2022-2023學年上海市復旦中學高三物理第一學期期中復習檢測模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列各物理量中，其國際單位屬于基本單位，同時也屬于矢量的是( )A時間 B位移 C質量 D力2、2018年全球最具價值汽車品牌百強榜上榜的中國汽車品牌數從去年的15個已經上漲

2、到22個了，其中共有9個新入品牌，發(fā)展非常迅速某廠家為了測試新款汽車的性能，將兩輛完全相同的汽車并排停在檢測場平直跑道上，時刻將兩車同時啟動，通過車上的速度傳感器描繪出了兩車的速度隨時間的變化規(guī)律圖線（甲為一條過原點的傾斜直線），圖像中兩陰影部分的面積，下列說法正確的是：A時刻甲車的加速度小于乙車B時刻甲車在前，時刻乙車在前C時刻兩車可能相遇2次D時刻甲車的平均速度大于乙車3、如圖所示，一人騎自行車晨練，由靜止開始沿直線運動，她在第1 s內、第2 s內、第3 s內、第4 s內通過的位移分別為1 m、2 m、3 m、4 m，則()A她在4 s末的瞬時速度為4 m/sB她在第2 s末的瞬時速度為2

3、 m/sC她在4 s內的平均速度為2.5 m/sD她在1 s末的速度為1 m/s4、如圖所示，水平面內有一個勻強電場，在該平面內有一個以O為圓心，R為半徑的圓，其中AB為圓的直徑，C、D為圓上兩點，且CAB=DAB=60一個帶電量為+q的粒子，以初速度v從A點三次沿不同的方向射出，分別運動到B、C、D三點，粒子到達C點的速度為 v，到達B點的速度為v不計粒子重力，若粒子到達D點的速度大小為，勻強電場的場強大小為E，則（ ）A；B；C；D；5、物體從某一高度自由下落，第1s內就通過了全程的一半，物體還要下落多少時間才會落地（ ）A1sB1.5sCD6、如圖所示，足夠長的豎直絕緣管內壁的粗糙程度處

4、處相同，處于方向互相垂直的勻強電場和勻強磁場中一帶正電的小球從靜止開始沿管下滑，下列小球運動速度v和時間t、小球所受彈力FN和速度v的關系圖像中正確的是ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，質量M的小球套在固定傾斜的光滑桿上，原長為l0的輕質彈簧一端固定于O點，另一端與小球相連，彈簧與桿在同一豎直平面內圖中AO水平，BO間連線長度恰好與彈簧原長相等，且與桿垂直， O在O的正下方，C是AO段的中點，30現讓小球從A處由靜止釋放，下列說法正確的有A下滑過程

5、中小球的機械能守恒B小球滑到B點時的加速度為C小球下滑到B點時速度最大D小球下滑到C點時的速度為8、如圖甲所示，物體原來靜止在水平面上，用一水平力F拉物體，在F從0開始逐漸增大的過程中，物體先靜止后又做變加速運動，其加速度a隨外力F變化的圖象如圖乙所示根據圖乙中所標出的數據可計算出（ ） A物體的質量為2kgB物體與水平面間的滑動摩擦力5NC物體與水平面間的最大靜摩擦力7ND在F為14N時，物體的速度最小9、如圖甲所示，輕桿長為3R，已知，兩端分別固定著質量相等的兩個小球A和B，桿上O點裝有光滑的水平轉軸，給小球B一個合適的速度能夠讓小球A和小球B繞著O在豎直面內做圓周運動，忽略空氣阻力。設小

6、球B在最高點的速度為v，小球B受到的彈力大小為F，其圖象如圖乙所示，則下列說法正確的是（ ） A當地的重力加速度為B小球B的質量為C由圖乙分析可得到小球A轉到最高點時的最小速度為D若，當小球A轉到最高點時受到的彈力有可能為零10、一質量為2kg的物體受到水平拉力F作用，在粗糙水平面上作加速直線運動時的a-t圖象如圖2所示，t=0時其速度大小為2m/s，滑動摩擦力大小恒為2N.則下列說法正確的是A在t=6s時刻，物體的速度為20m/sB在t=6s時間內，合力對物體做的功為400JC在t=6s時間內，合力對物體做的功為396JD在t=6s時刻，拉力F的功率為200W三、實驗題：本題共2小題，共18

