浙江省2022年1月普通高校招生選考科目考試物理模擬試題C

1、浙江省2022年1月普通高校招生選考科目考試物理模擬試題CF點(diǎn)，在這個(gè)過(guò)程2考生須知：10090分鐘?？忌痤}前，務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用黑色字跡的簽字筆或鋼筆填寫在答題卡上。選擇題的答案須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如要改動(dòng)，須將原填涂處用橡皮擦凈。2B用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑，答案寫在本試題卷上無(wú)效。FF的大小變化情況是12AF和F都變大12本卷中涉及數(shù)值計(jì)算的，重力加速均取10 。BF變大，F(xiàn)變小12選擇題部分CF和F都變小12一、選擇題（本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1= 。用國(guó)

2、際單位制中基本單位表示正確的是DF變小，F(xiàn)變大12【答案】A【解析】對(duì)物體受力分析并合成如圖：A2 s3Akgm2A2 s2Ckgm3A2 s3Bkgm3A s3Dkgm3【答案】CR L ，解得： S，則： 1RSLRSL R U ，RSI因?yàn)槲矬w始終處于平衡狀態(tài)，故G始終等于G，大小和方向均不發(fā)生變化。在物體緩慢偏離豎直位置的過(guò)程中細(xì)線與豎直方向的夾角逐漸變大，畫出平行四邊形如圖所示，可以看出：水平拉力逐漸變大，繩子的拉力也逐漸變大。故A正確。聯(lián)立可得： LIUS，根據(jù)U q，而W=FL，F(xiàn)=ma，q=It，聯(lián)立并根據(jù)公式對(duì)應(yīng)單位的換算可知，其單位為42022年4月1日，在中國(guó)核能可持續(xù)發(fā)

3、展論壇上，生態(tài)環(huán)境部介紹2022年會(huì)有核電項(xiàng)目陸續(xù)開(kāi)工建設(shè)。某核電站獲得核能的核反應(yīng)方程為235 U+1 n 144 Ba+89 Kr+x1n ，己知鈾核235 U m，鋇核144 Ba m，氪核9202636921262A2 s3 kg m3，故C正確。89 Kr mm，下列說(shuō)法中正確的是3634上浮到海面，速度恰好減為零，則“蛟龍?zhí)枴痹趖 （t 時(shí)刻距離海平面的深度為00vtv2該核電站通過(guò)核聚變獲得核能235 CD一個(gè)鈾核發(fā)生上述核反應(yīng)，釋放的能量為mmmm）2B2【答案】C1234v(t t )2C02tDvt0(1 0 )tt【解析】A核電站獲得核能的途徑是核裂變，故A錯(cuò)誤。B鈾核2

4、35 U 的質(zhì)子數(shù)為92，故B錯(cuò)誤。C根據(jù)質(zhì)量數(shù)92守恒可知x=3，故C正確。D一個(gè)鈾核235 U 發(fā)生上述核反應(yīng)，由質(zhì)能方程可得：【答案】Ca v，根據(jù)逆向思維，可知蛟龍?zhí)栐趖時(shí)刻距離海平面的深度為：E mc2 m m14m m2924c2 m m1m 3c2，故錯(cuò)誤。h 12a(t t )20 v(t t0 )22t2t，故C正確。01 / 7人和車的速度為 grsin人和車的速度為 grtanmgcos率較大故C項(xiàng)不符合題意；D水的上升和下降過(guò)程具有對(duì)稱性，兩水槍噴出水的最大高度相同，兩水槍噴出的水在豎直方向運(yùn)動(dòng)情況相同，則兩水槍噴出的水在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同，故D項(xiàng)不符合題意。7如圖所示

5、，導(dǎo)體棒PQ沿兩平行金屬導(dǎo)軌從圖中位置以速度v向右勻速通過(guò)一正方形磁場(chǎng)區(qū)域abcd，ac垂直于導(dǎo)軌且平行于導(dǎo)體棒，ac右側(cè)的磁感應(yīng)強(qiáng)度是左側(cè)的2倍且方向相反。導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻均不計(jì)，下列關(guān)于導(dǎo)體棒中感應(yīng)電流和所受安培力隨時(shí)間變化的圖象正確的是（規(guī)定電流從M經(jīng)R到N為正方向，安培力向左為正方向）【答案】Bmg sin【解析】AB對(duì)人和車受力分析如圖所示，B人和車在豎直方向受力平衡，水平方向重力與支持力的合力提供向心力mv2r，故CDA錯(cuò)誤，B正確；CDmgcos ，故CD錯(cuò)誤。水槍，它們的噴水口徑相同，所噴出的水在空中運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示，則由圖可看出【答案】A【解析】設(shè)ac左側(cè)磁感應(yīng)強(qiáng)度是B，

