內(nèi)蒙古 高中高二(上)期末物理試卷-

1、題號(hào)高二（上）期末物理試卷一二三四總分得分一、單選題（本大題共10小題，共30.0分）1.關(guān)于通電導(dǎo)線所受安培力F的方向、磁場(chǎng)B的方向、電流I的方向之間的關(guān)系，下述說(shuō)法中正確的是（）A.F、B、I三者必須相互垂直B.F必須垂直B、I，但B、I可以不垂直C.B必須垂直F、I，但F、I可以不垂直D.I必須垂直F、B，但F、B可以不垂直2.如圖所示的四種情況，通電導(dǎo)體均置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，其中通電導(dǎo)線不受安培力的是（）A.B.C.D.3.如圖所示，在第一象限內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一對(duì)正、負(fù)電子分別以相同速度沿與x軸成30角從原點(diǎn)垂直射入磁場(chǎng)，則正、負(fù)電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為（）A.1：2B.2：

2、1C.：D.1：14.質(zhì)量為m、帶電量為q的小球，從傾角為的光滑絕緣斜面上由靜止下滑，整個(gè)斜面置于方向水平向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，其磁感強(qiáng)度為B，如圖所示若帶電小球下滑后某時(shí)刻對(duì)斜面的作用力恰好為零，下面說(shuō)法中正確的是（）小球帶正電小球在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)小球在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)做加速度增大，而速度也增大的變加速直線運(yùn)動(dòng)則小球在斜面上下滑過(guò)程中，當(dāng)小球?qū)π泵鎵毫榱銜r(shí)的速率為A.B.C.D.5.閉合線框abcd，自某高度自由下落時(shí)穿過(guò)一個(gè)有界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，當(dāng)它經(jīng)過(guò)如圖所示的三個(gè)位置時(shí)，感應(yīng)電流的方向是（）A.經(jīng)過(guò)時(shí)，B.經(jīng)過(guò)時(shí)，C.經(jīng)過(guò)時(shí)，無(wú)感應(yīng)電流D.經(jīng)過(guò)時(shí)，6.在閉合線圈上方有一條形磁鐵自由下

3、落，直至穿過(guò)線圈的過(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的是（）第1頁(yè)，共17頁(yè)A.磁鐵在下落過(guò)程中機(jī)械能守恒B.磁鐵的機(jī)械能增加C.磁鐵的機(jī)械能有時(shí)增加有時(shí)減少D.線圈增加的內(nèi)能是由磁鐵減少的機(jī)械能轉(zhuǎn)化而來(lái)的7.如圖所示，A、B、C、D是四個(gè)相同的白熾燈，都處于正常發(fā)光狀態(tài)，則圖中ab、cd兩端電壓U1與U2之比是（）A.3：1B.4：1C.3：2D.2：18.遠(yuǎn)距離送電，已知升壓變壓器輸出電壓為U，輸出功率為P，降壓變壓器的輸入電壓為U，輸電線的電阻為R，則線路損耗的熱功率P損可用下面哪種方法計(jì)算（）A.損B.損C.D.損9.如圖所示，a、b、c三個(gè)閉合線圈放在同一平面內(nèi)，當(dāng)a線圈中通有電流I時(shí)，它們的磁

4、通量分別是a、b、c，下列說(shuō)法正確的是（）A.B.C.D.10.如圖所示電路中，燈LA、LB完全相同，帶鐵芯的線圈L的電阻可忽略，則（）A.S閉合瞬間，、同時(shí)發(fā)光，接著熄滅，更亮，最后熄滅B.S閉合瞬間，不亮，立即亮C.S閉合瞬間，、都不立即亮D.穩(wěn)定后再斷開(kāi)S的瞬間，熄滅，比原先亮度更亮二、多選題（本大題共5小題，共20.0分）11.如圖所示，一束帶電粒子沿著水平方向平行地飛過(guò)磁針的上方時(shí)，磁針的S極向紙內(nèi)偏轉(zhuǎn)，這一帶電粒子束可能是（）A.向右飛行的正離子束B(niǎo).向右飛行的負(fù)離子束C.向左飛行的正離子束D.向左飛行的負(fù)離子束12.位于光滑水平面的小車(chē)上放置一螺線管，一個(gè)比螺線管長(zhǎng)的條形磁鐵沿著

