2021-2022學(xué)年上海市奉賢區(qū)市級名校高考仿真卷物理試題含解析

1、2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答

2、題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，容量足夠大的圓筒豎直放置，水面高度為h，在圓筒側(cè)壁開一個小孔P，筒內(nèi)的水從小孔水平射出，設(shè)水到達(dá)地面時的落點距小孔的水平距離為x，小孔P到水面的距離為y。短時間內(nèi)可認(rèn)為筒內(nèi)水位不變，重力加速度為g，不計空氣阻力，在這段時間內(nèi)下列說法正確的是（）A水從小孔P射出的速度大小為By越小，則x越大Cx與小孔的位置無關(guān)D當(dāng)y = ，時，x最大，最大值為h2、兩個完全相同的帶有同種電荷的小球M和N（可看成點電荷），用輕質(zhì)絕緣彈簧相連后放在光滑絕緣水平面上的P，Q兩點靜止不動，如圖

3、所示。若將小球N的帶電量突然減小一半后的瞬間，小球M和N的加速度大小分別為a1和a2，下列結(jié)論正確的是（）Aa1=0,a20Ba10,a2=0Ca10,a20，且a1a2Da10,a20，且a1=a23、中國核學(xué)會發(fā)布消息稱，截至201 9年6月底，中國大陸在運核電機組47臺，裝機容量4873萬千瓦，位居全球第三。鈾核（）是獲得核能的主要原料之一，其中一種核反應(yīng)方程為并釋放核能，下列說法正確的是（）A該核反應(yīng)是重核裂變，產(chǎn)物的結(jié)合能之和大于鈾核（）的結(jié)合能B該核反應(yīng)在中子的轟擊下發(fā)生，核反應(yīng)為人工轉(zhuǎn)變CX原子核中的核子數(shù)為140個，中子數(shù)為84個D因為裂變時釋放能量，根據(jù)E=mc2，所以裂變后

4、的總質(zhì)量數(shù)減少4、如圖所示，在O點處放正點電荷，以水平線上的某點O為圓心，畫一個圓與電場線分別相交于a、b、c、d、e則下列說法正確的是 ( )Ab、e兩點的電場強度相同Bb、c兩點間電勢差等于e、d兩點間電勢差Ca點電勢高于c點電勢D負(fù)電子在d點的電勢能大于在b點的電勢能5、如圖所示，波長分別為a、b的單色光a、b，沿著AO、BO方向射入半圓形玻璃磚，出射光線都沿OC，則下列說法錯誤的是（）Aa、b光從玻璃磚射入空氣時，均受到玻璃磚的作用力B在玻璃磚內(nèi)a光的動量大于在空氣中a光的動量Ca”或“)鋼球球心通過光電門的瞬時速度。12（12分）多用電表的原理如圖為簡易多用電表的電路圖。圖中E是電池

5、；R1、R2、R3、R4和R5是固定電阻，R6是可變電阻；表頭G的滿偏電流為250A，內(nèi)阻為480。虛線方框內(nèi)為換擋開關(guān)，A端和B端分別與兩表筆相連。該多用電表有5個擋位，5個擋位為：直流電壓1 V擋和5 V擋，直流電流1 mA擋和2.5 mA 擋，歐姆100 擋。(1)圖中的A端與_（填“紅”或“黑”）色表筆相連接；(2)根據(jù)題給條件可得R1_，R2_，R4_，R5_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，矩形PQMN區(qū)域內(nèi)有水平向左的勻強電場，電場強度大小為E，已知PQ長度為3L，PN長度為L。

