2023學年貴州省銅仁市石阡民族中學高二物理第一學期期中質量檢測試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、x軸上有兩點電荷Q1和Q2，Q1和Q2之間各點對應的電勢高低如圖中的曲線所示，規(guī)定無限遠處電勢為零，下列推理與圖象信息不符合的是( ) AQ1一定大于Q2BQ1和Q2一定是同種電

2、荷，但不一定是正電荷C電勢最低處P點的電場強度為0DQ1和Q2之間各點的電場方向都指向P點2、北京時間2012年10月15日凌晨，奧地利極限運動員菲利克斯乘氣球升至約3.9萬米的高空后，帶著降落傘跳下并成功落地，如圖為他縱身跳下的一瞬間。若降落傘打開前菲利克斯做加速運動，降落傘打開后菲利克斯做減速運動，下列說法正確的是（ ）A在降落傘打開前，菲利克斯處于超重狀態(tài)B在降落傘打開前，菲利克斯處于失重狀態(tài)C在降落傘打開后，菲利克斯受到的阻力等于他的重力D在降落傘打開后，菲利克斯受到的阻力小于他的重力3、要使真空中的兩個點電荷間的庫侖力增大到原來的4倍，下列方法中可行的是（）A每個點電荷的帶電量都增大

3、到原來的4倍，電荷間距離變?yōu)樵瓉?倍B保持點電荷的帶電量不變，使兩個電荷間的距離增大到原來的2倍C使一個點電荷的電荷量加倍，另一個點電荷的電荷量保持不變，同時將兩個點電荷間的距離減小為原來的D保持點電荷的電荷量不變，將兩個點電荷的距離減小到原來的1/24、如圖所示，電源電動勢為12V，電源內阻為1.0，電路中的電阻R0為1.5，小型直流電動機M的內阻為0.5，閉合開關S后，電動機轉動，電流表的示數(shù)為2.0A則以下判斷中正確的是 A電動機的輸出功率為12WB電動機兩端的電壓為10.0VC電動機產(chǎn)生的熱功率為4.0WD電源輸出的功率為24W5、小明乘電梯從一樓上升到三樓，在電梯啟動和制動時，他所處

4、的狀態(tài)是（ ）A超重、超重B失重、失重C超重、失重D失重、超重6、如圖所示，半徑為r的n匝線圈套在邊長為L的正方形abcd之外，勻強磁場局限在正方形區(qū)域內且垂直穿過正方形，當磁感應強度以的變化率均勻增加時，線圈中產(chǎn)生感應電動勢的大小為（）ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示,A為地球同步衛(wèi)星,B為運行軌道比A低的一顆衛(wèi)星,C為地球赤道上某一高山山頂上的一個物體,兩顆衛(wèi)星及物體C的質量都相同,關于它們的線速度、角速度、運行周期和所受到的萬有引力的比較,下

5、列關系式正確的是( )AvBvAvCBCFBFAFCDTA=TCTB8、2017年9月12號，天舟1號貨運飛船順利完成了與天宮2號空間實驗室的自主快速交會對接在對接前的某段時間內，若天宮2號和天舟1號分別處在不同的圓形軌道上逆時針運行，如圖所示下列說法正確的是 A天宮2號的運行速率大于天舟1號的運行速率B天宮2號的運行周期大于天舟1號的運行周期C天舟1號適當加速才可能與天宮2號實現(xiàn)對接D天舟1號適當減速才可能與天宮2號實現(xiàn)對接9、有一種測量人體重的電子秤，其原理如圖中虛線內所示，它主要由三部分構成：踏板、壓力傳感器R(是一個阻值可隨壓力大小而變化的電阻器)、顯示體重的儀表G(實質是理想電流表)

6、設踏板的質量可忽略不計，已知理想電流表的量程為3 A，電源電動勢為12 V，內阻為2 ，電阻R隨壓力變化的函數(shù)式為R300.02F(F和R的單位分別是N和)下列說法正確的是()A該秤能測量的最大體重是1400 NB該秤能測量的最大體重是1300 NC該秤零刻度線(即踏板空載時的刻度線)應標在電流表G刻度盤0.375 A處D該秤零刻度線(即踏板空載時的刻度線)應標在電流表G刻度盤0.400 A處10、如圖甲所示，A、B是一對平行的金屬板，在兩板間加上一周期為T的交變電壓U，A板的電勢，B板的電勢隨時間的變化規(guī)律為如圖乙所示，現(xiàn)有一電子從A板上的小孔進入兩板間的電場區(qū)內，設電子的初速度和重力的影響

7、均可忽略，則（ ） A若電子是在t=0時刻進入的，它可能不會到達B板B若電子是在時刻進入的，它一定不能到達B板C若電子是在時刻進入的，它可能時而向B板運動，時而向A板運動，最后穿過B板D若電子是在時刻進入的，它可能時而向B板運動，時而向A板運動，最后穿過B板三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學在練習使用多用電表時連接的電路如圖所示。(1)若旋轉選擇開關，使尖端對準直流電流擋，此時測得的是通過_(填R1或R2)的電流；(2)若斷開電路中的電鍵，旋轉選擇開關使其尖端對準歐姆擋，則測得的是_的電阻。AR1的電阻BR2的電阻CR1和