5、螺線管的軸線水平穿過(guò)，如圖所示，在此過(guò)程中（）A.磁鐵做勻速直線運(yùn)動(dòng)C.小車(chē)向右做加速運(yùn)動(dòng)B.磁鐵做減速運(yùn)動(dòng)D.小車(chē)先加速后減速13.如圖所示，回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其核心部分是分別與高頻交流電源兩極相連接的兩個(gè)D形金屬盒，兩盒間的狹縫中形成周期性變化的電場(chǎng)，使粒子在通過(guò)狹縫時(shí)都能得到加速，兩D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，D形盒半徑為R用該回旋加速器加速質(zhì)子時(shí)，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，高頻交流電周期為T(mén)（粒子通過(guò)狹縫的時(shí)間忽略不計(jì)）則（）第2頁(yè)，共17頁(yè)A.質(zhì)子在D形盒中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T(mén)B.質(zhì)子被加速后的最大速度可能超過(guò)C.質(zhì)子被加速后的最大速度與加速電場(chǎng)的電壓大小

6、無(wú)關(guān)D.不改變B和T，該回旋加速器也能用于加速粒子14.如圖所示，兩根光滑的金屬導(dǎo)軌，平行放置在傾角為的斜面上，導(dǎo)軌的左端接有電阻R，導(dǎo)軌自身的電阻不計(jì)，磁場(chǎng)方向垂直于斜面向上，質(zhì)量為m、電阻不計(jì)的金屬棒ab在沿著斜面、與棒垂直的恒力F作用下沿導(dǎo)軌勻速上滑h高度，在此過(guò)程中（）A.作用于金屬棒上的各個(gè)力的合力所做的功等于零B.作用于金屬棒上的各個(gè)力的合力所做的功等于mgh與電阻R上發(fā)出的焦耳熱之和C.恒力F與安培力的合力所的功等于零D.恒力F與重力的合力所做的功等于電阻R上發(fā)出的焦耳熱15.如圖，一理想變壓器原線圈接入一交流電源，副線圈電路中R1、R2、R3和R4均為固定電阻，開(kāi)關(guān)S是閉合的和

7、為理想電壓表，讀數(shù)分別為U1和U2；、和為理想電流表，讀數(shù)分別為I1、I2和I3現(xiàn)斷開(kāi)S，U1數(shù)值不變，下列推斷中正確的是（）A.變小、變小C.變小、變小B.不變、變大D.變大、變大三、填空題（本大題共2小題，共14.0分）16.現(xiàn)將電池組、滑動(dòng)變阻器、帶鐵芯的線圈A、線圈B、電流計(jì)（零刻線在正中位置）及開(kāi)關(guān)如圖連接在一起，在開(kāi)關(guān)閉合、線圈A在線圈B中的情況下，某同學(xué)發(fā)現(xiàn)當(dāng)他將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片P向左滑動(dòng)時(shí)，電流計(jì)指針向右偏轉(zhuǎn)，由此可以推斷：如果將線圈A從線圈B中抽出時(shí)，電流表指針_當(dāng)開(kāi)關(guān)由斷開(kāi)狀態(tài)突然閉合，電流表指針將_當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向右滑動(dòng)時(shí)，電流表指針_（填右偏、左偏）17.在如下情

8、況中，求出金屬桿ab上的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，回答兩端的電勢(shì)高低（1）ab桿沿軌道下滑到速度為v時(shí)（圖甲），=_，_端電勢(shì)高（圖中、B、l均為已知）第3頁(yè)，共17頁(yè)（2）ab桿繞a端以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)（圖乙），=_，_端電勢(shì)高圖中B、l均為已知）四、計(jì)算題（本大題共4小題，共36.0分）18.一個(gè)10匝的閉合線圈的總電阻為0.5線圈的面積為10cm2，有一垂直于線圈平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的情況如圖所示，求：（1）00.2s內(nèi)線圈中磁通量的變化率；（2）00.2s內(nèi)線圈中產(chǎn)生的熱量。19.如圖所示，質(zhì)量為為m、電量為q的帶電粒子，經(jīng)電壓為U的電場(chǎng)加速，又經(jīng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)后落到圖中