6、質(zhì)量為m、電量大小為q的帶負(fù)電粒子以某一初速度從P點平行PQ射入勻強電場，恰好從M點射出，不計粒子的重力，可能用到的三角函數(shù)值sin30=0.5，sin37=0.6，sin45=。(1)求粒子入射速度v0的大??；(2)若撤走矩形PQMN區(qū)域內(nèi)的勻強電場，加上垂直紙面向里的勻強磁場。該粒子仍以相同的初速度從P點入射，也恰好從M點射出磁場。求勻強磁場磁感應(yīng)強度B的大小和粒子在磁場中運動的時間t。14（16分）如圖，在xOy平面的第一、四象限內(nèi)存在著方向垂直紙面向外、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，第四象限內(nèi)存在方向沿-y方向、電場強度為E的勻強電場從y軸上坐標(biāo)為a的一點向磁場區(qū)發(fā)射速度大小不等的帶正電同

7、種粒子，速度方向范圍是與+y方向成30150，且在xOy平面內(nèi)結(jié)果所有粒子經(jīng)過磁場偏轉(zhuǎn)后都垂直打到x軸上，然后進入第四象限的勻強電場區(qū)已知帶電粒子電量為q，質(zhì)量為m，重力不計求：（1）垂直y軸方向射入磁場粒子運動的速度大小v1；（2）粒子在第象限的磁場中運動的最長時間以及對應(yīng)的射入方向；（3）從x軸上點射人第四象限的粒子穿過電磁場后經(jīng)過y軸上的點，求該粒子經(jīng)過點的速度大小15（12分）傾角為的斜面與足夠長的光滑水平面在D處平滑連接，斜面上AB的長度為3L，BC、CD的長度均為3.5L，BC部分粗糙，其余部分光滑。如圖，4個“ ”形小滑塊工件緊挨在一起排在斜面上，從下往上依次標(biāo)為1、2、3、4，

8、滑塊上長為L的輕桿與斜面平行并與上一個滑塊接觸但不粘連，滑塊1恰好在A處?，F(xiàn)將4個滑塊一起由靜止釋放，設(shè)滑塊經(jīng)過D處時無機械能損失，輕桿不會與斜面相碰。已知每個滑塊的質(zhì)量為m并可視為質(zhì)點，滑塊與粗糙面間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度為g。求（1）滑塊1剛進入BC時，滑塊1上的輕桿所受到的壓力大小；（2）4個滑塊全部滑上水平面后，相鄰滑塊之間的距離。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A取水面上質(zhì)量為m的水滴，從小孔噴出時由機械能守恒定律可知解得選項A錯誤；BCD水從小孔P射出時做平拋運動，則x=vth-y=g

9、t2解得可知x與小孔的位置有關(guān)，由數(shù)學(xué)知識可知，當(dāng)y=h-y，即y=h時x最大，最大值為h，并不是y越小x越大，選項D正確，BC錯誤。故選D。2、D【解析】由題意可知開始時M、N兩球開始靜止不動，則彈簧的彈力等于它們之間的庫侖力，當(dāng)小球N的帶電量突然減小一半后的瞬間根據(jù)庫侖定律可知它們之間的庫侖力立即減小，而彈簧的彈力在這一瞬間保持不變，故合力不為零，根據(jù)牛頓第二定律可知F-FN=ma因為這一瞬間兩球所受彈簧彈力和庫侖力都是大小相等，方向相反，而兩球質(zhì)量相同，故兩球加速度大小相等，方向相反，故D正確，ABC錯誤。故選D。3、A【解析】A結(jié)合質(zhì)量數(shù)守恒與電荷數(shù)守恒可知，鈾核裂變的產(chǎn)物為氙核和鍶核

10、，并會釋放能量，則裂變產(chǎn)物的結(jié)合能之和一定大于鈾核的結(jié)合能，故A正確；B該核反應(yīng)為重核裂變，不是人工轉(zhuǎn)變，故B錯誤；CX原子核中的核子數(shù)為（235+1）-（94+2）=140個，中子數(shù)為140-（92-38）=86個，故C錯誤；D裂變時釋放能量，出現(xiàn)質(zhì)量虧損，但是總質(zhì)量數(shù)不變，故D錯誤。故選A。4、B【解析】b、e兩點到點電荷O的距離相等，根據(jù)E=kQr2可知兩點處的電場強度大小相等，但是方向不同，故電場強度不同，A錯誤；b、e兩點到點電荷O的距離相等，即兩點在同一等勢面上，電勢相等，c、d兩點到點電荷O的距離相等，即兩點在同一等勢面上，電勢相等，故b、c兩點間電勢差等于e、d兩點間電勢差，B

