山東滕州市第一中學2023學年高二物理第一學期期中檢測試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖甲所示，靜止在光滑水平面上的長木板B(長木板足夠長)的左端放著小物塊A.某時刻，A受到水平向右的外力F作用，F(xiàn)隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示，即Fkt，其中k為已知常

2、數(shù)若物體之間的滑動摩擦力Ff的大小等于最大靜摩擦力，且A、B的質(zhì)量相等，則下列圖中可以定性地描述長木板B運動的vt圖象的是()ABCD2、指南針是中國四大發(fā)明之一，它的工作原理是( )A同名磁極相互吸引B異名磁極相互排斥C指南針能吸引鐵、鈷、 鎳等物質(zhì)D地球磁場對指南針的作用3、一帶電粒子射入一固定在O點的點電荷的電場中，粒子運動軌道如圖虛線a、b、c所示，圖中實線是同心圓弧，表示電場的等勢面，不計重力，則下列不正確的是（ ）A此粒子一直受到靜電排斥力B粒子在b點的電勢能一定大于a點的電勢能C粒子在b點的速度一定大于a點的速度D粒子在a點和c點速度大小相等4、某電場的電場線如圖所示，則某點電荷

3、在A和B所受電場力的大小關系是（ ）AFA=FBBFAFBCFAFBD電荷正負不明無法判斷5、某打點計時器使用的電源頻率為50Hz，則紙帶上連續(xù)打下兩點的時間間隔是（ ）A0.01sB0.02sC0.03sD0.04s6、如圖所示，在水平向右的勻強電場中，質(zhì)量為的帶電小球，以初速度從點豎直向上運動，通過點時，速度大小為，方向與電場方向相反，則小球從運動到的過程（ ）A動能增加B機械能增加C重力勢能增加D電勢能增加二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于元電荷的理解，下

4、列說法正確的是( )A元電荷就是電子B元電荷是表示跟一個電子所帶電荷量數(shù)值相等的電荷量C元電荷就是質(zhì)子D物體所帶電量只能是元電荷的整數(shù)倍8、如圖所示，平行金屬板中帶電質(zhì)點P原處于靜止狀態(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當滑動變阻器R4的滑片向b端移動時，則（ ）A電壓表讀數(shù)變大B電流表讀數(shù)變大CR1上消耗的功率逐漸增大D質(zhì)點P將向上運動9、如圖所示，兩個不帶電的導體 A 和 B，用一對絕緣柱支持使它們彼此接觸。把一帶正電 荷的物體 C 置于 A 附近，貼在 A、B 下部的金屬箔片都張開，則A此時 A 帶正電，B 帶負電B移去 C，貼在 A、B 下部的金屬箔片將閉合C先把 A 和 B 分開，

5、然后再移去 C，貼在 A、B 下部的金屬箔片仍然張開D先把 A 和 B 分開，然后再移去 C，貼在 A、B 下部的金屬箔片將閉合10、如圖所示，一電子從勻強電場左邊界A點以初速度垂直于場強方向進入電場，經(jīng)偏轉從右邊界B點飛出已知A、B兩點間水平和豎直距離均為L，電子質(zhì)量為m、電荷量為e，不計電子重力及空氣阻力則A電子從A到B的運動時間為B勻強電場的電場強度為CA、B兩點間的電勢差為D電子從B點飛出時速度與水平方向夾角的正切值為1三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）用如圖甲的裝置驗證機械能守恒定律除了圖甲所示的實驗器材，以及學生電源

6、、導線和電鍵之外，還需要什么器材：_(填“天平”、“秒表”或“刻度尺”)請完成下列主要實驗步驟：A將打點計時器接到學生電源的_(填“直流”或“交流”)輸出端；B_，釋放懸掛紙帶的夾子，計時器打出一條紙帶. 圖乙是該實驗中得到的一條紙帶，兩個計數(shù)點間的距離數(shù)據(jù)如圖，時間間隔T0.1 s則D點對應的速度vD= _.(計算結果保留3位有效數(shù)字)由于_使機械能有損失，得出的實驗結果，重錘重力勢能減少量Ep_(填“小于”、“等于”或“大于”)動能的增加量Ek.12（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，可供選擇的實驗儀器如下：小燈泡L，“3.0V、0.5A” 電壓表V：量程05 V，內(nèi)阻5 k

7、電流表A1，量程0100 mA，內(nèi)阻4 電流表A2，量程0500 mA，內(nèi)阻0.4 滑動變阻器R1，最大阻值100 ，額定電流1.0 A滑動變阻器R2，最大阻值5 ，額定電流0.5 A直流電源E，電動勢約為6 V，內(nèi)阻約為0.5 (1)在上述器材中，電流表應選_;滑動變阻器應選_ .(2)在虛線框內(nèi)畫出實驗的電路圖，并在圖中注明各元件的符號_.(3)某實驗小組完成實驗后利用實驗中得到的實驗數(shù)據(jù)在I-U坐標系中，描繪出如右圖所示的小燈泡的伏安特性曲線根據(jù)此圖給出的信息，可以判斷隨著電壓的增加，燈泡的電阻會（_）A逐漸減小 B逐漸增大 C保持不變四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡

