2022-2023學年廣東省廣州市越秀區(qū)荔灣區(qū)聯(lián)考物理高一上期末達標檢測試題含解析

1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、如圖所示，在托盤測力計上放一個重力為20N的斜木塊，斜木塊的斜面傾角為37，現(xiàn)將一個重力為

2、10N的小鐵塊無摩擦地從斜面上滑下，在小鐵塊下滑的過程中，g10 m/s2 ，測力計的示數(shù)為()A.30 NB.26.4 NC.20 ND.23.6 N2、下列物理量中，屬于矢量，同時其單位屬于基本單位的是 （ ）A.速度B.力C.位移D.質(zhì)量3、如圖所示，兩輕質(zhì)彈簧a、b懸掛一質(zhì)量為m的小球，整體處于平衡狀態(tài)，a彈簧與豎直方向成30角，b彈簧與豎直方向成60角，a、b兩彈簧的形變量相等，重力加速度為g，則A.彈簧a、b的勁度系數(shù)之比為B.彈簧a、b的勁度系數(shù)之比為C.若彈簧a下端與小球松脫，則松脫瞬間小球的加速度大小為D.若彈簧b下端與小球松脫，則松脫瞬間小球的加速度大小為3g4、閱讀下面一

3、段材料，回答第1題2018年12月8日730，“全民健步走文明伴我行”徒步大會在宿遷市政府廣場舉行整個隊伍的行進路線為：市政府廣場（起點）古黃河生態(tài)公園黃河南岸雙塔公園黃河北岸朱瑞將軍紀念館市政府廣場（終點），全程近10km，用時約3小時“上午730”、“10km”分別表示：（）A.時刻、位移B.時間間隔、位移C.時刻、路程D.時間間隔、路程5、如圖所示，A為電磁鐵，C為膠木秤盤，A和C（包括支架）的總質(zhì)量為；B為鐵塊，質(zhì)量為m，整個裝置用輕繩懸掛于點O，當電磁鐵通電時，鐵塊被吸引上升的過程中，輕繩上拉力F的大小為（）A.B.C.D.6、關(guān)于牛頓第一定律的說法中，正確的是（）A.由牛頓第一定律

4、可知，物體在任何情況下始終處于靜止狀態(tài)和勻速直線運動狀態(tài)B.牛頓第一定律只是反映慣性大小的，因此也叫慣性定律C.牛頓第一定律反映了物體不受外力作用時的運動規(guī)律，因此，物體在不受力時才有慣性D.牛頓第一定律既揭示了物體保持原有運動狀態(tài)的原因，又揭示了運動狀態(tài)改變的原因7、如圖所示，有一傾角30的斜面體B，質(zhì)量為M物體A質(zhì)量為m，彈簧對物體A施加一個始終保持水平的作用力，調(diào)整A在B上的位置，A始終能和B保持靜止對此過程下列說法正確的是()A.A、B之間的接觸面可能是光滑的B.彈簧彈力越大，A、B之間的摩擦力越大C.A、B之間的摩擦力為0時，彈簧彈力為mgD.彈簧彈力為mg時，A所受摩擦力大小為mg

5、8、如圖所示，質(zhì)量相同的P、Q兩球均處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)用小錘打擊彈性金屬片，使P球沿水平方向拋出，Q球同時被松開而自由下落。則下列說法中正確的有（ ）A.P球先落地B.兩球落地時速度大小相同C.下落過程中兩球的加速度相同D.同一時刻兩球離地面的高度相同9、如圖所示，質(zhì)量分別為m1=1kg、m2=4kg的A、B兩物體置于光滑的水平面上，中間用輕質(zhì)彈簧秤連接，大小均為20N的水平拉力F1、F2分別作用在A、B上，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)。下列說法正確的是A.彈簧秤的示數(shù)是0NB.彈簧秤的示數(shù)是20NC.撤去F2的瞬間，B的加速度大小為5m/s2D.撤去F1的瞬間，A的加速度大小為4m/s210、理想實驗是科

