浙江省2016屆高考化學一輪復習專題訓練專題11 有機化學基礎(自選模塊)

1、專題十一 有機化學根底自選模塊第一單元有機物的分類、結(jié)構(gòu)與命名一、選擇題1以下說法錯誤的選項是()?；瘜W性質(zhì)相似的有機物是同系物；分子組成相差一個或假設干個CH2原子團的有機物是同系物；假設烴碳、氫元素的質(zhì)量分數(shù)相同，它們必定是同系物；互為同分異構(gòu)體的兩種有機物的物理性質(zhì)有差異，但化學性質(zhì)必定相似；相對分子質(zhì)量相同而結(jié)構(gòu)不同的化合物互為同分異構(gòu)體；石墨與金剛石分子式相同，結(jié)構(gòu)不同，互為同分異構(gòu)體。A B只有C只有 D只有解析同系物是結(jié)構(gòu)相似(結(jié)構(gòu)相似，那么化學性質(zhì)相似)，在分子組成上相差一個或假設干個CH2原子團的有機物，這個概念的兩個限定條件必須同時具備。C、H元素的質(zhì)量分數(shù)相同未必是同系物

2、，如和；互為同分異構(gòu)體的物質(zhì)化學性質(zhì)不一定相似，如。同分異構(gòu)體的概念是分子式相同而結(jié)構(gòu)不同的有機物的互稱，三個要點缺一不可，故錯誤。答案A2以下對有機化合物的分類結(jié)果正確的選項是 ()。解析烷、烯、炔都屬于脂肪鏈烴，而苯、環(huán)己烷、環(huán)戊烷都屬于環(huán)烴，而苯是環(huán)烴的芳香烴。環(huán)戊烷、環(huán)丁烷及乙基環(huán)己烷均是環(huán)烴的環(huán)烷烴。答案D3有機物的種類繁多，但其命名是有規(guī)那么的。以下有機物命名正確的選項是()。解析A主鏈選錯，正確的名稱應為己烷；B沒有表示出官能團的位置，正確的名稱是3甲基1丁烯；D沒有表示出氯原子的位置，正確的名稱是1,2二氯乙烷。答案C4阿魏酸的結(jié)構(gòu)簡式為，符合以下條件的阿魏酸的同分異構(gòu)體的數(shù)目

3、為 ()。苯環(huán)上有兩個取代基，且苯環(huán)上的一溴代物只有2種；能發(fā)生銀鏡反響；與碳酸氫鈉溶液反響可生成使澄清石灰水變渾濁的氣體；與FeCl3溶液發(fā)生顯色反響。A2種 B3種 C4種 D5種解析根據(jù)條件，那么兩個取代基處于對位；根據(jù)條件，那么含有醛基；根據(jù)條件，那么含有羧基；根據(jù)條件，那么含有酚羥基，結(jié)合阿魏酸的分子式，故其同分異構(gòu)體的可能結(jié)構(gòu)為答案C5以下化合物的核磁共振氫譜出現(xiàn)三組峰的是 ()。A2,2,3,3四甲基丁烷 B2,3,4三甲基戊烷C3,4二甲基己烷 D2,5二甲基己烷解析分析題各項分子有幾種不同的氫，那么就有幾組峰。A只有1種氫；B如圖，其有4種氫；C有4種氫；D有3種氫。答案D6

4、31 g某有機樣品完全燃燒，燃燒后的氣體混合物通入過量的澄清石灰水，石灰水共增重71 g，然后過濾得到10 g 沉淀。該有機樣品可能是()。A乙二酸 B乙醇C乙醛 D甲醇和丙三醇的混合物解析31 g有機樣品燃燒生成CO2、H2O的總質(zhì)量為71 g，與過量Ca(OH)2反響生成10 g CaCO3，那么其CO2為01 mol，即n(C)01 mol，m(C)01 mol12 gmol112 g，故m(H2O)71 g01 mol44 gmol127 g，即n(H2O)015 mol，n(H)03 mol，m(H)03 g，故該有機樣品氧的質(zhì)量：m(O)31 g12 g03 g16 g，即n(O)

5、01 mol，那么該有機樣品n(C)n(H)n(O)01 mol03 mol01 mol131，即最簡式為CH3O，設其分子式為(CH3O)n。選項A、B、C不符合，選項D當甲醇和丙三醇按物質(zhì)的量之比為11混合時符合。答案D7化合物A經(jīng)李比希法和質(zhì)譜法分析得知其相對分子質(zhì)量為136，分子式為C8H8O2。A的核磁共振氫譜有4個峰且面積之比為1223，A分子只含一個苯環(huán)且苯環(huán)上只有一個取代基，其核磁共振氫譜與紅外光譜如以下圖。關于A的以下說法，正確的選項是()。AA分子屬于酯類化合物，在一定條件下不能發(fā)生水解反響B(tài)A在一定條件下可與4 mol H2發(fā)生加成反響C符合題A分子結(jié)構(gòu)特征的有機物只有1

6、種D與A屬于同類化合物的同分異構(gòu)體只有2種解析因化合物A有4類氫原子，個數(shù)分別為：1、2、2、3，又因為A是一取代苯，苯環(huán)上有三類氫原子，分別為1、2、2，所以剩余側(cè)鏈上的3個氫原子等效，為CH3，結(jié)合紅外光譜知，A含有酯基可以水解，A為。與A發(fā)生加成反響的H2應為3 mol，與A同類的同分異構(gòu)體應為5種。答案C二、非選擇題8分析以下有機化合物的結(jié)構(gòu)簡式，完成填空。請你對以上有機化合物進行分類，其，屬于烷烴的是_；屬于烯烴的是_；屬于芳香烴的是_；屬于鹵代烴的是_；屬于醇的是_；屬于醛的是_；屬于羧酸的是_；屬于酯的是_；屬于酚的是_。解析有的有機物含有多種官能團，可從各官能團的角度看成不同類

7、的有機物，如既可看作是羧酸類，又可看作是酯類。答案9(1)給以下有機物命名：CH2=C(CH3)CH=CH2CH2=CHCOOH(2)麻黃素又稱黃堿，是我國特定的藥材麻黃所含的一種生物堿。經(jīng)我國科學工作者研究其結(jié)構(gòu)如下：麻黃素含氧官能團名稱是_基，屬_類化合物(填“醇或“酚)。以下各物質(zhì)與麻黃素互為同分異構(gòu)體的是_(填序號)，互為同系物的是_(填序號)。解析(1)按照命名的一般步驟，選主鏈，給主鏈碳原子編號，遵循“近、“簡、“小的原那么，那么是2,4,5,7四甲基3,3,4三乙基辛烷2甲基1,3丁二烯丙烯酸，(2)同分異構(gòu)體是分子式相同，結(jié)構(gòu)不同，判斷D與麻黃素互為同分異構(gòu)體；而同系物是分子式