6、則右側(cè)的為2B。導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)。AB金屬棒通過(guò)bac區(qū)域時(shí)，由右手定則可知金屬棒感應(yīng)電流從Q到P，為正方向，由i E B2vt 2Bv2t t i BLv；金屬棒PQ通甲水槍噴出水的速度較大RRR過(guò)，為負(fù)方向，由i RE 4B(L vt)v ，可知隨時(shí)間均勻RRC甲水槍噴水的功率較大減小，PQ棒剛離開(kāi)ac時(shí)， i 2BLv ，故A正確，B錯(cuò)誤。CD金屬棒PQ通過(guò)bac區(qū)域時(shí)，安培力R4B2v3t216B2(Lvt)2vD乙水槍噴出的水在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間較長(zhǎng)F Bi 2vt t2 ，金屬P通bd區(qū)域時(shí)，安培力大小為F 4B Lv。根RR【答案】BAB水從最高處到失火處的運(yùn)動(dòng)可視為平拋運(yùn)動(dòng)，水的上升和

7、下降過(guò)程具有對(duì)稱性；甲、乙兩水槍噴出水的最大高度相同，乙水槍噴出的水更遠(yuǎn)，則乙水槍噴出的水在最高處具有的水平速度更大；水的最大高度相 A乙水槍噴出水的速度較大，甲、乙兩水槍噴水口徑相同，則乙水槍噴水的功據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可得，CD錯(cuò)誤。8如圖所示，傾角 =30 的光滑斜面固定在地面上，長(zhǎng)為l、質(zhì)量為m、質(zhì)量分布均勻的軟繩置于斜面上，其上端與斜面頂端齊平。用細(xì)線將質(zhì)量也為m的物塊與軟繩連接，物塊由靜止釋放后向下運(yùn)動(dòng)，直到軟繩剛好全部離開(kāi)斜面（此時(shí)物塊未到達(dá)地面），在此過(guò)程中2 / 7 3 R3T32T 2 ， 即 2 =，則A錯(cuò)誤；B在a點(diǎn)在軌道I做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由萬(wàn)有引力提供向心力，則有；2T2R3T

8、211物塊的機(jī)械能逐漸增加v ，在軌道上b點(diǎn)做向心運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力大于向心力，則：v GM ，則v ，則B錯(cuò)誤；aRb2Rabg21由a r 2，得a 1r2，即在a點(diǎn)的加速度大小為在c點(diǎn)的4倍，則C錯(cuò)誤；D在b點(diǎn)做向心運(yùn)動(dòng)，在c點(diǎn)做離C軟繩重力勢(shì)能減少了 2 mglD軟繩剛好全部離開(kāi)斜面時(shí)的速度大小為5gl 2心運(yùn)動(dòng)，則c點(diǎn)的速度大于b點(diǎn)的速度，c點(diǎn)動(dòng)能大于b點(diǎn)的動(dòng)能，又兩點(diǎn)勢(shì)能相等，故衛(wèi)星在b點(diǎn)的機(jī)械能小于在c 點(diǎn)的機(jī)械能，則D正確。10如圖所示是選擇密度相同、大小不同納米粒子的一種裝置，待選粒子帶正電且電荷量與其表面積成正比。待選OO射入正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)、【答案D12OO、O在同一豎直【解析

9、】A對(duì)于物塊和軟繩組成的系統(tǒng)，只發(fā)生重力勢(shì)能與動(dòng)能之間的轉(zhuǎn)化，所以系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，故A錯(cuò)312rmq的納米粒子剛好能沿直線通過(guò)，不計(jì)納米粒子重力，則誤。B物塊靜止釋放瞬間，由牛頓第二定律：mg mg sin 30 ，解得a g4 ，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C軟繩重力00011111勢(shì)能減少了(mgl)(mgl sin 30 )mgl，選錯(cuò)誤由機(jī)械能守恒定律：mglmgl 2mv2 ，解得v 25gl 22，選項(xiàng)D正確。442I7.9 km/s對(duì)應(yīng)的近地環(huán)繞圓軌道，軌道為橢圓軌道，軌道為與第二宇宙速度11.2 km/s對(duì)應(yīng)的脫離軌道，a、b、c三點(diǎn)分別位于三條軌道上，b點(diǎn)為軌道的遠(yuǎn)地點(diǎn)，b、c點(diǎn)與地心的距

