四川省宜賓市敘州區(qū)第一中學(xué)校2022-2023學(xué)年高三物理第一學(xué)期期中教學(xué)質(zhì)量檢測試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，ABCD是一個(gè)盆式容器，盆內(nèi)側(cè)壁與盆底BC的連接處都是一段與BC相切的圓弧，BC是水平的，其距離d0.60 m盆邊緣的高度為h0.30 m在A處放一個(gè)質(zhì)量為m的小

2、物塊并讓其從靜止開始下滑已知盆內(nèi)側(cè)壁是光滑的，而盆底BC面與小物塊間的動摩擦因數(shù)為0.10.小物塊在盆內(nèi)來回滑動，最后停下來，則停的地點(diǎn)到B的距離為()A0.60 m B0.30 m C0.10 m D02、宇宙中，兩顆靠得比較近的恒星，只受到彼此之間的萬有引力作用互相繞轉(zhuǎn)，稱之為雙星系統(tǒng)。在浩瀚的銀河系中，多數(shù)恒星都是雙星系統(tǒng)設(shè)某雙星系統(tǒng)A、B繞其連線上的O點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動，如圖所示。若AOOB，則（）A星球A的質(zhì)量一定大于B的質(zhì)量B星球A的線速度一定小于B的線速度C雙星間距離一定，雙星的質(zhì)量越大，其轉(zhuǎn)動周期越大D雙星的質(zhì)量一定，雙星之間的距離越大，其轉(zhuǎn)動周期越大3、由離地足夠高的相同高度處

3、，使甲球與乙球同時(shí)自靜止?fàn)顟B(tài)開始落下，兩球在抵達(dá)地面前，除重力外，只受到來自空氣阻力F的作用，且阻力與球的下落速度v成正比，即F=-kv（k0），且兩球的比例常數(shù)k完全相同，如圖所示為兩球的速度-時(shí)間關(guān)系圖，若甲球與乙球的質(zhì)量分別為m1與m2，則下列敘述正確的是（）Am2m1，且乙球先抵達(dá)地面Bm2m1，且甲球先抵達(dá)地面Cm2m1，且乙球先抵達(dá)地面Dm2m1，且甲球先抵達(dá)地面4、將一小球從地面以初速度v0豎直向上拋出，不計(jì)空氣阻力，則小球A上升的時(shí)間與v0成正比B上升的最大高度與v0成正比C上升過程的平均速度小于下落過程的平均速度D上升過程的加速度與下落過程的加速度方向相反5、通常情況下，地球

4、上兩個(gè)物體之間的萬有引力是極其微小以至于很難被直接測量，人們在長時(shí)間內(nèi)無法得到引力常量的精確值在牛頓發(fā)現(xiàn)萬有引力定律一百多年以后的1789年，英國物理學(xué)家卡文迪許巧妙地利用如圖所示的扭秤裝置，才第一次在實(shí)驗(yàn)室里比較精確地測出了萬有引力常量在如圖所示的四個(gè)實(shí)驗(yàn)中，與“卡文迪許扭秤實(shí)驗(yàn)”中測量微小量的思想方法最相近的是A研究力的合成的規(guī)律B觀察桌面的形變C探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系D伽利略設(shè)想斜面傾角為越接近90，小球滾下的運(yùn)動越接近自由落體運(yùn)動6、2019年4月20日，我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長征三號乙運(yùn)較火箭，成功發(fā)射第44顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星，拉開了今年北斗全球高密度組網(wǎng)的序幕。北斗系統(tǒng)主要由離地

5、面高度約為6R（R為地球半徑）同步軌道衛(wèi)星和離地面高度約為3R的中圓軌道衛(wèi)星組成，設(shè)表面重力加速度為g，忽略地球自轉(zhuǎn)。則（ ）A這兩種衛(wèi)星速度都大于B中圓軌道衛(wèi)星的運(yùn)行周期小于24小時(shí)C中圓軌道衛(wèi)星的向心加速度約為D根據(jù)可知，若衛(wèi)星從中圓軌道變軌到同步軌道，需向前方噴氣減速二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖(a)所示，輕彈簧的兩端分別與質(zhì)量為 m1和m2的兩物塊A、B相連接，靜止在光滑的水平面上若使A以3m/s的速度向B運(yùn)動，A、 B的速度圖像如圖(b)所示，已