6、學研究中的一種重要方法，它把可靠的事實和合理的推論結(jié)合起來，可以深刻地揭示自然規(guī)律關(guān)于伽利略的理想實驗，下列說法正確的是A.只要接觸面相當光滑，物體在水平面上就能一直勻速運動下去B.這個實驗實際上是永遠無法做到的C.利用氣墊導軌，就能使實驗成功D.雖然是想象中實驗，但它是建立在可靠的實驗基礎(chǔ)上的11、如圖所示，A、B兩物塊的質(zhì)量分別為3m和2m，兩物塊靜止疊放在水平地面上，A、B間的動摩擦因數(shù)為，B與地面間的動摩擦因數(shù)為（0）最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g，現(xiàn)對B施加一水平推力F，則下列說法正確的是（）A.若Fmg，A、B間的摩擦力一定為零B.無論F為多大時，A相對B都不會滑動C.

7、當F3mg時，A的加速度為gD.若去掉B上的力，而將F3mg的力作用在A上，則B的加速度為12、實驗小組利用DIS系統(tǒng)（數(shù)字化信息實驗系統(tǒng)）觀察超重和失重現(xiàn)象，它們在學校電梯內(nèi)做實驗，在電梯天花板上固定一個力傳感器，力傳感器掛鉤懸掛一個重為10N的鉤碼，在電梯運動過程中，計算機顯示屏上出現(xiàn)如圖所示圖線，根據(jù)圖線分析可知下列說法正確的是A.t1到t2時間內(nèi)，電梯一定在向下運動，t3到t4時間內(nèi)，電梯可能正在向上運動B.從時刻t1到t2，鉤碼處于失重狀態(tài)，從時刻t3到t4，鉤碼處于超重狀態(tài)C.t1到t4時間內(nèi)，電梯可能先加速向下，接著勻速向下，再減速向下D.t1到t4時間內(nèi)，電梯可能先加速向上，接

8、著勻速向上，再減速向上二填空題(每小題6分，共18分)13、用圖甲所示裝置探究物體的加速度與力的關(guān)系。實驗時保持小車(含車中重物)的質(zhì)量M不變，細線下端懸掛鉤碼的總重力mg作為小車受到的合力F，用打點計時器測出小車運動的加速度a.（1）本實驗應用的實驗方法是_A理想實驗法 B控制變量法 C假設(shè)法 D.等效替代法（2）為了讓細線下端懸掛鉤碼的總重力作為小車受到的合力F，需滿足的條件是_（3）實驗中要進行質(zhì)量鉤碼質(zhì)量m和小車質(zhì)量M的選取，以下最合理的一組是_AM20g，m10g、15g、20g、25g、30g、40gBM200g，m20g、40g、60g、80g、100g、120gCM400g，m

9、20g、40g、60g、80g、100g、120g DM400g，m10g、15g、20g、25g、30g、40g(4)關(guān)于實驗操作，下列說祛正確的是_。A實驗前應調(diào)節(jié)滑輪高度，使滑輪和小車間的細線與木板平行B平衡摩擦力時，在細線的下端懸掛鉤碼，使小車在線的拉力作用下能勻速下滑C每次改變小車所受的拉力后都要重新平衡摩擦力D實驗時應先接通打點計時器電源，后釋放小車(5)圖乙為實驗中打出紙帶的一部分，從比較清晰的點跡起，在紙帶上標出連續(xù)的5個計數(shù)點A、B、C、D、E，相鄰兩個計數(shù)點之間都有4個點跡未標出，測出各計數(shù)點到A點間的距離。已知所用電源的頻率為50Hz，打B點時小車的速度v=_m/s，小車

10、的加速度a=_m/s.（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）(6)改變細線下端鉤碼的個數(shù)，得到a-F圖象如圖丙所示，造成圖線上端彎曲的原因可能是_。14、在“驗證力的平行四邊形定則”的實驗中(1)下列說法正確的是_A在測量同一組數(shù)據(jù)F1、F2和合力F的過程中，橡皮條與細線的結(jié)點，兩次應拉到同一點OB通過彈簧秤拉橡皮條的細線要適當長一些CF1、F2和合力F的大小都不能超過彈簧測力計的量程D在實驗過程中，F(xiàn)1、F2方向間夾角應為90 (2)本實驗采用的科學方法是_A理想實驗法 B等效替代法 C控制變量法 D建立物理模型法(3)某同學做“驗證力的平行四邊形定則”的實驗，實驗如圖甲所示，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O

