2022-2023學(xué)年四川省遂寧市中區(qū)蓮花鄉(xiāng)真武初級(jí)中學(xué)高二物理下學(xué)期期末試題含解析

1、2022-2023學(xué)年四川省遂寧市中區(qū)蓮花鄉(xiāng)真武初級(jí)中學(xué)高二物理下學(xué)期期末試題含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1. （多選題）下列說法中正確的是（）A根據(jù)F=可把牛頓第二定律表述為：物體動(dòng)量的變化率等于它受的合外力B力與力的作用時(shí)間的乘積叫做力的沖量，它反映了力的作用對(duì)時(shí)間的累積效應(yīng)，是一個(gè)標(biāo)量C動(dòng)量定理的物理實(shí)質(zhì)與牛頓第二定律是相同的，但有時(shí)用起來更方便D玻璃杯掉在水泥地上易碎，是因?yàn)槭艿降臎_量太大參考答案：AC【考點(diǎn)】動(dòng)量定理；牛頓第二定律【分析】早期的牛頓第二定律是根據(jù)動(dòng)量變化表述的；沖量反映了力的作用對(duì)時(shí)間的累積效應(yīng)，是矢量；根據(jù)動(dòng)量定

2、理分析動(dòng)量的變化【解答】解：A、由動(dòng)量定理可得：p=Ft，則=ma=F，由此可知，物體動(dòng)量的變化率等于它所受的力，故A正確；B、力與力的作用時(shí)間的乘積叫做力的沖量，它反映了力的作用對(duì)時(shí)間的積累效應(yīng)，是一個(gè)矢量，故B錯(cuò)誤；C、動(dòng)量定理的物理實(shí)質(zhì)與牛頓第二定律是相同的，但有時(shí)用起來更方便，如不涉及運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)所以動(dòng)量定理較方便，故C正確；D、由p=Ft可知，動(dòng)量變化相等時(shí)，時(shí)間t越長(zhǎng)，力F越小，因此可知，玻璃杯掉在水泥地上易碎，是因?yàn)槭艿降臎_力太大故D錯(cuò)誤；故選：AC2. （單選題）如圖所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)E的區(qū)域內(nèi)有一球體，在球心O點(diǎn)處放置一點(diǎn)電荷+Q，a、b、c、d、e、f為球面上的點(diǎn)，aecf平面

3、與電場(chǎng)平行，bedf平面與電場(chǎng)垂直，則下列說法中正確的是:Ab、d兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同Ba點(diǎn)的電勢(shì)等于f點(diǎn)的電勢(shì)C點(diǎn)電荷+q在球面上任意兩點(diǎn)之間移動(dòng)時(shí)，電場(chǎng)力一定做功D讓點(diǎn)電荷+q在球面上運(yùn)動(dòng)時(shí)，從a點(diǎn)移動(dòng)到c點(diǎn)的電勢(shì)能變化量一定最大參考答案：DA、點(diǎn)電荷+Q在b點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)方向?yàn)樨Q直向上，在d點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)方向?yàn)樨Q直向下，勻強(qiáng)電場(chǎng)方向水平向右，根據(jù)平行四邊形定則可知，b點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)斜向右上方，d點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)斜向左下方，兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相同，方向不同，電場(chǎng)強(qiáng)度不同，故A錯(cuò)誤；B、講一個(gè)試探正電荷由a點(diǎn)移動(dòng)到f點(diǎn)，點(diǎn)電荷電場(chǎng)力不做功，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)力做正功，故合力做正功，電勢(shì)能減小，電勢(shì)降低，故B錯(cuò)誤；C、

4、當(dāng)電荷+q沿著球面上的aedf移動(dòng)時(shí)，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)力不做功，點(diǎn)電荷電場(chǎng)力也不做功，故合電場(chǎng)力不做功，故C錯(cuò)誤；D、將點(diǎn)電荷+q在球面上任意兩點(diǎn)之間移動(dòng)，點(diǎn)電荷電場(chǎng)力不做功，從a點(diǎn)移動(dòng)到c點(diǎn)，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)力做功最大，故合力做功最大，故D正確。3. 如圖所示，在以速度v逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的且與水平方向傾角為的足夠長(zhǎng)的傳送帶的上端輕輕放置一個(gè)質(zhì)量為m的小物塊，小物塊與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為(tan)，則下列圖象中能夠客觀反映出小物塊的速度隨時(shí)間變化關(guān)系的是()A. B. C. D. 參考答案：C剛放上去的時(shí)候，物塊受重力，支持力，摩擦力方向向下，物塊做加速運(yùn)動(dòng)，故由牛頓第二定律：mgsin+mgc

