陜西省銅川市同官高級中學2022年高三3月份第一次模擬考試物理試卷含解析

1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答

2、題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數比為2:3，兩端共接有六只相同的小燈泡L1、L2、 L3、L4、L5和L6（電阻恒定不變），變壓器的原線圈接有輸出電壓U恒定的交流電源，六只小燈泡均發(fā)光下列說法正確的是（ ）AL1、L2、 L3三只燈泡亮度一定相同B小燈泡L2一定比L4亮C交流電源輸出電壓U是小燈泡L4兩端電壓的4.5倍DL1消耗的功率是L2消耗燈泡的2.25倍2、筆記本電腦機身和顯示屏對應部位分別有磁體和霍爾元件。當顯示屏開啟時磁體遠離霍爾元件，電腦正常工作；當顯示屏閉合

3、時磁體靠近霍爾元件，屏幕熄滅，電腦進入休眠狀態(tài)。如圖所示，一塊寬為a、長為c的矩形半導體霍爾元元件，元件內的導電粒子是電荷量為e的自由電子，通入方向向右的電流I時，電子的定向移動速度v，當顯示屏閉合時元件處于垂直于上表面、方向向下的勻強磁場B中，于是元件的前、后表面間出現電壓U，以此控制屏幕的熄滅。則元件的（ ）A前表面的電勢比后表面的低。B前、后表面間的電壓U=BveC前、后表面間的電壓U與I成正比D自由電子受到的洛倫茲力大小為3、圖1所示為一列簡諧橫波在t=0時的波動圖象，圖2所示為該波中x=2m處質點P的振動圖象，下列說法正確的是（ ）A該波的波速為2m/sB該波沿x軸負方向傳播Ct=

4、1.0s時，質點P的速度最小，加速度最大D在t=0到t=2.0s的時間內，質點P的速度和加速度方向均未發(fā)生改變4、下列關于原子物理知識的敘述正確的是（）A衰變的實質是核內的中子轉化為一個質子和一個電子B結合能越大，原子核內核子結合得越牢固，原子核越穩(wěn)定C兩個輕核結合成一個中等質量的核，核子數不變質量不虧損D對于一個特定的氡原子，知道了半衰期，就能準確的預言它在何時衰變5、下列說法正確的是（）A陰極射線的本質是高頻電磁波B玻爾提出的原子模型，否定了盧瑟福的原子核式結構學說C貝克勒爾發(fā)現了天然放射現象，揭示了原子核內部有復雜結構D變成，經歷了4次衰變和6次衰變6、14C測年法是利用14C衰變規(guī)律對

5、古生物進行年代測定的方法若以橫坐標t表示時間，縱坐標m表示任意時刻14C的質量，m0為t=0時14C的質量下面四幅圖中能正確反映14C衰變規(guī)律的是ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，足夠大的水平圓臺中央固定一光滑豎直細桿，原長為L的輕質彈簧套在豎直桿上，質量均為m的光滑小球A、B用長為L的輕桿及光滑鉸鏈相連，小球A穿過豎直桿置于彈簧上。讓小球B以不同的角速度繞豎直桿勻速轉動，當轉動的角速度為0時，小球B剛好離開臺面。彈簧始終在彈性限度內，勁度系數為k

6、，重力加速度為g，則A小球均靜止時，彈簧的長度為L-B角速度=0時，小球A對彈簧的壓力為mgC角速度0=D角速度從0繼續(xù)增大的過程中，小球A對彈簧的壓力不變8、一定質量的理想氣體，從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，再變化到狀態(tài)C，變化過程的p-V圖象如圖所示，已知狀態(tài)A時氣體溫度為200K。下列說法正確的是（）A狀態(tài)B時氣體溫度是600KB狀態(tài)C時氣體溫度是600KC狀態(tài)A到B的過程，氣體放熱D狀態(tài)B到C的過程，氣體放熱E.狀態(tài)A到B再到C的過程，氣體內能先增大后減小9、理論研究表明，無限大的均勻帶電平板在周圍空間會形成與平面垂直的勻強電場現有兩塊無限大的均勻絕緣帶電平板正交放置，如圖所示，A1B1板兩面