8、相差(CH2)n，而結(jié)構(gòu)式相似，那么C與麻黃素相差一個CH2，兩者是同系物。答案(1)2,4,5,7四甲基3,3,4三乙基辛烷2甲基1,3丁二烯丙烯酸(2)羥醇DC10化合物A經(jīng)李比希法測得其含C 720%、H 667%，其余含有氧，質(zhì)譜法分析得知A的相對分子質(zhì)量為150?，F(xiàn)代儀器分析有機化合物的分子結(jié)構(gòu)有以下兩種方法。方法一核磁共振儀可以測定有機分子里不同化學環(huán)境的氫原子及其相對數(shù)量。如乙醇(CH3CH2OH)的核磁共振氫譜有3個峰，其面積之比為321，見以下圖所示。現(xiàn)測出A的核磁共振氫譜有5個峰，其面積之比為12223。方法二利用紅外光譜儀可初步檢測有機化合物的某些基團，現(xiàn)測得A分子的紅外

9、光譜如以下圖：，A分子只含一個苯環(huán)，且苯環(huán)上只有一個取代基，A與NaOH溶液共熱的兩種生成物均可用于食品工業(yè)，試填空。(1)A的分子式為_。(2)A的分子結(jié)構(gòu)只含一個甲基的依據(jù)是_(填序號)。aA的相對分子質(zhì)量 bA的分子式cA的核磁共振氫譜圖 d分子的紅外光譜圖(3)A的結(jié)構(gòu)簡式為_。(4)A的芳香類同分異構(gòu)體有多種，其符合以下條件：分子結(jié)構(gòu)只含一個官能團；分子結(jié)構(gòu)含有一個甲基；苯環(huán)上只有一個取代基，那么A的芳香類同分異構(gòu)體共有_種，其水解產(chǎn)物能使FeCl3溶解變紫色的結(jié)構(gòu)簡式為_。解析由相對分子質(zhì)量及C、H、O的比例可得出A的分子式。N(C)eq f(15072%,12)9，N(H)eq

10、f(1506.67%,1)10，N(O)eq f(150172%6.67%,16)2分子式為C9H10O2。由核磁共振譜可知，分子含有5種氫，原子個數(shù)分別為1、2、2、2、3。由紅外光譜可知分子有CH、C=O、COC、CC、 結(jié)構(gòu)且苯上只有一個取代基。苯環(huán)上只有一個取代基，可知苯環(huán)上的5個氫原子分成了三種，個數(shù)分別為1、2、2，另外5個氫原子分成2類，個數(shù)分別是2、3，取代基上3個C,5個H，再結(jié)合紅外譜結(jié)構(gòu)可知分子有酯基，可得A的結(jié)構(gòu)簡式為。符合條件的A的同分異構(gòu)體有5種：11化合物A各元素的質(zhì)量分數(shù)分別為C 375%，H 42%和O 583%。請?zhí)羁眨?1)001 mol A在空氣充分燃燒

11、需消耗氧氣101 L(標準狀況)，那么A的分子式是_；(2)實驗說明：A不能發(fā)生銀鏡反響。1 mol A與足量的碳酸氫鈉溶液反響可放出3 mol二氧化碳。在濃硫酸催化下，A與乙酸可發(fā)生酯化反響。核磁共振氫譜說明A分子有4個氫處于完全相同的化學環(huán)境。那么A的結(jié)構(gòu)簡式是_；(3)在濃硫酸催化和適宜的反響條件下，A與足量的乙醇反響生成B(C12H20O7)，B只有兩種官能團，其數(shù)目之比為31。由A生成B的反響類型是_，該反響的化學方程式是_。(4)A失去1分子水后形成化合物C，寫出C的兩種可能的結(jié)構(gòu)簡式及其官能團的名稱_，_。解析(1)結(jié)合A三種元素的質(zhì)量分數(shù)可以確定其實驗式為C6H8O7，再結(jié)合燃

12、燒消耗O2的體積(標準狀況)可知，1 mol A約消耗45 mol O2，可確定A的分子式為C6H8O7。(2)根據(jù)題描述可知1 mol A與足量的碳酸氫鈉溶液反響可放出3 mol二氧化碳，那么A含有3個羧基。在濃硫酸催化下，A與乙酸可發(fā)生酯化反響，說明A含有醇羥基。核磁共振氫譜說明A分子有4個氫處于完全相同的化學環(huán)境，可確定A的結(jié)構(gòu)簡式為。(3)在濃硫酸催化和適宜的反響條件下，A與足量的乙醇發(fā)生酯化反響生成B(C12H20O7)，更進一步說明A含有3個羧基。(4)A失去1分子水后形成化合物C，由于A含有3個羧基和1個羥基，羥基所連碳的鄰位碳上有氫原子，在濃硫酸、加熱條件下可以發(fā)生消去反響產(chǎn)生

13、碳碳雙鍵，兩個羧基可以脫水生成羧酸酐，羧基和醇羥基反響脫水生成酯，A失去1分子水后形成化合物C的反響可能是消去反響、酯化反響或兩個羧基脫水成羧酸酐的反響。第二單元常見烴的性質(zhì)一、選擇題1以下化學用語表達不正確的選項是 ()。圖為丙烷的球棍模型丙烯的結(jié)構(gòu)簡式為CH3CHCH2某有機物的名稱是2,3二甲基戊烷與C8H6互為同分異構(gòu)體A B C D解析丙烯的結(jié)構(gòu)簡式為CH3CHCH2，不正確；C8H6是一個分子式，不是一種具體物質(zhì)，不正確。答案D2以下關于有機化合物的說法正確的選項是 ()。A乙醇和乙酸都存在碳氧雙鍵B甲烷和乙烯都可以與氯氣反響C高錳酸鉀酸性溶液可以氧化苯和甲烷D乙烯可以與氫氣發(fā)生加

14、成反響，苯不能與氫氣加成解析乙醇無碳氧雙鍵，A錯；甲烷和苯均不能被酸性高錳酸鉀溶液氧化，C錯；乙烯和苯均能發(fā)生加成反響，D錯。答案B3要鑒別己烯是否混有少量的甲苯，正確的實驗方法是 ()。A先加足量的溴水，然后再參加酸性高錳酸鉀溶液B先加足量的高錳酸鉀酸性溶液，然后再參加溴水C點燃這種液體，然后再觀察火焰的顏色D參加濃硫酸與濃硝酸后加熱解析因為己烯也可以使高錳酸鉀酸性溶液褪色，先參加的溴水只與己烯反響生成二溴己烷，這樣就排除了己烯的干擾，然后再參加酸性KMnO4溶液，假設褪色那么含有甲苯。答案A4以下分子所有碳原子肯定在同一平面上的是 ()。解析A有3個碳原子連在同一碳原子上，4個碳原子肯定不

15、在同一平面；C4個碳原子可能在同一平面，也可能不在同一平面，D選項分子兩個甲基所連碳原子與其他4個原子(或原子團)連接，這個碳原子將采取四面體取向與之成鍵，因此這個分子的所有碳原子就不可能處于同一平面上；B有兩個碳原子取代了乙烯分子氫原子的位置，4個碳原子肯定在同一平面。答案B5以下有機反響，不屬于取代反響的是 ()。B2CH3CH2OHO2eq o(,sup7(Cu),sdo5()2CH3CHO2H2OCClCH2CHCH2NaOHeq o(,sup7(H2O),sdo5()HOCH2CHCH2NaCl解析取代反響的特點是“上一下一，而B選項對于CH3CH2OH只有下沒有上，屬于氧化反響，不