9、D點(diǎn)，求A、D間的距離和粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間20.輕直導(dǎo)線桿ab沿垂直于軌道方向放在水平平行的光滑軌道上，ab桿所在區(qū)域充滿豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，如圖所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.2T，軌道間距為10cm，當(dāng)給ab桿施加一個(gè)大小為0.04N，方向水平向左的力時(shí)，ab桿恰好靜止不動(dòng)，已知電源內(nèi)阻r=1，電阻R=8，ab桿電阻為4，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，求電源電動(dòng)勢(shì)第4頁(yè)，共17頁(yè)21.如圖所示，ab=25cm，ad=20cm，匝數(shù)為50匝的矩形線圈線圈總電阻r=1外電路電阻R=9磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.4T線圈繞垂直于磁感線的OO軸以角速度50rad/s勻速轉(zhuǎn)動(dòng)求：（1）從此位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，它的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)

10、式（2）1min內(nèi)R上消耗的電能（3）當(dāng)從該位置轉(zhuǎn)過(guò)60時(shí)，通過(guò)R上瞬時(shí)電功率是多少？（4）線圈由如圖位置轉(zhuǎn)過(guò)30的過(guò)程中，R的電量為多少？第5頁(yè)，共17頁(yè)答案和解析1.【答案】B【解析】解：根據(jù)左手定則，可知：磁感線穿過(guò)掌心，安培力與磁感線垂直，且安培力與電流方向垂直，所以安培力垂直于磁感線與電流構(gòu)成的平面。但磁感線不一定垂直于電流，故只有B正確，ACD均錯(cuò)誤；故選：B。左手定則的內(nèi)容：伸開(kāi)左手，使大拇指與其余四個(gè)手指垂直，并且都與手掌在同一個(gè)平面內(nèi)；讓磁感線從掌心進(jìn)入，并使四指指向電流的方向，這時(shí)拇指所指的方向就是通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中所受安培力的方向。根據(jù)左手定則的內(nèi)容判斷安培力的方向。解決本

11、題的關(guān)鍵是掌握用左手定則判定安培力的方向。2.【答案】C【解析】解：根據(jù)左手定則來(lái)確定安培力的方向，其內(nèi)容：伸開(kāi)左手，大拇指與四指在同一平面，且與四指垂直，讓磁感線穿過(guò)掌心，四指向?yàn)殡娏鞯姆较?，則大拇指向?yàn)榘才嗔Φ姆较?。A選項(xiàng)受到到安培力方向水平向左；B選項(xiàng)受到安培力方向水平向右；D選項(xiàng)受到安培力方向垂直紙面向里。而C選項(xiàng)，由于通電導(dǎo)線與磁感線平行，所以沒(méi)有磁場(chǎng)力。故選：C。通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中的受到安培力作用，由公式F=BIL求出安培力大小，由左手定則來(lái)確定安培力的方向?qū)W會(huì)區(qū)分左手定則與右手定則，前者是判定安培力的方向，而后者是判定感應(yīng)電流的方向3.【答案】B【解析】第6頁(yè)，共17頁(yè)解：正離子進(jìn)

12、入磁場(chǎng)后，在洛倫茲力作用下向上偏轉(zhuǎn)，而負(fù)離子在洛倫茲力作用下向下偏轉(zhuǎn)正離子以60入射，則圓弧對(duì)應(yīng)的圓心角為120，而負(fù)離子以30入射，則圓弧對(duì)應(yīng)的圓心角為60，所以正離子運(yùn)動(dòng)時(shí)間是負(fù)離子時(shí)間的2倍故選B帶電粒子以一定的速度垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)粒子受到的洛倫茲力提供向心力；粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期僅與粒子的比荷及磁場(chǎng)有關(guān)，而運(yùn)動(dòng)的時(shí)間與偏轉(zhuǎn)角有關(guān)帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的題目解題步驟為：定圓心、畫(huà)軌跡、求半徑則可畫(huà)出正、負(fù)離子運(yùn)動(dòng)軌跡，由幾何關(guān)系可知答案4.【答案】B【解析】解：、小球向下運(yùn)動(dòng)，由磁場(chǎng)垂直紙面向外，又由于洛倫茲力垂直斜面向上，所以小球帶正電。故正確；、小球

