2016年里約奧運會田徑比賽在200米決賽中,“飛人”博爾特以19秒79的成績奪得冠軍,下列說法正

4、確的是A200米指位移B19秒79為時間間隔C博爾特撞線時可以看成質(zhì)點D博爾特奪冠是因為他的加速度最大5、過去幾千年來，人類對行星的認(rèn)識與研究僅限于太陽系內(nèi)，行星“51 peg b”的發(fā)現(xiàn)拉開了研究太陽系外行星的序幕?！?1 peg b”繞其中心恒星做勻速圓周運動，周期約為4天，軌道半徑約為地球繞太陽運動半徑為1/20，該中心恒星與太陽的質(zhì)量比約為（ ）A1/10B1C5D106、小明乘坐豎直電梯經(jīng)過1min可達頂樓，已知電梯在t =0時由靜止開始上升，取豎直向上為正方向，該電梯的加速度a隨時間t的變化圖像如圖所示。若電梯受力簡化為只受重力與繩索拉力，則At =4.5 s時，電梯處于失重狀態(tài)B

5、在555 s時間內(nèi)，繩索拉力最小Ct =59.5 s時，電梯處于超重狀態(tài)Dt =60 s時，繩索拉力的功率恰好為零二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一質(zhì)量的長方形木板B放在光滑水平地面上，在其右端放一個質(zhì)量的小木塊給A和B以大小均為，方向相反的初速度，使A開始向左運動，B開始向右運動，A始終沒有滑離木板在小木塊A做加速運動的時間內(nèi)，木板速度大小可能是ABCD8、質(zhì)量均為m =lkg的甲、乙兩個物體同時從同地沿同一方向做直線運動，二者的動能隨位移的變化圖像如

6、圖所示下列說法正確的是（ ）A甲的加速度大小為2m/s2B乙的加速度大小為1.5m/s2C甲、乙在x=6m處的速度大小為2m/sD甲、乙在x=8m處相遇9、如圖所示，水平光滑長桿上套有一物塊Q，跨過懸掛于O點的輕小光滑圓環(huán)的輕繩一端連接Q，另一端懸掛一物塊P。設(shè)輕繩的左邊部分與水平方向的夾角為，初始時很小?，F(xiàn)將P、Q由靜止同時釋放，關(guān)于P、Q以后的運動下列說法正確的是()A當(dāng)60時，P、Q的速度之比是32B當(dāng)90時，Q的速度最大C當(dāng)向90增大的過程中繩上的物塊P的速度先增大后減小D當(dāng)從很小增至90時P減少的重力勢能大于Q增加的動能10、關(guān)于熱現(xiàn)象，下列說法中正確的是_。A顯微鏡下觀察到墨水中的

7、小炭粒在不停地做無規(guī)則運動，這反映了液體分子運動的無規(guī)則性B擴散現(xiàn)象說明分子之間存在空隙，同時說明分子在永不停息地做無規(guī)則運動C晶體有固定的熔點，具有規(guī)則的幾何外形，具有各向同性的物理性質(zhì)D可利用高科技手段、將流散的內(nèi)能全部收集加以利用，而不引起其他變化E.對大量事實的分析表明，不論技術(shù)手段如何先進，熱力學(xué)零度最終不可能達到三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在做“研究平拋運動”的實驗中，為了確定小球在不同時刻所通過的位置，實驗時用如圖1所示的裝置。實驗操作的主要步驟如下：A在一塊平木板上釘上復(fù)寫紙和白紙，然后將其豎直立于斜槽軌道

8、末端槽口前，木板與槽口之間有一段距離，并保持板面與軌道末端的水平段垂直B使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止?jié)L下，小球撞到木板在白紙上留下痕跡C將木板沿水平方向向右平移一段動距離，再使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止?jié)L下，小球撞到木板在白紙上留下的痕跡D將木板再水平向右平移同樣距離，使小球仍從斜槽上緊靠擋板處由靜止?jié)L下，再在白紙上得到痕跡若測得間距離為，間距離為，已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹?。?）關(guān)于該實驗，下列說法中正確的是_A斜槽軌道必須盡可能光滑B每次釋放小球的位置可以不同C每次小球均需由靜止釋放D小球的初速度可通過測量小球的釋放點與拋出點之間的高度，之后再由機械能守恒定律求出（2）根據(jù)上述直接測量的

9、量和已知的物理量可以得到小球平拋的初速度大小的表達式=_。（用題中所給字母表示）（3）實驗完成后，該同學(xué)對上述實驗過程進行了深入研究，并得出如下的結(jié)論，期中正確的是_。A小球打在點時的動量與打在點時的動量的差值為，小球打在點時的動量與打在點時動量的差值為，則應(yīng)由：B小球打在點時的動量與打在點時的動量的差值為，小球打在點時的動量與打在點時動量的差值為，則應(yīng)由：C小球打在點時的動能與打在點時的動能的差值為，小球打在點時的動能與打在點時動能的差值為，則應(yīng)由D小球打在點時的動能與打在點時的動能的差值為，小球打在點時的動能與打在點時動能的差值為，則應(yīng)由（4）另外一位同學(xué)根據(jù)測量出的不同情況下的和，令，并