10、離均為軌道I半徑的2倍，則A區(qū)域的電場(chǎng)強(qiáng)度與磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的比值為qU2q U0m0B區(qū)域左右兩極板間的電勢(shì)差大U=Bd01m0A衛(wèi)星在軌道的運(yùn)行周期為軌道I的2倍C，則剛進(jìn)入?yún)^(qū)域的粒子仍將沿直線通過(guò)0rD，仍沿直線通過(guò)，則區(qū)域的電場(chǎng)與原電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小之比為0r0【答案】A1【解析AB設(shè)半徑r的粒子加速后的速度則有：q U m v2 ，設(shè)區(qū)II內(nèi)電場(chǎng)強(qiáng)度洛倫茲點(diǎn)的 2 倍00203倍qE 2q 0，則區(qū)域的電場(chǎng)與磁場(chǎng)的強(qiáng)度比值為【答案】D【解析】A軌道I的半徑為R，則軌道的半長(zhǎng)軸為R R 2R 3 R ，則由開(kāi)普勒第三定律得：00m02q U0，故、被加速后m00222 HYPERLINK

11、 l _TOC_250001 rr1 HYPERLINK l _TOC_250000 2qUrr，則m（3m，而q （2qmv2 qU v 00 0 ，故洛倫茲r0r0200m rr03 / 72q Urr12一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，每個(gè)質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的振幅都為2 m，已知在t=0時(shí)刻相距4 m的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)a，b的位力變小，粒子帶正電，故粒子向左偏轉(zhuǎn)，錯(cuò)誤由于v00 0 v，故洛倫茲力與原來(lái)的洛倫茲力之比為m rr0rr0 ；電場(chǎng)力與洛倫茲力平衡，故電場(chǎng)力與原來(lái)的電場(chǎng)力之比為 0 ；根據(jù)F=qE，區(qū)域的電場(chǎng)與移都是1 m，但速度方向相反，其中a質(zhì)點(diǎn)的速度沿y軸負(fù)方向，如圖所示，則rr原電場(chǎng)的電

12、場(chǎng)強(qiáng)度之比為r0 ，故D錯(cuò)誤。r二、選擇題（本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有錯(cuò)選的得0分）從點(diǎn)射出，出射光線平行于AB，已知ABD=30，光在真空中的傳播速度為c，則此玻璃的折射率為 33R到需用時(shí)cDAB【答案】AB【解析】A如圖，由幾何知識(shí)可得入射角i=ABD=30，折射角r=2ABD=30=60，則此玻璃的折射率為sinrsin60兩質(zhì)點(diǎn)的加速度相同C當(dāng)質(zhì)點(diǎn)的速度為零 D當(dāng)+2 m【答案】AD【解析】Aa、b兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)都做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，t=0時(shí)刻a、b兩質(zhì)點(diǎn)的位移相同，根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的特征：a kx

13、，m得知加速度相同，故A正確。B圖示時(shí)刻兩質(zhì)點(diǎn)位移相同，速度相反，但不是同相點(diǎn)，所以a、b兩質(zhì)點(diǎn)的平衡位置間的距離不是波長(zhǎng)的整數(shù)倍，故B錯(cuò)誤。C由圖看出，a正向平衡位置運(yùn)動(dòng)，速度增大，b正向波峰運(yùn)動(dòng)， 速度減小，當(dāng)a通過(guò)1cm位移到達(dá)平衡位置時(shí)，b還沒(méi)有到達(dá)波峰，則a質(zhì)點(diǎn)速度最大時(shí)，b質(zhì)點(diǎn)速度不為零。故C 錯(cuò)誤。D假設(shè)在t=0時(shí)刻，ab之間只有一個(gè)波峰則其位置在x=3的位置，當(dāng)b質(zhì)點(diǎn)位移為+2 cm到達(dá)波峰時(shí)，波向右傳播2 m的距離，將波形向右平移2 m可看出，此時(shí)a質(zhì)點(diǎn)位于平衡位置下方，位移為1 cm，故D正確。v時(shí)，起重機(jī)的有用功率達(dá)到最大值1P。以后，起重機(jī)保持該功率不變，繼續(xù)提升重物，

