2022屆江蘇省吳江平望中學數學高二第二學期期末檢測模擬試題含解析

1、2021-2022高二下數學模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、選擇題：本題共12小題，每小題5分，共60分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1已知，且，則“”是“”的（ ）A充分不必要條件B必要不充分條件C充要條件D既不充分也不必要條件2已知某批零件的長度誤差(單位:毫米)服從正態(tài)分布，從中隨機取一件.其長度誤差落在區(qū)間內的概率為（ ）(附:若隨機變量服從正態(tài)分布N，則，)ABC

2、D3如圖，網格紙上小正方形的邊長為1，粗線畫出的是某幾何體的三視圖，則此幾何體各面中直角三角形的個數是( )A2B3C4D54動點在圓上移動時，它與定點連線的中點的軌跡方程是 （ ）ABCD5（2017新課標全國I理科）記為等差數列的前項和若，則的公差為A1B2C4D86某旅游城市為向游客介紹本地的氣溫情況，繪制了一年中各月平均最高氣溫和平均最低氣溫的雷達圖圖中A點表示十月的平均最高氣溫約為15，B點表示四月的平均最低氣溫約為5下面敘述不正確的是 ( )A各月的平均最低氣溫都在0以上B七月的平均溫差比一月的平均溫差大C三月和十一月的平均最高氣溫基本相同D平均最高氣溫高于20的月份有5個7函數的

3、定義域為，且，當時，；當時，則A672B673C1345D13468（為虛數單位），則復數對應的點在（ ）A第一象限B第二象限C第三象限D第四象限9已知隨機變量Z服從正態(tài)分布N（0， ）,若P(Z2)=0.023,則P(-2Z2)=A0.477B0.625C0.954D0.97710如圖所示，陰影部分的面積為（ ）AB1CD11已知函數，是函數的導函數，則的圖象大致是（ ）ABCD12從圖示中的長方形區(qū)域內任取一點，則點取自圖中陰影部分的概率為( )ABCD二、填空題：本題共4小題，每小題5分，共20分。13已知橢圓的參數方程為，則該橢圓的普通方程是_.14將極坐標化成直角坐標為_.15若復數

4、z滿足|1z|1+z|2，則|z|的最小值為_16已知偶函數在單調遞減，.若，則的取值范圍是_.三、解答題：共70分。解答應寫出文字說明、證明過程或演算步驟。17（12分）已知橢圓滿足：過橢圓C的右焦點且經過短軸端點的直線的傾斜角為.（）求橢圓的方程；（）設為坐標原點，若點在直線上，點在橢圓C上，且，求線段長度的最小值.18（12分）已知點P(3，1)在矩陣變換下得到點P(5，1)試求矩陣A和它的逆矩陣19（12分）已知函數，若直線與函數，的圖象均相切.（1）求實數的值；（2）當時，求在上的最值.20（12分）某高速公路收費站入口處的安全標識墩如圖1所示墩的上半部分是正四棱錐PEFGH，下半部

5、分是長方體ABCDEFGH圖2、圖3分別是該標識墩的正視圖和俯視圖（1）請畫出該安全標識墩的側視圖；（2）求該安全標識墩的體積21（12分）已知橢圓:經過點，離心率為.（1）求橢圓的方程；（2）過點的直線交橢圓于，兩點，為橢圓的左焦點，若，求直線的方程.22（10分）已知向量m=(3sin（1）若mn=1（2）記f(x)=mn在ABC中角A,B,C的對邊分別為a,b,c，且滿足(2a-c)參考答案一、選擇題：本題共12小題，每小題5分，共60分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】分析：已知，解出a，b的值，再根據充分條件和必要條件的定義進行求解.詳解：a0，b0

6、且a1，若logab0，a1，b1或0a1,0b0；若(a1)(b1)0,則或則a1，b1或0a1,0b0，“l(fā)ogab0”是“(a1)(b1)0”的充分必要條件故選C.點睛：在判斷充分、必要條件時需要注意：(1)確定條件是什么、結論是什么；(2)嘗試從條件推導結論，從結論推導條件；(3)確定條件是結論的什么條件抓住“以小推大”的技巧，即小范圍推得大范圍，即可解決充分必要性的問題2、B【解析】利用原則，分別求出的值，再利用對稱性求出.【詳解】正態(tài)分布中，所以，所以，故選B.【點睛】本題考查正態(tài)分布知識，考查利用正態(tài)分布曲線的對稱性求隨機變量在給定區(qū)間的概率.3、C【解析】把三視圖還原為原幾何體