10、描繪出了如圖所示的圖象。若已知圖線的斜率為，則小球平拋的初速度大小與的關(guān)系式為_。（用題中所給字母表示）12（12分）某同學(xué)欲將量程為300 A的微安表頭G改裝成量程為0.3 A的電流表?？晒┻x擇的實驗器材有：A微安表頭G（量程300 A，內(nèi)阻約為幾百歐姆）B滑動變阻器R1（0 10 k）C滑動變阻器R2（0 50 k）D電阻箱（0 9 999 ）E電源E1（電動勢約為1.5 V）F電源E2（電動勢約為9 V）G開關(guān)、導(dǎo)線若干該同學(xué)先采用如圖甲的電路測量G的內(nèi)阻，實驗步驟如下：按圖甲連接好電路，將滑動變阻器的滑片調(diào)至圖中最右端所對應(yīng)的位置；斷開S2，閉合S1，調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片位置，使G滿偏

11、；閉合S2，保持滑動變阻器的滑片位置不變，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使G的示數(shù)為200 A，記下此時電阻箱的阻值?；卮鹣铝袉栴}：（1）實驗中電源應(yīng)選用_（填“E1”或“E2”），滑動變阻器應(yīng)選用_（填“R1”或“R2”）。（2）若實驗步驟中記錄的電阻箱的阻值為R，則G的內(nèi)阻Rg與R的關(guān)系式為 Rg =_。（3）實驗測得G的內(nèi)阻Rg = 500 ，為將G改裝成量程為0.3 A的電流表，應(yīng)選用阻值為_的電阻與G_（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）。（4）接著該同學(xué)利用改裝后的電流表A，按圖乙電路測量未知電阻Rx的阻值。某次測量時電壓表V的示數(shù)為1.20 V，表頭G的指針指在原電流刻度的250 A處，則Rx =_。四

12、、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在傾角為37的斜坡上有一人，前方有一動物沿斜坡勻速向下奔跑，速度v15 m/s，在二者相距L30 m 時，此人以速度v0水平拋出一石塊，擊打動物，石塊和動物都可看成質(zhì)點(已知sin 370.6，g10 m/s2)(1)若動物在斜坡上被石塊擊中，求v0的大??；(2)若動物離斜坡末端較近，設(shè)其在水平面上勻速運動速度的大小與其在斜面上的相同，試分析該動物在水平面上被石塊擊中的情況下，人拋石塊的速度v0的取值范圍14（16分）如圖所示，光滑斜面與光滑水平面平滑連接斜面長度

13、，傾角一小物塊在點由靜止釋放，先后沿斜面和水平面運動，接著從點水平拋出，最后落在水平地面上已知水平面與地面間的高度差取重力加速度， ， 求：（1）小物塊在斜面上運動的加速度大?。?）小物塊從點水平拋出到落在地面上，在水平方向上的位移大?。?）小物塊從點水平拋出到剛要落地過程中的速度變化量的大小15（12分）傳送帶與平板緊靠在一起，且上表面在同一水平面內(nèi)，兩者長度分別為L12.5 m、L22 m傳送帶始終保持以速度v勻速運動現(xiàn)將一滑塊（可視為質(zhì)點）輕放到傳送帶的左端，然后平穩(wěn)地滑上平板已知：滑塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)0.5，滑塊與平板、平板與支持面的動摩擦因數(shù)分別為10.3、20.1，滑塊、平板

14、的質(zhì)量均為m2 kg，g取10 m/s2.求：（1）若滑塊恰好不從平板上掉下，求滑塊剛滑上平板時的速度大??；（2）若v6 m/s，求滑塊離開平板時的速度大小參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】A由于小球與滑塊在水平方向上不受外力作用，所以球和滑塊組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，故A正確；B當(dāng)小球剛好到達B點時，小球與滑塊水平方向速度相同，設(shè)為v1，以小球的初速度方向為正方向，在水平方向上，由動量守恒定律得機械能守恒定律得聯(lián)立解得所以當(dāng)時，小球不能到達B點，故B錯誤；C小球在圓弧上運動的過程中，小球?qū)瑝KM的壓