13、沒(méi)有離開(kāi)斜面之前，在重力，支持力、洛倫茲力作用下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，雖然速度變大，導(dǎo)致洛倫茲力變大，但三個(gè)力的合力卻不變，故正確；、小球沒(méi)有離開(kāi)斜面之前，在重力，支持力、洛倫茲力作用下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，雖然速度變大，導(dǎo)致洛倫茲力變大，但重力沿斜面向下的分力卻不變，即三個(gè)力的合力卻不變，故錯(cuò)誤；、則小球在斜面上下滑過(guò)程中，當(dāng)小球受到的洛倫茲力等于重力垂直與斜面的分力相等時(shí)，小球?qū)π泵鎵毫榱恪Ｋ訠qv=mgcos，則速率為v=，故正確；故選：B。帶電滑塊在滑至某一位置時(shí)，由于在安培力的作用下，要離開(kāi)斜面根據(jù)磁場(chǎng)方向結(jié)合左手定則可得帶電粒子的電性第7頁(yè)，共17頁(yè)由光滑斜面，所以小滑塊在沒(méi)有離開(kāi)斜面

14、之前一直做勻加速直線運(yùn)動(dòng)借助于洛倫茲力公式可求出恰好離開(kāi)時(shí)的速度大小，從而由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式來(lái)算出勻加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由位移與時(shí)間關(guān)系可求出位移大小本題突破口是從小滑塊剛從斜面離開(kāi)時(shí)，從而確定洛倫茲力的大小，進(jìn)而得出剛離開(kāi)時(shí)的速度大小，由于沒(méi)有離開(kāi)之前做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，所以由運(yùn)動(dòng)與力學(xué)可解出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間及位移倘若斜面不是光滑的，則隨著粒子的下滑，洛倫茲力大小變化，導(dǎo)致摩擦力變化，從而使加速度也發(fā)生變化5.【答案】C【解析】解：A、經(jīng)過(guò)時(shí)，向里的磁通量增加，根據(jù)楞次定律則感應(yīng)電流磁場(chǎng)方向向外，由右手定則判斷感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，故A錯(cuò)誤；B、經(jīng)過(guò)時(shí)，磁通量不變，則感應(yīng)電流為0，故B錯(cuò)誤，C正確；D、經(jīng)過(guò)時(shí)，

15、向里的磁通量減少，根據(jù)楞次定律感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向向里，由右手定則判斷感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，故D錯(cuò)誤。故選：C。根據(jù)楞次定律直接進(jìn)行判斷即可本題考查了由楞次定律和右手定則對(duì)感應(yīng)電流方向以及有無(wú)的判斷，基礎(chǔ)題6.【答案】D【解析】解：A、B、C、磁鐵下落過(guò)程中，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律可知，磁鐵將向上的安培力阻礙，其機(jī)械能減小轉(zhuǎn)化為電能，故ABC錯(cuò)誤。D、穿過(guò)線圈的磁通量發(fā)生變化，將產(chǎn)生感應(yīng)電流，產(chǎn)生內(nèi)能。則由能量守恒知，線圈中增加的內(nèi)能是由磁鐵減少的機(jī)械能轉(zhuǎn)化而來(lái)的。故D正確。故選：D。第8頁(yè)，共17頁(yè)條形磁鐵在下落過(guò)程中穿過(guò)閉合線圈，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，該過(guò)程是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，磁鐵的機(jī)械

16、能轉(zhuǎn)化為電能，也是克服阻力做功的過(guò)程分析磁鐵的受力情況，判斷其機(jī)械能是否守恒楞次定律有兩種表述方式，一種為“增反減同”，另一種為“來(lái)拒去留”，我們常用第一種來(lái)判斷電流方向，但不應(yīng)忽視第二種表達(dá)的應(yīng)用，可以用來(lái)判斷磁極間的相互作用或者是運(yùn)動(dòng)情況7.【答案】B【解析】解：原副線圈的電流之比為：則，則=，則U=3U原燈因U1=U燈+U原=4U燈則故B正確，ACD錯(cuò)誤故選：B。由三個(gè)燈泡的電流一樣，求得原副線圈的電流之比，進(jìn)而得出電壓之比，再由U1=UA+U原，從而得U1與U2之比考查變壓器的電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，從而分析計(jì)算電流電壓8.【答案】D【解析】解：根據(jù)P=U1I得，輸電線上的

