電容器 電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)

1、如圖的電路可將聲音信號(hào)轉(zhuǎn)化為電信號(hào)，該電路中，b是固定不動(dòng)的金屬板，a是能 在聲波驅(qū)動(dòng)下沿水平方向振動(dòng)的鍍有金屬層的振動(dòng)膜，a、b構(gòu)成了一個(gè)電容器，且通過(guò)導(dǎo)線與恒定電源兩極相接.若聲源s做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，則a振動(dòng)過(guò)程中（）a、b板之間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變a、b板所帶的電荷量不變a板向右位移最大時(shí)，電容器電容最大電路中始終有方向不變的電流【答案】C【解析】試題分析：a、b間電壓不變，a振動(dòng)過(guò)程中，板間距離周期性變化，則由公式E = U分 d析得知，a、b板間的電場(chǎng)強(qiáng)度也會(huì)周期性變化，故A錯(cuò)誤；a振動(dòng)過(guò)程中，a、b間電 壓不變，由公式C 二 U分析得知，a、b板所帶的電量會(huì)周期性變化.故B錯(cuò)誤；a向右的位移最

2、大時(shí)，a、b板間的距離最小，則a、b構(gòu)成的電容器的電容最大，故C正確； a振動(dòng)過(guò)程中，a、b板所帶的電量會(huì)周期性變化，電容器放電和充電周期性交替產(chǎn)生， 所以靈敏電流計(jì)中電流的方向也會(huì)周期性變化，故D錯(cuò)誤。考點(diǎn)：電容器的電容；電場(chǎng)強(qiáng)度；振蕩電路。一充電后的平行板空氣電容器保持兩極板的正對(duì)面積、間距和電荷量不變，在兩極 板間插入一片陶瓷電介質(zhì)，其電容C和電壓U的變化情況是C和U均增大B. C增大，U減小C. C減小，U增大D. C和U均減小 【答案】B【解析】 試題分析：由公式C = -知，在兩極板間插入一電介質(zhì)，其電容C增大，由公式八 Q ,C =虧知，電荷量不變時(shí)u減小，故b正確。考點(diǎn)：考查了

3、電容的動(dòng)態(tài)變化極板間距為d的平行板電容器，充電后與電源斷開(kāi)，此時(shí)兩極板間的電勢(shì)差為q，1板間電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E1；現(xiàn)將電容器極板間距變?yōu)閐，其它條件不變，這時(shí)兩極板間電勢(shì)差為U2,板間電場(chǎng)強(qiáng)度大小為e2,下列說(shuō)法正確的是U = U，E = EB. U = 2U，E = 2EC.U2UC.U2U【答案】D【解析】試題分析：根據(jù)電容的定義式C=高、電容定義式C = U和勻強(qiáng)電場(chǎng)公式E = U 得：E 二理Q d8 S電容器充電后與電源斷開(kāi)，電量Q不變，據(jù)題知S和 不變，則E不變.由U=Ed可知，11將電容器極板間距變?yōu)閐，則得：U2=U1，故D正確.考點(diǎn)：電容器的電容；電場(chǎng)強(qiáng)度。一平行板電容器充電后

4、與電源斷開(kāi)，負(fù)極板接地。兩板間有一個(gè)正試探電荷固定在P點(diǎn)，如圖所示，以C表示電容器的電容、E表示兩板間的場(chǎng)強(qiáng)、（p表示P點(diǎn)的電勢(shì)，將負(fù)極板緩慢向右平移一小段距離，那么在此過(guò)程中，各物理量與負(fù)Ep表示正電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能。若正極板保持不動(dòng)， 10（移動(dòng)過(guò)程可認(rèn)為平行板電容器的電量保持不變） 極板移動(dòng)距離x將負(fù)極板緩慢向右平移一小段距離，那么在此過(guò)程中，各物理量與負(fù)【答案】C【解析】試題分析:當(dāng)負(fù)極板右移時(shí)，d減小，由C W 可知，C 與 d成反比,故A錯(cuò)誤;試題分析: U - 4兀kdQE =-可知，E = 一，故e與d無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤；因負(fù)極板接地，d8 S設(shè)P點(diǎn)原來(lái)距負(fù)極板為1,則P點(diǎn)的電勢(shì)？