6、知m1=2kg，則A物塊m2質(zhì)量為4kgB時(shí)刻彈簧處于壓縮狀態(tài)C從到時(shí)刻彈簧由壓縮狀態(tài)恢復(fù)到原長D彈簧的最大彈性勢能為6J8、如圖甲所示，傾斜放置的傳送帶沿順時(shí)針方向勻速轉(zhuǎn)動，一物塊從傳送帶的底端以一定的初速度沖上傳送帶，結(jié)果物塊在傳送帶上運(yùn)動的 vt 圖象如圖乙所示，重力加速度為 g，圖中所示物理量均為已知量，則由圖象可以求出的物理量是（） A物塊與傳送帶間動摩擦因數(shù)的大小B傳送帶的傾角C物塊的質(zhì)量D傳送帶的速度9、兩個(gè)等量同種正電荷固定于光滑水平面上，其連線中垂線上有A、B、C三點(diǎn)，如圖甲所示，一個(gè)電荷量為2C，質(zhì)量為1kg的小物塊從C點(diǎn)由靜止釋放，其運(yùn)動的v-t圖像如圖乙所示，其中B點(diǎn)處

7、為整條圖線切線斜率最大的位置（圖中標(biāo)出了該切線）。則下列說法正確的是（）A由C點(diǎn)到A點(diǎn)電勢逐漸降低B由C點(diǎn)到A點(diǎn)的過程中物塊的電勢能先減小后變大CB點(diǎn)為中垂線上電場強(qiáng)度最大的點(diǎn)，場強(qiáng)E=1V/mDA、B兩點(diǎn)間的電勢差UAB=-5V10、高蹺運(yùn)動是一項(xiàng)新型運(yùn)動，圖甲為彈簧高蹺當(dāng)人抓住扶手用力蹬踏板壓縮彈簧后人就向上彈起，進(jìn)而帶動高蹺跳躍，如圖乙則下列說法正確的是（ ）A人向上彈起過程中，先處于超重狀態(tài)，后處于失重狀態(tài)B人向上彈起過程中，踏板對人的作用力大于人對踏板的作用力C彈簧壓縮到最低點(diǎn)時(shí)，高蹺對人的作用力大于人的重力D彈簧壓縮到最低點(diǎn)時(shí)，高蹺對地的壓力等于人和高蹺的總重力E.彈簧壓縮到最低點(diǎn)

8、時(shí)，因?yàn)槿颂幱诔貭顟B(tài)，所以高蹺對地的壓力大于人和高蹺的總重力三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在研究重物自由下落過程中機(jī)械能守恒的實(shí)驗(yàn)中，得到如圖所示的一條紙帶，該紙帶上最初打出的幾個(gè)點(diǎn)不清楚，紙帶上留下的是后面的一些點(diǎn)算出打下B、C兩點(diǎn)時(shí)，重物速度分別是vB、vC，量得B、C兩點(diǎn)間的距離為h，那么驗(yàn)證機(jī)械能守恒的表達(dá)式可寫為（_）ABCD12（12分）某同學(xué)在練習(xí)使用多用電表時(shí)連接的電路如下圖所示（1）若旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)，使尖端對準(zhǔn)直流電流擋，此時(shí)測得的是通過_（選填“R1”或“R2”）的電流；（2）若斷開電路中的電鍵，旋轉(zhuǎn)選擇

9、開關(guān)使其尖端對準(zhǔn)歐姆擋，則測得的是_。AR1的電阻 BR2的電阻 CR1和R2的串聯(lián)電阻 DR1和R2的并聯(lián)電阻（3）將選擇倍率的旋鈕撥至“100 ”的擋時(shí)，測量時(shí)指針偏轉(zhuǎn)角很大，為了提高測量的精確度，應(yīng)將選擇開關(guān)撥至_擋（選填“ 1 k”或“ 10 ”），將兩根表筆短接調(diào)節(jié)調(diào)零旋鈕，使指針停在0 刻度線上，然后將兩根表筆分別接觸待測電阻的兩端，若此時(shí)指針偏轉(zhuǎn)情況如圖所示，則所測電阻大小為_ 。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）高鐵是交通模式的一大創(chuàng)新，中國走在了世界的前列。高鐵的特點(diǎn)是快，如果中間不停車

10、，形就更好了，我們可以想象一下，如果高鐵可以不停車上下車，高鐵可以一直保持高速勻速運(yùn)動，一是節(jié)省能源，二是列車交通管理更簡單，可以大大增加高鐵的發(fā)車密度。三是即使在一個(gè)不起眼的小站，也能夠像北京這樣的大站一樣方便乘坐高鐵。在現(xiàn)行情況下，列車以162km/h的速度勻速開過一個(gè)小站，現(xiàn)因需要，必須在這個(gè)小站停留。列車將到該小站時(shí)以0.5m/s2的加速度作勻減速運(yùn)動，停留2min后，又以0.3m/s2的加速度開出小站，一直到恢復(fù)原來的速度，試求因列車停靠小站而延誤的時(shí)間。14（16分）某中子星的質(zhì)量大約與太陽的質(zhì)量相等，約為kg，但是它的半徑只有10km，地球質(zhì)量為kg，地球半徑為6400km，地球