17、電流I=。，則輸電線上損耗的功率P損=I2R=又輸電線上電壓U線=U-U，則輸電線上損耗的功率P損=正確，A、B、C錯(cuò)誤。故選：D。根據(jù)功率和輸出電壓得出輸送電流的大小，根據(jù)P損=I2R=的功率=故D求出線路損耗第9頁(yè)，共17頁(yè)解決本題的關(guān)鍵知道：1、輸送功率、輸送電壓、電流之間的關(guān)系，2、升壓變壓器的輸出電壓、降壓變壓器的輸入電壓、電壓損失之間的關(guān)系9.【答案】B【解析】解：根據(jù)題意可知，結(jié)合安培定則可得，線圈a內(nèi)部的磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，a的外部磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，而磁通量可看成穿過(guò)線圈的磁感線條數(shù)，當(dāng)線圈的面積越大時(shí)，則相互抵消的越多，因此穿過(guò)線圈a的磁通量最大，線圈c的磁通量最??；故

18、有：abc。故選：B。根據(jù)安培定則可知，環(huán)形導(dǎo)線周?chē)艌?chǎng)的分布；而通過(guò)線圈的磁通量變化是末磁通量減去初磁通量，磁通量是標(biāo)量，但磁感線分正反面穿過(guò)線圈，根據(jù)抵消后的磁通量計(jì)算解決本題的關(guān)鍵安培定則以及應(yīng)用，掌握磁通量的概念，理解磁通量的正負(fù)含義注意分清正反面10.【答案】A【解析】解：ABC、開(kāi)關(guān)S閉合的瞬間，兩燈同時(shí)獲得電壓，所以A、B同時(shí)發(fā)光。由于線圈的電阻可以忽略，燈A逐漸被短路，流過(guò)A燈的電流逐漸減小，流過(guò)B燈的電流逐漸增大，則A燈變暗，B燈變亮，最后LA熄滅。故BC錯(cuò)誤，A正確。D、穩(wěn)定后再斷開(kāi)S的瞬間，由于線圈與燈A構(gòu)成自感回路，與燈B無(wú)關(guān)，所以LB立即熄滅；流過(guò)線圈的電流在A的電流

19、的基礎(chǔ)上開(kāi)始減小，所以LA不能比LB原先亮度更亮。故D錯(cuò)誤。故選：A。開(kāi)關(guān)S閉合的瞬間，電源的電壓同時(shí)加到兩燈的兩端，兩燈同時(shí)發(fā)光。由于線圈的電阻可以忽略，燈A逐漸被短路，隨后A燈變暗，B燈變亮。斷開(kāi)開(kāi)關(guān)K第10頁(yè)，共17頁(yè)的瞬間，B燈立即熄滅，A燈突然閃亮一下再熄滅。對(duì)于自感線圈，當(dāng)電流變化時(shí)產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源，當(dāng)電路穩(wěn)定時(shí)，相當(dāng)于導(dǎo)線，將所并聯(lián)的電路短路。11.【答案】BC【解析】解：小磁針的S極向紙內(nèi)偏轉(zhuǎn)，N極向外偏轉(zhuǎn)，因此在粒子下方磁場(chǎng)方向向外，根據(jù)安培定則可知電流方向向左，故這束粒子若帶正電，則向左飛行，若帶負(fù)電，則向右飛行，故BC正確，AD錯(cuò)誤。故選：BC。帶電粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)將