11、為橡皮筋與細繩的結(jié)點，OB和OC為細繩，圖乙是在白紙上根據(jù)實驗結(jié)果畫出的力的圖示如果操作正確，作圖規(guī)范，圖乙中的F與F兩力中，方向一定沿AO方向的是_15、如圖所示為“探究合力與分力的關(guān)系”實驗，其中A為固定橡皮條的圖釘，P為橡皮條與細繩的結(jié)點，實驗中，第一次用兩個彈簧測力計互成角度地拉橡皮條，第二次用一個彈簧測力計拉橡皮條（1）本實驗采用的科學方法是_； A理想實驗法 B等效替代法 C控制變量法 D建立物理模型法（2）從圖中可讀得彈簧測力計B的示數(shù)為_ N；（3）對實驗操作過程，下列說法正確的是_A兩次拉伸橡皮條只要做到伸長量相同就行B拉橡皮條的兩細繩要稍長些C兩分力F1、F2夾角應盡可能的

12、大D兩分力F1、F2的大小應適當大些三計算題(22分)16、（12分）用三根輕繩將質(zhì)量為m的物塊懸掛在空中,如圖所示.已知ac和bc與豎直方向的夾角分別為30和60，則ac繩的拉力分別為_bc繩中的拉力為_17、（10分）如圖所示，長的木板B放在光滑水平面上木板質(zhì)量今有一質(zhì)量的滑塊可視為質(zhì)點以初速度從板的左端滑上木板試求滑塊A在木板B上滑行的時間和這一過程中木板向右運動的位移已知AB間動摩擦因數(shù)，參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、B【

13、解析】選木塊為研究對象，受力分析如圖，由于木塊在垂直斜面方向受力平衡，可以解出木塊所受的支持力為：FN=Gcos37再選擇斜面為研究對象，受力如圖，根據(jù)牛頓第三定律，木塊對斜面的壓力FN2大小等于FN，把FN2分解的y軸方向上，有：Fy=FN2cos37所以解得：Fy=Gcos237=6.4N因此小鐵塊下滑的過程中，測力計的示數(shù)為：20N+6.4N=26.4N；A30 N，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B26.4 N，與結(jié)論相符，選項B正確；C20 N，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D23.6 N，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；故選B。2、C【解析】速度屬于矢量，但其單位不屬于基本單位，所以A錯；力屬于矢

14、量，但其單位不屬于基本單位，所以B錯；位移屬于矢量，同時其單位屬于基本單位，所以C對，質(zhì)量不是矢量，所以D錯。3、B【解析】AB.對小球受力分析，受到a彈簧的拉力、b彈簧的拉力和重力，三力平衡，故有，故，故A錯誤，B正確；CD.若彈簧a下端與小球松脫，松脫瞬間b彈簧的彈力不變，故小球所受重力和b彈簧彈力的合力與大小相等方向相反，故，若彈簧b下端與小球松脫，則松脫瞬間a彈簧的彈力不變，故小球所受重力和a彈簧彈力的合力與大小相等方向相反，故小球的加速度，故C錯誤，D錯誤；故選：B【點睛】在應用牛頓第二定律解決瞬時問題時，一定要注意，哪些力不變，（彈簧的的形變量來不及變化，彈簧的彈力不變），哪些力變