11、表面重力加速度g=10m/s1求（1）此中子星表面的重力加速度；（1）沿中子星表面圓軌道運(yùn)動的衛(wèi)星的線速度15（12分）一質(zhì)量為0.5kg的小物塊放在水平地面上的A點(diǎn)，距離A點(diǎn)5 m的位置B處是一面墻，如圖所示.物塊以v08m/s的初速度從A點(diǎn)沿AB方向運(yùn)動，在與墻壁碰撞前瞬間的速度為7m/s，碰后以5m/s的速度反向運(yùn)動直至靜止.g取10 m/s2.(1)求物塊與地面間的動摩擦因數(shù)；(2)若碰撞時(shí)間為0.05s，求碰撞過程中墻面對物塊平均作用力的大小F；(3)求物塊在反向運(yùn)動過程中克服摩擦力所做的功W.參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有

12、一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】設(shè)小物塊間在BC面上運(yùn)動的總路程為S，物塊在BC面上所受的滑動摩擦力大小始終為f=mg，對小物塊從開始運(yùn)動到停止運(yùn)動的整個(gè)過程進(jìn)行研究，由動能定理得mgh-mgS=0，得到S=h=0.30.1=3m，d=0.60m，則S=5d，所以小物塊在BC面上來回運(yùn)動共5次，最后停在C點(diǎn)，則停的地點(diǎn)到B的距離為0.60m，故A正確，B、C、D錯(cuò)誤；故選A?！军c(diǎn)睛】根據(jù)動能定理，對小物塊開始運(yùn)動到停止的全過程進(jìn)行研究，求出小物塊在BC面上運(yùn)動的總路程，再由幾何關(guān)系分析最后停止的地點(diǎn)到B的距離。2、D【解析】A根據(jù)萬有引力提供向心力因?yàn)椋杂屑碅的質(zhì)量一定小于B的質(zhì)量，選

13、項(xiàng)A錯(cuò)誤；B雙星系統(tǒng)角速度相等，因?yàn)?，根?jù)知星球A的線速度一定大于B的線速度，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；CD設(shè)兩星體間距為L，根據(jù)萬有引力提供向心力公式得解得周期為由此可知雙星的距離一定，質(zhì)量越大周期越小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；總質(zhì)量一定，雙星之間的距離就越大，轉(zhuǎn)動周期越大，選項(xiàng)D正確。故選D。3、C【解析】根據(jù)速度時(shí)間圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示位移，抓住位移相等，比較運(yùn)動的時(shí)間根據(jù)最終做勻速直線運(yùn)動重力和阻力相等，通過速度大小關(guān)系比較出重力的大小由圖可知最后兩球做勻速運(yùn)動，有，因?yàn)橐仪蜃鰟蛩龠\(yùn)動的速度大，則乙球的質(zhì)量大，所以有，甲乙兩球下落的位移相等，即圖線與時(shí)間軸圍成的面積相等，則知甲球的運(yùn)動時(shí)間長，乙球先抵達(dá)地

14、面，故C正確故選C。4、A【解析】A取豎直向上為正方向，將豎直上拋運(yùn)動看成一種初速度為v0、加速度為-g的勻減速運(yùn)動，則上升的時(shí)間：，可知上升的時(shí)間與v0成正比，故A符合題意；B上升的最大高度：，可知上升的最大高度與v02成正比，故B不符合題意；C根據(jù)對稱性可知，上升和下落的時(shí)間相等，而上升和下落的位移大小也相等，所以上升過程的平均速度等于下落過程的平均速度。故C不符合題意；D不計(jì)空氣阻力，小球只受重力，所以整個(gè)過程中小球的加速度均為g，上升過程的加速度與下落過程的加速度方向相同，均豎直向下。故D不符合題意。故選A。5、B【解析】“卡文迪許扭秤實(shí)驗(yàn)”中測量微小量的思想方法為放大法，而A中采用的

15、等效替代法，B采用的放大法，C采用的控制變量法，D采用了理想實(shí)驗(yàn)與推論的方法，故ACD錯(cuò)誤，B正確6、B【解析】A.表示地球的質(zhì)量，表示衛(wèi)星的質(zhì)量，根據(jù)萬有引力提供向心力則有：可得：又地球表面的物體：可得：可見這兩種衛(wèi)星速度都小于，故A錯(cuò)誤；B.根據(jù)萬有引力提供向心力則有：可得：可知軌道半徑越大則周期越大，所以中圓軌道衛(wèi)星的運(yùn)行周期小于同步衛(wèi)星的周期24小時(shí)，故B正確；C. 地球表面的物體：中圓軌道衛(wèi)星：則其向心加速度約為，故C錯(cuò)誤；D.衛(wèi)星的軌道越高，則其機(jī)械能增大，所以若衛(wèi)星從中圓軌道變軌到同步軌道，需向后方噴氣加速，故D錯(cuò)誤。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給