7、帶正電，A2B2板兩面帶負電，且兩板單位面積所帶電荷量相等(設電荷不發(fā)生移動)圖中直線A1B1和A2B2分別為帶正電平面和帶負電平面與紙面正交的交線，O為兩交線的交點，C、D、E、F恰好位于紙面內正方形的四個頂點上，且CE的連線過O點則下列說法中正確的是 AD、F兩點電勢相同BE、F兩點場強相同CUEFUEDD在C、D、E、F四個點中電子在F點具有的電勢能最大10、如圖所示，單匝線圈ABCD邊長為L，粗細均勻且每邊電阻均為R，在外力作用下以速度v向右勻速全部進入場強為B的勻強磁場，線圈平面垂直于磁場方向，且。以下說法正確的是（ ）A當CD邊剛進入磁場時，CD兩點間電勢差為BLvB若第二次以速度

8、2v勻速全部進入同一磁場，則通過線圈某一橫截面電量是第一次的2倍C若第二次以速度2v勻速全部進入同一磁場，則外力做功的功率為第一次的4倍D若第二次以速度2v勻速全部進入同一磁場，則線圈中產生的熱量是第一次的2倍三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）小明所在的課外活動小組在實驗室測量導線的電阻率，他們在實驗室選取了一段金屬絲，經過討論他們進行了如下操作。（1）先用刻度尺測量其長度如圖l所示，該段金屬絲的長度為_ cm。（2）接著他們使用多用電表粗測金屬絲的電阻，操作過程分以下三個步驟：（請?zhí)顚懙诓讲僮鳎⒓t、黑表筆分別插入多用電表的“

9、+”“-”插孔，選擇電阻擋“l(fā)”；_，調整歐姆調零旋鈕，_；把紅、黑表筆分別與金屬絲的兩端相接，多用電表的示數如圖2所示。（3）根據多用電表示數，為了減小實驗誤差，并在實驗中獲得較大的電壓調節(jié)范圍，應從圖3中的四個電路中選擇_電路來測量金屬絲電阻，閉合開關前應將滑動變阻器的滑片P移至最_（填“左”或“右”）端，多次測量求平均值后測得該金屬絲的電阻為5.2。A B C D （4）他們使用千分尺測量金屬絲的直徑，示數如圖4所示，金屬絲的直徑為_mm。（5）根據以上數據可以計算出該金屬絲的電阻率為=_（結果保留兩位有效數字）。12（12分）某小組利用圖甲所示的電路進行“測電池的電動勢和內阻”的實驗，

10、實驗的操作過程為：閉合開關，讀出電流表的示數I和電阻箱的阻值R；改變電阻箱的阻值，記錄多組R、I的值，并求出的值，填寫在如下表格中。(1)根據實驗數據在坐標系中描出坐標點，如圖乙所示，請在坐標系中作出圖象_；(2)由圖象求得電池的電動勢_V，內阻_；（結果均保留兩位小數）(3)上述方案中，若考慮電流表內阻對測量的影響，則電動勢E的測量值_真實值，內阻r的測量值_真實值。（均選填“大于”、“等于”或“小于”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，在長方體玻璃磚內部有一半球形氣泡，球心為O，半徑為R，其平面

11、部分與玻璃磚表面平行，球面部分與玻璃磚相切于O點。有束單色光垂直玻璃磚下表面入射到氣泡上的A點，發(fā)現有一束光線垂直氣泡平面從C點射出，已知OA=R，光線進入氣泡后第一次反射和折射的光線相互垂直，氣泡內近似為真空，真空中光速為c，求：（i）玻璃的折射率n；（ii）光線從A在氣泡中多次反射到C的時間。14（16分）如圖所示的坐標系內，直角三角形OPA區(qū)域內有一方向垂直于紙面向外的勻強磁場。在x軸上方，三角形磁場區(qū)域右側存在一個與三角形OP邊平行的勻強電場，電場強度為E，方向斜向下并與x軸的夾角為30，已知OP邊的長度為L，有一不計重力、質量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從靜止開始經加速電場加速后，