7、分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“探究求合力的方法”實驗中，現有木板、白紙、圖釘、橡皮筋、細繩套和一只彈簧測力計。（1）為了完成實驗，某同學另找來一根彈簧，先測量其勁度系數，得到的實驗數據如下表：彈力F（N）0.501.001.502.002.503.003.50伸長量0.741.802.803.724.605.586.42根據表中數據作出Fx圖象（_）并求得該彈簧的勁度系數k_N/m；（2）某次實驗中，彈簧測力計的指針位置如圖甲所示，其讀數為_N；同時利用(1)中結果獲得彈簧上的彈力值為2.50 N，請在圖乙中畫出這兩個共點力的合力F合的圖示；（_） （

8、3）由圖得到F合_N。12（12分）某同學用如圖甲所示裝置通過半徑相同的A、B兩球的碰撞來驗證動量守恒定律實驗時先使A球從斜槽上某一固定位置G由靜止開始滾下，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡重復上述操作10次，得到10個落點痕跡再把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方，讓A球仍從位置G由靜止開始滾下，和B球碰撞后，A、B球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡重復這種操作10次，得到了如圖乙所示的三個落地點（1）請你敘述用什么方法找出落地點的平均位置?_并在圖中讀出OP=_（2）已知mAmB=21，碰撞過程中動量守恒，則由圖可以判斷出R是_球的落地點，P是_球的落地點（3）用題中的字母寫出動量守恒定

9、律的表達式_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在水平面上有一彈簧，其左端與墻壁相連，O點為彈簧原長位置，O點左側水平面光滑，OP長L= 1m，P點右側一與水平方向成=30的足夠長的傳送帶與水平面在P點平滑連接，皮帶輪逆時針轉動速率為3m/s一質量為m=lkg可視為質點的物塊A壓縮彈簧（與彈簧不栓接），使彈簧獲得彈性勢能Ep= 9J，物塊與OP段間的動摩擦因數1=0.1，另一與完全相同的物塊B停在P點，B與傳送帶間的動摩擦因數2=，傳送帶足夠長，A與B的碰撞時間不計，碰后A、B交換速度，重力加速度

10、g=10m/s2，現釋放A，求：（1）物塊A第一次經過O點時的速度大小v0；（2）A、B第一次碰撞后B沿傳送帶上滑的最大位移x；（3）從A、B第一次碰撞后到第二次碰撞前，B與傳送帶之間由于摩擦而產生的熱量Q；（4）A、B能夠碰撞的總次數14（16分）如圖所示，在傾角為=30的光滑斜面上有兩個用輕質彈簧相連接的物塊AB，它們的質量均為為m，彈簧的勁度系數為k，C為一固定擋板，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)現開始用一沿斜面方向的力F拉物塊A使之向上勻加速運動，當物塊B剛要離開C 時F的大小恰為2mg求：（1）從F開始作用到物塊B剛要離開C的時間（2）到物塊B剛要離開C時力F所做的功15（12分）在光滑水平地面上

11、放有一質量為帶光滑弧形槽的小車，個質量為的小鐵塊以速度0沿水平槽口滑去，如圖所示，求：(1)鐵塊能滑至弧形槽內的最大高度(設不會從左端滑離)(2)鐵塊到最大高度時，小車的速度大小(3)當鐵塊從右端脫離小車時，鐵塊和小車的速度分別是多少?參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】時間、質量的單位屬于基本單位，但都不屬于矢量，力是矢量，但力的單位是導出單位，位移是矢量，且它的國際單位m屬于基本單位，B正確.2、D【解析】A v-t圖的斜率表示加速度，由圖可知，時刻甲車的加速度大于乙車，A錯誤B v-t圖的面積表示位

12、移，由圖可知，時刻乙的位移大于甲的位移，所以時刻乙車在前，同理時刻甲車在前，B錯誤C時刻兩車相遇的時刻在時刻后，時刻前，相遇1次，C錯誤D時刻甲車的位移大于乙車，故甲車的平均速度大于乙車，D正確3、C【解析】由v=xt可得該人前4 s內的平均速度為v=1+2+3+44m/s2.5 m/s，C正確；因該人的運動不是勻變速直線運動，故無法確定其瞬時速度大小，選項ABD均錯誤，故選C4、A【解析】由動能定理得，；，故 ，故 ，得，AD兩點電勢相等，故A正確，BCD錯誤故選：A點睛：根據電場力做功可得O、C電勢相等，再根據動能定理即可求解5、D【解析】根據聯立解得所以物體還需要下落的時間為故D正確6、