8、中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，通電導體棒ab靜止在傾角為的光滑斜面上，導體棒ab質(zhì)量為m、長為L，通以圖示方向的電流，電流強度均為I，（1）如圖甲勻強磁場方向垂直于斜面向上，則磁場磁感應強度B1為多大；（2）如圖乙勻強磁場方向豎直向上，則磁感應強度B2為多大；（3）如圖丙勻強磁場方向平行地面水平向左，則磁感應強度B3為多大；14（16分）如圖所示，虛線左側有一場強為E1=E的勻強電場，在兩條平行的虛線MN和PQ之間存在著寬為L、電場強度為E2 =2E的勻強電場，在虛線PQ右側距PQ為L處有一與電場E2平行的屏。現(xiàn)將一電子（電荷量為e，質(zhì)量為m

9、，重力不計）無初速度地放入電場E1中的A點，最后電子打在右側的屏上，A點到MN的距離為，AO連線與屏垂直，垂足為O，求：(1)電子到MN的速度大?。?2)電子從釋放到打到屏上所用的時間；(3)電子剛射出電場E2時的速度方向與連線夾角的正切值；(4)電子打到屏上的點到點O的距離15（12分）如圖，xoy平面內(nèi)存在著沿y軸正方向的勻強電場，一個質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的粒子從坐標原點O以速度v0沿x軸正方向開始運動當它經(jīng)過圖中虛線上的M（，a）點時，撤去電場，粒子繼續(xù)運動一段時間后進入一個矩形勻強磁場區(qū)域（圖中未畫出），又從虛線上的某一位置N處沿y軸負方向運動并再次經(jīng)過M點已知磁場方向垂直xoy平

10、面（紙面）向里，磁感應強度大小為B，不計粒子的重力試求：(1)電場強度的大?。?2)N點的坐標； (3)矩形磁場的最小面積參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】選AB整體為研究對象，AB整體具有共同的最大加速度，有牛頓第二定律 得：，對B應用牛頓第二定律：，對A應用牛頓第二定律：，經(jīng)歷時間：，由以上解得：，此后，B將受恒力作用，做勻加速直線運動，圖線為傾斜的直線，故B正確，ACD錯誤2、D【解析】由于地球是一個大的磁場，故指南針的是利用地磁場對磁極的作用制作而成的；它是由于指南針兩極受地磁場的磁感線的作用而

11、使N極指向北，S極指向南方，故并不單獨的磁極間的作用，同時更不是因為指南針吸引鐵、鈷、鎳等物質(zhì)，D正確故選：D。3、C【解析】試題分析：電場線與等勢面垂直電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，沿電場線的方向，電勢降低，電場力做正功，電勢能減小，電場力做負功，電勢能增加解：A、曲線運動的合力指向曲線的內(nèi)側，根據(jù)軌跡彎曲方向判斷出，粒子在abc的過程中，一直受靜電斥力作用，故A正確B、粒子由a到b，電場力做負功，所以粒子的電勢能增加，所以b點的電勢能一定大于在a點的電勢能，故B正確C、根據(jù)動能定理，粒子由a到b，電場力做負功，動能減少，故粒子在b點的速度一定小于在a點的速度，故C

12、錯誤D、c點和a點在同一個等勢面上，電場力做功為零，動能不變，故它們的速度的大小相等，但是他們的速度的方向不同，故D正確本題要求選擇不正確的，故選C【點評】本題關鍵是根據(jù)曲線運動的條件判斷出靜電力的方向，然后結合靜電力做功與電勢能變化的關系以及動能定理判斷電勢能和動能的改變情況4、C【解析】電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，由圖可知，A點的電場線密，所以A點的電場強度大，電荷在A點受到的電場力大，所以FAFB，故選C。5、B【解析】打點計時器使用的電源頻率為50Hz，則紙帶上連續(xù)打下兩點的時間間隔是，故選B.6、B【解析】由動能的表達式可知帶電小球在M點的動能為，在N點的

13、動能為，所以動能的增量為，故A錯誤；帶電小球在電場中做類平拋運動，豎直方向受重力做勻減速運動，水平方向受電場力做勻加速運動，由運動學公式有，可得，豎直方向的位移，水平方向的位移，因此有，對小球寫動能定理有，聯(lián)立上式可解得，因此電場力做正功，機械能增加，故機械能增加，電勢能減少，故B正確D錯誤，重力做負功重力勢能增加量為，故C錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】試題分析：元電荷指的是自然界中可單獨存在的最小電荷量，并不是指一個帶電粒子，所以A、C錯誤；一

