浙江省麗水2022-2023學(xué)年高三物理第一學(xué)期期中綜合測試模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和

2、答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、輕繩一端系在質(zhì)量為m的物體A上，另一端系在一個套在粗糙豎直桿MN的圓環(huán)上?，F(xiàn)用水平力F拉住繩子上一點O，使物體A從圖中實線位置緩慢下降到虛線位置，但圓環(huán)仍保持在原來位置不動。則在這一過程中，環(huán)對桿的摩擦力F1和環(huán)對桿的壓力F2的變化情況是（）AF1保持不變，F(xiàn)2逐漸增大BF1逐漸增大，F(xiàn)2保持不變CF1逐漸減小，F(xiàn)2保持不變DF1保持不變，F(xiàn)2逐漸減小2、一凡是學(xué)校里有名的大力王，在他參加的某次校運會的鉛球比賽中，他投出了13.4米的好成績，關(guān)于這個成績，幾個同學(xué)結(jié)合物理

3、的學(xué)習，有了一些爭論，你認為下列的說法中正確的是（ ）A丁丁認為這是鉛球的位移B當當認為這是鉛球所經(jīng)過的路程C順順認為它既不是鉛球的路程也不是鉛球的位移D利利說它既可以是鉛球的路程，也可以是鉛球的位移3、如圖所示，人在岸上用輕繩拉船，若人勻速行進，則船將做（ ）A勻速運動 B減速運動C加速運動 D無法判定4、如圖所示，固定在水平面上的光滑平行金屬導(dǎo)軌，間距為L，右端接有阻值R的電阻，空間存在方向豎直向上、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場一質(zhì)量為m、電阻為r的導(dǎo)體棒ab與固定彈簧相連，放在導(dǎo)軌上初始時刻，彈簧恰處于自然長度，給導(dǎo)體棒水平向右的初速度v0，導(dǎo)體棒開始沿導(dǎo)軌往復(fù)運動，在此過程中，導(dǎo)體棒始終與

4、導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸已知R=3r，不計導(dǎo)軌電阻，則下列說法中正確的是A導(dǎo)體棒開始運動的初始時刻受到的安培力向左B導(dǎo)體棒開始運動的初始時刻導(dǎo)體棒兩端的電壓UBLv0C導(dǎo)體棒開始運動后速度第一次為零時，彈簧的彈性勢能EpmvD導(dǎo)體棒最終會停在初始位置，在導(dǎo)體棒整個運動過程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為5、如圖所示，豎直平面內(nèi)有水平向左的勻強電場E，M點與P點的連線垂直于電場線，M點與N在同一電場線上兩個完全相同的帶等量正電荷的粒子，以相同大小的初速度v0分別從M點和N點沿豎直平面進入電場，重力不計N點的粒子垂直電場線進入，M點的粒子與電場線成一定夾角進入，兩粒子恰好都能經(jīng)過P點，在此過程中，下列說法

5、正確的是 A電場力對兩粒子做功相同B兩粒子到達P點的速度大小可能相等C兩粒子到達P點時的電勢能都減小D兩粒子到達P點所需時間一定不相等6、水平桌面上有三本疊放在一起、質(zhì)量均為m的書，書與桌面及書與書之間的動摩擦因數(shù)均為，重力加速度為g，現(xiàn)想把中間的一本書水平抽出，則要用的力至少要大于（）ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，上表面光滑的半圓柱體放在水平地面上，一小物塊從靠近半圓柱體頂點O的A點，在外力F作用下沿圓弧緩慢下滑到B點，此過程中F始終沿圓弧的