15、力一直對滑塊做正功，所以滑塊動能一直增加，故C錯誤；D小球離開四分之一圓弧軌道時，在水平方向上與滑塊M的速度相同，則球?qū)幕瑝K的左側(cè)離開滑塊后返回時仍然回到滑塊M上，不可能從滑塊的左側(cè)離開滑塊，故D錯誤。故選A。2、B【解析】只有重力或只有彈力做功，系統(tǒng)機械能守恒，分析清楚兩球的運動過程，應(yīng)用機械能守恒定律分析答題【詳解】解：A、A球下滑到地面時，A球速度豎直，沿桿的速度為零，即B球速度為零，故A正確；B、開始時，B球靜止，B的速度為零，當(dāng)A落地時，B的速度也為零，因此在A下滑到地面的整個過程中，B先做加速運動，后做減速運動，因此，輕桿先對B做正功，后做負(fù)功，故B錯誤；C、A球機械能最小時，B

16、球動能最大，即加速度等于零，輕桿作用力為零，B球?qū)Φ氐膲毫Φ扔谒闹亓蔆正確；D、A球落地時，B的速度為零，在整個過程中，系統(tǒng)機械能守恒，由機械能守恒定律得：，解得，D正確故本題不正確的選B【點睛】本題考查了機械能守恒定律的應(yīng)用，知道A、B組成的系統(tǒng)在運動的過程中機械能守恒，A球落地時，B的速度為零是正確解題的關(guān)鍵3、C【解析】滑塊可能受重力、支持力、彈力三個力處于平衡，根據(jù)共點力平衡判斷，根據(jù)平行四邊形定則可知，小球重力和彈力的合力肯定大于重力【詳解】A、C項：小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，受力平衡，對小球受力分析，如圖所示：當(dāng)重力、彈簧彈力以及木板的支持力的合力為零時，小球不受摩擦力，即小球可以受到

17、3個力作用，故A錯誤，C正確；B項：若小球不受摩擦力，根據(jù)平衡條件得：tan37=，解得：，故B錯誤；D項：無論小球受不受到摩擦力作用，由平衡條件可知，木板對小球的作用力與重力和彈力的合力等大，反向，即木板對小球的作用力為，一定大于重力，故D錯誤【點睛】解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，運用共點力平衡進行求解，注意彈簧的彈力方向是水平向左的，難度適中4、B【解析】A項：200米是運動軌跡的長度，是路程，故A錯誤；B項：19秒79對應(yīng)一段位移，是指時間間隔，故B正確；C項：研究博爾特跑步時擺手的動作時如看成質(zhì)點，由于質(zhì)點沒有形狀，所以則無法研究，故C錯誤；D項：博爾特奪冠是因為他的平均速率最大，

18、不是因為加速度最大，故D錯誤5、B【解析】研究行星繞某一恒星做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式為： ，解得； “51 peg b”繞其中心恒星做勻速圓周運動，周期約為4天，軌道半徑約為地球繞太陽運動半徑的1/20，所以該中心恒星與太陽的質(zhì)量比約為 ，故選B點睛：要求解一個物理量大小變化，我們應(yīng)該把這個物理量先表示出來，再根據(jù)已知量進行判斷向心力的公式選取要根據(jù)題目提供的已知物理量或所求解的物理量選取應(yīng)用6、D【解析】A電梯在t=1時由靜止開始上升，加速度向上，電梯處于超重狀態(tài)，此時加速度a1t=4.5s時，a1，電梯也處于超重狀態(tài)。故A錯誤。B555s時間內(nèi)，a=1，電梯處于平衡

19、狀態(tài)，繩索拉力等于電梯的重力，應(yīng)大于電梯失重時繩索的拉力，所以這段時間內(nèi)繩索拉力不是最小。故B錯誤。Ct=59.5s時，電梯減速向上運動，a1，加速度方向向下，電梯處于失重狀態(tài)，故C錯誤。D根據(jù)a-t圖象與坐標(biāo)軸所圍的面積表示速度的變化量，由幾何知識可知，61s內(nèi)a-t圖象與坐標(biāo)軸所圍的面積為1，所以速度的變化量為1，而電梯的初速度為1，所以t=61s時，電梯速度恰好為1，根據(jù)P=Fv可知繩索拉力的功率恰好為零，故D正確。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析

20、】對木板和木塊組成的系統(tǒng)，合外力保持為零，系統(tǒng)的總動量守恒，A先向左減速，到速度減小為零后向右加速到速度與B相同，此過程A正在做加速運動，根據(jù)動量守恒定律求出A的速度為零時B的速度，以及兩者相對靜止時共同速度，確定出A正在做加速運動時，B的速度范圍，再進行選擇?！驹斀狻恳訟、B組成的系統(tǒng)為研究對象，系統(tǒng)動量守恒，取水平向右方向為正方向，從A開始運動到A的速度為零的過程中，由動量守恒定律得：代入數(shù)據(jù)解得：當(dāng)從開始到AB速度相同的過程中，取水平向右方向為正方向，由動量守恒定律得：代入數(shù)據(jù)解得：則在木塊A正在做加速運動的時間內(nèi)B的速度范圍為：，故選AB.【點睛】本題考查了求木塊的速度，應(yīng)用動量守恒定