5、 =E（l-x）；故C正確；電勢(shì)能E=? q=Eq（l-x）， 不可能為水平線，故D錯(cuò)誤；故選：C.考點(diǎn)：電容器的電容；電場(chǎng)強(qiáng)度。如圖所示，用靜電計(jì)測(cè)量已經(jīng)充電的平行板電容器兩極板間的電勢(shì)差U，靜電計(jì)指針張開(kāi)某一角度a，若在電容器兩極間插入有機(jī)玻璃板，則（）U不變，a不變b. U增大，a增大C.電容器電容增大，a變小D.電容器電容減小，a變大【答案】C【解析】一 8 S 試題分析：由電容的決定式C= 知右在電容器兩極間插入有機(jī)玻璃板電容增大， 4兀kd電容器的電荷量不變，再由電容的定義式c=Q分析可知，板間電壓減小，靜電計(jì)相當(dāng)于驗(yàn)電器，靜電計(jì)指針張角變小.故C選項(xiàng)正確?？键c(diǎn)：電容器的電容的定義

6、式和決定式下列敘述正確的是a、y射線都是電磁波核反應(yīng)方程27Al + 4He X + in中X是30Si的同位素 TOC o 1-5 h z 132014合力、交變電流的有效值等概念的建立體現(xiàn)了等效替代的思想電容C = Q，加速度a =-均是采用比值法定義的物理量Um【答案】C【解析】試題分析：a射線是氦原子核高速流、。射線是高速電子流、y射線是電磁波，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；X是30 X，不是30 Si的同位素，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；一個(gè)力的作用效果與幾個(gè)力的作 1514用效果相同，這個(gè)力是那幾個(gè)力的合力，某一個(gè)交變電流和某一個(gè)直流電在某段時(shí)間內(nèi)經(jīng)過(guò)同一個(gè)電阻產(chǎn)生的熱量相等，該交流電的豎直等效該交流電的有效值

7、，故選項(xiàng)C正八 Q割確；電容C = %定義采用比值定義法，但加速度a =的定義才采用比值定義法，故UAt選項(xiàng)D錯(cuò)誤。考點(diǎn)：本題考查三種射線、核反應(yīng)方程、等效替代和比值定義法。如圖所示，D是一只二極管，它的作用是只允許電流從a流向b，不允許電流從b流 向a。平行板電容器AB內(nèi)部原有帶電微粒P處于靜止?fàn)顟B(tài)，當(dāng)兩極板A和B的間距稍 增大一些后，微粒P的運(yùn)動(dòng)情況將是:ABAB向上運(yùn)動(dòng)B.向下運(yùn)動(dòng)C仍靜止不動(dòng)D.無(wú)法判斷【答案】C【解析】試題分析：電容器與電源保持相連，電容器的電壓不變，板間距離增大，電容減小，電 容量的電量要減小，放電，但由于二極管的作用只允許電流從a流向b，電容器的電量 無(wú)法減小，根

8、據(jù)推論板間電場(chǎng)強(qiáng)度E 二箜竺，Q、S、不變，則改變d，E不變，電8 S荷P受的電場(chǎng)力不變，仍靜止.故A正確.故選A考點(diǎn)：電容器的電容，物體的平衡。如圖為某位移式傳感器的原理示意圖，平行金屬板A、B和介質(zhì)P構(gòu)成電容器.則A向上移電容器的電容變大P向左移電容器的電容變大P向左移流過(guò)電阻R的電流方向從M到NA向上移流過(guò)電阻R的電流方向從N到M【答案】C【解析】-8 S試題分析：由C =E可知若人向上移時(shí)兩板間距變大則根據(jù)電容器的電容變小，根據(jù)Q=CU可知，電容器帶電量減小，電容器放電，即流過(guò)電阻R的電流方向從 M到N，選項(xiàng)AD錯(cuò)誤；P向左移，兩板間電解質(zhì)的介電常數(shù)減小，電容器的電容變小， 根據(jù)Q=C