16、屬于取代反響。答案B6甲、乙、丙、丁四支試管，甲、丁均盛有1 mL稀的KMnO4酸性溶液、乙、丙分別盛有2 mL溴水2 g FeBr3、2 mL Br2的CCl4溶液2 g FeBr3，再向甲、乙參加適量苯，丙、丁參加適量的甲苯，充分振蕩后靜置。以下有關分析正確的一組是 ()。甲乙丙丁A溶液不褪色發(fā)生取代反響發(fā)生取代反響溶液褪色B水層不褪色分層，上層呈紅棕色溶液褪色甲苯被氧化C溶液褪色分層，上層呈紅棕色無明顯變化甲苯被氧化D分層，下層呈紫紅色無明顯變化有難溶性油狀液體析出無明顯變化解析此題考查芳香烴的化學性質(zhì)和物理性質(zhì)，分析應從芳香烴發(fā)生取代反響時對試劑組成、反響條件的要求，從與KMnO4酸性

17、溶液作用時對芳香烴結(jié)構(gòu)的要求和物質(zhì)的水溶性入手。苯不能被KMnO4酸性溶液氧化，但甲苯能被KMnO4酸性溶液氧化，苯、甲苯在FeBr3催化下可與溴發(fā)生取代反響，丙使溴的CCl4溶液褪色，乙苯與溴水混合時，F(xiàn)eBr3溶解在水，水的密度比苯的大，溴被萃取后浮在水層上面，無法與催化劑接觸，故乙無法發(fā)生取代反響，對應的現(xiàn)象應是分層，有機層在上且呈紅棕色。答案B7對三聯(lián)苯是一種有機合成間體，工業(yè)上合成對三聯(lián)苯的化學方程式為3 。以下說法不正確的選項是()。A上述反響屬于取代反響B(tài)對三聯(lián)苯分子至少有16個原子共平面C對三聯(lián)苯的一氯取代物有4種D02 mol對三聯(lián)苯在足量的氧氣完全燃燒消耗51 mol O2

18、解析A項，該反響可看作是間的苯環(huán)上對位的兩個H原子被苯基取代；B項，對三聯(lián)苯分子在同一條直線上的原子有8個，再加上其一個苯環(huán)上的另外8個原子，所以至少有16個原子共面；C項，對三聯(lián)苯分子有4種不同化學環(huán)境的H原子，故其一氯取代物有4種；D項，對三聯(lián)苯的分子式為C18H14，那么02 mol對三聯(lián)苯完全燃燒消耗O2的物質(zhì)的量為02eq blc(rc)(avs4alco1(18f(14,4) mol43 mol。答案D二、非選擇題8苯與液溴的反響是放熱反響，某校學生為探究苯與溴發(fā)生反響的原理，用如圖裝置進行實驗。根據(jù)相關知識答復以下問題：(1)實驗開始時，關閉K2，開啟K1和分液漏斗活塞，滴加苯和

19、液溴的混合液，反響開始。過一會兒，在可能觀察的現(xiàn)象是_。(2)整套實驗裝置能防止倒吸的裝置有_(填裝置序號)。(3)反響結(jié)束后要使裝置的水倒吸入裝置。這樣操作的目的是_，簡述這一操作方法_。(4)你認為通過該實驗，有關苯與溴反響的原理方面能得出的結(jié)論是_。解析苯和液溴在FeBr3(鐵和溴反響生成FeBr3)作催化劑條件下發(fā)生取代反響，生成溴苯和溴化氫，由于該反響是放熱反響，苯、液溴易揮發(fā)，用冷凝的方法減少其揮發(fā)。裝置的目的是防止由于HBr易溶于水而引起倒吸。通過檢驗Br的存在證明這是取代反響。答案(1)小試管有氣泡，液體變棕黃色；有白霧出現(xiàn)；廣口瓶內(nèi)溶液有淺黃色沉淀生成(2)和(3)反響結(jié)束后

20、裝置存在大量的溴化氫，使的水倒吸入可以除去溴化氫氣體，以免逸出污染空氣開啟K2，關閉K1和分液漏斗活塞(4)苯與溴能發(fā)生取代反響9如圖，在光照條件下，將盛有CH4和Cl2的量筒倒扣于盛有飽和食鹽水的水槽進行實驗，對實驗現(xiàn)象及產(chǎn)物分析錯誤的選項是_。A混合氣體的顏色變淺，量筒液面上升B量筒內(nèi)壁上出現(xiàn)的油狀液滴，應是三氯甲烷、四氯甲烷的混合物C水槽有白色固體物質(zhì)析出D甲烷與氯氣反響后的產(chǎn)物只有CCl4根據(jù)烯烴的性質(zhì)答復以下問題。(1)一瓶無色氣體，可能含有CH4和CH2CH2或其的一種，與一瓶Cl2混合后光照，觀察到黃綠色逐漸褪去，瓶壁有少量無色油狀小液滴。由上述實驗現(xiàn)象推斷出該瓶氣體一定含有CH

21、4，你認為是否正確，為什么？_。上述實驗可能涉及的反響類型有_。(2)含有的化合物與CH2CH2一樣，在一定條件下可聚合成高分子化合物。廣泛用作農(nóng)用薄膜的聚氯乙烯塑料，是由聚合而成的，其化學方程式是_。電器包裝大量使用的泡沫塑料的主要成分是聚苯乙烯()，它是由_(寫結(jié)構(gòu)簡式)聚合而成的。解析反響Cl2被消耗，故混合氣體顏色變淺，產(chǎn)物有CH3Cl、CH2Cl2、CHCl3、CCl4、HCl，其CH2Cl2、CHCl3、CCl4為不溶于水的油狀液體，HCl易溶于水，氣體體積減小，量筒液面上升且溶液c(Cl)增大，而析出NaCl白色固體，故A、C正確；B、D錯誤。(1)因為CH2CH2Cl2CH2C

22、lCH2Cl，此反響也能使黃綠色逐漸褪去，且CH2ClCH2Cl為油狀液體，故不能說明無色氣體一定含CH4。涉及到的反響類型為取代反響和加成反響。答案(1)BD(1)不正確，因為CH2CH2也可以與Cl2發(fā)生加成反響，而使黃綠色逐漸褪去，生成的CH2ClCH2Cl也是油狀液體取代反響、加成反響10(1)組成符合CnH2n2的某種烴，分子結(jié)構(gòu)沒有支鏈或側(cè)鏈。它完全燃燒時消耗O2的體積是相同狀況下該烴蒸氣體積的85倍，由此分析作答：假設該烴為鏈狀二烯烴，并且與等物質(zhì)的量的Br2加成后只能得到單一產(chǎn)物，請寫出該反響的化學方程式：_(有機物用結(jié)構(gòu)簡式表示)。假設該烴只能與等物質(zhì)的量的Br2發(fā)生加成反響