14、直到以最大速度勻速上升。則下列說(shuō)法正確的是Pv鋼繩的最大拉力為v1n 3，故正確；sinisin30Pv+mgv1PmgcsACDmv 21P mgv1長(zhǎng)度s=2Rcos30= 3 v ，故光線傳到的時(shí)間為t ，故正nvc【解析】AB重物先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，再做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，最后做勻速運(yùn)動(dòng)，開(kāi)始勻加速時(shí)加速度vP Fv ，可得鋼繩的最大拉力13211確；C由sinC n3 2，則臨界角C45，所以若增大ABD，入射角可能大于臨界角，所以光線可P為v，故正確，BF mg P Fv2 ，聯(lián)立可得重物能在錯(cuò)誤；D30，小，則從AD段射出的光線與AB不平行，故D錯(cuò)誤。14 / 7Pv=2mg，

15、故C正確F，重物做勻加速運(yùn)動(dòng)由牛頓第二定律可得1圖1圖2實(shí)驗(yàn)中除了需要小車、砝碼、托盤、細(xì)繩、附有定滑輪的長(zhǎng)木板、墊木、打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、低壓交流電源、兩F Pmv根導(dǎo)線、復(fù)寫紙、紙帶之外，還需。mgmav ，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得v11 at ，聯(lián)立可求的時(shí)間t 1P mgv1，故D正下列做法正確的。確。的絕緣輕質(zhì)細(xì)的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），點(diǎn)擺動(dòng)，如此往60。不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法中正確的是A調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳≤嚨募?xì)繩與長(zhǎng)木板保持平行 B在調(diào)節(jié)木板傾斜角度平衡小車受到的滑動(dòng)摩擦力時(shí)，將裝有砝碼的托盤通過(guò)定滑輪拴在小車上 C實(shí)驗(yàn)時(shí)，先放開(kāi)小車再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源 D通過(guò)增減小車上的砝碼改變質(zhì)量時(shí)，不

16、需要重新調(diào)節(jié)木板傾斜度 E砝碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車和車上砝碼的總質(zhì)量1某同學(xué)以小車和車上砝碼的總質(zhì)量的倒數(shù)M1為橫坐標(biāo)，小車的加速度a為縱坐標(biāo)，在坐標(biāo)紙上作出的a在0關(guān)系圖線如所示。由圖可分析得出：加速度與質(zhì)量關(guān)系（填“正比”或“反M3mg q3比”）；圖線不過(guò)原點(diǎn)說(shuō)明實(shí)驗(yàn)有誤差，引起這一誤差的主要原因是平衡摩擦力時(shí)長(zhǎng)木板的傾角 （填“過(guò)大”或“過(guò)小”）?！敬鸢浮浚?分） 分） （2）ADE（3分） （3）（1分） （1分）mgL【解析】（1）實(shí)驗(yàn)中用砝碼桶的總重力表示小車的拉力，需測(cè)量砝碼桶的質(zhì)量，所以還需要天平。實(shí)驗(yàn)中需要小球在下擺的過(guò)程中，小球的重力勢(shì)能和電勢(shì)能之和先減小后增大【答案】BC

17、D【解析】A小球在B點(diǎn)受重力豎直向下，電場(chǎng)力水平向右，故合力一定不為零，故A錯(cuò)誤；B小球由A到B的過(guò)3mg用刻度尺測(cè)量紙帶上點(diǎn)跡間的距離，從而得出加速度，所以還需要刻度尺。（2）ABBCD、通D、對(duì)整體分析，根據(jù)牛頓第二定律程中，由動(dòng)能定理可得：mgLsinEqL（1cos60）=0，則電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為E q，故B正確；a mgF Ma MmgmgM m ，則繩子上拉力大小M m1 m ，當(dāng)mM ，即砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總3C小球從A運(yùn)動(dòng)到B，重力做正功，W=mgh=mgLsin，故重力勢(shì)能減小mgLsin60 2 mgL ，故C正確；D小球在下擺過(guò)程中，除重力做功外，還有電場(chǎng)力做功，故機(jī)械能不