11、正確；在正電荷產(chǎn)生的電場中，距離點電荷越近，電勢越高，故a點的電勢低于c點的電勢，b點電勢低于d點電勢，而負(fù)電荷在低電勢處電勢能大，故負(fù)電子在d點的電勢能小于在b點的電勢能，CD錯誤；【點睛】本題的關(guān)鍵是掌握點電荷電場規(guī)律：距離正點電荷越近，電勢越高，電場強度越大，在與點電荷等距的點處的電勢相等，負(fù)點電荷在低電勢處電勢能大5、C【解析】A由圖可知a、b光從玻璃磚射入空氣時，均發(fā)生偏折，可知光子的動量發(fā)生變化，由動量定理可知都受到玻璃磚的作用力，A正確；B玻璃磚對a光的折射率大于空氣對a光的折射率，根據(jù)可知，a光在空氣中的速度大；光子的動量所以在玻璃磚內(nèi)a光的動量大于在空氣中a光的動量，B正確；

12、Ca光的折射率比b光的折射率大，則知a光的頻率比b光的頻率高，由可知a的波長小于b的波長.a的折射率大，由可知a的臨界角小，C錯誤；D由光路圖看出，a光的偏折角大于b的偏折角，折射定律分析得知，a光的折射率比b光的折射率大，由折射率與光的頻率的關(guān)系可知，a的頻率大；光子的動量則在玻璃中，a光的動量大于在玻璃磚內(nèi)b光的動量，D正確。本題選錯誤的，故選C。6、B【解析】第一段的平均速度；第二段的平均速度，中間時刻的速度等于平均速度，則，故選B.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0

13、分。7、CDE【解析】A由圖可知，波長振幅各質(zhì)點開始振動的方向為方向。M點振動開始后，又經(jīng)過1.1s恰好第三次到達(dá)波谷，則有則所以A錯誤；B則波速為所以B錯誤；C從圖示時刻開始，波傳播至M點需時間之后的則M振動路程為所以M點的運動路程為28cm，C正確；D從圖示時刻開始，波傳播至N點需時間之后的則N點第四次到達(dá)波峰，D正確；E波的頻率為則其相干波的頻率為2.5Hz，E正確。故選CDE。8、BC【解析】A小球在時刻速度達(dá)到最大，此時彈簧的彈力等于重力沿斜面的分力，則有彈故A錯誤；B在乙圖中，關(guān)于點對稱的點可知此時彈簧的彈力為，由對稱性得由對稱軸到對稱點的彈簧的彈力再變化，故到達(dá)點時彈簧的彈力大于

14、，所以彈力大于，根據(jù)牛頓第二定律可知彈解得故B正確；C整個過程中，彈簧和小球組成的系統(tǒng)，機械能守恒，故從點釋放，小球能到達(dá)原來的釋放點，故C正確；D小球從時刻到時刻的過程中，系統(tǒng)機械能守恒，則有重力勢能的減小量與動能的減小量等于彈簧彈性勢能的增加量，所以重力勢能的減小量小于彈簧彈性勢能的增加量，故D錯誤。故選BC。9、BD【解析】AB當(dāng)力F作用到桿2上時，桿2立刻做加速運動，隨著速度的增加產(chǎn)生感應(yīng)電流，從而產(chǎn)生向左的安培力，此時的加速度則隨速度增加，桿2做加速度減小的加速運動，當(dāng)加速度減為零時做勻速運動；此時對桿1所受的安培力若小于最大靜摩擦力，則此過程中桿1始終不動，則圖像A錯誤，B正確；C