23、，那么其結(jié)構(gòu)簡式為_(任填一種)。(2)某有機物A由于其特殊的結(jié)構(gòu)，一直受到理論化學家的注意，但由于缺乏有效的合成途徑，一度延緩對它的研究，直到1993年才找到可以大量制備的方法，才得以應用。A是非極性分子，化學式是C6H8，且分子只有一種氫原子。 A的結(jié)構(gòu)簡式為_；A分子在同一平面上的碳原子數(shù)為_。A的二氯取代產(chǎn)物的同分異構(gòu)體有_種。解析(1)由燃燒通式知neq f(2n2,4)85，n6。該二烯烴為對稱結(jié)構(gòu)，且碳碳雙鍵不能在2、4位，故為1,5己二烯。該烴只有一個雙鍵，剩下的不飽和度是成環(huán)導致的。(2)有機物A的不飽和度為3，但分子只有一種氫原子，說明A的結(jié)構(gòu)高度對稱。因為六個碳原子都在碳

24、碳雙鍵的平面上，故共平面。在考慮同分異構(gòu)時還需考慮順反異構(gòu)。答案(1)CHCH2CH2CH2CHCH2Br2CH2CH2BrCHBrCH2CHCH2(其他合理答案也可)(2)6411某含苯環(huán)的化合物A，其相對分子質(zhì)量為104，碳的質(zhì)量分數(shù)為923%。(1)A的分子式為_。(2)A與溴的四氯化碳溶液反響的化學方程式為_，反響類型是_。(3)：。請寫出A與稀、冷的KMnO4溶液在堿性條件下反響的化學方程式：_。(4)在一定條件下，A與氫氣反響，得到的化合物碳的質(zhì)量分數(shù)為857%，寫出此化合物的結(jié)構(gòu)簡式：_。(5)在一定條件下，由A聚合得到的高分子化合物的結(jié)構(gòu)簡式為_。解析(1)由題意，A分子C原子

25、的個數(shù)為eq f(10492.3%,12)8，剩余元素相對分子質(zhì)量總和為1048128，那么A只含C、H元素，即分子式為C8H8，因它含有苯環(huán)，那么結(jié)構(gòu)簡式為。(2)A與溴的四氯化碳溶液反響的化學方程式為，反響類型是加成反響。(3)由題信息知，反響方程式為。(4)A與氫氣反響，得到的產(chǎn)物碳的質(zhì)量分數(shù)為857%(與烯烴碳的質(zhì)量分數(shù)相等)，那么苯環(huán)和碳碳雙鍵全部與氫氣加成，產(chǎn)物為。(5)由A聚合得到的高分子化合物的結(jié)構(gòu)簡式為。第三單元鹵代烴、醇、酚一、選擇題1只用一種試劑就能鑒別AgNO3溶液、乙醇溶液、苯酚溶液、燒堿溶液、硫氰化鉀溶液，該試劑是()。A溴水 B鹽酸C石蕊 DFeCl3溶液解析Ag

26、NO3乙醇苯酚燒堿KSCN溴水淡黃色沉淀無明顯現(xiàn)象白色沉淀褪色無明顯現(xiàn)象鹽酸白色沉淀無明顯現(xiàn)象無明顯現(xiàn)象無明顯現(xiàn)象無明顯現(xiàn)象石蕊無明顯現(xiàn)象無明顯現(xiàn)象無明顯現(xiàn)象變藍無明顯現(xiàn)象FeCl3溶液白色沉淀無明顯現(xiàn)象紫色紅褐色沉淀血紅色答案D2有兩種有機物Q()與P()，以下有關它們的說法正確的選項是 ()。A二者的核磁共振氫譜均只出現(xiàn)兩種峰且峰面積之比為32B二者在NaOH醇溶液均可發(fā)生消去反響C一定條件下，二者在NaOH溶液均可發(fā)生取代反響DQ的一氯代物只有1種、P的一溴代物有2種解析Q兩個甲基上有6個等效氫原子，苯環(huán)上有2個等效氫原子，峰面積之比應為31，A項錯；苯環(huán)上的鹵素原子無法發(fā)生消去反響，P

27、與鹵素原子相連的碳原子的鄰位碳原子上缺少氫原子，無法發(fā)生消去反響，B項錯；在適當條件下，鹵素原子均可被OH取代，C項對；Q苯環(huán)上的氫原子、甲基上的氫原子均可被氯原子取代，故可得到2種一氯代物，P有兩種不同的氫原子，故P的一溴代物有2種，D項錯。答案C3在鹵代烴RCH2CH2X化學鍵如右所示，那么以下說法正確的選項是 ()。A發(fā)生水解反響時，被破壞的鍵是和B發(fā)生消去反響時，被破壞的鍵是和C發(fā)生水解反響時，被破壞的鍵是D發(fā)生消去反響時，被破壞的鍵是和解析根據(jù)鹵代烴水解反響和消去反響的原理可知C正確。答案C4膳食纖維具有突出的保健功能，是人體的“第七營養(yǎng)素。木質(zhì)素是一種非糖類膳食纖維。其單體之一芥子

28、醇結(jié)構(gòu)簡式如以下圖所示，以下有關芥子醇的說法正確的選項是 ()。A芥子醇分子有兩種含氧官能團B芥子醇分子所有碳原子不可能在同一平面上C芥子醇與足量濃溴水反響，最多消耗3 mol Br2D芥子醇能發(fā)生的反響類型有氧化、取代、加成解析芥子醇分子的三種含氧官能團分別為醚鍵、酚羥基和醇羥基；苯和乙烯都是平面結(jié)構(gòu)，通過單鍵的旋轉(zhuǎn)，可以使所有碳原子處于同一平面上；由于酚類與溴水反響通常在酚羥基的鄰、對位上，但芥子醇這些位置均被其他基團占據(jù)，故只有碳碳雙鍵與溴水發(fā)生反響；芥子醇分子結(jié)構(gòu)含有碳碳雙鍵和醇羥基，故能發(fā)生加成、取代和氧化反響。答案D5白藜蘆醇()廣泛存在于食物(例如桑葚、花生，尤其是葡萄)，它可能

29、具有抗癌性。能夠跟1 mol 該化合物起反響的Br2或H2的最大用量分別是 ()。A1 mol、1 mol B35 mol、7 molC35 mol、6 mol D6 mol、7 mol解析從白藜蘆醇的結(jié)構(gòu)簡式看出，此分子里有1個碳碳雙鍵和兩個帶酚羥基的苯環(huán)。因此，在催化加氫時1 mol該有機物最多可以與7 mol H2加成。由于處于酚羥基鄰、對位的氫原子共有5個，1 mol 該有機物可跟5 mol Br2發(fā)生取代反響，再加上1 mol碳碳雙鍵的加成反響消耗1 mol Br2，故共與6 mol Br2發(fā)生反響。答案D6食品香精菠蘿酯的生產(chǎn)路線(反響條件略去)如下：以下表達錯誤的選項是 ()。A

30、步驟(1)產(chǎn)物殘留的苯酚可用FeCl3溶液檢驗B苯酚和菠蘿酯均可與KMnO4酸性溶液發(fā)生反響C苯氧乙酸和菠蘿酯均可與NaOH溶液發(fā)生反響D步驟(2)產(chǎn)物殘留的烯丙醇可用溴水檢驗解析在苯氧乙酸、苯酚的混合物，用FeCl3溶液可檢驗出酚羥基，選項A正確。苯酚、菠蘿酯(含有碳碳雙鍵)均可被KMnO4酸性溶液氧化，選項B正確。苯氧乙酸含有羧基能和NaOH發(fā)生和反響，菠蘿酯含有酯基，能在堿性條件下發(fā)生水解反響，選項C正確。由于菠蘿酯和烯丙醇都含有碳碳雙鍵，因此在二者的混合物用溴水無法檢驗烯丙醇的存在。答案D7己烯雌酚是一種激素類藥物，結(jié)構(gòu)如下圖，以下有關表達不正確的選項是()。A可以用有機溶劑萃取B可與

