2023屆河南省開封市重點名校物理高三第一學期期中教學質量檢測試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某乘客用手表估測火車的加速度，他先觀測3分鐘，發(fā)現火車前進了540m，隔3分鐘后又觀測1分鐘，發(fā)現火車前

2、進了360 m，若火車在這7分鐘內及以后均做勻加速直線運動，則這列火車加速度大小為A0.03 m / s2B0.01 m / s2C0.5 m / s2D0.6 m / s22、如圖所示，滑塊A和B疊放在固定的光滑斜面體上，從靜止開始以相同的加速度一起沿斜面加速下滑則在下滑過程中正確的是（ ）AB對A的支持力不做功BB對A的合力不做功CB對A的摩擦力不做功DB對A的摩擦力做負功3、足球運動員在比賽時將足球踢出，足球的運動軌跡如圖所示，足球從草皮上1位置踢出時的動能為Ekl，在3位置落地動能為Ek3，最高點2距草皮的高度為h，則下列說法正確是A足球從1位置到2位置的運動時間為B足球在1位置踢出時

3、的動能Ekl大于3位置落地動能Ek3C足球在2位置的機械能大于1位置的機械能D足球從1位置到2位置過程克服重力做的功等于足球動能減少量4、如圖所示，a、b 是真空中兩個等量異種點電荷，A、B 為兩點電荷連線中垂線上的兩點. 現將一正點電荷q 由 A 點沿中垂線移到 B 點，下列說法中正確的是（ ）AA 點場強小于 B 點場強BA 點電勢小于 B 點電勢C電荷移動過程中的電勢能減少D電荷移動過程中，電場力做正功5、放在水平地面上的物塊，受到一個與水平方向成角斜向下方的力F的作用，物塊在水平地面上始終靜止如圖所示，如果保持力F的大小不變，而使力F與水平方向的夾角變小，那么地面受到的壓力N和物塊受到

4、的摩擦力f的變化情況是AN變小，f變大BN變大，f變小CN變小，f變小DN變大，f變大6、如圖所示，桌面離地高h，質量為m的小球從離桌面高H處自由落下，不計空氣阻力，設桌面為零勢面，則小球觸地前的瞬間機械能為（）AmgHBmghCmg(H+h)Dmg(H-h)二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖，一物體從光滑斜面AB底端A點以初速度v0上滑，沿斜面上升的最大高度為h。下列正確的是（設下列情境中物體從A點上滑的初速度仍為v0）A若把斜面AB變成光滑曲面AEB，物體沿

5、此曲面上升仍能到達B點B若把斜面CB部分截去，物體沖過C點后上升的最大高度仍為hC若把斜面彎成光滑圓如圖中的弧形D，物體仍沿圓弧升高hD若把斜面AB與水平面的夾角稍變大，物體上升的最大高度仍為h8、2017年4月23日7時26分，“天舟一號”與“天宮二號”成功對接成新的組合體，組合體開始進行推進劑補加試驗，試驗持續(xù)5天時間，組合體仍在原“天宮二號”的軌道上做圓周運動，目前組合體狀態(tài)良好關于組合體與原“天宮二號”的說法正確的是（ ）A組合體的運動速度比原“天宮二號”的運動速度大B組合體的機械能比原“天宮二號”的機械能大C組合體的加速度比原“天宮二號”的加速度大D組合體的向心力比原“天宮二號”的向

6、心力大9、如圖,在勻強磁場的區(qū)域內有一根長為L、質量為m的導線用一絕緣細繩懸掛在天花板下面,當通以垂直紙面向內方向的電流I后,導線恰能保持靜止,且與豎直方向的夾角為,則有關磁感應強度B的大小和方向正確的有（ ）AB=mgsin/IL,方向垂直紙面向外BB=mgtan/IL，方向豎直向下CB=mg/IL,方向水平向左DB=mg/IL，方向水平向右10、如圖甲所示，一個質量m2 kg的物塊靜止放置在粗糙水平地面O處，物塊與水平面間的動摩擦因數0.5，在水平拉力F作用下物塊由靜止開始向右運動，經過一段時間后，物塊回到出發(fā)點O處，取水平向右為速度的正方向，物塊運動過程中其速度v隨時間t變化規(guī)律如圖乙所

7、示，g取10 m/s2.則 ( )A物塊經過4 s回到出發(fā)點B4.5 s時水平力F的瞬時功率為24 WC05 s內摩擦力對物塊先做負功，后做正功，總功為零D05 s內物塊所受合力的平均功率為1.8 W三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某物理興趣小組利用如圖甲所示的裝置進行實驗在足夠大的水平平臺上的A點放置一個光電門，水平平臺上A點右側摩擦很小可忽略不計，左側為粗糙水平面，當地重力加速度大小為g，采用的實驗步驟如下：在小滑塊a上固定一個寬度為d的窄擋光片；用天平分別測出小滑塊a（含擋光片）和小球b的質量ma、mb；a和b間用細線連