9、U可知，電容器帶電量減小，電容器放電，即流過(guò)電阻R的電流方向從M到N， 故選項(xiàng)B錯(cuò)誤，C正確。考點(diǎn)：電容器的電容及電量。如圖所示，平行板電容器AB兩極板水平放置，A在上方，B在下方，現(xiàn)將其和二極管串聯(lián)接在電源上，已知A和電源正極相連，二極管具有單向?qū)щ娦?，一帶電小球?AB中心水平射入，打在B極板上的N點(diǎn)，小球的重力不能忽略，現(xiàn)通過(guò)上下移動(dòng)A板 來(lái)改變兩極板AB間距（兩極板仍平行），則下列說(shuō)法正確的是日_ Q _ 日_ Q _ Q據(jù)=Cd =飛廠; d4兀kd故A錯(cuò)誤.若小球帶正電，當(dāng)d減小時(shí),電容增大，Q增大,根據(jù)E弓知d減小若小球帶正電，當(dāng)AB間距增大時(shí)，小球打在N的右側(cè)若小球帶正電，當(dāng)A

10、B間距減小時(shí)，小球打在N的左側(cè)若小球帶負(fù)電，當(dāng)AB間距減小時(shí)，小球可能打在N的右側(cè)若小球帶負(fù)電，當(dāng)AB間距增大時(shí)，小球可能打在N的左側(cè)【答案】BC【解析】試題分析：若小球帶正電，當(dāng)d增大時(shí)，電容減小，但Q不可能減小，所以Q不變，根4兀kQ二，知E不變所以電場(chǎng)力不變，小球仍然打在N點(diǎn)，8 S時(shí)E增大，所以電場(chǎng)力變大，方向向下，小球做平拋運(yùn)動(dòng)豎直方向加速度增大，運(yùn)動(dòng)時(shí) 間變短，打在N點(diǎn)左側(cè)，故B正確.若小球帶負(fù)電，當(dāng)AB間距d減小時(shí)， 知：E增大，所以電場(chǎng)力變大，方向向上，若電場(chǎng)力小于重力，小球做類平拋運(yùn)動(dòng)豎直 方向上的加速度減小，運(yùn)動(dòng)時(shí)間變長(zhǎng)，小球?qū)⒋蛟贜點(diǎn)的右側(cè)，故C正確；若小球帶負(fù)電當(dāng)AB間

11、距d增大時(shí)，電容減小，但Q不可能減小，所以。不變，根據(jù)E = U ,知E不變，所以電場(chǎng)力大小不變，方向變?yōu)橄蛏?，若電?chǎng)力小于重力，小球做類平拋運(yùn)動(dòng) 豎直方向上的加速度不變，運(yùn)動(dòng)時(shí)間不變，小球仍然打在N點(diǎn)，故D錯(cuò)誤.故選：BC.考點(diǎn)：電容器的電容；點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)度；類平拋運(yùn)動(dòng)。如圖所示，水平放置的平行板電容器，上板帶負(fù)電，下板帶正電，斷開(kāi)電源，帶 電小球以速度V0水平射入電場(chǎng)，且沿下板邊緣飛出.若下板不動(dòng)，將上板上移一小段距 離，小球仍以相同的速度V0從原處飛入，則帶電小球（）將打在下板中央仍沿原軌跡由下板邊緣飛出不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，沿直線運(yùn)動(dòng)若上板不動(dòng)，將下板上移一段距離，小球可能打在下板的中央【答案】BD【

12、解析】 試題分析：將電容器上板向上移動(dòng)一段距離,電容器所帶的電量。不變，因?yàn)镋 = d、和C = 丁華得E =竺芻，由公式可知當(dāng)d增大時(shí)，場(chǎng)強(qiáng)E不變，以相同的速度4 兀 kd8 S入射的小球仍按原來(lái)的軌跡運(yùn)動(dòng)，由下板邊緣飛出，故A正確，BC錯(cuò)誤.若上板不動(dòng)， 將下板上移一段距離時(shí)，根據(jù)推論可知，板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變，粒子所受的電場(chǎng)力不變， 粒子軌跡不變，小球可能打在下板的中央，故D正確.故選：AD.考點(diǎn)：電容器的電容；電場(chǎng)強(qiáng)度。如圖所示，用電池對(duì)電容器充電，電路a、b之間接有一靈敏電流表，兩極板間有 一個(gè)電荷q處于靜止?fàn)顟B(tài).現(xiàn)將兩極板的間距變大，則A.電荷將向上加速運(yùn)動(dòng)C.A.電荷將向上加速運(yùn)動(dòng)C