31、NaOH和NaHCO3溶液發(fā)生反響C1 mol該有機物可以與5 mol Br2發(fā)生反響D該物質(zhì)能發(fā)生氧化反響解析根據(jù)己烯雌酚的結(jié)構(gòu)可知其含有酚羥基和碳碳雙鍵兩種官能團，其酚羥基能與NaOH溶液發(fā)生反響，但不能與NaHCO3溶液反響，B項錯誤；該有機物分子含有酚羥基，所以具有酚類的性質(zhì)，決定了它能溶于水，但溶解度不會很大，故可用有機溶劑萃取，A項正確；與酚羥基相連的碳原子的鄰位碳原子上的H原子均能被溴原子取代，碳碳雙鍵也能與Br2發(fā)生加成反響，故C正確；該物質(zhì)因含有酚羥基、碳碳雙鍵，故能發(fā)生氧化反響，D項正確。答案B二、非選擇題8(1)根據(jù)下面的反響路線及所給信息填空。A的結(jié)構(gòu)簡式是_，名稱是_

32、。的反響類型是_，的反響類型是_。反響的化學方程式是_。(2)某有機物的結(jié)構(gòu)簡式如下圖。1 mol該有機物與足量的NaOH溶液共熱，充分反響后最多可消耗NaOH的物質(zhì)的量為_mol。解析(1)根據(jù)反響的條件可知A發(fā)生的是取代反響，那么A為，根據(jù)反響的條件可知發(fā)生的是消去反響，再與Br2發(fā)生加成反響得到B()，B再經(jīng)反響消去得到。(2)在該有機物的結(jié)構(gòu)，1個X水解消耗1 mol NaOH，共消耗3 mol NaOH，與苯環(huán)直接相連的2個X，水解產(chǎn)物出現(xiàn)的酚羥基，又可與NaOH溶液反響各再消耗1 mol NaOH，COOH與NaOH發(fā)生和反響消耗1 mol NaOH，酯基水解消耗1 mol NaO

33、H，生成的產(chǎn)物含有酚羥基，又消耗1 mol NaOH，因此共消耗8 mol NaOH。答案(1)環(huán)己烷取代反響加成反響(2)89A是分子式為C7H8的芳香烴，它存在以下一系列轉(zhuǎn)化關系，其C是一種一元醇，D是A的對位一取代物，H與E、I與F分別互為同分異構(gòu)體：(1)化合物I的結(jié)構(gòu)簡式是_，反響B(tài)C的化學方程式是_；(2)設計實驗證明H含有溴原子，還需用到的試劑有_；(3)為驗證EF的反響類型與EG不同，以下實驗方法切實可行的是_。A向EF反響后的混合液參加硝酸酸化，再參加AgNO3溶液得到淡黃色沉淀B向EF反響后的混合液參加溴水，發(fā)現(xiàn)溴水立即褪色C向EF反響后的混合液參加鹽酸酸化后，參加溴的CC

34、l4溶液使之褪色D向EF反響后的混合液參加KMnO4酸性溶液，混合液紅色變淺解析A是甲苯，B是A的溴代產(chǎn)物且水解產(chǎn)物是醇類，因而B是溴甲基苯()；D是A的對位一取代物，其結(jié)構(gòu)簡式是；H、E分別是B、D的加氫產(chǎn)物，它們再發(fā)生消去反響分別得到I、F，E水解得到G。EF的反響類型是消去反響、EG的反響類型是取代反響，EF的反響混合物含有烯烴(產(chǎn)物)、乙醇(溶劑)、NaOH(多余的)和NaBr，EG的反響混合物含有 (多余的)和NaBr。產(chǎn)物都有NaBr，故不可通過檢驗Br的生成驗證兩反響的不同，而NaOH溶液能使溴水褪色，故需先參加鹽酸和多余的NaOH，乙醇也能使KMnO4酸性溶液褪色。10化合物A

35、是合成天然橡膠的單體，分子式為C5H8。A的一系列反響如下(局部反響條件略去)：答復以下問題：(1)A的結(jié)構(gòu)簡式為_，化學名稱是_；(2)B的分子式為_；(3)的反響方程式為_；(4)和的反響類型分別是_，_；(5)C為單溴代物，分子有兩個亞甲基，C與NaOH溶液反響的化學方程式為_。解析(1)結(jié)合題信息，可確定A的結(jié)構(gòu)簡式為，其系統(tǒng)命名為2甲基1,3丁二烯。(2)結(jié)合A與B的反響，可確定B為CH2CHCOOC2H5，其分子式為C5H8O2。(3)反響為加成反響，生成，結(jié)合反響生成，可確定反響為鹵代烴的消去反響，即。11化合物X是一種環(huán)境激素，存在如下轉(zhuǎn)化關系：化合物A能與FeCl3溶液發(fā)生顯

36、色反響，分子含有兩個化學環(huán)境完全相同的甲基，其苯環(huán)上的一硝基取代物只有兩種。1HNMR譜顯示化合物G的所有氫原子化學環(huán)境相同。F是一種可用于制備隱形眼鏡的高聚物。根據(jù)以上信息答復以下問題：(1)以下表達正確的選項是_。a化合物A分子含有聯(lián)苯結(jié)構(gòu)單元b化合物A可以和NaHCO3溶液反響，放出CO2氣體cX與NaOH溶液反響，理論上1 mol X最多消耗6 mol NaOHd化合物D能與Br2發(fā)生加成反響(2)化合物C的結(jié)構(gòu)簡式是_，AC的反響類型是_。(3)寫出同時滿足以下條件的D的所有同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式(不考慮立體異構(gòu))_。a屬于酯類b能發(fā)生銀鏡反響(4)寫出BG反響的化學方程式_。(5)寫

37、出EF反響的化學方程式_。解析A能與FeCl3溶液發(fā)生顯色反響，那么A分子含有酚羥基。A分子苯環(huán)上的一硝基取代物只有兩種，那么A分子苯環(huán)上有兩種不同的H原子。A分子有兩個相同的CH3，且分子式為C15H16O2，與足量溴水反響生成C(C15H12O2Br4)，比照A和C的分子組成可知該反響為取代反響，結(jié)合A分子含酚羥基，A與溴水可能發(fā)生苯環(huán)上酚羥基的鄰、對位取代反響，綜上所述，推知A的結(jié)構(gòu)簡式為，C為。B(C4H8O3)分子的碳原子假設全部飽和，分子式應為C4H10O3，據(jù)此可知B分子存在1個鍵或1個鍵，結(jié)合B在濃H2SO4作用下生成環(huán)狀化合物G，那么B分子應含有1個COOH和1個OH。G(C