8、接，中間夾一被壓縮了的輕彈簧，靜止放置在平臺上；細線燒斷后，a、b瞬間被彈開，向相反方向運動；記錄滑塊a通過光電門時擋光片的遮光時間t；滑塊a最終停在C點（圖中未畫出），用刻度尺測出AC之間的距離Sa；小球b從平臺邊緣飛出后，落在水平地面的B點，用刻度尺測出平臺距水平地面的高度h及平臺邊緣鉛垂線與B點之間的水平距離Sb；改變彈簧壓縮量，進行多次測量（1）a球經過光電門的速度為：_（用上述實驗數據字母表示）（2）該實驗要驗證“動量守恒定律”，則只需驗證等式_成立即可（用上述實驗數據字母表示）（3）改變彈簧壓縮量，多次測量后，該實驗小組得到與Sa的關系圖象如圖乙所示，圖線的斜率為k，則平臺上A點左

9、側與滑塊a之間的動摩擦因數大小為_（用上述實驗數據字母表示）12（12分）如圖所示為研究平行板電容器電容的實驗電容器充電后與電源斷開，電量Q將_（填“增大”、“減小”或“不變”），與電容器相連的靜電計用來測量電容器的_在常見的電介質中，由于空氣的介電常數是最小的，當極板間插入其它的電介質板時，電容器的電容將_（填“增大”、“減小”或“不變”），于是我們發(fā)現，靜電計指針偏角將_（填“增大”、“減小”或“不變”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）同學設計出如圖所示實驗裝置.將一質量為0.2kg的小球(可視為質

10、點)放置于水平彈射器內,壓縮彈簧并鎖定,此時小球恰好在彈射口,彈射口與水平面AB相切于A點,AB為粗糙水平面,小球與水平面間動摩擦因數=0.5,彈射器可沿水平方向左右移動,BC為一段光滑圓弧軌道.(O為圓心,半徑R=0.5m ,OC與OB之間夾角為=370,以C為原點,在C的右側空間建立豎直平面內的坐標xOy,在該平面內有一水平放置開口向左且直徑稍大于小球的接收器D,sin370=0.6 ,cos370=0.8 (1)某次實驗中該同學使彈射口距離B處L1=1.6m處固定,解開鎖定釋放小球,小球剛好到達C處,求彈射器釋放的彈性勢能;(2)把小球放回彈射器原處并鎖定,將彈射器水平向右移動至離B處L

11、2=0.8m處固定彈射器并解開鎖定釋放小球,小球將從C處射出,恰好水平進入接收器D,求D處坐標;(3)每次小球放回彈射器原處并鎖定,水平移動彈射器固定于不同位置釋放小球,要求小球從C處飛出恰好水平進入接收器D,求D位置坐標y與x的函數關系式.14（16分）有一大炮豎直向上發(fā)射炮彈，炮彈的質量為M=6.0kg（內含炸藥的質量可以忽略不計），射出的初速度v0=60 m/s當炮彈到達最高點時爆炸為沿水平方向運動的兩片，其中一片質量為m=4.0kg，已知這一片的落地點到發(fā)射點的距離為600m（g=10 m/s2，忽略空氣阻力）求：（1）炮彈從發(fā)射到最高點的時間，以及炮彈上升的最大高度是多少？（2）兩彈

12、片落地點的距離是多少？15（12分）某天大霧彌漫，能見度很低，甲、乙兩輛汽車同向行駛在同一平直公路上，甲車在前，乙車在后，甲車的速度v115m/s，乙車的速度v225m/s，當乙車行駛到距甲車s60m時，駕駛員發(fā)現了前方的甲車，設兩車駕駛員的反應時間均為t0.5s.（1）若乙車的駕駛員發(fā)現甲車后經反應時間t后立即剎車做勻減速運動，為了防止相撞，求乙車減速運動的最小加速度的大小a1(此過程甲車速度保持不變)；（2）若乙車的駕駛員發(fā)現甲車后經反應時間t后，僅采取鳴笛警告措施，甲車駕駛員聽到鳴笛后經反應時間t后立即做勻加速運動，為了防止相撞，求甲車加速運動的最小加速度的大小a2.參考答案一、單項選擇

13、題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】設火車的加速度為a，開始觀測時速度為v，開始觀測的3分鐘有，vt+at2=1第7分鐘開始時速度v=v+2at，第7分鐘內，vt+at2=2聯立解得a=0.01 m/s2，選項B正確2、B【解析】AB對A的支持力豎直向上，A和B是一起沿著斜面下滑的，所以B對A的支持力與運動方向之間的夾角大于90，所以B對A的支持力做負功，所以A錯誤B以A、B整體為研究對象，應用牛頓第二定律得a=gsin；隔離A分析，如圖所示，有mgsin+fcos-Nsin=ma得fcos=Nsinf與N的合力沿+y方向，

14、B對A的合力不做功，故B正確CDB對A的摩擦力是沿著水平面向左的，與運動方向之間的夾角小于90，所以B對A的摩擦力做正功，故C D錯誤故選B考點：牛頓第二定律的應用；功3、B【解析】A足球上升過程中，受到重力和空氣阻力的作用，豎直方向根據牛頓第二定律有 根據位移時間關系有 所以上升的時間為故A錯誤；BC足球運動過程中受到空氣阻力的作用，且空氣阻力做負功，所以運動過程中機械能減少，故位置1的機械能大于位置2以及位置3的機械能，因為位置1、3的高度相同，所以位置1的動能大于位置3的動能，故B正確，C錯誤；D足球從1位置到2位置根據動能定理有，其動能的減少量等于克服阻力做的功與克服重力做功之和，故D