6、切線方向且半圓柱體保持靜止狀態(tài)下列說法中正確的是A半圓柱體對小物塊的支持力變大B地面對半圓柱體的摩擦力先增大后減小C外力F變大D地面對半圓柱體的支持力變大8、如圖所示，由電動機帶動的水平傳送帶兩端、間的距離為，傳送帶以速度順時針方向轉(zhuǎn)動，一個質(zhì)量為的小物體以一定的初速度從端滑上傳送帶，運動到端，此過程中物塊先做勻加速直線運動后做勻速直線運動，物塊做勻加速直線運動的時間與做勻速直線運動時間相等，兩過程中物塊運動的位移之比為，重力加速度為，傳送帶速度大小不變。下列說法正確的是A物塊的初速度大小為B物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為C整個過程中物塊與傳動帶因摩擦產(chǎn)生的熱量為D電動機因運送物塊多做的功為9、

7、在如圖所示的電路中，燈泡L的電阻大于電源的內(nèi)阻r，閉合電鍵S，將滑動變阻器滑片P向左移動一段距離后，下列結(jié)論正確的是（） A燈泡L變亮B電源的輸出功率減少C電容器C上電荷量減少D電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變大10、如圖所示，固定的豎直光滑長桿上套有質(zhì)量為m的小圓環(huán)，圓環(huán)與水平狀態(tài)的輕質(zhì)彈簧一端連接，彈簧的另一端連接在墻上，且處于原長狀態(tài)，現(xiàn)讓圓環(huán)由靜止開始下滑，已知彈簧原長為L，圓環(huán)下滑到最大距離時彈簧的長度變?yōu)?L（未超過彈性限度），則在圓環(huán)下滑到最大距離的過程中（ ）A圓環(huán)的機械能守恒B彈簧彈性勢能變化了C圓環(huán)下滑到最大距離時，所受合力不為零D圓環(huán)重力勢能與彈簧彈性勢能之和先增大后減小三、

8、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某實驗小組利用如圖甲所示的實驗裝置，探究輕質(zhì)彈簧的彈性勢能與形變量的關(guān)系，光滑水平桌面距地面高為h，一輕質(zhì)彈簧左端固定，右端與質(zhì)量為m的小鋼球接觸，彈簧處于原長時，將小球向左推，壓縮彈簧一段距離后由靜止釋放，在彈簧彈力的作用下，小球從桌子邊緣水平飛出，小球落到位于水平地面的復(fù)寫紙上，從而在復(fù)寫紙下方的白紙P點留下痕跡(已知重力加速度為g)(1)實驗測得小球的落點P到O點的距離為l，那么由理論分析得到小球釋放前壓縮彈簧的彈性勢能Ep與h、l、mg之間的關(guān)系式為_；(2)改變彈簧壓縮量進行多次實驗，測量

9、數(shù)據(jù)如下表所示，請在圖乙坐標紙上作出xl圖象_.彈簧壓縮量x/m0.0200.0400.0600.0800.1000.120小球飛行水平距離l/m0.51.01.52.42.63.0 (3)由圖象得出x與l的關(guān)系式為_；由實驗得到彈簧彈性勢能Ep與彈簧壓縮量x之間的關(guān)系式為_12（12分）某研究性學(xué)習小組采用如圖所示的電路測量某干電池的電動勢E和內(nèi)阻r，R為電阻箱，V為理想電壓表，其量程略大于電池的電動勢實驗中通過多次改變電阻箱的阻值R，從電壓表上讀出相應(yīng)的示數(shù)U，該小組同學(xué)發(fā)現(xiàn)U與R不成線性關(guān)系，于是求出了相應(yīng)的電阻與電壓的倒數(shù)如下表所示 根據(jù)表中的數(shù)據(jù)和實驗原理，你認為第_（填序號）組數(shù)據(jù)

10、是明顯錯誤的，其原因是_； 根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，請在坐標系中繪出1/U 1/R關(guān)系圖線 由圖線可知，電動勢E = _ V，內(nèi)阻r = _ （結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，質(zhì)量為M=8kg的小車放在光滑水平面上，在小車右端加一水平恒力F=8 N，當小車向右速度達到1.5m/s時，在小車的前端輕輕放上一個大小不計、質(zhì)量m=2kg的物體，物塊與小車間的動摩擦因數(shù)=0.2，小車足夠長，求物塊從放上小車開始經(jīng)過t=1.5s通過的位移大小(g=10m/s2)14（16分）已知地球半徑為R