38、8H12O4)為環(huán)狀化合物，應為環(huán)狀二元酯，G分子只有1種H原子，那么其結(jié)構(gòu)簡式為(1)A分子不含聯(lián)苯結(jié)構(gòu)單元，a錯。A分子含有酚羥基，不能與NaHCO3反響，b錯。經(jīng)分析知1 mol X最多消耗6 mol NaOH，c對。D分子含有鍵，可與Br2、H2等發(fā)生加成反響，d 對。(2)C為Br原子取代了A酚羥基的鄰位H原子生成的，故應為取代反響。(3)符合條件的D的同分異構(gòu)體應滿足：分子式為C4H6O2；分子含有酯基(COO)和醛基()，有以下四種：HCOOCHCHCH3、第四單元醛、羧酸和酯一、選擇題1橙花醛是一種香料，結(jié)構(gòu)簡式為：(CH3)2C=CHCH2CH2C(CH3)=CHCHO。以下

39、說法正確的選項是()。A橙花醛不可以與溴發(fā)生加成反響B(tài)橙花醛可以發(fā)生銀鏡反響C1 mol橙花醛最多可以與2 mol氫氣發(fā)生加成反響D橙花醛是乙烯的同系物解析有CC，所以可以與溴發(fā)生加成反響；1 mol橙花醛最多可以與3 mol氫氣發(fā)生加成反響(含CHO)；乙烯的同系物只能是單烯烴，而橙花醛是含有兩個碳碳雙鍵的醛；含CHO可以發(fā)生銀鏡反響。答案B2向有機物X參加適宜的試劑(可以加熱)，檢驗其官能團。以下有關結(jié)論不正確的選項是()。試劑現(xiàn)象結(jié)論A金屬鈉有氣體產(chǎn)生含羥基或羧基或羥基、羧基B銀氨溶液產(chǎn)生銀鏡含有醛基C碳酸氫鈉溶液產(chǎn)生氣泡含有羧基D溴水溶液褪色含有碳碳雙鍵解析遇金屬鈉有氣體產(chǎn)生，說明有機

40、物X含羥基和羧基的至少一種，A項正確；遇銀氨溶液產(chǎn)生銀鏡，說明有機物X含醛基，B項正確；與碳酸氫鈉溶液反響產(chǎn)生氣體，說明有機物X含有羧基，C項正確；溴能與碳碳雙鍵、叁鍵發(fā)生加成反響，能氧化醛基，能與苯酚發(fā)生取代反響，因此溴水褪色不能證明有機物X一定含有碳碳雙鍵，D項錯誤。答案D3以下圖是別離乙酸乙酯、乙酸和乙醇混合物的實驗操作流程圖在上述實驗過程，所涉及的三次別離操作分別是 ()。A蒸餾過濾分液B分液蒸餾蒸餾C蒸餾分液分液D分液蒸餾結(jié)晶、過濾解析乙酸乙酯在飽和Na2CO3溶液溶解度很小，二者發(fā)生分層，乙酸與碳酸鈉反響生成乙酸鈉，乙醇溶于水，利用分液使其別離。A為乙酸鈉與乙醇混合溶液，利用蒸餾使

41、乙醇別離。那么B為乙酸鈉參加硫酸生成乙酸，蒸餾得乙酸。答案B4熒光素(X)常用于鈔票等防偽印刷，以下關于它的說法正確的選項是 ()。A1 mol X與足量的NaOH溶液在常溫常壓下反響，最多消耗3 mol NaOHB1 mol X最多能與9 mol氫氣反響C1 mol X與足量的濃溴水反響，最多消耗4 mol Br2DX能與糠醛()發(fā)生縮聚反響解析A項1 mol X(1個分子含1個酚羥基、1個羧基)與足量的NaOH溶液反響，最多消耗2 mol NaOH，錯誤；B項1 mol X最多能與10 mol氫氣反響(羰基也能與H2加成)，錯誤；C項1 mol X與足量的濃溴水反響，最多消耗5 mol B

42、r2(酚羥基鄰位2 mol、3 mol碳碳雙鍵加成3 mol)，錯誤；D項X(含酚羥基)能與糠醛()發(fā)生縮聚反響(類似于苯酚與甲醛的縮聚反響)，正確。答案D5亮菌甲素為利膽解痙藥適用于急性膽囊炎治療等，其結(jié)構(gòu)簡式如圖。以下有關表達正確的選項是()。A亮菌甲素分子式為C12H11O5B亮菌甲素能與三氯化鐵溶液發(fā)生顯色反響C1 mol亮菌甲素在一定條件下與NaOH溶液完全反響最多能消耗2 mol NaOHD每個亮菌甲素分子在一定條件下與足量H2反響后的產(chǎn)物有3個手性碳原子解析A項，烴及其含氧衍生物，H不可能為奇數(shù)，分子式應為C12H10O5，錯誤；B項，由于酚羥基的存在，亮菌甲素能與FeCl3溶液

43、發(fā)生顯色反響，正確；C項，1 mol亮菌甲素，酚羥基消耗1 mol NaOH，酚酯消耗2 mol NaOH，共3 mol NaOH，錯誤；D項，亮菌甲素分子與足量H2完全反響后的產(chǎn)物為，有6個手性碳原子(如圖標“的碳原子)，錯誤。答案B6綠原酸是咖啡的熱水提取液成分之一，結(jié)構(gòu)簡式如下圖，以下關于綠原酸判斷正確的選項是()。A1 mol綠原酸與足量NaHCO3溶液反響，最多消耗3 mol NaHCO3B1 mol綠原酸與足量溴水反響，最多消耗25 mol Br2C1 mol綠原酸與足量NaOH溶液反響，最多消耗4 mol NaOHD綠原酸的水解產(chǎn)物均可以與FeCl3溶液發(fā)生顯色反響解析1 mol

44、綠原酸與足量NaHCO3溶液反響，最多消耗1 mol NaHCO3，A項錯誤；綠原酸分子苯環(huán)上的氫原子均能與溴發(fā)生取代反響，碳碳雙鍵能與溴發(fā)生加成反響，因此，1 mol綠原酸最多能與4 mol Br2發(fā)生反響，B項錯誤；1個綠原酸分子含2個酚羥基、1個羧基和1個酯鍵，故1 mol綠原酸最多能與4 mol NaOH發(fā)生反響，C項正確；綠原酸的水解產(chǎn)物有兩種，其不含苯環(huán)的水解產(chǎn)物不能與FeCl3溶液發(fā)生顯色反響，D項錯誤。答案C7吡啶()與苯環(huán)性質(zhì)相似。有機物M與磷酸在一定條件下形成磷酸吡醛，磷酸吡醛是細胞的重要組成局部。以下說法不正確的選項是 ()。AM能使高錳酸鉀酸性溶液褪色B1 mol M能

45、與金屬鈉反響，消耗2 mol NaC1 mol磷酸吡醛與NaOH溶液反響，最多消耗3 mol NaOHDM與足量H2反響后所得有機物的分子式為C8H17O3N解析M的醇羥基、醛基等都能使高錳酸鉀酸性溶液褪色，A正確；1 mol M含有2 molOH，故消耗金屬鈉2 mol，B正確；1 mol磷酸吡醛水解生成1 mol M和1 mol磷酸，又吡啶與苯環(huán)性質(zhì)相似，故直接連在吡啶環(huán)上的羥基也能與NaOH溶液反響，即1 mol磷酸吡醛最多消耗4 mol NaOH，C錯誤；根據(jù)M的分子式為C8H9O3N，1 mol M可以消耗4 mol H2，故生成物分子式為C8H17O3N，D正確。答案C二、非選擇題