12、以v0的速度從A點垂直于y軸射入磁場；一段時間后，該粒子在OP邊上某點以垂直于OP邊方向射入電場，最終速度方向垂直于x軸射出電場。求：(1)加速電壓及勻強磁場的磁感應強度大小(2)帶電粒子到達x軸時的動能與帶電粒子剛進入磁場時動能的比值(3)帶電粒子從射入磁場到運動至x軸的時間15（12分）如圖所示，可視為質點的質量為m=1.2kg的小滑塊靜止在水平軌道上的A點，在水平向右的恒定拉力F=4N的作用下，從A點開始做勻加速直線運動，當其滑行到AB的中點時撤去拉力，滑塊繼續(xù)運動到B點后進入半徑為R=1.3m且內壁光滑的豎直固定圓軌道，在圓軌道上運行一周后從B處的出口（未畫出，且入口和出口稍稍錯開）出

13、來后向C點滑動，C點的右邊是一個“陷阱”，D點是平臺邊緣上的點，C、D兩點的高度差為h=1.2m，水平距離為x=1.6m。已知滑塊運動到圓軌道的最高點時對軌道的壓力大小剛好為滑塊重力的3倍，水平軌道BC的長度為l2=2.1m，小滑塊與水平軌道AB、BC間的動摩擦因數均為=15，重力加速度g=11m/s2。(1)求水平軌道AB的長度l1；(2)試通過計算判斷小滑塊能否到達“陷阱”右側的D點；(3)若在AB段水平拉力F作用的范圍可變，要達到小滑塊在運動過程中，既不脫離豎直圓軌道，又不落入C、D間的“陷阱”的目的，試求水平拉力F作用的距離范圍。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24

14、分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】設小燈泡L4兩端電壓為，則有副線圈的輸出電壓為，根據電壓與匝數成正比，原線圈的輸入電壓為，L2、 L3兩只燈泡串聯后的總電壓為；設通過小燈泡L4電流為，根據電流與匝數成反比，則有原線圈電流為，根據歐姆定律可得通過L2、 L3兩只燈泡的電流為，根據并聯分流可得通過L1燈泡的電流為，小燈泡L1兩端電壓為，根據串聯分壓可知交流電源輸出電壓，根據電功率公式可知，故C正確，A、B、D錯誤；2、C【解析】A電流方向向右，電子向左定向移動，根據左手定則判斷可知，電子所受的洛倫茲力方向向里，則后表面積累了電子，前表面的電勢比后表面的電勢高，

15、故A錯誤；B由電子受力平衡可得解得，電流越大，電子的定向移動速度v越大，所以前、后表面間的電壓U與I成正比，所以故B錯誤，C正確；D穩(wěn)定時自由電子受力平衡，受到的洛倫茲力等于電場力，即故D錯誤。故選C。3、C【解析】A.由圖1讀出波長，由圖2讀出，因此該波的波速，故選項A錯誤；B.由圖2可以看出，質點P在時向上振動，根據“同側法”知，波沿軸正方向傳播，故選項B錯誤；C.由圖2可知，時，質點位于波峰位置，速度最小，加速度最大，故選項C正確；D.從到是半個周期，質點從平衡位置向上振動到波峰位置，然后再回到平衡位置，它的速度方向先向上再向下，加速度方向是由回復力方向決定的，該過程中回復力的方向一直向

16、下，所以加速度方向一直向下，故選項D錯誤。4、A【解析】A衰變所釋放的電子，是原子核內的中子轉化成質子和電子所產生的，故A正確；B比結合能越大，原子核中核子結合得越牢固，原子核越穩(wěn)定，結合能大，原子核不一定越穩(wěn)定，故B錯誤；C兩個輕核結合成一個中等質量的核，會釋放一定的能量，根據愛因斯坦質能方程可知存在質量虧損，故C錯誤；D半衰期是統計規(guī)律，對于一個特定的衰變原子，我們只知道它發(fā)生衰變的概率，并不知道它將何時發(fā)生衰變，發(fā)生多少衰變，故D錯誤。故選A。5、C【解析】A陰極射線的本質是高速電子流，不是高頻電磁波，選項A錯誤；B玻爾提出的原子模型，成功解釋了氫原子發(fā)光現象，但是沒有否定盧瑟福的核式結

17、構模型，故B錯誤。C貝克勒爾發(fā)現了天然放射現象，揭示了原子核內部有復雜結構，選項C正確；D變成，經歷了次衰變，82-（94-82）=4次衰變，選項D錯誤。故選C。6、C【解析】設衰變周期為T，那么任意時刻14C的質量，可見，隨著t的增長物體的質量越來越小，且變化越來越慢，很顯然C項圖線符合衰變規(guī)律故選C【點睛】本題考查衰變規(guī)律和對問題的理解能力根據衰變規(guī)律表示出兩個物理量之間的關系再選擇對應的函數圖象二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】A若兩球靜止時，均