13、D【解析】由題中“足夠長的豎直絕緣管內壁的粗糙程度處處相同”可知，本題考查帶電物體在復合場中的受力分析，根據電場力性質和洛倫茲力以及受力分析可解答本題?！驹斀狻緼B、當粒子速度足夠大時，有會有此時，速度不再增加，故AB錯誤；CD、根據受力分析，小球在水平方向受力平衡，即故C錯誤，D正確。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】由題中“質量M的小球套在固定傾斜的光滑桿上”可知，本題考查物體運動過程中能量、速度和加速度的變化，根據能量守恒定律和牛頓第二定律可分析本

14、題?！驹斀狻緼、下滑過程中小球的機械能會和彈簧的彈性勢能相互轉化，因此小球的機械能不守恒，故A錯誤；B、因為在B點，彈簧恢復原長，因此重力沿桿的分力提供加速度，根據牛頓第二定律可得解得故B正確；C、到達B點加速度與速度方向相同，因此小球還會加速，故C錯誤；D、因為C是AO段的中點，30，所以當小球到C點時，彈簧的長度與在A點時相同，故在從A到C的過程中彈簧彈性勢能沒變，小球重力做功全部轉化為小球的動能，所以得解得故D正確。8、AC【解析】當物體開始滑動時，即當F=7N時， ，當F=14N時， ，聯立解得，物體與水平面間的滑動摩擦力，滑動摩擦力要比最大靜摩擦力略小，故AC正確B錯誤；由于過程中物

15、體的加速度方向和速度方向一直相同，所以物體的速度一直在增大，D錯誤9、AD【解析】AB由題圖乙可知，Ob段小球B受到的彈力隨著速度的增大而減小，所以彈力方向向上，當時彈力：即當時，此時：所以則：所以，故A正確，B錯誤；C當小球B在最高點速度為零時，小球A轉到最高點時速度最小，設最小速度為v，根據機械能守恒定律，減少的重力勢能等于增加的動能：所以最小的速度，故C錯誤；D若小球A到達最高點時不受桿給的彈力，則有，根據系統(tǒng)機械能守恒，小球B轉到最高點后速度設為，以圓心所在的平面為重力勢能的參考平面有：解得，在題圖乙中有效范圍之內，該假設成立，故D正確。10、ACD【解析】根據v=at可知：a-t圖象

16、中，圖象與坐標軸圍成的面積表示速度的增量，則在t=6s時刻，物體的速度v6=v0+v=2+12(2+4)6=20m/s，故A正確；根據動能定理得：W合=EK=12mv62-12mv02=396J，故B錯誤，C正確；在t=6s時刻，根據牛頓第二定律得：F=ma+f=24+2=10N；則在t=6s時刻，拉力F的功率P=Fv6=1020=200W，故D正確。故選ACD?！军c睛】本題主要考查了動能定理、牛頓第二定律及瞬時功率公式的直接應用，解題的突破口是知道a-t圖象中，圖象與坐標軸圍成的面積表示速度的增量.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、

17、 53 2.10 3.3 【解析】（1）12以水平方向為x軸，豎直方向為F軸，建立直角坐標系，然后描點，選盡可能多的點連成一條線，其圖線的斜率即為彈簧的勁度系數k，在直線上任取一點，如（6102，3.2），則：kN/m53 N/m；（2）34彈簧測力計的讀數為2.10 N，設每單位長度為1 N，則合力F合的圖示如圖所示。（3）5經測量，合力F合3.3 N。12、用最小的圓把所有落點圈在里面，圓心即為落點的平均位置 13.0cm B A mA=mA+mB 【解析】(1)1 用盡可能小的圓把球的各落點圈起來，圓的圓心位置即為落地點的平均位置，2根據圖乙可知，平均落點到O點距離OP為13.0cm(2

18、)34 mAmB=21，A與B相撞后，B的速度增大，A的速度減小，碰前碰后都做平拋運動，高度相同，落地時間相同，所以Q點是沒有碰B時A球的落地點，R是碰后B的落地點，P是碰后A的落地點(3)5 根據動量守恒定律可得：mAv0=mAv1+mBv2根據兩小球從同一高度開始下落，故下落的時間相同，故有：mAv0t=mAv1t+mBv2t即四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）（3）；（4）【解析】（1）A到O點過程中，物體只受到彈簧的彈力，水平面光滑，沒有摩擦力，所以彈簧的彈性勢能全部變?yōu)槲矬w的動能：所以：；（2）A與B第一次碰前的速度為v0，則：，所以，碰撞以前，A的速度為：又碰后A、B交換速度，所以碰撞以后B的速度為：碰后B沿傳送帶向上勻減速運動直至速度為零，加速度大小設為a1，則：，解得：運動的時間位移（3）在第一次碰撞后到最高點的過程中，傳送帶的位移為：傳送帶向下運