7、為一個四棱錐，底面是邊長為3的正方形，側棱底面ABCD，四個側面均為直角三角形，則此幾何體各面中直角三角形的個數是4個，選C. 4、B【解析】設連線的中點為,再表示出動點的坐標,代入圓化簡即可.【詳解】設連線的中點為,則因為動點與定點連線的中點為,故 ,又在圓上,故,即即故選：B【點睛】本題主要考查了軌跡方程的一般方法,屬于基礎題型.5、C【解析】設公差為，聯立解得，故選C.點睛:求解等差數列基本量問題時，要多多使用等差數列的性質，如為等差數列，若，則.6、D【解析】試題分析：由圖可知各月的平均最低氣溫都在0以上，A正確；由圖可知在七月的平均溫差大于，而一月的平均溫差小于，所以七月的平均溫差比

8、一月的平均溫差大，B正確；由圖可知三月和十一月的平均最高氣溫都大約在，基本相同，C正確；由圖可知平均最高氣溫高于20的月份有7，8兩個月，所以不正確故選D【考點】統(tǒng)計圖【易錯警示】解答本題時易錯可能有兩種：（1）對圖形中的線條認識不明確，不知所措，只覺得是兩把雨傘重疊在一起，找不到解決問題的方法；（2）估計平均溫差時易出現錯誤，錯選B7、D【解析】根據函數周期的定義，得到函數是周期為3的周期函數，進而求得的值，進而得到，即可求解.【詳解】根據題意，函數的定義域為，且，則函數是周期為3的周期函數，又由當時，則，當時，則，由函數是周期為3的周期函數，則 則，所以，故選D.【點睛】本題主要考查了函數

9、周期性的應用，以及函數值的計算，其中解答中根據函數周期性的定義，求得函數是周期為3的周期函數是解答的關鍵，著重考查了推理與運算能力，屬于基礎題.8、A【解析】通過 求出 ，然后得到復數 對應的點的坐標【詳解】由得 所以復數 在復平面對應的點在第一象限【點睛】本題主要考查復數的基本概念，兩個復數代數形式的除法，復數與復平面內對應點之間的關系，屬于基礎題9、C【解析】因為隨機變量服從正態(tài)分布,所以正態(tài)曲線關于直線對稱,又,所以,所以0.954,故選C.【命題意圖】本題考查正態(tài)分布的基礎知識,掌握其基礎知識是解答好本題的關鍵.10、B【解析】如圖所示 軸與函數 圍成的面積為 ,因此故選B.11、A【

10、解析】首先求得導函數解析式，根據導函數的奇偶性可排除，再根據，可排除，從而得到結果.【詳解】由題意得：為奇函數，圖象關于原點對稱可排除又當時，可排除本題正確選項：【點睛】此題考查函數圖象的識別，考查對函數基礎知識的把握程度以及數形結合的思維能力，關鍵是能夠利用奇偶性和特殊位置的符號來排除錯誤選項，屬于中檔題12、C【解析】先利用定積分公式計算出陰影部分區(qū)域的面積，并計算出長方形區(qū)域的面積，然后利用幾何概型的概率計算公式可得出答案【詳解】圖中陰影部分的面積為，長方形區(qū)域的面積為133，因此，點M取自圖中陰影部分的概率為故選C【點睛】本題考查定積分的幾何意義，關鍵是找出被積函數與被積區(qū)間，屬于基礎

11、題二、填空題：本題共4小題，每小題5分，共20分。13、【解析】利用公式即可得到結果【詳解】根據題意，解得故答案為【點睛】本題主要考查的是橢圓的參數方程，解題的關鍵是掌握，屬于基礎題14、【解析】試題分析：由題意得，所以直角坐標為故答案為：考點：極坐標與直角坐標的互化.15、1【解析】設,將已知條件化為，利用可得答案.【詳解】設，則，所以，所以，所以，所以，當且僅當時等號成立，所以的最小值為.故答案為：1【點睛】本題考查了復數的代數運算，考查了求復數的模的最值，關鍵是設復數的代數形式進行運算，屬于中檔題.16、【解析】因為是偶函數，所以不等式，又因為在上單調遞減，所以，解得.考點：本小題主要考