11、，地球表面重力加速度為g，不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響 （1）推導(dǎo)第一宇宙速度v1的表達式； （2）若衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，運行軌道距離地面高度為h，求衛(wèi)星的運行周期T15（12分）如圖所示，光滑固定軌道ABCD上有兩個可視為質(zhì)點的滑塊，滑塊中間有一壓縮彈簧且與兩物體不拴連，左側(cè)物體質(zhì)量m1未知，右側(cè)物體質(zhì)量，軌道右側(cè)為半徑的半圓弧AB，A為圓弧最高點，B為最低點和水平面相切，左側(cè)軌道CD為一半徑為且圓心角的圓弧，轉(zhuǎn)輪大小可忽略不計的粗糙的傳送帶EF長L=3m與水平面也成角，傳送帶沿斜面向上始終以勻速運動，傳送帶上表面與左端圓弧末端D點相切且剛好無彈力接觸?，F(xiàn)將兩物體同時在水平軌道上由靜止釋放，若

12、彈簧的彈性勢能完全轉(zhuǎn)化為兩物體的動能，彈簧恢復(fù)原長前兩物體并未進入圓弧軌道，最終m2恰好能通過右側(cè)半圓弧A點，m1通過圓弧軌道CD滑上傳送帶，在傳送帶上一直做勻變速運動且到達F點時速度大小，m1通過傳送帶EF的過程中，系統(tǒng)摩擦生熱量Q與m1的機械能變化量E剛好相等，g=10m/s，sin=0.6，cos=0.8.求：(1)m2到達B點時的速度大小vB；(2)彈簧初始狀態(tài)具有的彈性勢能Ep；(3)m1通過傳送帶EF的過程中，電動機額外消耗的電能上為多少。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】以圓環(huán)、物體A及輕

13、繩整體為研究對象，分析受力情況，如圖1所示，根據(jù)平衡條件得到，桿對環(huán)的摩擦力f=G保持不變；桿對環(huán)的彈力FN=F再以結(jié)點O為研究對象，分析受力情況，如圖2所示：設(shè)繩與豎直方向夾角為，由平衡條件得到F=mgtan當物體A從圖中實線位置緩慢下降到虛線位置過程中，逐漸減小，則F逐漸減小，F(xiàn)N逐漸減小。據(jù)牛頓第三定律可得，F(xiàn)1保持不變，F(xiàn)2逐漸減小。故D項正確，ABC三項錯誤。2、C【解析】AB鉛球運動的軌跡是拋物線。鉛球比賽的成績是13.4m，是拋出點的豎直投影點到落地點的距離，該距離要小于位移；故該成績不是鉛球的位移。故AB錯誤。CD鉛球在靠慣性前進的同時，還由于重力的作用而向下落，因此，經(jīng)過的路

14、程是一條曲線，大于13.4m。該距離也不是鉛球的路程，故C正確， D錯誤。3、C【解析】人勻速拉船，根據(jù)運動的分解與合成，把速度可以分解為如圖所示：v1是人拉船的速度，v2是船行駛的速度，設(shè)繩子與水平夾角為，則有：v1=v2cos，隨著增大，由于v1不變，所以v2增大，且非均勻增大，故C正確，ABD錯誤。4、D【解析】試題分析：根據(jù)右手定則判斷出初始時刻感應(yīng)電流的方向，再根據(jù)左手定則判斷出安培力的方向；由和歐姆定律求解導(dǎo)體棒兩端的電壓；導(dǎo)體棒運動過程中，產(chǎn)生電能，根據(jù)功能關(guān)系分析導(dǎo)體棒開始運動后速度第一次為零時系統(tǒng)的彈性勢能；根據(jù)能量守恒求解在金屬棒整個運動過程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱導(dǎo)體棒開