18、守恒，但機(jī)械能和電勢(shì)能總能量之和不變，因?yàn)榍蛟谙聰[的過(guò)程中，動(dòng)能先增加后減小，則小球的重力勢(shì)能和電勢(shì)能之和先減小后增大，故D正確。M質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車和小車上砝碼的總質(zhì)量時(shí)，砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總重力在數(shù)值上近似等于小車運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的拉力。故E正確。1非選擇題部分三、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，共17分）（3）因?yàn)閍 M成的。圖象是一條直線，a與M成反比；圖象在a軸上有截距，這是平衡摩擦力時(shí)長(zhǎng)木板的傾角過(guò)大造15（7分）某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖1所示的裝置“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”。5 / 716（10分）某同學(xué)為了測(cè)量一節(jié)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，從實(shí)驗(yàn)室找到以下器材：一個(gè)滿偏電流為100 A，內(nèi)阻為2 500

19、的表頭，一個(gè)開(kāi)關(guān)，兩個(gè)電阻箱（0999.9 ）和若干導(dǎo)線。由于表頭量程偏小，該同學(xué)首先需將表頭改裝成量程50 的電流表，則應(yīng)將表頭與電阻 （填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”），并將該電阻箱阻值調(diào)為。因I即表示電源的路端電壓，則有IR E I r R 1.53，內(nèi)阻為A123456R/95.075.055.045.035.025.0I/mA15.018.724.829.536.048.0IR/V1.421.401.361.331.261.20根據(jù)表中數(shù)據(jù)，下圖中已描繪出四個(gè)點(diǎn)，請(qǐng)將第5、6兩組數(shù)據(jù)也描繪在圖中，并畫出IRI圖線。1.53 1.18r (5)2.0。0.05三、計(jì)算題（本題共3小題，共37分）

20、17（10分）的帶球進(jìn)入水平軌、。、。、E。Pvv。AB【答案】 2gh （3分） （2）2 分） （3）12gh42gh （4分）根據(jù)圖線可得電池的電動(dòng)是內(nèi)是。3【解析】A 2mgh 331 2mv2 （2分）1解得： v0202gh （1分）【答案】并聯(lián)分） 5.0（2分） （2）（2分） 1.53（2分）（2）當(dāng)A球進(jìn)入水平軌道后，A、B 兩球組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，當(dāng)A、B 相距最近時(shí)，兩球速度相等，由動(dòng)量守恒定律可得： 2mv0 2m mv （1分）1由能量守恒定律得： 2mv21 12mmv2 （1分）2.0（2分）【解析】=100A，R=2500，I=50mA，根據(jù)并聯(lián)分流原理，改裝

21、成大量程電流表需并202p2gg聯(lián)立解得：EI Rpmgh（1分）gg =5.0。（3）當(dāng)A、B 相距最近之后，由于靜電斥力的相互作用，它們將會(huì)相互遠(yuǎn)離，當(dāng)它們相距足夠遠(yuǎn)時(shí)，它們之I Ig（2）根據(jù)描點(diǎn)法作出5、6兩點(diǎn)，再將各點(diǎn)擬合為對(duì)應(yīng)的直線，注意誤差較大的點(diǎn)要去除；即得出對(duì)應(yīng)的圖象間的相互作用力可視為零，電勢(shì)能也視為零，它們就達(dá)到最終的速度，該過(guò)程中，A 、 B 兩球組成的系統(tǒng)動(dòng)量如圖所示；守恒、能量也守恒，由動(dòng)量守恒定律可得：2mv0 2mvAmvB（1分）由能量守恒定律可得：1 2mv2 2mv2 mv2 （1分）1201A2B解得： v 1 v 12ghvv 2gh （2分）4A3 03B3 03418（12分）v垂直進(jìn)入磁場(chǎng)，區(qū)域0磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不變，方向周期性變化，如圖乙所示（垂直紙面向里為正方向）；區(qū)域?yàn)閯驈?qiáng)電場(chǎng)，方6 / 7B。粒子在區(qū)域內(nèi)一定能完成半圓運(yùn)動(dòng)且0T強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與導(dǎo)軌平面垂