安徽省銅陵市重點名校2023學(xué)年物理高二第一學(xué)期期中經(jīng)典模擬試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，兩平行正對金屬板水平放置，使上面金屬板帶上一定量正電荷，下面金屬板帶上等量的負(fù)電

2、荷，再在它們之間加上垂直紙面向里的勻強磁場，一個帶正電粒子以初速度v0沿垂直于電場和磁場的方向從兩金屬板左端中央射入后作直線運動帶電粒子所受重力可忽略不計，若粒子：A速度大于v0則向下偏轉(zhuǎn)B帶負(fù)電則不能作直線運動C速度小于v0則向下偏轉(zhuǎn)D從右端水平射入時向上偏轉(zhuǎn)2、人類探索宇宙的腳步從未停止，登上火星、探尋火星的奧秘是人類的夢想，中國計劃于2020年登陸火星。地球和火星繞太陽的公轉(zhuǎn)均可視為勻速圓周運動，忽略行星自轉(zhuǎn)影響。根據(jù)下表，火星和地球相比行星半徑/m質(zhì)量/kg軌道半徑/m地球6.41066.010241.51011火星3.41066.410232.31011A火星的第一宇宙速度較大B火星

3、做圓周運動的加速度較大C火星表面的重力加速度較大D火星的公轉(zhuǎn)周期較大3、如圖所示，在方框中有一能產(chǎn)生磁場的裝置，現(xiàn)在在方框右邊放一通電直導(dǎo)線（電流方向如圖箭頭方向），發(fā)現(xiàn)通電導(dǎo)線受到向右的作用力，則方框中放置的裝置可能是下面哪個AABBCCDD4、某同學(xué)用如圖所示的電路進行小電機M的輸出功率的研究，其實驗步驟如下所述，閉合電鍵后，調(diào)節(jié)滑動變阻器，電動機未轉(zhuǎn)動時，電壓表的讀數(shù)為U1，電流表的讀數(shù)為I1；再調(diào)節(jié)滑動變阻器，電動機轉(zhuǎn)動后電壓表的讀數(shù)為U2，電流表的讀數(shù)為I2，則此時電動機的輸出功率為（ ） A BC D5、一帶負(fù)電的粒子只在電場力作用下沿x軸正方向運動，其電勢能Ep隨位移x的變化關(guān)系

4、如圖所示，則下列說法正確的是()A粒子從x1處運動到x2處的過程中電場力做正功Bx1、x2處電場強度方向沿x軸正方向Cx1處的電場強度大小大于x2處的電場強度大小Dx1處的電勢比x2處的電勢高6、下列情況中的運動物體，不能被看成質(zhì)點的是A研究飛往火星宇宙飛船的最佳運行軌道B計算從北京開往上海的一列火車的運行時間C調(diào)整人造衛(wèi)星的姿態(tài)，使衛(wèi)星的照相窗口對準(zhǔn)地面D研究各大行星繞太陽公轉(zhuǎn)的周期二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、四個相同的小量程電流表分別改裝成兩個電流表和兩個

5、電壓表已知電流表量程大于的量程，電壓表的量程大于的量程，改裝好后把它們按如圖所示接入電路，則A電流表的讀數(shù)小于電流表的讀數(shù)B電流表的指針偏轉(zhuǎn)角等于電流表的指針偏轉(zhuǎn)角C電壓表的讀數(shù)大于電壓表的讀數(shù)D電壓表的指針偏轉(zhuǎn)角大于電壓表的指針偏轉(zhuǎn)角8、一帶電液滴在重力和勻強電場對它的作用力作用下，從靜止開始由b沿直線運動到d，且bd與豎直方向所夾的銳角為45，則下列結(jié)論正確（）A此液滴帶負(fù)電B液滴的加速度等于2gC液滴的重力勢能和電勢能都減小D合外力對液滴做的總功等于零9、如圖所示，虛線 a 、b 、c 代表電場中的三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab=Ubc,實線為一帶負(fù)電的離子僅在電場力作

6、用下通過該區(qū)域時的運動軌跡， P、Q 是這條軌跡上的兩點，據(jù)此可知 A三個等勢面中， b的電勢最低B帶電離子通過P點時的電勢能較大C帶電離子通過P點時的動能較大D帶電離子通過P點時的加速度較大10、正對著并水平放置的兩平行金屬板連接在如圖電路中，板長為l，板間距為d，在距離板的右端2l處有一豎直放置的光屏MD為理想二極管（即正向電阻為0，反向電阻無窮大），R為滑動變阻器，R0為定值電阻將滑片P置于滑動變阻器正中間，閉合電鍵S，讓一帶電量為q、質(zhì)量為m的質(zhì)點從兩板左端連線的中點N以水平速度v0射入板間，質(zhì)點未碰極板，最后垂直打在M屏上在保持電鍵S閉合的情況下，下列分析或結(jié)論正確的是（ ）A質(zhì)點在