20、形成電流，在電流周?chē)纬纱艌?chǎng)，根據(jù)小磁針的偏轉(zhuǎn)情況，判斷出電流形成磁場(chǎng)方向，然后根據(jù)安培定則判斷出電流方向，從而判斷出粒子的正負(fù)及運(yùn)動(dòng)方向。對(duì)于電流方向、磁場(chǎng)方向的規(guī)定要熟練掌握，尤其是要正確根據(jù)安培定則判斷電流方向與磁場(chǎng)方向之間的關(guān)系。12.【答案】BC【解析】解：由題意可知，當(dāng)磁鐵向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，即靠近螺線管，導(dǎo)致穿過(guò)的磁通量變大，因此根據(jù)楞次定律，則有感應(yīng)電流產(chǎn)生，根據(jù)楞次定律，安培力阻礙磁鐵靠近，同理；當(dāng)磁體遠(yuǎn)離小車(chē)時(shí)，也受到阻力的作用。磁體受到向左的力，根據(jù)牛頓第三定律可知，同時(shí)小車(chē)受到向右的力，一直向右加速運(yùn)動(dòng)，直到磁鐵離小車(chē)很遠(yuǎn)。故BC正確，AD錯(cuò)誤；故選：BC。當(dāng)磁鐵的運(yùn)動(dòng)時(shí)，穿過(guò)

21、線圈的磁通量變化，由楞次定律判斷出小車(chē)的受力和磁鐵的受力楞次定律是高中物理的一個(gè)重點(diǎn)，也是?？純?nèi)容，一定要正確、全面理解楞次定律含義，掌握應(yīng)用楞次定律解題的思路與方法第11頁(yè)，共17頁(yè)13.【答案】AC【解析】解：A、回旋加速器粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期和高頻交流電的周期相等。故A正確。B、當(dāng)粒子從D形盒中出來(lái)時(shí)速度最大，vm=故B錯(cuò)誤。C、根據(jù)，得，與加速的電壓無(wú)關(guān)。故C正確。D、根據(jù)，知質(zhì)子換成粒子，比荷發(fā)生變化，則在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期發(fā)生變化，回旋加速器粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期和高頻交流電的周期相等，故需要改變磁感應(yīng)強(qiáng)度或交流電的周期。故D錯(cuò)誤。故選：AC?；匦铀倨髁Ｗ釉诖艌?chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期和高頻

22、交流電的周期相等，當(dāng)粒子從D形盒中出來(lái)時(shí)，速度最大，此時(shí)運(yùn)動(dòng)的半徑等于D形盒的半徑解決本題的關(guān)鍵知道當(dāng)粒子從D形盒中出來(lái)時(shí)，速度最大以及知道回旋加速器粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期和高頻交流電的周期相等14.【答案】AD【解析】解：導(dǎo)體棒勻速上升過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理得：WF-WG-W安=0，注意克服安培力所做功即為回路電阻中產(chǎn)生的熱量，故有：金屬棒上的各個(gè)力的合力所做的功等于零，A正確，B錯(cuò)誤；恒力F與安培力合力做功等于克服重力所做功，故C錯(cuò)誤；恒力F與重力的合力所做的功等于克服安培力所做功即等于電阻R上發(fā)出的焦耳熱，故D正確。故選：AD。導(dǎo)體棒勻速上升，因此合外力為零，對(duì)導(dǎo)體棒正確受力分析，根據(jù)動(dòng)能

23、定理列方程，弄清功能轉(zhuǎn)化關(guān)系，注意克服安培力所做功即為回路電阻中產(chǎn)生的熱量第12頁(yè)，共17頁(yè)對(duì)于電磁感應(yīng)與功能結(jié)合問(wèn)題，注意利用動(dòng)能定理進(jìn)行判斷各個(gè)力做功之間關(guān)系，尤其注意的是克服安培力所做功等于整個(gè)回路中產(chǎn)生熱量15.【答案】BC【解析】解：理想變壓器的電壓與匝數(shù)程正比，由于理想變壓器原線圈接到電壓不變，則副線圈電壓不變，所以V2的示數(shù)U2也不變，當(dāng)s斷開(kāi)之后，并聯(lián)電路的電阻變大，副線圈的電阻也就變大，由于副線圈電壓不變，所以副線圈的總電流減小，即I2變小，由于電流與匝數(shù)成反比，當(dāng)副線圈的電流減小時(shí)，原線圈的電流也就要減小，所以I1變小，由于副線圈的總電流減小，R1的電壓減小，并聯(lián)電路的電壓