8、R2的串聯(lián)電阻DR1和R2的并聯(lián)電阻(3)將選擇倍率的旋鈕撥至100擋時，指針的偏轉角過大，為了提高測量的精確度，請完成下列操作：A將選擇開關撥至_擋(填“1k”或“10”)；B將兩根表筆短接C調節(jié)調零電阻，使指針停在0刻度線上D將兩根表筆分別接觸待測電阻的兩端，指針偏轉情況如圖所示，則所測電阻大小為_.E.將選擇開關撥至交流電壓最高擋上。12（12分）有一個小燈泡上標有“4 V，2W”的字樣，現(xiàn)在要用伏安法測量這個小燈泡的伏安特性曲線?，F(xiàn)有下列器材供選用：A電壓表V1(05 V，內阻約10 k)B電壓表V2(010V，內阻約20 k)C電流表A1(00.3 A，內阻約1 )D電流表A2(00

9、.6 A，內阻約0.4 )E滑動變阻器R1(010，2 A)F滑動變阻器R2(0100，0.2 A)G學生電源(直流6V)、開關及導線(1)為了調節(jié)方便，測量盡可能準確，實驗中應選用電壓表_，電流表_，滑動變阻器_(填器材前方的選項符號，如“A”，“B”)(2)為使實驗誤差盡量減小，要求從零開始多取幾組數(shù)據(jù)；請在下面的方框中畫出實驗電路圖_。(3)P為上圖中圖線上的一點，PN為圖線上P點的切線、PQ為U軸的垂線，PM為I軸的垂線，下列說法中正確的是（_）A隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大B隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻減小C對應P點，小燈泡的電阻約為5.33 D對應P點，小燈泡的電阻約為

10、24.0(4)某同學通過實驗得到的數(shù)據(jù)畫出了該小燈泡的伏安特性曲線，如圖所示，若用電動勢為4.0V、內阻為8的電源直接給該小燈泡供電，則該小燈泡的實際功率是_W（保留兩位有效數(shù)字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示的電路中，電源電動勢E=10V，內阻r=0.5，電動機的電阻R0=1.0，電阻R1=1.5電動機正常工作時，電壓表的示數(shù)U1=3.0V，求： （1）電動機的輸出電功率； （2）電源的輸出功率14（16分）在如圖所示的勻強電場中，一個電荷量Q=+2.010-8 C的點電荷所受電場力F4.0

11、10-4 N.沿電場線方向有A、B兩點，A、B兩點間的距離s=0.10 m.（不計重力） 求：（1）勻強電場的電場強度E的大??；（2）該點電荷從A點靜止釋放到B點時的動能EKB.15（12分）如圖所示，一質量為m，電荷量為q的粒子從容器A下方小孔S1飄入電勢差為U的加速電場，然后讓粒子從小孔S3垂直進入磁感應強度為B的磁場中，最后打到底片D上， 粒子的重力忽略不計。（1）粒子在S1、S2之間做什么運動? 在S2、S3之間做何種運動，在磁場區(qū)域將做何種運動?（2）粒子剛進入磁場時的速度大小（3）若粒子最終打到底片的D點， S3距離D多遠？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分

12、。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】由U=Ed知，-x圖象的斜率等于電場強度，P點切線的斜率為0，則知電勢最低處P點的電場強度為0，說明Q1和Q1在P點產(chǎn)生的場強大小相等、方向相反，由分析知，Q1一定大于Q1故A C正確；兩個點電荷間的電勢都為正，因此兩點電荷一定是正電荷，故B錯誤；根據(jù)順著電場線電勢逐漸降低，則知Q1和Q1之間各點的電場方向都指向P點，故D正確此題選擇錯誤的選項，故選B.2、B【解析】在降落傘打開前，菲力克斯向下加速，故處于失重狀態(tài)，故A錯誤，B正確；在降落傘打開后，菲力克斯做減速運動，合力向上，故受到的阻力大于他的重力，故CD錯誤。所以B正確

13、，ACD錯誤。3、D【解析】解:根據(jù)庫侖定律公式,則有:A、每個點電荷的電荷量都增大到原來的2倍,電荷間的距離4倍,則,所以A選項是錯誤的;B、保持點電荷的電荷量不變,使兩個點電荷的距離增大到原來的2倍,則力變?yōu)樵瓉淼?故B錯誤;C、使一個點電荷的電荷量增加1倍,另一個點電荷的電荷量保持不變,同時使兩點電荷間的距離減小為原來的,則有,故C錯誤;D、保持點電荷的電荷量不變,將兩點電荷間的距離減小為原來的,則有,所以D選項是正確的;所以D選項是正確的.4、A【解析】ABC電路中電流表的示數(shù)為2.0A，所以電動機的電壓為U=E-U內-UR0=12-Ir-IR0=12-21-21.5=7V電動機的總功