7、板間運動的過程中與它從板的右端運動到光屏的過程中速度變化相同B板間電場強度大小為C若僅將滑片P向下滑動一段后,再讓該質(zhì)點從N點以水平速度v0射入板間,質(zhì)點依然會垂直打在光屏上D若僅將兩平行板的間距變大一些,再讓該質(zhì)點從N點以水平速度v0射入板間,質(zhì)點依然會垂直打在光屏上三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖是某學(xué)習(xí)小組“研究平拋物體運動”的實驗裝置圖，右圖是通過描點法畫出做平拋運動的小球的運動軌跡。（取g=10m/s）(1)以下是實驗過程中的一些做法，其中合理的有_。（不定項）A安裝斜槽軌道，使其末端保持水平B每次釋放小球的初始

8、位置必須從同一位置開始C為平衡摩擦力的影響應(yīng)該將導(dǎo)軌墊高D為描出小球的運動軌跡，描繪的點可以用折線連接(2)該同學(xué)在做實驗中，忘記記下小球做平拋運動的起點位置O，A為小球運動一段時間后的位置，以A為坐標(biāo)原點的坐標(biāo)系如圖所示，由圖可求出小球做平拋運動的初速度為_m/s，（計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)小球經(jīng)過B點時的速度為_m/s ，小球做平拋運動的起點位置O的坐標(biāo)是_。12（12分）在“力的合成的平行四邊形定則”實驗中，用兩只彈簧測力計同時拉伸橡皮筋的拉力記為F1、F1用一只彈簧測力計拉伸橡皮筋的力為F下列關(guān)于實驗操作的說法正確的是()A拉伸橡皮筋時，F(xiàn)1和F1必須相互垂直B拉伸橡皮筋時，F(xiàn)1和F

9、1的大小必須相等C實驗時，必須測量F1和F1間的夾角D作F和F1、F1的圖像時，必須使用同一標(biāo)度四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在磁感應(yīng)強度B1.0T、方向豎直向下的勻強磁場中，有一個與水平面成37角的平行導(dǎo)電滑軌，滑軌上放一個可以自由滑動的金屬桿ab已知接在滑軌中的電源電動勢E12 V，內(nèi)阻不計，滑軌間距L0.5m，金屬桿質(zhì)量m0.2 kg，桿與平行滑軌間的動摩擦因數(shù)0.5，不計滑軌與ab桿的電阻，g取10 m/s2，求接在滑軌上的變阻器R的阻值在什么范圍內(nèi)變化時，可以使ab桿在滑軌上保持靜

10、止14（16分）如圖所示，斜面AB傾角為37，在B左邊豎直平面內(nèi)固定半徑R=0.45m的光滑半圓形軌道BCD，與斜面在B點處圓滑連接，A、D兩點等高，質(zhì)量m=0.2kg的小物塊（可看作質(zhì)點）從斜面上的A點以4m/s的初速度下滑，斜面的動摩擦因數(shù)=0.5，小物塊最后通過半圓形軌道從D點水平飛出，求：（1）小物塊到達B點時的速度大小；（2）小物塊在D點時對軌道的作用力；（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（3）小物塊從D點飛出后落在斜面上離B點的距離。 15（12分）如圖的電路中，電源的電動勢，內(nèi)阻；電阻，；電容器的電容電容器原來不帶電，接通電鍵求：流過電源的電流；電阻兩端的電壓；從接通電鍵K達到穩(wěn)定過程中流

11、過的總電量參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析：粒子的速度大于沿水平方向進入兩板間，洛倫茲力大于電場力，導(dǎo)致離子向上偏轉(zhuǎn)，粒子的速度小于沿水平方向進入兩板間，洛倫茲力小于電場力，導(dǎo)致離子向下偏轉(zhuǎn)，故A錯誤，C正確；正電粒子從左側(cè)進入場區(qū)，所受的電場力豎直向下，由左手定則判斷可知，洛倫茲力方向豎直向上，恰好可以做直線運動，由，得，說明做勻速直線運動的速度大小與帶電粒子的電性、電量無關(guān)，故B錯誤；從右端水平射入時正電粒子所受的洛倫茲力和電場力方向都向下，故向下偏轉(zhuǎn)，故D錯誤.故選C.【點睛】帶電粒子受