15、化（如繩子斷了，則繩子的拉力變?yōu)榱?，或者撤去外力了，則外力變?yōu)榱?，）然后結(jié)合整體隔離法，應用牛頓第二定律分析解題4、C【解析】7：30在時間軸上表示某一位置即為時刻，全程近10km指的時運動軌跡的長度即為路程。故選C。5、D【解析】當電磁鐵通電前，繩的拉力為，當電磁鐵通電后，鐵塊被吸引上升，做變加速運動，且越靠近電磁鐵，吸力越大，加速度越大。對A、B、C組成的系統(tǒng)，當鐵塊加速上升時，系統(tǒng)整體的重心加速上移，系統(tǒng)處于超重狀態(tài)，故輕繩的拉力大于。故選D。6、D【解析】牛頓第一定律的內(nèi)容：物體只在不受外力或所受外力的合力為零時，才保持靜止狀態(tài)或勻速直線運動狀態(tài)；牛頓第一定律說明力是改變物體運動狀態(tài)（

16、或產(chǎn)生加速度）的原因，一切物體總具有慣性。故選D。7、CD【解析】設(shè)彈簧彈力為F，當時，即時，A所受摩擦力為0；若，A受到的摩擦力沿斜面向下；若，A受到的摩擦力沿斜面向上，可見AB錯誤C正確；當時，A所受摩擦力大小為，方向沿斜面向下，D正確8、CD【解析】考查平拋運動的性質(zhì)?！驹斀狻緼P球做平拋運動，平拋運動豎直方向為自由落體運動，與Q球運動情況一致：解得，兩球下落高度相同，同時開始運動，所以同時落地，A錯誤；B兩球落地時，豎直方向速度相同：但P球水平方向有初速度做勻速直線運動，而Q球沒有，所以：B錯誤；C下落過程中，都只受重力，加速度都為重力加速度g，C正確；D由平拋運動和自由落體運動的豎直

17、位移：可知，同一時刻兩球離地面的高度相同，D正確。故選CD。9、BC【解析】AB兩水平拉力作用下兩物體受力平衡，根據(jù)平衡條件可知彈簧秤的示數(shù)為T=20N，故A錯誤，B正確；C在突然撤去F2瞬間，因為彈簧的彈力不能發(fā)生突變，所以B的加速度大小為：，故C正確；D在突然撤去F1的瞬間，彈簧的彈力不能發(fā)生突變，所以A的加速度大小為：，故D錯誤故選BC。10、BD【解析】ABD伽利略的理想實驗是在現(xiàn)實生活中永遠無法做到的，所以屬于理想實驗，但它是建立在可靠的實驗基礎(chǔ)上的，通過邏輯推理，得出結(jié)論的，所以BD正確A錯誤C氣墊導軌的摩擦力雖然小，但還是存在的，所以也無法達到實驗目的，C錯誤故選：BD。11、A

18、D【解析】當F作用在B上時，根據(jù)A、B之間的最大靜摩擦力，隔離對B分析求出整體的臨界加速度，通過牛頓第二定律求出A、B不發(fā)生相對滑動時的最大拉力；當F作用在A上，根據(jù)隔離法求出發(fā)生相對滑動的最小拉力，判斷是否發(fā)生相對滑動，再結(jié)合牛頓第二定律進行求解；【詳解】A、B與地面間的最大靜摩擦力，當時，AB處于靜止，對A分析，A所受的摩擦力為零，故A正確；B、A發(fā)生相對滑動的臨界加速度，對整體分析，解得：，所以當時，A相對B滑動，故B錯誤；C、當，可知AB保持相對靜止，一起做勻加速直線運動，加速度，故C錯誤；D、若去掉B上的力，而將的力作用在A上，B發(fā)生相對滑動的臨界加速度，對A分析，解得不發(fā)生相對滑動

19、的最小拉力，可知的力作用在A上，AB一起做勻加速直線運動，加速度，故D正確【點睛】本題考查了摩擦力的計算和牛頓第二定律的綜合運用，解決本題的突破口在于通過隔離法和整體法求出A、B不發(fā)生相對滑動時的最大拉力12、BC【解析】A圖橫軸是時間，縱軸是力，所以圖線顯示了力傳感器對鉤碼的拉力大小隨時間的變化情況，從時刻t1到t2，物體受到的壓力小于重力時，加速度向下，但可以向上做減速運動；從時刻t3到t4，物體受到的壓力大于重力，加速度向上，可以向上加速運動，也可以向下減速運動，故A錯誤；Bt1到t2時間內(nèi)，拉力減小，鉤碼處于失重狀態(tài)；t3到t4時間內(nèi)，拉力增加，鉤碼處于超重狀態(tài)，故B正確；C如果電梯開