15、D由上述分析可知，若安培力增加到一定值時桿2開始運動，則隨著安培力的增加，棒2做加速度逐漸增加的加速運動，桿1做加速度減小的加速運動，當(dāng)兩桿的加速度相等時，兩桿的速度差恒定，此時兩桿所受的安培力恒定，加速度恒定，則選項C錯誤，D正確。故選BD。10、AB【解析】A當(dāng)F較小時，木塊和小車相對靜止，由牛頓第二定律有F=(m+M)aFf=ma得Ff=Ff與F成正比，當(dāng)Ff增大到等于mg后，木塊與小車間緩慢相對移動，F(xiàn)f保持不變，故A正確；B當(dāng)彈簧產(chǎn)生彈力時，摩擦力達(dá)最大Ff=mg可得F=(m+M)g故B正確；C當(dāng)F達(dá)最大時，有2(m+M)g=(m+M)amg+F=ma得F=mg所以靜摩擦力和彈簧彈力

16、都是由零增大到mg，但由于靜摩擦力產(chǎn)生在先，彈簧彈力產(chǎn)生在后，木塊的速度不相同，木塊的位移不相同，所以兩力做功不相等，故C錯誤；D彈簧的彈性勢能等于彈簧的彈力做功，相對應(yīng)的位移為木塊在小車上滑動的距離，系統(tǒng)的內(nèi)能等于滑動摩擦力與木塊在小車上滑動的距離的乘積，但由于兩力并不相等，所以彈簧獲得的彈性勢能與系統(tǒng)獲得的內(nèi)能不相等，故D錯誤。故選AB。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 mg 【解析】（1）1鋼球通過光電門A、B時的瞬時速度分別為、由解得加速度2由牛頓第二定律得解得（2）3由勻變速直線運動的規(guī)律，鋼球通過光電門的平均速度等于中間

17、時刻的瞬時速度，而球心通過光電門的中間位移的速度大于中間時刻的瞬時速度。12、黑 64 96 880 4000 【解析】(1)1根據(jù)歐姆表原理可知，內(nèi)部電源的正極應(yīng)接黑表筆，這樣才能保證在測電阻時電流表中電流“紅進黑出”，所以A端應(yīng)接黑色筆；(2)23與表頭串聯(lián)是電壓表的改裝，與表頭并聯(lián)是電流表的改裝。當(dāng)開關(guān)撥向1，此時電表為量程為電流表，電路圖如圖此時有當(dāng)開關(guān)撥向2，此時電表為量程為電流表，電路圖如圖此時有聯(lián)立兩式可解得R1=64，R2=96；45當(dāng)開關(guān)撥向4，此時電表為量程為1V的電壓表，此時有當(dāng)開關(guān)撥向5，此時電表為量程為5V的電壓表，此時有聯(lián)立兩式解得R4=880；R5=4000。四、

18、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2），【解析】(1)粒子做類平拋運動，有 解得 (2)洛倫磁力作為向心力，有由幾何關(guān)系得得回旋角又因為聯(lián)立解得14、（1）（2）（3）【解析】（1）如圖所示，粒子運動的圓心在O點，軌道半徑由得（2）當(dāng)粒子初速度與y軸正方向夾角30時，粒子運動的時間最長此時軌道對應(yīng)的圓心角粒子在磁場中運動的周期綜上可知（3）如圖所示設(shè)粒子射入磁場時速度方向與y軸負(fù)方向的夾角為，則有可得，此粒子進入磁場的速度v0，則：設(shè)粒子到達(dá)y軸上速度為v，根據(jù)動能定理，有：解得：15、（1）（2）【解析】（1）以4個滑塊為研究對象，設(shè)第一個滑塊剛進BC段時，4個滑塊的加速度為a，由牛頓第二定律： 以滑塊1為研究對象，設(shè)剛進入BC段時，輕桿受到的壓力為F，由牛頓第二定律：已知聯(lián)立可得：（2）設(shè)4個滑塊完全進入粗糙段時，也即