12、到的電場力和洛倫茲力平衡時，才能沿直線通過，根據(jù)左手定則判斷洛倫茲力方向，確定兩個力能否平衡，即可判斷粒子能否沿直線運動2、D【解析】A.根據(jù)得，第一宇宙速度火星質(zhì)量和半徑的比值較小，則火星的第一宇宙速度較小，故A錯誤。BD. 火星和地球均繞太陽做圓周運動，根據(jù)得：火星的軌道半徑較大，則加速度較小，周期較大，故D正確，B錯誤。C.根據(jù)，得：由于火星質(zhì)量和半徑的二次方比值較小，則火星表面的重力加速度較小，故C錯誤。3、C【解析】A若在方框中放入A，則因為螺線管的右端是N極，則由左手定則可知，直導(dǎo)線受力方向向里，故A錯誤；B若在方框中放入B，則由左手定則可知，直導(dǎo)線將上端向里轉(zhuǎn)動，下端向外轉(zhuǎn)動，故

13、B錯誤；C若在方框中放入C，則因為直導(dǎo)線所在位置的磁場向外，則由左手定則可知，直導(dǎo)線受力方向向右，故C正確；D若在方框中放入D，則由于同向電流相互吸引，直導(dǎo)線受力方向向左，故D錯誤.故選C.4、A【解析】閉合電鍵后，電動機未轉(zhuǎn)動時，可看成純阻電路，由歐姆定律可得電動機的內(nèi)阻為： ，電動機轉(zhuǎn)動后，電動機的電功率P電=U2I2，發(fā)熱功率： ，則電動機的輸出功率，故A正確，BCD錯誤。5、A【解析】帶負(fù)電粒子從x1運動到x2的過程中電勢能減小，則電場力做正功，故A正確；電場力做正功，說明粒子所受的電場力方向沿x軸正方向，因為粒子帶負(fù)電，可知電場強度方向沿x軸負(fù)方向，故B錯誤；根據(jù)Ep=-Fx，可知E

14、p-x圖象斜率的絕對值等于電場力，可知粒子在x1處所受的電場力小于在x2處所受的電場力，所以x1處的電場強度小于x2處的電場強度的大小，故C錯誤；電場強度方向沿x軸負(fù)方向，根據(jù)順著電場線方向電勢逐漸降低，可得x1處的電勢比x2處的電勢低，故D錯誤。所以A正確，BCD錯誤。6、C【解析】研究飛往火星宇宙飛船的最佳運行軌道時，飛船的形狀對于軌道沒有影響，可以忽略，能看成質(zhì)點，故A不符合題意；計算從北京開往上海的一列火車的運行時間，火車的大小和形狀可以忽略，能看成質(zhì)點，故B不符合題意；調(diào)整人造衛(wèi)星的姿態(tài)，衛(wèi)星的形狀和大小為研究的問題不可以忽略，不能看成質(zhì)點，故C符合題意；研究各大行星繞太陽公轉(zhuǎn)的周期

15、時，行星的大小相對于運動的軌跡可以忽略不計，能看成質(zhì)點，故D不符合題意二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】電流表的量程大于的量程，故電流表的內(nèi)阻小于的內(nèi)阻；電壓表的量程大于的量程，故的電阻大于的電阻；由圖可知，兩電流表并聯(lián)，故兩流表兩端的電壓相等，兩表由同一電流表改裝而成，而將電流表擴大量程時為并聯(lián)一小電阻，故相當(dāng)于為四個電阻并聯(lián)，故兩表頭中電流相同，故兩表的偏角相同，故A中的電流要等于中的電流，故A的讀數(shù)比的讀數(shù)大，A錯誤B正確；兩電壓表串聯(lián)，故通過兩表

16、的電流相等，故的讀數(shù)比的讀數(shù)大，兩電壓表串聯(lián)，通過表頭的電流相等，表頭指針偏轉(zhuǎn)角度相等，電壓表的偏轉(zhuǎn)角等于電壓表的偏轉(zhuǎn)，C正確D錯誤8、ABC【解析】根據(jù)帶電液滴作直線運動可知帶電液滴所受重力與電場力的合力一定沿運動方向，利用假設(shè)法可以判定出帶電液滴所帶電荷的性質(zhì)，從而求出電場力的大小與合外力的大小再根據(jù)牛頓第二定律計算出物體的加速度；根據(jù)合外力的方向與速度的方向相同可知合外力做正功，根據(jù)電場力做功的情況可以判定電勢能變化情況?！驹斀狻緼項：若液滴帶正電，其受力情況如圖所示，液滴不可能沿bd運動，故只能帶負(fù)電荷，故A正確；B項：對液滴進行受力分析，其受力情況如圖所示，故物體所受合力F=2mg，