15、始運動的初始時刻，由右手定則判斷可知：ab中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向從ab，由左手定則判斷得知ab棒受到的安培力向左，故A正確；導(dǎo)體棒開始運動的初始時刻，ab棒產(chǎn)生的感應(yīng)電勢為由于，所以導(dǎo)體棒兩端的電壓，故B錯誤；由于導(dǎo)體棒運動過程中產(chǎn)生電能，所以導(dǎo)體棒開始運動后速度第一次為零時，根據(jù)能量守恒定律得知：系統(tǒng)的彈性勢能小于，故C錯誤；金屬棒最終會停在初始位置，在金屬棒整個運動過程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱，故D正確5、D【解析】A.由圖可知MP兩點在同一等勢面上，所以兩點間的電勢差為零，而NP間的電勢差大于零，根據(jù)W=qU知，電場力對M點的粒子不做功，對N點的粒子做正功，故A錯誤；B.根據(jù)動能定理知N點

16、的粒子到達P點時電場力做正功，所以速度增大，而M點的粒子到達P點時電場力不做功，所以速度大小不變，又因它們的初速度大小相等，所以兩粒子達到P點的速度大小不等，故B錯誤；C.M點的粒子到達P點時電勢能不變，N點的粒子到達P點電場力做正功，所以電勢能減少，故C錯誤；D.在垂直于電場線方向，兩個粒子都做勻速直線運動，設(shè)PM=L，設(shè)M點的粒子與電場線的夾角為則M點的粒子到達P點的時間 ：N點的粒子到達P點的時間：由此可見，兩粒子到達P點所需時間一定不相等，故D正確故選D【點睛】本題主要考查了電場力做功、電勢能及速度的分解得應(yīng)用，首先分析初末位置的電勢差，判斷電場力做功的關(guān)系由動能定理分析速度大小關(guān)系運

17、用運動的分解法和運動學(xué)公式分析運動時間的關(guān)系6、A【解析】當?shù)谝槐緯c第二本書間、第二本書與第三本書間恰好發(fā)生相對滑動時，第二本書剛好被抽出，此時，第三本書靜止不動，以上面兩本書為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律求解。【詳解】當?shù)谝槐緯c第二本書間、第二本書與第三本書間恰好發(fā)生相對滑動時，第二本書剛好被抽出；以第一本書為研究對象，由牛頓第二定律得：以上面兩本書為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律得：兩式相比解得：，故A正確，BCD錯誤。【點睛】本題要注意當書本之間恰好發(fā)生相對滑動時，是兩者將發(fā)生相對滑動的臨界狀態(tài)，物體做勻加速度直線運動，結(jié)合整體法和隔離法進行研究。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，

18、共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】物塊緩慢下滑處于平衡狀態(tài)，F(xiàn)始終沿圓弧的切線方向即始終垂直于圓柱面支持力F1的方向，受力分析如圖所示：因此總有，下滑過程中增大，因此F增大，F(xiàn)1減小，故A錯誤，C正確；對半圓柱體分析，地面對半圓柱體的摩擦力：，地面對半圓柱體的支持力，從接近0到90變化的過程中，摩擦力先增大后減小，支持力一直減小，故B正確，D錯誤所以BC正確，AD錯誤8、BD【解析】A設(shè)物塊的初速度大小為v1根據(jù)題意知解得：故A錯誤；B由運動學(xué)公式v2-v12=2ax可得解得：由牛頓第二定律可得

19、所以故B正確；C加速過程中物塊的位移為傳送帶的位移為相對位移為整個過程中物塊與傳動帶因摩擦產(chǎn)生的熱量為故C錯誤；D電動機因運送物塊多做的功為故D正確。9、BD【解析】AD當滑動變阻器滑片P向左移動，其接入電路的電阻增大，電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路的歐姆定律，干路電流I減小，即電流表讀數(shù)變小，電源的內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，即電壓表讀數(shù)變大，燈泡的功率不變，燈泡的功率變小，燈泡變暗，A錯誤D正確；B當內(nèi)、外電阻相等時，電源的輸出功率最大，由題意，燈泡L的電阻大于電源的內(nèi)阻r，當R增大時，外電阻與電源內(nèi)電阻的差值增大，電源的輸出功率變小，B正確；C變阻器兩端電壓增大，電容器與變阻器并聯(lián)，電容器上