15、錯誤；4、A【解析】A.根據電場線分布情況得知，A處電場線比B處電場線疏，則A點場強小于B點場強。故A正確。B. 根據平行四邊形定則，對中垂線上的場強進行合成，知中垂線上每點的電場方向都水平向右，中垂線和電場線垂直，所以中垂線為等勢線，所以A點的電勢等于B點的電勢。故B錯誤。CD. 將一正點電荷q由A點沿中垂線移到B點，電場力的方向與運動方向垂直，電場力不做功，電勢能不變。故CD錯誤5、A【解析】對物體受力分析，受推力、重力、支持力和靜摩擦力，如圖：根據共點力平衡條件，有：當變小時，靜摩擦力f變大，支持力N變小；A描述與分析相符，故A正確.B描述與分析不符，故B錯誤.C描述與分析不符，故C錯誤

16、.D描述與分析不符，故D錯誤6、A【解析】設桌面為零勢面，小球的初機械能E1=mgH，不計空氣阻力，由機械能守恒定律得，小球觸地前的瞬間機械能為E2=E1=mgHA. mgH與計算結果E2=mgH相符，故A符合題意；B. mgh與計算結果E2=mgH不相符，故B不符合題意； C. mg(H+h)與計算結果E2=mgH不相符，故C不符合題意； D. mg(H-h)與計算結果E2=mgH不相符，故D不符合題意；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A. 若把斜面

17、AB換成光滑曲面AEB，此過程由機械能守恒可知，所以上升高度仍為h，故A正確；B. 若把斜面CB部分截去，物體沖過C點后做斜拋運動，到達最高點后物體還有一部分動能，根據機械能守恒可知物體不能上升到h，故B錯誤；C. 把斜面彎成豎直光滑圓形軌道AD，物體沿圓弧能上升的最大高度時有最小速度 故動能沒有全部轉化為重力勢能，故上升高度小于h，故C錯誤；D. 若把斜面AB與水平面的夾角稍變大，上升最高點速度為零，根據機械能守恒知仍上升到h，故D正確。8、BD【解析】A：組合體仍在原“天宮二號”的軌道上做圓周運動，據，組合體的運動速度等于原“天宮二號”的運動速度；故A錯誤B：組合體的運動速度等于原“天宮二

18、號”的運動速度，組合體質量變大，組合體的機械能比原“天宮二號”的機械能大；故B正確C：組合體仍在原“天宮二號”的軌道上做圓周運動，據，組合體的加速度等于原“天宮二號”的加速度；故C錯誤D：組合體仍在原“天宮二號”的軌道上做圓周運動，據，組合體的向心力比原“天宮二號”的向心力大；故D正確9、BC【解析】A項：方向垂直紙面向外，導線不受安培力作用，所以導線不可能處于圖示位置平衡，故A錯誤；B項：方向豎直向下，導線受到水平向左的安培力，由平衡條件可知，tan=BILmg，解得：B=mgtanIL，故B正確；C項：方向水平向左，導線受到豎直向上的安培力，當安培力與重力相等時有：mg=BIL，解得：B=

19、mgIL，故C正確；D項：方向水平向右，導線受到豎直向下的安培力，由平衡條件可知，導線不可能處于圖示位置平衡，故D錯誤。故應選：BC。10、BD【解析】A.由圖可看出，4s內速度方向始終為正方向，則物塊經過4 s沒有回到出發(fā)點，A選項錯誤；B.4.5s時，加速度大小為，物體向左運動，受摩擦力向右，求得力F=16N，力F的功率為B選項正確；C.滑動摩擦力始終與物體的運動方向相反，始終做負功，C選項錯誤；D.05 s內物塊所受合力的做的功等于動能增加量，平均功率為D選項正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 【解析】（1）1燒斷細線后，a

20、向左運動，經過光電門，根據速度公式可知，a經過光電門的速度；（2）2b離開平臺后做平拋運動，根據平拋運動規(guī)律可得：sb=vbt解得：若動量守恒，設向右為正，則有：0=mbvb-mava即（3）3對物體a由光電門向左運動過程分析，則有：va2=2asa經過光電門的速度：由牛頓第二定律可得：聯立可得：則由圖象可知：解得12、不變；電勢差；增大；減??；【解析】電容器充電后與電源斷開，電量保持不變；靜電計可以測量電容器的電勢差當插入介質時，增大，由可知電容將增大；由可知，兩板間的電壓減小，靜電計指針偏角減小四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）1.8J（2）(48125m，18125m)（3）y=38x【解析】（1）從A到C的過程中，由定能定理得：W彈-mgL1-mgR（1-cos）=0，解得：W彈=1.8J根據能量守恒定律得：EP=W彈=1.8J；（