13、.電流表中將有從a到b的電流【答案】BD【解析】B .電荷將向下加速運(yùn)動(dòng)D.電流表中將有從b到a的電流試題分析：將兩極板的間距變大而電容器的電壓不變板間場(chǎng)強(qiáng)眼:減小電荷 q所受的電場(chǎng)力F=Eq減小，電荷將向下加速運(yùn)動(dòng).故A錯(cuò)誤，B正確；根據(jù)電容的決定 式C = TT可知，電容減小，電容器的電壓U不變，由電容的定義式C =芻分析4 兀 kdU得知，電容器的電量減小，電容器放電，而電容器上極板帶正電，則電流表中將有從b 到a的電流.故C錯(cuò)誤，D正確.故選BD.考點(diǎn)：電容器的電容；電場(chǎng)強(qiáng)度。)質(zhì)點(diǎn)保持靜止質(zhì)點(diǎn)向上運(yùn)動(dòng)水平放置的平行板電容器與一電池相連，在電容器的兩板間有一帶正電的質(zhì)點(diǎn)處于 靜止平衡狀

14、態(tài)?，F(xiàn)將電容器兩板間的距離增大，則 ( A.電容變小，質(zhì)點(diǎn)向下運(yùn)動(dòng)B.電容變小)質(zhì)點(diǎn)保持靜止質(zhì)點(diǎn)向上運(yùn)動(dòng)C.電容變大，質(zhì)點(diǎn)向下運(yùn)動(dòng)D.電容變大【答案】A【解析】試題分析：因質(zhì)點(diǎn)處于靜止?fàn)顟B(tài)，則有Eq = mg，且電場(chǎng)力向上；由C = -可知， 4兀kd當(dāng)d增大時(shí)，C減??；因電容器與電池相連，所以兩端的電勢(shì)差不變，因d增大，由E = U d可知，極板間的場(chǎng)強(qiáng)減小，故電場(chǎng)力小于重力，故質(zhì)點(diǎn)將向下運(yùn)動(dòng)，A正確?？键c(diǎn)：考查了電容器的動(dòng)態(tài)分析如圖所示，一帶負(fù)電粒子以某速度進(jìn)入水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，在電場(chǎng)力作用下形 成圖中所示的運(yùn)動(dòng)軌跡.M和N是軌跡上的兩點(diǎn)，其中M點(diǎn)在軌跡的最右端.不計(jì)重力， 下列表述正

15、確的是粒子在M點(diǎn)的速率最小粒子所受電場(chǎng)力沿電場(chǎng)方向粒子在電場(chǎng)中的加速度不變粒子在電場(chǎng)中的電勢(shì)能始終在增加【答案】AC【解析】試題分析：對(duì)粒子受力分析可知，粒子在從N到M的過(guò)程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，且到M點(diǎn) 時(shí)做的功最多，由動(dòng)能定理可知，粒子在M點(diǎn)時(shí)的速率最小，所以A正確；因?yàn)榱Ｗ訋?負(fù)電，所以粒子受到的電場(chǎng)力方向應(yīng)與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反，所以B錯(cuò)誤；由電場(chǎng)線可知， 電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)，粒子的加速度不變，所以C正確；從粒子軌跡圖可知，粒子從N到M 過(guò)程電場(chǎng)力做負(fù)功，粒子的電勢(shì)能應(yīng)增加，而仙繼續(xù)運(yùn)動(dòng)過(guò)程電場(chǎng)力又做正功，粒子 的電勢(shì)能應(yīng)減小，即粒子在電場(chǎng)中的電勢(shì)能應(yīng)先增加再減小，所以D錯(cuò)誤。考點(diǎn)：考查了帶電粒子