5、os=ma1解得：a1=gsin+gcos，物塊做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)物塊速度大于傳送帶速度后，摩擦力變?yōu)橄蛏?，由于tan，即mgcosmgsin，物塊做加速運(yùn)動(dòng)，則由牛頓第二定律：mgsin-mgcos=ma2，解得：a2=gsin-gcos，由于a1a2，故C正確，ABD錯(cuò)誤。4. （多選）相互靠近且平行正對(duì)的金屬板A、B（兩板間有電介質(zhì)板）帶電后與靜電計(jì)相連，靜電計(jì)指針偏角的大小顯示兩板間的電壓大小，則以下可以使指針偏角變大的是 A將A板向下移動(dòng)B將A板向左移動(dòng)C將A板向右移動(dòng)D將兩板間的電介質(zhì)抽出參考答案：ABD5. 一簡(jiǎn)諧機(jī)械波沿x軸正方向傳播，周期為T，波長(zhǎng)為.若在x0處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象如圖

6、所示，則該波在t時(shí)刻的波形曲線為 ( )參考答案：A二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計(jì)16分6. 一平行板電容器，板間距離為d，電容為C，接在電源電壓為U的電源上，充電完成后撤去電源，則充電后電容器的帶電量為 ；充電后兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度為 ；若再拉開兩板，使板間距離增大為2d，則電容器的電容變?yōu)?；電量變?yōu)?；電壓變?yōu)?；板間電場(chǎng)強(qiáng)度變?yōu)?參考答案：解：電容器接在電源電壓為U的電源上，充電后電容器的電壓等于電源的電壓U，由C=得，電量Q=CU板間的電場(chǎng)強(qiáng)度為 E=；若再拉開兩板，使板間距離增大為2d，則電容器的電容變?yōu)镃，電容器的電量保持不變，仍為Q=CU，電壓變?yōu)閁=2U板間場(chǎng)強(qiáng)

7、E=故答案為：CU， C，CU，2U，【考點(diǎn)】電容器的動(dòng)態(tài)分析【分析】電容器接在電源電壓為U電源上，充電后電容器的電壓等于電源的電壓，根據(jù)電容的定義求解電量充電后撤去電源，電容器的電量不變根據(jù)電容的決定式分析板間距離增大時(shí)，電容如何變化根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)與板間電壓的關(guān)系確定板間的場(chǎng)強(qiáng)7. 半徑為R的玻璃半圓柱的橫截面如圖9-6所示，O為圓心，光線I沿半徑方向從點(diǎn)射入后恰在O點(diǎn)發(fā)生全反射，AO與底夾角，跟I光平行的光線從最高點(diǎn)B射入后折射到MN上的C點(diǎn)，則OC間距為 。參考答案： 8. 現(xiàn)有一個(gè)電流表,它的滿偏電流為Ig=1mA,內(nèi)阻Rg=200,若要將它改裝成量程為5A的電流表,應(yīng) 聯(lián)一個(gè)_的電阻,改裝

8、后的電流表測(cè)量電流時(shí),指針指在表盤上原來0.2mA處,則被測(cè)電流的大小是_.參考答案： 并 聯(lián)； 0.4 ； 1A 9. 電源的電動(dòng)勢(shì)為4.5V，內(nèi)電阻為0.50，外電路接一個(gè)4.0的電阻，這時(shí)流過電源的電流為 A，路端的電壓為 V參考答案：1，4【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律【分析】已知電源的電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)電阻和外電阻，根據(jù)閉合電路歐姆定律求出流過電源的電流，由歐姆定律求出路端電壓【解答】解：根據(jù)閉合電路歐姆定律得 I= 路端的電壓為U=IR=14V=4V故答案為：1，410. 已知空氣中的聲速V空 =340m/s，有一聲波在空氣中的波長(zhǎng)為空 =1m，則該聲波的頻率為_HZ。該聲波在水中傳播時(shí)（已知

9、V水=1450m/s）的波長(zhǎng)為 m。若已知該聲波在鐵軌中傳播時(shí)的波長(zhǎng)為14.4m，則可計(jì)算出鐵軌中的聲速為_ _m/s。 參考答案：340 4.26 489611. 在圖所示的8個(gè)不同的電阻組成，已知R1=12，其余電阻值未知，測(cè)得A、B間的總電阻為4，今將R1換成6的電阻，A、B間總電阻變成 。參考答案：3用等效替代法，可把除R1外的其他電阻等效為一個(gè)電阻R，在AB間R1與等效電阻R為并聯(lián)關(guān)系，則RAB=RR1/（R+R1）=12R/（12+R）=4，解得R=6，若R1=6時(shí)，則RAB=RR1/（R+R1）=66/（6+6）=3。12. （3分）1801年英國物理學(xué)家托馬斯楊在實(shí)驗(yàn)室里成功地