12、查抽象函數的奇偶性與單調性，考查絕對值不等式的解法，熟練基礎知識是關鍵.三、解答題：共70分。解答應寫出文字說明、證明過程或演算步驟。17、（I）；（）.【解析】（）設出短軸端點的坐標，根據過右焦點與短軸端點的直線的傾斜角為，可以求出斜率，這樣就可以求出，再根據右焦點，可求出，最后利用求出，最后寫出橢圓標準方程；（）設點的坐標分別為，其中，由，可得出等式，求出線段長度的表達式，結合求出的等式和基本不等式，可以求出線段長度的最小值.【詳解】（I）設橢圓的短軸端點為（若為上端點則傾斜角為鈍角），則過右焦點與短軸端點的直線的斜率，（）設點的坐標分別為，其中,即就是，解得.又 ，且當時等號成立，所以長

13、度的最小值為【點睛】本題考查了求橢圓的標準方程，考查了利用基本不等式求線段長最小值問題，考查了數學運算能力.18、 【解析】分析：由列方程求出a和b的值，求得矩陣A,|A|及,由即可求得.詳解：依題意得 所以 所以A 因為|A|1(1)021，所以 點睛：本題主要考查矩陣的變換和逆矩陣的求法，意在考查學生對這些基礎知識的掌握水平和基本的運算能力. 19、（1），或；（2），.【解析】（1）由直線與二次函數相切，可由直線方程與二次函數關系式組成的方程組只有一個解，然后由判別式等于零可求出的值，再設出直線與函數圖像的切點坐標，由切點處的導函數值等于切線的斜率可求出切點坐標，從而可求出的值；（2）對

14、函數求導，使導函數為零，求出極值點，然后比較極值和端點處的函數值大小，可求出函數的最值.【詳解】（1）聯立可得， 設直線與的圖象相切于點，則，或當時， 當時， 或 （2）由（1），令則或；令則在和上單調遞增，在上單調遞減又，【點睛】此題考查導數的幾何意義，利用導數求最值，屬于基礎題.20、 (1)見解析（）64000（cm3）【解析】（1）由于墩的上半部分是正四棱錐PEFGH，下半部分是長方體ABCDEFGH，故其正視圖與側視圖全等（2）由三視圖我們易得，底面為邊長為40cm的正方形，長方體的高為20cm，棱錐高為60cm，代入棱柱和棱錐體積公式，易得結果【詳解】（1）該安全標識墩側視圖如圖所

15、示（2）該安全標識墩的體積VVPEFGH+VABCDEFGH404060+40402064000（cm3）【點睛】根據三視圖判斷空間幾何體的形狀，進而求幾何的表（側/底）面積或體積，是高考必考內容，處理的關鍵是準確判斷空間幾何體的形狀，一般規(guī)律是這樣的：如果三視圖均為三角形，則該幾何體必為三棱錐；如果三視圖中有兩個三角形和一個多邊形，則該幾何體為N棱錐（N值由另外一個視圖的邊數確定）；如果三視圖中有兩個為矩形和一個多邊形，則該幾何體為N棱柱（N值由另外一個視圖的邊數確定）；如果三視圖中有兩個為梯形和一個多邊形，則該幾何體為N棱柱（N值由另外一個視圖的邊數確定）；如果三視圖中有兩個三角形和一個圓

16、，則幾何體為圓錐如果三視圖中有兩個矩形和一個圓，則幾何體為圓柱如果三視圖中有兩個梯形和一個圓，則幾何體為圓臺21、（1）；（2）或【解析】（1）由橢圓的離心率可得，從而使橢圓方程只含一個未知數，把點的坐標代入方程后，求得，進而得到橢圓的方程為；（2）因為直線過定點，所以只要求出直線的斜率即可，此時需對直線的斜率分等于0和不等于0兩種情況進行討論，當斜率不為0時，設直線的方程為，點、，利用得到關于的方程，并求得.【詳解】（1）設橢圓的焦距為，則，所以，橢圓的方程為，將點的坐標代入橢圓的方程得，解得，則，因此，橢圓的方程為.（2）當直線斜率為0時，與橢圓交于，而.此時，故不符合題意.當直線斜率不為0時，設直線的方程為，設點、，將直線的方程代入橢圓的方程，并化簡得，解得或，由韋達定理可得，同理可得，所以，即解得：，符合題意因此，直線的方程為或.【點睛】本題考查橢圓方程的求法、直線與橢圓的位置關系并與向量進行交會，求解過程中要始終領會設而不求的思想，即利用坐標運算解決幾何問題，考查運算求解能力.22、（1）-（2）(1,【解析】試題分析：(1)mn1，即3sinx4cosx4cos2即32sinx212cosxsin(x26)cos(23x)cos(x3)c