16、在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)質(zhì)量為m的帶電小球在a點(diǎn)水平射入豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示， 則正確的說(shuō)法是小球帶正電小球在b點(diǎn)的加速度大于在a點(diǎn)的加速度小球的電勢(shì)能減小在相等的時(shí)間間隔內(nèi)重力做的功相等【答案】AC【解析】試題分析：物體做曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)的合力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，從圖中可得小球受到的合力豎直 向上，因?yàn)樾∏蚴艿街亓碗妶?chǎng)力作用，合力向上，所以電場(chǎng)力一定向上，因?yàn)殡妶?chǎng)方 向豎直向上，所以小球帶正電，A正確；因?yàn)槭莿驈?qiáng)電場(chǎng)，所以電場(chǎng)力恒定不變，而重 力也是恒定不變，所以合力恒定不變，故加速度恒定不變，B錯(cuò)誤；電場(chǎng)力做正功，電 勢(shì)能減小，C正確；因?yàn)樾∏蛟谪Q直方向上做加速運(yùn)動(dòng)，所以在想等時(shí)間內(nèi)走過(guò)的

17、位移 不同，故重力做功不同，D錯(cuò)誤?？键c(diǎn)：考查了帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為m、帶電量為q的粒子從兩帶電平行板的正中間沿與勻強(qiáng)電 場(chǎng)垂直的方向射入，不計(jì)粒子所受的重力。當(dāng)粒子的入射速度為v時(shí)，它恰能穿過(guò)一電 場(chǎng)區(qū)域而不碰到金屬板上?，F(xiàn)欲使質(zhì)量為m、入射速度為v/2的粒子也能恰好穿過(guò)這一 電場(chǎng)區(qū)域而不碰到金屬板，在以下各方案中，可行的是（ ）僅使粒子的電量減少為原來(lái)的1/4僅使兩板間所加的電壓減小到原來(lái)的一半僅使兩板間的距離增加到原來(lái)的2倍僅使兩極板的長(zhǎng)度減小為原來(lái)的一半【答案】ACD【解析】試題分析：設(shè)平行板長(zhǎng)度為1，寬度為2d，板間電壓為U，恰能穿過(guò)一電場(chǎng)區(qū)域而不碰 到金屬板

18、上，則2md沿初速度方向做勻速運(yùn)動(dòng)：t = - .垂直初速度方向做勻加速運(yùn)動(dòng)：a 二 .則2md24mdv 2欲使質(zhì)量為m、入射速度為v/2的粒子也能恰好穿過(guò)這一電場(chǎng)區(qū)域而不碰到金屬板，則 沿初速度方向距離仍是1，垂直初速度方向距離仍為d。1c-qUl2A、使粒子的帶電量減少為原來(lái)的1/4，則J = d，故A正確.4md 氣)2qUl 2 2B、 使兩板間所接電源的電壓減小到原來(lái)的一半，則J2d ,故B錯(cuò)誤.4md (2)2C、使兩板間的距離增加到原來(lái)的2倍，此時(shí)垂直初速度方向距離應(yīng)為2d,qUl2 汽 7=V =2，故C正確.qU (2 )2D、使兩極板的長(zhǎng)度減小為原來(lái)的一半，J = - d

19、，故D正確.4md 氣)2故選ACD.考點(diǎn)：帶電子粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)。如圖所示，靜止的電子在加速電壓為U1的電場(chǎng)作用下從O經(jīng)P板的小孔(位于P 板的中點(diǎn))射出，又垂直進(jìn)入平行金屬板間的電場(chǎng)，在偏轉(zhuǎn)電壓為u2的電場(chǎng)作用下偏轉(zhuǎn) 一段距離.現(xiàn)使ui加倍，要想使電子的運(yùn)動(dòng)軌跡不發(fā)生變化，應(yīng)該)A.使U2加倍B.使U2變?yōu)樵瓉?lái)的4倍C.使U變?yōu)樵瓉?lái)的；2倍D.使U變?yōu)樵瓉?lái)的1222【答案】A【解析】U L 試題分析：電子先經(jīng)過(guò)加速電場(chǎng)加速，后經(jīng)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)，根據(jù)結(jié)論=滯，分析 4dU1要使U1加倍，想使電子的運(yùn)動(dòng)軌跡不發(fā)生變化時(shí)，兩種電壓如何變化。設(shè)偏轉(zhuǎn)電極的長(zhǎng)U L度為L(zhǎng)，板間距離為d，則根據(jù)推論