16、出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】A兩物塊組成的系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：由圖示圖象可知，t1時(shí)刻兩者的共同速度：v1=1m/s，代入數(shù)據(jù)解得：m2=4kg，故A正確。BC由圖示圖象可知，兩物塊的運(yùn)動過程，開始時(shí)m1逐漸減速，m2逐漸加速，彈簧被壓縮，t1時(shí)刻二者速度相當(dāng)，系統(tǒng)動能最小，勢能最大，彈簧被壓縮最厲害，然后彈簧逐漸恢復(fù)原長，m2依然加速，m1先減速為零，然后反向加速，t2時(shí)刻，彈簧恢復(fù)原長狀態(tài)，由于此時(shí)兩物塊速度相反，因此彈簧的長度將逐漸增大，兩木塊均減速，當(dāng)t3時(shí)刻，二木塊速度相

17、等，系統(tǒng)動能最小，彈簧最長，因此從t3到t4過程中彈簧由伸長狀態(tài)恢復(fù)原長，故B、C錯(cuò)誤。D彈簧壓縮量最大或伸長量最大時(shí)彈簧彈性勢能最大，當(dāng)彈簧壓縮量最大時(shí)兩物塊速度相等，如t1時(shí)刻，對系統(tǒng)，由能量守恒定律得：代入數(shù)據(jù)解得：EP=6J故D正確。故選AD。8、ABD【解析】設(shè)物塊與傳送帶間動摩擦因數(shù)為，傳送帶的傾角為，0t1時(shí)間內(nèi)，物塊的加速度大?。?a1=v1+v2t1，根據(jù)牛頓第二定律得： mgsin+mgcos=ma1；在t1t2時(shí)間內(nèi)，物塊的加速度大小a2=v2t2-t1，根據(jù)牛頓第二定律得：mgcosmgsin=ma2，由以上聯(lián)立可求得和，不能求出m，故AB正確，C錯(cuò)誤；傳送帶的速度等于

18、v2，故D正確。所以ABD正確，C錯(cuò)誤。9、ACD【解析】A兩個(gè)等量的同種正電荷連線的中垂線上電場強(qiáng)度方向由O點(diǎn)沿中垂線指向外側(cè)，故由C點(diǎn)到A點(diǎn)的過程中電勢逐漸降低，故A正確； B由C點(diǎn)到A點(diǎn)的過程中，據(jù)圖可知小物塊的速度增大，電場力做正功，電勢能一直減小，故B錯(cuò)誤；C據(jù)圖可知小物塊在B點(diǎn)的加速度最大，為所受的電場力最大為則場強(qiáng)最大值為故C正確；D由圖可知A、B兩點(diǎn)的速度分別為，根據(jù)動能定理得解得故D正確。故選ACD。10、ACE【解析】A項(xiàng)，人向上彈起過程中，人應(yīng)該經(jīng)歷了先加速后減速的過程，所以先有向上的加速度，后有向下的加速度，當(dāng)彈簧彈力大于人的重力時(shí)，人處于超重狀態(tài)，當(dāng)彈簧彈力小于人的重

19、力時(shí)，人處于失重狀態(tài)，故A項(xiàng)正確B項(xiàng)，踏板對人的作用力與人對踏板的作用力是一對相互作用力，根據(jù)牛頓第三定律，二者大小始終相等，故B項(xiàng)錯(cuò)誤C項(xiàng)，彈簧壓縮到最低點(diǎn)時(shí)，人有豎直向上的加速度，根據(jù)牛頓第二定律，可知高蹺對人的作用力大于人的重力，故C項(xiàng)正確D項(xiàng)，同理以高蹺和人的系統(tǒng)為研究對象，彈簧壓縮到最低點(diǎn)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律，地對高蹺的壓力大于人和高蹺的總重力，再根據(jù)牛頓第三定律，可知高蹺對地的壓力大于人和高蹺的總重力，故D項(xiàng)錯(cuò)誤，E項(xiàng)正確；綜上所述本題答案是：ACE三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B【解析】從BC的過程，所以需驗(yàn)證的表達(dá)式為，即，故B正確，A、C、D錯(cuò)誤；故選B12、R1; C; 10; 160; 【解析】（1）多用電表使用電流檔時(shí)應(yīng)該串聯(lián)在電路中，圖中多用電表與滑動變阻器串聯(lián)，電流相等，若旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)，使其尖端對準(zhǔn)直流電流檔，此時(shí)測得的是通過R1的電流（2）斷開電路中的電鍵，R1與R2串聯(lián)，多用電表兩表筆接在其兩端，故測得的是R1