46、8苯甲酸甲酯是一種重要的工業(yè)原料，某研究性學習小組的同學擬用如下圖裝置(圖A的加熱裝置沒有畫出)制取高純度的苯甲酸甲酯，實驗前他們從有關化學手冊查得相關物質(zhì)的物理性質(zhì)如表所示：苯甲酸甲醇苯甲酸甲酯熔點/122497123沸點/2496431996密度/(gcm3)1265 907921088 8水溶性微溶互溶不溶實驗一：制取苯甲酸甲酯(1)在燒瓶混合有機物及濃硫酸的方法是_，試管盛放的液體可能是_，燒瓶反響的方程式為_，要想提高苯甲酸的轉(zhuǎn)化率，可以采取的措施是_。實驗二：提純苯甲酸甲酯(2)停止加熱，待燒瓶內(nèi)的混合物冷卻后，將試管及燒瓶的液體轉(zhuǎn)移到分液漏斗，然后塞上分液漏斗的塞子再_，取下塞子

47、、翻開活塞，使(填主要成分的名稱)_進入錐形瓶，此時目標產(chǎn)物所含雜質(zhì)量最多的物質(zhì)是_。(3)用圖C裝置進行蒸餾提純時，當溫度計顯示_時，可用錐形瓶收集苯甲酸甲酯。實驗三：探究濃硫酸在合成苯甲酸甲酯的作用(4)為確定濃硫酸對此反響存在催化作用，可另取等量反響物在不加濃硫酸情況下進行相同程度的加熱，然后測量兩個實驗的某種數(shù)據(jù)，該數(shù)據(jù)是_。解析(1)因苯甲酸在常溫下是固體，濃硫酸的密度又比甲醇的大，故應先將苯甲酸參加燒瓶，再參加甲醇，最后向燒瓶緩慢參加濃硫酸；試管盛放的液體應是飽和Na2CO3；增加甲醇的用量或移去生成的苯甲酸甲酯均可使平衡向生成酯的方向移動，從而提高苯甲酸的利用率。(2)為使混合物

48、的酸、醇能與Na2CO3溶液充分接觸并轉(zhuǎn)移到Na2CO3溶液，應充分振蕩分液漏斗的混合物，然后靜置，待液體分層后再進行分液。因苯甲酸甲酯的密度比水的密度大，故分液時苯甲酸甲酯在下層，進入錐形瓶，因沒有反響完的苯甲酸轉(zhuǎn)化為易溶于水而難溶于有機物的苯甲酸鈉，而甲醇易溶于苯甲酸甲酯，故分液后苯甲酸甲酯最主要的雜質(zhì)是甲醇。(3)蒸餾的原理是利用液體沸點間存在較大的差異進行的，故收集苯甲酸甲酯的溫度應與其沸點相同。(4)由于催化劑能加快反響速率，故可通過測量加濃硫酸與沒有加濃硫酸的兩個實驗在相同時間內(nèi)試管出現(xiàn)有機層的高度，或者是測量試管生成相同高度的有機層所需的時間，發(fā)現(xiàn)加有濃硫酸的反響在相同時間內(nèi)生成

49、的苯甲酸甲酯較多(或生成等量苯甲酸甲酯需要的時間較少)。答案(1)先將一定量的苯甲酸參加燒瓶，然后再參加甲醇，最后邊振蕩邊緩慢參加一定量的濃硫酸飽和Na2CO3溶液參加過量的甲醇、移走苯甲酸甲酯(2)振蕩后靜置苯甲酸甲酯甲醇(3)1996(4)相同時間內(nèi)兩個試管生成有機層的高度或兩個試管生成相同厚度的有機層所需的時間9A、B、C、D四種芳香族化合物都是某些植物揮發(fā)油的主要成分，它們的結(jié)構(gòu)簡式如下所示：請答復以下問題：(1)用A、B、C、D填空：能發(fā)生銀鏡反響的有_。既能使FeCl3溶液顯紫色，又能與NaHCO3溶液反響放出氣體的有_。(2)按如下圖轉(zhuǎn)化關系，C經(jīng)一步反響可生成E，E和B互為同分

50、異構(gòu)體，那么反響屬于_反響(填反響類型名稱)，寫出反響的化學方程式：_。(3)同時符合以下兩個條件的D的同分異構(gòu)體有4種。化合物是鄰位二取代苯；苯環(huán)上的兩個取代基分別為羥基和含有COO結(jié)構(gòu)的基團。其兩種結(jié)構(gòu)簡式如下所示，請寫出另外兩種同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式。_、_。解析(1)能發(fā)生銀鏡反響的物質(zhì)分子含有醛基，A、C符合。既能使FeCl3溶液顯紫色，又能與NaHCO3溶液反響放出氣體的物質(zhì)應含有酚羥基和羧基，D符合。(2)C的相對分子質(zhì)量是134，E的相對分子質(zhì)量是150，兩者相差16，根據(jù)兩者的分子式可知反響是氧化反響；E是一元羧酸，反響是酯化反響，E和F的相對分子質(zhì)量相差28，再加上生成的水的

51、相對分子質(zhì)量是18，由質(zhì)量守恒得，一元醇的相對分子質(zhì)量為46，是乙醇。(3)根據(jù)要求對D的結(jié)構(gòu)進行變化：必須有酚羥基，另一個取代基可以是酯鍵，也可以是羧基。10某重要香料F的合成路線有多條，其一條合成路線如下：請答復以下問題：(1)在(a)(e)的反響，屬于取代反響的是_(填編號)。(2)化合物C含有官能團的名稱為_。(3)化合物F的結(jié)構(gòu)簡式是_。(4)在上述轉(zhuǎn)化過程，步驟(b)發(fā)生反響的目的是_。(5)寫出步驟(b)發(fā)生反響的化學方程式：_。(6)寫出同時滿足以下四個條件的D的兩種同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式：_。該物質(zhì)屬于芳香族化合物該分子有4種不同化學環(huán)境的氫原子1 mol該物質(zhì)最多可消耗2 m

52、ol NaOH該物質(zhì)能發(fā)生銀鏡反響解析(1)通過判斷知(a)(e)的反響類型依次為復原反響、取代(酯化)反響、氧化反響、取代(水解)反響、消去反響；(2)化合物C所含官能團為碳碳雙鍵和酯鍵；(3)由F的分子式結(jié)合E官能團的性質(zhì)易知F的結(jié)構(gòu)簡式；(4)由合成路線可知步驟(b)具有保護官能團的作用；(5)書寫酯化反響的化學方程式時應注意反響條件；(6)D的分子式為C15H22O3，可知其不飽和度為5，一個苯環(huán)不飽和度為4，一個醛基不飽和度為1，那么另外2個酚羥基與2個叔丁基連在苯環(huán)上，才能滿足4種不同化學環(huán)境的氫原子。答案(1)(b)(d)(2)碳碳雙鍵和酯鍵(3)(4)保護羥基，使之不被氧化(5