20、始停在高樓層，由圖可知，壓力先等于重力、再小于重力、然后等于重力、大于重力、最后等于重力，故電梯可能先加速向下，接著勻速向下，再減速向下，最后停在低樓層，故C正確；D如果電梯開始停在低樓層，故電梯應先加速向上，接著勻速向上，再減速向上，最后停在高樓層，則壓力先等于重力、再大于重力、然后等于重力、小于重力、最后等于重力，故D錯誤。故選BC.二填空題(每小題6分，共18分)13、 .B .Mm .D .AD .0.32 .0.93 .隨所掛砝碼質(zhì)量m的增大，不滿足Mm【解析】（1）1探究加速度與力的關(guān)系時，要控制小車質(zhì)量不變而改變拉力大小；探究加速度與質(zhì)量關(guān)系時，應控制拉力不變而改變小車質(zhì)量；本實

21、驗應用的實驗方法是控制變量法，故選B.（2）2對整體對小車則則當Mm時T=mg，則為了讓細線下端懸掛鉤碼的總重力作為小車受到的合力F，需滿足的條件是Mm.（3）3實驗中要保證Mm，則鉤碼質(zhì)量m和小車質(zhì)量M的選取，最合理的一組是D.（4）4A、調(diào)節(jié)滑輪的高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行，否則拉力不會等于合力，故A正確；B、在調(diào)節(jié)模板傾斜度平衡木塊受到的滑動摩擦力時，不應懸掛鉤碼，故B錯誤；C、由于平衡摩擦力之后有Mgsin=Mgcos，故tan=所以無論小車的質(zhì)量是否改變，小車所受的滑動摩擦力都等于小車的重力沿斜面的分力，改變小車質(zhì)量即改變拉小車拉力，不需要重新平衡摩擦力，故C錯誤；D、打

22、點計時器要“早來晚走”，即實驗開始時先接通打點計時器的電源待其平穩(wěn)工作后再釋放木塊，而當實驗結(jié)束時應先控制木塊停下再停止打點計時器，故D正確；選擇AD（5）56已知打點計時器電源頻率為50Hz，則紙帶上相鄰計數(shù)點間的時間間隔為：T=50.02s=0.1sB點對應的速度為：根據(jù)x=aT2可得：xCE-xAC=a（2T）2小車運動的加速度為：（6）7隨著力F的增大，即隨所掛鉤碼質(zhì)量m的增大，不能滿足Mm，因此曲線上部出現(xiàn)彎曲現(xiàn)象14、 .ABC .B .F【解析】實驗中采用了兩個力合力與一個力效果相同來驗證的平行四邊形定則，效果的相同是通過拉橡皮筋產(chǎn)生大小和方向相同的形變量來實現(xiàn)的；掌握實驗的方法

23、和數(shù)據(jù)的處理方法以及需要注意的事項，尤其是理解本實驗的“等效”思想；力的合成遵循平行四邊形定則，根據(jù)平行四邊形定則作出合力，通過作圖的方法得到合力的理論值；【詳解】(1) A、在同一組數(shù)據(jù)中，只有當橡皮條節(jié)點O的位置不發(fā)生變化時，兩個力的作用效果和一個力的作用效果才相同，才可以驗證平行四邊形定則，故A正確；B、為了準確記下拉力的方向，故采用兩點描線時兩點應盡量距離大一些，故細繩應長些，故B正確；C、根據(jù)彈簧測力計的使用原則可知，在測力時不能超過彈簧測力計的量程，故C正確；D、F1、F2方向間夾角不需要為90，只要方便作圖即可，故D錯誤；故選ABC；(2)合力與分力是等效替代的關(guān)系，所以實驗采用的等效替代法，故B正確，A