21、律即可正確解題，本題也可以用牛頓定律與運動學(xué)公式求解，運用牛頓運動定律不需要考慮過程的細節(jié)，只要確定過程的初末狀態(tài)即可，應(yīng)用牛頓定律解題要分析清楚物體的整個過程，要體會運用動量守恒定律解題的優(yōu)越性.8、AD【解析】A項：對甲由動能定理可知：，即即為圖象斜率，所以，由牛頓第二定律得：，故A正確；B項：對乙由動能定理可知：，即即為圖象斜率，所以，由牛頓第二定律得：，故B錯誤；C項：由圖可知：對甲：，即，解得：，對乙： ，即，解得：，故C錯誤；D項：甲物體的初動能為，可得，因此甲物體的位移時間關(guān)系為，乙物體的位移時間關(guān)系為，令可得，代入甲的位移可得，D正確9、BC【解析】P、Q用同一根繩連接，則Q沿

22、繩子方向的速度與P的速度相等，根據(jù)運動的合成與分析分析PQ的速度關(guān)系，當(dāng)=90時，P的機械能最小，Q的動能最大，速度最大?！驹斀狻緼項：P、Q用同一根繩連接，則Q沿繩子方向的速度與P的速度相等，則當(dāng)=60時，Q的速度vQcos60=vP，解得：vPvQ=12，故A錯誤；B項：P的機械能最小時，即為Q到達O點正下方時，此時Q的速度最大，即當(dāng)=90時，Q的速度最大，故B正確；C項：物塊P的速度與沿繩方向的速度相等，由于開始時兩物體的速度都為零，最后90時沿繩方向的速度也為零，所以當(dāng)向90增大的過程中繩上的物塊P的速度先增大后減小，故C正確；D項：由C分析可知，P物體的速度為零，由機械能守恒可知，當(dāng)

23、從很小增至90時P減少的重力勢能等于Q增加的動能，故D錯誤。故應(yīng)選BC?！军c睛】考查運動的合成與分解，掌握能量守恒定律，注意當(dāng)Q的速度最大時，P的速度為零，是解題的關(guān)鍵。10、ABE【解析】A墨水中的小碳粒的運動是因為小碳粒周圍的大量水分子對它的撞擊作用力不平衡導(dǎo)致向各方向運動，由于水分子運動無規(guī)則，導(dǎo)致小碳粒的運動也沒有規(guī)則，故A正確；B擴散現(xiàn)象說明分子之間存在空隙，同時分子在永不停息地做無規(guī)則運動，故B正確；C晶體分為單晶體和多晶體，多晶體物理性質(zhì)各向同性，故C錯誤；D能量具有單向性，故不能將散失的能量在聚集利用，故D錯誤；E絕對零度是低溫物體的極限，不可能達到，故E正確。故選ABE。三、

24、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、C A 【解析】（1）1AB.只要保證小球每次從同一位置釋放，每次摩擦力做功相同，故不需要斜槽盡量光滑，A、B錯誤；C.必須保證小球每次從同一位置、靜止釋放，才能保證每次小球平拋的速度相同，C正確；D.小球從釋放點到拋出點，有摩擦力做負(fù)功，故不能用機械能守恒定律求解，D錯誤；故選C。（2）2由平拋運動規(guī)律解得（3）3AB.從點到點和從點到點水平位移相同，故運動時間相同，由動量定理可知，動量變化為從點到點和從點到點的動量變化相同，故故A正確，B錯誤；CD.由動能定理可得，兩次動能變化為由于和的大小關(guān)系未知，

25、故不能求出動能變化的比值，故C、D錯誤；故選A。（4）4由可得故該直線的斜率為即初速度為12、E2 R2 R 0.5 并聯(lián) 4.3 【解析】（1）電流表G的內(nèi)阻約為幾百歐姆，為提高測量精度，滑動變阻器的阻值應(yīng)大些，故選R2；為減小實驗誤差，電源電動勢應(yīng)盡可能大些，電源最好選用E2。（2）步驟中閉合S2，保持滑動變阻器的滑片位置不變，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使G的示數(shù)為200 A，此時電阻箱的電流為100 A，則此時電阻箱的阻值應(yīng)為電流計G阻值的2倍，即Rg =R。（3）實驗測得G的內(nèi)阻Rg = 500 ，為將G改裝成量程為0.3 A的電流表，應(yīng)選用阻值為的電阻與G并聯(lián)。（4）改裝后的電流表的內(nèi)阻為 ；表頭G的指針指在原電流刻度的250 A處，此處對