53、)11對二甲苯(英文名稱pxylene，縮寫為PX)是化學工業(yè)的重要原料。(1)寫出PX的結(jié)構(gòu)簡式：_。(2)PX可發(fā)生的反響有_、_(填反響類型)。(3)增塑劑(DEHP)存在如以下圖所示的轉(zhuǎn)化關系，其A是PX的一種同分異構(gòu)體。B的苯環(huán)上存在2種不同化學環(huán)境的氫原子，那么B的結(jié)構(gòu)簡式是_。D分子所含官能團是_(填名稱)。C分子有1個碳原子連接乙基和正丁基，DEHP的結(jié)構(gòu)簡式是_。(4)F是B的一種同分異構(gòu)體，具有如下特征：a是苯的鄰位二取代物；b遇FeCl3溶液顯示特征顏色；c能與碳酸氫鈉溶液反響。寫出F與NaHCO3溶液反響的化學方程式：_。解析此題考查了有機物的分子式、官能團的性質(zhì)以及有

54、機物結(jié)構(gòu)的推斷和化學方程式的書寫，重在考查學生的邏輯推理能力。(1)對二甲苯兩個甲基處于苯環(huán)的對位，結(jié)構(gòu)簡式為。(2)對二甲苯分子甲基易被酸性高錳酸鉀等氧化，故能發(fā)生氧化反響；該分子易與Cl2、Br2、濃HNO3等發(fā)生取代反響；由于含有苯環(huán)，故能與H2發(fā)生加成反響。(3)由于B是由A經(jīng)氧化得到，故為二元羧酸，當苯環(huán)上存在2種不同化學環(huán)境的氫原子時，B為鄰苯二甲酸，其結(jié)構(gòu)簡式為。由于D能發(fā)生銀鏡反響，故分子含有醛基。由于C能被氧化成醛，那么分子含有CH2OH，且有1個碳原子連接乙基和正丁基，那么分子結(jié)構(gòu)為，由B和C的結(jié)構(gòu)可以推出DEHP的結(jié)構(gòu)簡式為。(4)F遇FeCl3發(fā)生顯色反響，故分子含有酚

55、羥基，能與碳酸氫鈉溶液反響說明有羧基，又是苯的鄰位二取代物，故分子結(jié)構(gòu)為，它與NaHCO3溶液反響的化學方程式為第五單元根本營養(yǎng)物質(zhì)有機合成一、選擇題1有一過程如下： 根據(jù)上圖，a、b、c可分別表示()。A淀粉、酶、葡萄糖 B蔗糖、酶、果糖C纖維素、酶、葡萄糖 D麥芽糖、酶、葡萄糖解析由圖可知，b為催化劑，H2O和a反響生成兩個相同分子c，符合麥芽糖的水解反響特點，此題應選D選項。答案D2某有機物含有C、H、O、N等元素，該有機物在水形成的分散系無丁達爾效應，那么該有機物可能是()。A脂肪 B淀粉 C蛋白質(zhì) D氨基酸解析物質(zhì)含有N元素，那么可能為氨基酸或蛋白質(zhì)。蛋白質(zhì)溶于水形成膠體，有丁達爾效

56、應，該有機物只能是氨基酸。答案D3以下說法正確的選項是()A淀粉和纖維素的化學式均為(C6H10O5)n，二者互為同分異構(gòu)體B從形式上看，酯化反響也屬于取代反響C油脂的相對分子質(zhì)量都較大，所以屬于高分子化合物D乙烯能使酸性高錳酸鉀溶液和溴水褪色，二者反響原理相同答案 B4以下關于有機物的表達正確的選項是()A乙醇、乙酸、乙酸乙酯都能發(fā)生取代反響，乙酸乙酯的少量乙酸可用飽和Na2CO3溶液除去B棉花、淀粉、植物油、蛋白質(zhì)都是由高分子化合物組成的物質(zhì)，都能水解，但水解產(chǎn)物不同C乙烷、乙烯、乙醇和乙酸互為同系物，葡萄糖與果糖互為同分異構(gòu)體D乙烯、聚乙烯和苯都能使溴水褪色，褪色的原因相同答案 A5一種

57、有機玻璃的結(jié)構(gòu)簡式如下圖。以下關于它的表達不正確的選項是()。A該有機玻璃是一種線形結(jié)構(gòu)的高分子材料B該有機玻璃的化學名稱為聚甲基丙烯酸甲酯C可用過濾的方法除去CCl4少量的該有機玻璃D該有機玻璃在一定條件下發(fā)生水解反響時，CO鍵發(fā)生斷裂 解析由有機玻璃的結(jié)構(gòu)簡式可知其為線形結(jié)構(gòu)；其結(jié)構(gòu)簡式含有，水解時的CO鍵斷裂；該有機玻璃能溶于CCl4。答案C6某物質(zhì)的球棍模型如下圖，關于該物質(zhì)的說法不正確的選項是()。A該物質(zhì)的結(jié)構(gòu)簡式為B該物質(zhì)可以發(fā)生加成反響C該物質(zhì)既可以與強酸反響也可以與強堿反響D該物質(zhì)可以聚合成高分子物質(zhì)解析A項，所給的結(jié)構(gòu)簡式的六元環(huán)應為苯環(huán)，不正確；B項，該物質(zhì)有苯環(huán)，可與氫

58、氣發(fā)生加成反響，正確；C項，該物質(zhì)為苯丙氨酸，氨基可與強酸反響，羧基可與強堿反響，正確；D項，該物質(zhì)的羧基和氨基可以發(fā)生分子間脫水反響形成高分子化合物，正確。答案A7天然油脂結(jié)構(gòu)的核心為甘油HOCH2CH(OH)CH2OH，有一瘦身用的非天然油脂，其結(jié)構(gòu)的核心那么為蔗糖(C12H22O11)。該非天然油脂可由直鏈型的不飽和油酸(C17H33COOH)與蔗糖反響而得，其反響示意圖如以下圖所示(注意：圖的反響式不完整)。以下說法正確的選項是()。A蔗糖酯也是高級脂肪酸的甘油酯，屬于油脂類物質(zhì)B該非天然油脂與氫氧化鈉溶液共熱，其水解產(chǎn)物不與溴水反響C非天然油脂為高分子化合物D該蔗糖酯在稀硫酸的作用下水解，最終可生成三種有機化合物解析A項蔗糖酯是高級脂肪酸與蔗糖形成的酯，并非某甘油酯；B項水解生成的不飽和油酸鈉含有不飽和鍵，能與溴水反響；非天然油脂不是高分子化合物，故A、B、C項錯誤；D項的水解產(chǎn)物為葡萄糖、果糖和不飽和油酸三種物質(zhì)，D項正確。答案D二、非選擇題8生活的有機物種類豐富，在衣食住行等多方面應用廣泛，其乙醇和乙酸是比擬常見的有機物。(1)工業(yè)上用乙烯與水反響可制得乙醇，該反響的化學方程式為_(不用寫反響條件)，原子利用率是_。(2)乙醇能夠發(fā)生氧化反響：乙醇在銅作催化劑的條件下可被氧