14、個電子帶的電荷量與元電荷相等，所以B正確；帶電體所帶電荷量一定是元電荷的整數(shù)倍速，所以D正確考點：元電荷8、BC【解析】AB由圖可知，R2與滑動變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)后，再與R1串聯(lián)接在電源兩端；電容器與R3并聯(lián)；當滑動變阻器R4的滑片向b移動時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減??；由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；路端電壓減小，同時R1兩端的電壓也增大，故并聯(lián)部分的電壓減??；由歐姆定律可知流過R3的電流減小，流過并聯(lián)部分的總電流增大，故電流表示數(shù)增大；因并聯(lián)部分電壓減小，而R2中電壓增大，故電壓表示數(shù)減小，故A錯誤，B正確；C由于流過R1的電流增大，根據(jù)知R1上消耗的功率逐

15、漸增大，故C正確；D因電容器兩端電壓減小，故電荷受到的向上電場力減小，則重力大于電場力，合力向下，質(zhì)點P將向下運動，故D錯誤；故選BC。9、BC【解析】A、物體C靠近A附近時，由于靜電感應，A端帶上負電，B端帶上正電；故A錯誤； B、移去C后，由于電荷間相互作用，重新中和，達電中性狀態(tài)，兩金屬箔均閉合；故B對；CD、先把AB分開，則A帶負電，B帶正電，移去C后，電荷不能再進行中和，此時A所帶電荷量仍然等于B的帶電量，故兩金屬箔仍然張開；故C對；D錯故選BC10、AB【解析】A電子在水平方向做勻速運動，則從A到B的運動時間為選項A正確；B豎直方向：解得勻強電場的電場強度為選項B正確；CA、B兩點

16、間的電勢差為選項C錯誤；D電子在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動，因此有電子從B點飛出時速度與水平方向夾角的正切值為選項D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、刻度尺 交流 先接通電源 阻力做功 大于 【解析】1 根據(jù)實驗原理可知，該實驗需要測量物體下落的高度，因此需要的儀器是刻度尺23A根據(jù)打點計時器的工作原理可知，它使用的是交流電源B在具體操作中，為了使打點穩(wěn)定，同時為了提高紙帶的利用率，實驗時先接通電源，然后再釋放懸掛紙帶的夾子.4 勻變速直線運動中，時間中點的速度大小等于該過程中的平均速度大小，因此有：56 由于物體下落

17、過程中不可避免的要克服阻力做功，因此重力勢能沒有全部轉為動能，故最終重錘重力勢能減少量Ep大于動能的增加量Ek。12、A1 R1 B 【解析】(1)器材的選取需安全、精確，根據(jù)燈泡的額定電流選擇合適的電流表根據(jù)滑動變阻器的額定電流確定合適的滑動變阻器(1)由于燈泡的電壓和電流需從零開始測起，則滑動變阻器采用分壓式接法，根據(jù)燈泡電阻的大小確定電流表的內(nèi)外接法(3)由作出的伏安特性曲線利用公式可知圖象的斜率的含義，從而由圖象中得出電阻的變化.【詳解】(1)燈泡額定電流是0.5A，所以電流表的量程選擇500mA的A1，燈泡電壓要能從零開始變化，滑動變阻器采用分壓式接法，使用選擇電阻值比較小的滑動變阻

18、器R1(1)因為燈泡的電壓和電流需從零開始測起，所以滑動變阻器采用分壓式接法，燈泡的電阻大約為，滿足，屬于小電阻，所以電流表采用外接法，電路圖如圖所示:(3)由圖可知，圖象上某點與原點連線的斜率表示電阻的倒數(shù)，而圖象的斜率越來越小，故說明電阻逐漸增大;故選B.【點睛】本題考查了選擇實驗器材、連接實物電路圖、實驗數(shù)據(jù)處理等問題；選擇實驗器材時，要注意安全性原則，要保證實驗電路安全，要注意精確性原則，在保證安全的情況下，所選器材量程不要太大四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）； （2）； （3）?！窘馕觥浚?）B垂直于斜面向上時，導體棒受力分析如圖為：根據(jù)平衡狀態(tài)，可得：，解得：；（2）B豎直向上時，導體棒受力分析如圖為：根據(jù)平衡狀態(tài)，可得：，解得：；（3）B方向平行地面水平向左時，導體棒受力分析如圖為：由于導體棒處于平衡狀態(tài)，可知，所以有：，解得：。14、 (1)；(2)；(3)；(4)【解析】（1）從點到的過程中，由動能定理得（2）電子在電場中做初速度為零的勻加速直線運動，設加速度為，時間為，由牛頓第二定律和運動學公式得則時間t1為從到屏的過程中運動的時間運動的總時間為（3）設電子射出電場時沿平行電場線方向的速度為，根據(jù)牛頓第二定律