20、可知，偏轉(zhuǎn)距離J = 4U，要使U加倍，想使電 1子的運(yùn)動(dòng)軌跡不發(fā)生變化時(shí)，y不變，則必須使U2加倍，故選項(xiàng)A正確。本題考查了帶 電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，可以根據(jù)動(dòng)能定理和牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合推導(dǎo)出U L y = 2 o 4dU 1考點(diǎn)：帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)動(dòng)能定理和牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式如圖所示，豎直放置的一對(duì)平行金屬板間的電勢(shì)差為U1，水平放置的一對(duì)平行金屬 板間的電勢(shì)差為u2. 一電子由靜止開(kāi)始經(jīng)叭加速后，進(jìn)入水平放置的金屬板間，剛好從 下板邊緣射出.不計(jì)電子重力，下列說(shuō)法正確的是：增大叭，電子一定打在金屬板上減小U；，電子一定打在金屬板上減小u2，電子一定能從水平金屬板間射出

21、增大U：，電子一定能從水平金屬板間射出 【答案】Be【解析】 試題分析：電子在加速度電場(chǎng)中滿足：Uf = 1 mv 2，在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中：水平方向：L=vt；1 U e ,U L2豎直方向：j = 2 dm4，聯(lián)立三式可得：=瓦商，由此式可知，減小ui，可1增大偏轉(zhuǎn)距離y,則電子一定打在金屬板上，選項(xiàng)B正確，A錯(cuò)誤；減小U2，可減小偏轉(zhuǎn)距離y，則電子一定能從水平金屬板間射出，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。 2考點(diǎn)：帶電粒子在電場(chǎng)中的加速及偏轉(zhuǎn)。第II卷（非選擇題）請(qǐng)點(diǎn)擊修改第II卷的文字說(shuō)明評(píng)卷人 得分二、填空題（題型注釋）評(píng)卷人 得分三、實(shí)驗(yàn)題（題型注釋）評(píng)卷人 得分四、計(jì)算題（題型注釋）（14分）如圖所

22、示，充電后的平行板電容器水平放置，電容為C,極板間的距離為 d,上板正中有一小孔。質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球從小孔正上方高h(yuǎn)處由靜止開(kāi)始 下落，穿過(guò)小孔到達(dá)下極板處速度恰為零（空氣阻力忽略不計(jì)，極板間電場(chǎng)可視為勻強(qiáng) 電場(chǎng)，重力加速度為g）。求：（1）小球到達(dá)小孔處的速度；（2）極板間電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和電容器所帶電荷量;（3）小球從開(kāi)始下落運(yùn)動(dòng)到下極板處的時(shí)間?！敬鸢浮?1” f ；(2)E = ,Q = C ；(3)t =甌 qdqh g【解析】試題分析：（1）由V 2 = 2gh可得v =*gh （2）在極板間帶電小球受重力和電場(chǎng)力，有mg - qE = ma，0 一 v 2 = 2ad，可得_ mg (h + d )E qdmg (h + d )由 U = Ed、Q = CU 可得 Q = Cq(3)由 h = 1 gt2，0 v + at，= + 七21212綜合可得：t 綜合可得：t h+d -2hh g考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律、電容器的電容、勻強(qiáng)電場(chǎng)中電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差的關(guān)系如圖，板間距為d、板長(zhǎng)為4d的水平金屬板A和B上下正對(duì)放置，并接在電源上.現(xiàn) 有一質(zhì)量為m、帶電量+ q的質(zhì)點(diǎn)沿兩板中心線以某一速度水平射入，當(dāng)兩板間電壓U =U0，且A接負(fù)時(shí)，該質(zhì)點(diǎn)就沿兩板中心線射出；A接正時(shí)，該質(zhì)