20、電壓也增大，根據(jù)則其電荷量增大，C錯誤。故選BD。10、BC【解析】A、圓環(huán)沿桿滑下過程中，彈簧的拉力對圓環(huán)做功，圓環(huán)的機械能不守恒，故A錯誤.B、圖中彈簧水平時恰好處于原長狀態(tài)，圓環(huán)下滑到最大距離時彈簧的長度變?yōu)?L，可得圓環(huán)下降的高度為h=L，根據(jù)系統(tǒng)的機械能守恒得：彈簧的彈性勢能增大量為：EP=mgh=mgL，故B正確.C、當圓環(huán)所受合力為零時，速度最大，此后圓環(huán)繼續(xù)向下運動，則彈簧的彈力增大，圓環(huán)下滑到最大距離時，所受合力不為零，故C正確；D、根據(jù)圓環(huán)與彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，即圓環(huán)的重力勢能與圓環(huán)的動能還有彈簧彈性勢能三種能量總和守恒.在圓環(huán)下滑到最大距離的過程中，圓環(huán)的速度是先增

21、大后減少，圓環(huán)的動能也是先增大后減少，那么圓環(huán)重力勢能與彈簧彈性勢能之和就應(yīng)先減少后增大，故D錯誤故選B、C【點睛】對物理過程進行受力、運動、做功分析，是解決問題的根本方法要注意圓環(huán)的機械能不守恒，圓環(huán)與彈簧組成的系統(tǒng)機械能才守恒.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 【解析】（1）小球從桌子邊緣水平飛出，做平拋運動，有，；壓縮彈簧將小球向左推，由能量守恒可得，聯(lián)立上述式子得；（2根據(jù)給出的數(shù)據(jù)利用描點法可得出對應(yīng)的圖像如圖所示（3）由圖象得出x與s的關(guān)系式為；實驗得到彈簧彈性勢能與彈簧壓縮量x之間的關(guān)系式為12、3 外電阻減小，路端電

22、壓應(yīng)該減小，路端電壓的倒數(shù)應(yīng)該增大如圖所示： 3.9V 1.71 【解析】試題分析：（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律得路端電壓，所以外電阻減小，路端電壓逐漸減小根據(jù)表中的數(shù)據(jù)和實驗原理，第3組數(shù)據(jù)是錯誤的，隨電阻倒數(shù)的增大路端電壓的倒數(shù)應(yīng)增大，即隨著電阻的減少路端電壓應(yīng)逐漸減小（3）根據(jù)描點法繪出如圖所示的關(guān)系曲線如圖所示（3）由實驗原理：，變形得：，由此可知與成線性關(guān)系圖象的縱軸截距等于，斜率大小等于,如圖根據(jù)數(shù)學(xué)知識求出圖象的縱截距為13，即=13解得電動勢E=39V, 圖象的斜率等于,則有，解得內(nèi)阻r=173考點：測定電源的電動勢和內(nèi)阻【名師點睛】測定電源的電動勢和內(nèi)阻的原理是閉合電路歐姆定律，實驗的電路有三種，分別是伏安法、伏阻法和安阻法本題采用轉(zhuǎn)換法，將非線性關(guān)系通過數(shù)學(xué)變形轉(zhuǎn)換成了線性關(guān)系根據(jù)閉合電路歐姆定律進行分析，明確數(shù)據(jù)的變化情況；根據(jù)描點法可得出對應(yīng)的圖象； 根據(jù)閉合電路歐姆定律列式，通過圖象將公式變形，再根據(jù)圖象的性質(zhì)即