17、故物體的加速度a=2mgm=2g，故B正確；C項：由于電場力所做的功W電=Eqxbdcos450，故電場力對液滴做正功，故液滴的電勢能減小，液滴向下運動，所以重力勢能也減小，故C正確；D項：由于液滴從靜止開始做加速運動，故合力的方向與運動的方向相同，故合外力對物體做正功，故D錯誤。故應(yīng)選：ABC?！军c睛】帶電液滴從靜止開始由b沿直線運動到d，是我們判定液滴帶電性質(zhì)的突破口，在今后的學(xué)習(xí)中我們經(jīng)常用到要注意掌握。9、BD【解析】電荷所受電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，由于電荷帶負(fù)電，因此電場線指向左上方，沿電場線電勢降低，故c等勢線的電勢最低，a等勢線的電勢最高，故A錯誤；根據(jù)質(zhì)點受力情況可知，從P到Q過程

18、中電場力做正功，電勢能降低，故P點的電勢能大于Q點的電勢能，故B正確；從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，動能增大，故P點的動能小于Q點的動能，故C錯誤；等勢線密的地方電場線密場強大，故P點位置電場強，電場力大，根據(jù)牛頓第二定律，加速度也大，故D正確故選BD【點睛】解決這類帶電粒子在電場中運動的思路是：根據(jù)運動軌跡判斷出所受電場力方向，然后進一步判斷電勢、電場強度、電勢能、動能等物理量的變化10、BCD【解析】試題分析: A、質(zhì)點先在水平放置的兩平行金屬板間做類平拋運動，要垂直打在M屏上，離開電場后，質(zhì)點一定打在屏的上方，做斜上拋運動否則，質(zhì)點離開電場后軌跡向下彎曲，質(zhì)點不可能垂直打在M板

19、上質(zhì)點在板間的類平拋運動和離開電場后的斜上拋運動，水平方向都不受外力，都做勻速直線運動，速度都等于v0，而且v0方向水平，質(zhì)點垂直打在M板上時速度也水平，根據(jù)質(zhì)點的軌跡彎曲方向可知兩個過程質(zhì)點的合力方向相反，加速度方向相反，則速度變化量方向相反故A錯誤B、質(zhì)點的軌跡如圖虛線所示：設(shè)質(zhì)點在板間運動的過程中加速度大小為a，則有 質(zhì)點離開電場時豎直分速度大小為，質(zhì)點離開電場后運動過程其逆過程是平拋運動，則,聯(lián)立解得，故B正確C、若僅將滑片P向下滑動一段后，R的電壓減小，電容器的電壓要減小，電量要減小，由于二極管具有單向?qū)щ娦?，所以電容器不能放電，電量不變，板間電壓不變，所以質(zhì)點的運動情況不變，再讓該

20、質(zhì)點從N點以水平速度v0射入板間，質(zhì)點依然會垂直打在光屏上，故C正確D、若僅將兩平行板的間距變大一些，電容器電容減小，由C=Q/U知U不變，電量要減小，但由于二極管具有單向?qū)щ娦?，所以電容器不能放電，電量不變，根?jù)推論可知板間電場強度不變，所以質(zhì)點的運動情況不變，再讓該質(zhì)點從N點以水平速度v0射入板間，質(zhì)點依然會垂直打在光屏上，故D正確故選BCD考點：考查帶電粒子在勻強電場中的運動【名師點睛】本題關(guān)鍵抓住兩個運動軌跡的特點，巧用逆向思維分析電場外質(zhì)點的運動情況要知道運動的合成與分解是研究曲線運動的常用方法，要靈活運用三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出

21、演算過程。11、AB 1.0 （-10，-5） 【解析】(1)1A由于小球做平拋運動，因此斜槽末端一定水平，A 正確；B由于描繪的是小球平拋運動的軌跡，小球每次的運動軌跡相同，因此小球每次都應(yīng)從同一位置從靜止釋放，B正確；C本題中小球做平拋運動，利用平拋儀，沒有用到導(dǎo)軌，C錯誤；D為描出小球的運動軌跡，描繪的點用平滑的曲線連接，D錯誤；故選AB。(2)2由于水平方向上AB與BC水平距離相等，因此運動時間相等，豎直方向上，根據(jù)可得，時間間隔水平方向做勻速運動，根據(jù)可得，水平初速度3B點的豎直方向速度等于AC段豎直方向的平均速度，因此因此B點的速度4從O點到B點運動的時間，根據(jù)可得運動時間因此從O到B下落的高度水平位移因此O點坐標(biāo)（-10cm，-5cm）12、D【解析】在實驗過程中，需要根據(jù)力的大小和方向做平行四邊形，由此可知需要記錄力的大小和方向，同時該實驗采用了“等效替代”方法，要求兩次拉橡皮筋時橡皮筋的伸長量大小和方向相同，對于兩分力的夾角沒有定性要求