14、率為P總=UI=72=14W電動機的發(fā)熱功率為：P熱=I2R=220.5=2W所以電動機的輸出功率為14 W-2W=12W故A正確，BC錯誤；D電源的輸出的功率為：P輸出=EI-I2R=122-221=20W故D錯誤。5、C【解析】試題分析：當加速度向上時，物體處于超重狀態(tài)，支持力大于重力；當電梯勻速上升時，重力等于支持力；當電梯加速度向下時，物體失重，支持力小于重力解：小明乘電梯從一樓上升到三樓，運動的方向向上；在電梯啟動時，加速度的方向向上，他處于超重狀態(tài)；當電梯制動時加速度的方向向下，他處于失重狀態(tài)故C選項正確故選C【點評】本題考查對超重與失重的理解，可以根據(jù)牛頓第二定律分析支持力的變化

15、，也可以根據(jù)超重與失重狀態(tài)的加速度的特點進行判定6、D【解析】ABCD根據(jù)法拉第電磁感應定律，線圈中產(chǎn)生的感應電動勢的大小公式中的S為有效面積，即回路中存在磁場的那部分面積，所以有故D正確，ABC錯誤。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A.AC的角速度相等，由：可知：AB比較，同為衛(wèi)星，由萬有引力提供向心力，則有：解得：可知：綜合分析有：故A正確；B.因為同步衛(wèi)星想上對地面上的C靜止，所以AC的角速度相等，AB比較，同為衛(wèi)星，由萬有引力提供向心力

16、，則有：解得： 而A的角速度小于B的加速度；故：故B錯誤；C.由萬有引力公式可知：即半徑越大，萬有引力越?。还剩汗蔆錯誤；D.衛(wèi)星A為同步衛(wèi)星，周期與C物體周期相等；又萬有引力提供向心力，即：解得：所以A的周期大于B的周期，綜合分析有：故D正確。8、BC【解析】AB根據(jù)萬有引力提供向心力得解得：知衛(wèi)星的軌道半徑越大，則線速度越小，周期越大所以，天宮2號的運行速率比天舟1號的小，天宮2號的運行周期比天舟1號的大，故A錯誤，B正確；CD天舟1號應適當加速，使得萬有引力小于向心力，做離心運動，可能與天宮2號對接，故C正確，D錯誤9、AC【解析】AB當電路中電流I=3A時，電子秤測量的體重最大.由歐姆

17、定律得到，代入R=30-0.02F得到F=1400N；故A正確，B錯誤.CD踏板空載時F=0，代入R=30-0.02F得到電阻R=30，由歐姆定律得，所以該秤零刻度線（即踏板空載時的刻度線）應標在電流表G刻度盤0.375A處；故C正確，D錯誤；故選AC.10、BC【解析】A、若電子從t0時刻進入，電子將做單向直線運動，A錯誤；B、若電子從時刻進入兩板，則電子受到電場力方向向左，故無法到達B板，B正確；C、電子從時刻進入兩板時，電子先加速，經(jīng)時間速度最大，此時電子受到電場力反向，經(jīng)速度減為零，再加速反向速度最大，接著減速速度為零，它時而向B板運動，時而向A板運動，但一個周期內總的位移向右，最后穿

18、過B板，C正確；D、電子從時刻進入兩板時，電子先加速，經(jīng)時間速度最大，此時電子受到電場力反向，經(jīng)速度減為零，再加速反向速度最大，接著減速速度為零，它時而向B板運動，時而向A板運動，但一個周期內總的位移向左，無法穿過B板，D錯誤故選BC三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、R1 C 10 160 【解析】（1）1多用電表使用電流檔時應該串聯(lián)在電路中，圖中多用電表與滑動變阻器串聯(lián)，電流相等，若旋轉選擇開關，使其尖端對準直流電流檔，此時測得的是通過R1的電流（2）2斷開電路中的電鍵，R1與R2串聯(lián)，多用電表兩表筆接在其兩端，故測得的是R1與R2

19、串聯(lián)的總電阻，故選C；（3）34用“100”測電阻時擋時，指針的偏轉角過大，說明所選擋位太大，為準確測量電阻阻值，應換用小擋，應選“10”擋，然后對歐姆表重新進行歐姆調零，然后再測電阻阻值，歐姆表使用完畢后，要把選擇開關置于OFF擋或交流電源最高擋上，由圖象表盤可知，待測電阻阻值為：1610=160；12、A D E AC 0.42W 【解析】（1）123燈泡的額定電壓為4V，電壓表應選A；燈泡的額定電流電流表應選擇00.6A的量程，故選D；變阻器用分壓接法，為方便實驗操作，滑動變阻器選E（2）4燈泡內阻電壓表內約為10k，電流表內阻約為0.4，電壓表內阻遠大于燈泡電阻，因此電流表應采用外接法；描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法，電路圖如圖所示：（3）5AB、由圖示I-U圖象可知，隨電壓增大，電流增大，電壓與對應電流的比值增大，即燈泡電阻變大，故A正確，B錯誤；CD、由圖象可知，在P點，小燈泡的電阻為故C正確，D錯誤；（4）6根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=E-Ir，則有U=4-8I，畫出U-I圖象如圖所示；交點對應的電壓與電流即為小燈泡此時的實際電壓與電流，所以小燈泡兩端電壓為1.