18、受力平衡，對B球分析可知桿的彈力為零，；設彈簧的壓縮量為x，再對A球分析可得：，故彈簧的長度為：，故A項正確；BC當轉動的角速度為0時，小球B剛好離開臺面，即，設桿與轉盤的夾角為，由牛頓第二定律可知：而對A球依然處于平衡，有：而由幾何關系：聯立四式解得：，則彈簧對A球的彈力為2mg，由牛頓第三定律可知A球隊彈簧的壓力為2mg，故B錯誤，C正確；D當角速度從0繼續(xù)增大，B球將飄起來，桿與水平方向的夾角變小，對A與B的系統，在豎直方向始終處于平衡，有：則彈簧對A球的彈力是2mg，由牛頓第三定律可知A球隊彈簧的壓力依然為2mg，故D正確；故選ACD。8、ADE【解析】A從A到B為等容變化，則由查理定

19、律可得選項A正確； B從B到C為等壓變化，則由蓋呂薩克定律可得選項B錯誤；C狀態(tài)A到B的過程，氣體體積不變，則W=0，溫度升高，則U0，則由熱力學第一定律可知，氣體吸熱，選項C錯誤；D狀態(tài)B到C的過程，氣體體積減小，則W0；溫度降低，則U0，則由熱力學第一定律可知，Q0，即氣體放熱，選項D正確；E狀態(tài)A到B再到C的過程，氣體溫度先升高后降低，可知氣體的內能先增大后減小，選項E正確。故選ADE。9、BD【解析】無限大的均勻帶電平面在周圍空間會形成與平面垂直的勻強電場，故A1B1在四點單獨產生的電場均向上， A2B2在四點單獨產生的電場均向左，四點場強方向均是左偏上45，大小相等，故B正確； D、

20、F兩點在一條電場線上，而沿著電場線電勢是降低的，故電勢不等，故A錯誤；E、F兩點間電勢差和E、D兩點間電勢差絕對值相同而正負相反，故C錯誤；C、D、E、F四個點，場強方向均是左偏上45，故CE是等勢面，D點電勢最高，F點電勢最低，故D正確 所以BD正確，AC錯誤10、CD【解析】A當CD邊剛進入磁場時，電動勢E=BLv；則CD兩點間電勢差為選項A錯誤；B設正方形邊長為L。根據感應電荷量經驗公式，得：B、L、R都相等，所以兩次通過某一橫截面的電荷量相等故B錯誤。C外力做功的功率等于電功率，即則外力做功的功率為第一次的4倍，選項C正確；D根據焦耳定律得：線圈產生的熱量則得第二次與第一次線圈中產生的

21、熱量之比為2：1，故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、60.50（60.4860.52均可） 將紅、黑表筆短接 使指針指向電阻刻度“0”刻線 D 左 0.200 【解析】（1）1毫米刻度尺的分度值為，所以讀數為：70.50cm-10.00cm=60.50cm；（2）23將紅、黑表筆短接，調節(jié)歐姆調零旋鈕，使指針指向表盤右側的“0”刻度線，即表盤中電阻刻度“0”刻線；（3）45電阻為，電流表的分壓相對較為明顯，所以電流表應采用外接法；為獲得較大的電壓調節(jié)范圍，滑動變阻器應選用分壓式接法，所以選擇電路D，滑片P開始應調節(jié)至左端，使

22、電壓從0開始調節(jié)；（4）6螺旋測微器的精度為，所以讀數為：；（5）7根據電阻定律：金屬絲的橫截面積：所以電阻率：。12、 3.850.05 5.850.20 等于 大于 【解析】(1)1圖象如圖所示。(2)23根據閉合電路歐姆定律可得變形為由圖象可得(3)45若考慮電流表內阻對測量的影響，則表達式變?yōu)橐虼?，電動勢的測量無誤差，即電動勢E的測量值等于真實值，但是內阻測量偏大，即內阻r的測量值大于真實值。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（i）；（ii）【解析】（i）如圖，作出光路圖根據折射定律可得根據幾何知識可得 聯立解得玻璃的折射率為。（ii）光從經多次反射到點的路程時間得光線從A在氣泡中多次反射到C的時間為。