24、就會(huì)增大，所以R3的電流I3就會(huì)增大，所以BC正確，AD錯(cuò)誤故選BC和閉合電路中的動(dòng)態(tài)分析類(lèi)似，可以根據(jù)R2的變化，確定出總電路的電阻的變化，進(jìn)而可以確定總電路的電流的變化的情況，再根據(jù)電壓不變，來(lái)分析其他的原件的電流和電壓的變化的情況電路的動(dòng)態(tài)變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法16.【答案】右偏；左偏；左偏【解析】解：由圖示可知，將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片P向左滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值增大，通過(guò)線圈A的電流減小，電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)減弱，穿過(guò)線圈B的磁通量減小，電流計(jì)指針向右偏轉(zhuǎn)，由此可知，穿過(guò)線圈B的磁通量減

25、少時(shí)，電流表指針向右偏，則磁通量減少時(shí)，指針向左偏；如果將線圈A從線圈B中抽出時(shí)，穿過(guò)線圈B的磁通量減少，電流表指針右第13頁(yè)，共17頁(yè)偏；當(dāng)開(kāi)關(guān)由斷開(kāi)狀態(tài)突然閉合，穿過(guò)線圈B的磁通量增大，電流表指針將左偏；當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向右滑動(dòng)時(shí)，通過(guò)A的電流增大，穿過(guò)線圈B的磁通量增大，電流表指針左偏；故答案為：右偏；左偏；左偏根據(jù)題意確定電流表指針偏轉(zhuǎn)方向與磁通量變化間的關(guān)系，然后根據(jù)題意判斷磁通量如何變化，再判斷指針偏轉(zhuǎn)方向本題無(wú)法直接利用楞次定律進(jìn)行判斷，但是可以根據(jù)題意得出產(chǎn)生使電流表指針右偏的條件，即可不根據(jù)繞向判出各項(xiàng)中應(yīng)該出現(xiàn)的現(xiàn)象17.【答案】BLvcosa；a；BL2；a【解析】解：

26、（1）由圖示可知，為B與v間的夾角，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E=BLvcos，由右手定則可知，感應(yīng)電流由b流向a，在電源內(nèi)部，電流由低電勢(shì)點(diǎn)流向高電勢(shì)點(diǎn)，則a點(diǎn)電勢(shì)高；（2）ab桿繞a端以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)（圖乙），=BL=BL=根據(jù)右手定則判斷可知a端電勢(shì)高故答案為：（1）BLvcosa，a（2）BL2，a（1）由E=BLvcos求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，其中為B與v間的夾角，由右手定則判斷出感應(yīng)電流方向，然后判斷電勢(shì)高低（2）根據(jù)公式=低求解轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由右手定則判斷電勢(shì)高本題考查了求感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、判斷電勢(shì)高低，應(yīng)用E=BLvcos、=手定則即可正確解題和右第14頁(yè)，共17頁(yè)18.【答案】解：（1）1.0

27、0.2內(nèi)磁通量的變化率=S=1010-4Wb/s=0.01Wb/s。（2）00.2產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=n=100.01V=0.1V線圈中產(chǎn)生的熱量Q=410-3J答：（1）00.2s內(nèi)線圈中磁通量的變化率是0.01Wb/s；（2）00.2s內(nèi)線圈中產(chǎn)生的熱量是410-3J?！窘馕觥浚?）根據(jù)B-t圖象可得到磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率，再求得磁通量的變化率；（2）00.2s內(nèi)，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，再由焦耳定律求線圈中產(chǎn)生的熱量。本題考查了法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律、焦耳定律的綜合運(yùn)用，要知道感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與磁通量的變化率成正比，當(dāng)磁通量均勻變化量電路中產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)。19.【答案】解：粒子在電場(chǎng)中加速，由動(dòng)能定理得：qU=mv2-0，粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=m，A、D間的距離：d=2r，解得：d=，粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期：T=粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t=T=；，答：A、D間的距離為，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為【解析】粒子在電場(chǎng)中加速，由動(dòng)能定理求出粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度；粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，應(yīng)用牛