10、觀察到了光的干涉現(xiàn)象。他用單色光照射屏上的一個(gè)小孔，是為了獲得一個(gè)點(diǎn)光源；由小孔射出來的光再射到兩個(gè)小孔上，是為了獲得 。參考答案：相干光源（或表示出相同的意思均可給分）13. 在真空中有兩個(gè)帶等量異種電荷的點(diǎn)電荷，電荷量均為2108C，相距20cm，則它們之間的相互作用力為_ _N，在兩者連線的中點(diǎn)處，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為_N/C。參考答案：三、 實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，每小題11分，共計(jì)22分14. 驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)重物增加的動(dòng)能略小于減少的重力勢(shì)能，其主要原因是（ ）A重物的質(zhì)量過大 B重物的體積過小C電源的電壓偏低 D重物及紙帶在下落時(shí)受到阻力參考答案：D15

11、. 16在“測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”的實(shí)驗(yàn)中，已連接好部分實(shí)驗(yàn)電路(1)按如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路，把圖乙中剩余的電路連接起來(2)在圖乙的電路中，為避免燒壞電表，閉合開關(guān)前，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)置于_端(選填“A”或“B”)(3)右上圖是根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出的UI圖象，由圖可知，電源的電動(dòng)勢(shì)E_V，內(nèi)阻r_.參考答案：四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分16. 如圖所示的電路中，兩平行金屬板A、B水平放置，極板長(zhǎng)l80 cm，兩板間的距離d40 cm.電源電動(dòng)勢(shì)E40 V，內(nèi)阻r1 ，電阻R15 ，閉合開關(guān)S，待電路穩(wěn)定后，將一帶負(fù)電的小球從B板左端且非?？拷麭板的位置以初速度v04 m/s水平向右射

12、入兩板間，該小球可視為質(zhì)點(diǎn)若小球帶電荷量q110-2 C，質(zhì)量為m210-2 kg，不考慮空氣阻力，電路中的電壓表、電流表均是理想電表若小球恰好從A板右邊緣射出(g取10 m/s2)求：(1)滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值為多大？(2)此時(shí)電流表、電壓表的示數(shù)分別為多少？(3)此時(shí)電源的輸出功率是多大？參考答案：(1)24 (2)1 A39 V(3)39 W(2)此時(shí)電流表的示數(shù)為1 A，電壓表的示數(shù)為UEIr(4011) V39 V.(3)電源的輸出功率P出IU39 W.考點(diǎn)：帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；歐姆定律；電功率【名師點(diǎn)睛】本題是帶電粒子在電場(chǎng)中類平拋運(yùn)動(dòng)和電路問題的綜合，容易出錯(cuò)的是受習(xí)慣思

13、維的影響，求加速度時(shí)將重力遺忘，要注意分析受力情況，根據(jù)合力求加速度。17. （計(jì)算）如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌間距l(xiāng)=0.5m，導(dǎo)軌與水平面成=37，導(dǎo)軌電阻不計(jì)導(dǎo)軌上端連接有E=6V、r=1的電源和滑動(dòng)變阻器長(zhǎng)度也為l的金屬棒ab垂直導(dǎo)軌放置且與導(dǎo)軌接觸良好，金屬棒的質(zhì)量m=0.2kg、電阻R0=1，整個(gè)裝置處在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，金屬棒一直靜止在導(dǎo)軌上g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8求：（1）當(dāng)滑動(dòng)變阻器的阻值R1=1時(shí)金屬棒剛好與導(dǎo)軌間無摩擦力，電路中的電流；（2）當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻為R2=4時(shí)金屬棒受到的摩擦力參考答案：(1)2A (2)0.6N（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的電阻為R1=1時(shí)，電流I1=2A （3分）（2）金屬棒受重力mg、安培力F和支持力FN如圖（1分）根據(jù)平衡條件可得，mgsin=F1cos （1分）又F1=BI1l （1分）聯(lián)立上式，解得磁感應(yīng)強(qiáng)度B= =1.5T（1分）當(dāng)滑動(dòng)變阻器的電阻為R2=4時(shí)，電流I2=1A又F2=BI2lMgsinF2cos，故金屬棒受到沿導(dǎo)軌平面