2023年全國統(tǒng)一高考物理試卷以及答案解析(全國3卷)

2023年一般高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試〔全國3卷〕物理留意事項(xiàng)：1、答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2、答復(fù)選擇題時，選出每題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。寫在本試卷上無效。3、考試完畢后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：此題共8648分。在每題給出的四個選項(xiàng)中，第1～56～86分，選對但不30分。16分〕楞次定律是以下哪個定律在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的具體表達(dá)？〔〕電阻定律C．歐姆定律

庫侖定律D．能量守恒定律26分〕金星、地球和火星繞太陽的公轉(zhuǎn)均可視為勻速圓周運(yùn)動，它們的向心加速度大小分別為a 、a 、a ，它們沿軌道運(yùn)行的速率分別為v 、v 、v ．它們的軌道半金 地 火 金 地 火徑R ＜R ＜R ，由此可以判定〔 〕金 地 火A．a(chǎn) ＞a ＞a金 地 火C．v ＞v ＞v地 火 金

B．a(chǎn) ＞a ＞a火 地 金D．v ＞v ＞v火 地 金36分用卡車運(yùn)輸質(zhì)量為m面之間，如以下圖。兩斜面Ⅰ、Ⅱ固定在車上，傾角分別為30°和60°．重力加速度為gF1F2〔〕A．F1＝ mg，F(xiàn)2＝ C．F1＝mg，F(xiàn)2＝ mg

B．F1＝D．F1＝

mg，F(xiàn)2＝ mgmg，F(xiàn)2＝mg46分〕從地面豎直向上拋出一物體，物體在運(yùn)動過程中除受到重力外，還受到一大小不第1頁〔共18頁〕h在3m以內(nèi)時，物體上升、下落過程中動能Ek隨h的變化如以下圖。重力加速度取10m/s2．該物體的質(zhì)量為〔〕A．2kg B．1.5kg C．1kg D．0.5kg56分〕如圖，在坐標(biāo)系的第一和其次象限內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為B和B、方向mq〔q＞0〕x軸射yx軸離開第一象限。粒子在磁場中運(yùn)動的時間為〔〕A． B． C． D．66分〕如圖，方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場中有兩根位于同一水平面內(nèi)的足夠長的平行金屬導(dǎo)軌，兩一樣的光滑導(dǎo)體棒ab、cd靜止在導(dǎo)軌上。t＝0時，棒ab以初速度v0向右滑動。運(yùn)動過程中，ab、cd始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，兩者速度分別用v1、v2表示，回路中的電流用I表示。以以下圖象中可能正確的選項(xiàng)是〔 〕第2頁〔共18頁〕A． B．C． D．76分〕如圖臺上的力傳感器相連，細(xì)繩水平。t＝0F的作用，在t＝4s時撤去外力。細(xì)繩對物塊的拉力ft變化的關(guān)系如圖〔b〕所示，木板的速度v與時間t〔10m/題給數(shù)據(jù)可以得出〔〕1kg2s～4s內(nèi)，力F0.4N0～2s內(nèi)，力F的大小保持不變D．物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)為0.286分〕如圖，電荷量分別為q和q0〕、b是正方體的另外兩個頂點(diǎn)。則〔 〕A．a(chǎn)點(diǎn)和b點(diǎn)的電勢相等B．a(chǎn)點(diǎn)和b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等C．a(chǎn)點(diǎn)和b點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向一樣第3頁〔共18頁〕將負(fù)電荷從a點(diǎn)移到b點(diǎn)，電勢能增加629～1213～16題〔一〕47分。95分〕同學(xué)負(fù)責(zé)釋放金屬小球，乙同學(xué)負(fù)責(zé)在小球自由下落的時候拍照。相機(jī)每間隔0.1s1幅照片。假設(shè)要從拍得的照片中獵取必要的信息在此試驗(yàn)中還必需使用的器材是 〔填正確答案標(biāo)號〕A．米尺 B．秒表 C．光電門 D．天平簡述你選擇的器材在本試驗(yàn)中的使用方法。答：。3幅照片上小球的位置abc得到ab＝24.5cma＝58.7c，則該地的重力加速度大小為g＝m/2〔保存2位有效數(shù)字〕110分〕某同學(xué)欲將內(nèi)阻為98.Ω、量程為100A的電流表改裝成歐姆表并進(jìn)展刻度和15kΩ50A刻度。可選用的器材R〔阻值14k〔最大阻值150Ω〔最大阻值50Ω，電阻箱～99999.Ω，干電池1.5，1.Ω，紅、黑表筆和導(dǎo)線假設(shè)干。第4頁〔共18頁〕歐姆表設(shè)計(jì)將圖〔a〕中的實(shí)物連線組成歐姆表。歐姆表改裝好后，滑動變阻器R接入電路的電阻應(yīng)為 Ω；滑動變阻器選 〔填1”或R?？潭葰W姆表表盤通過計(jì)算，對整個表盤進(jìn)展電阻刻度，如圖〔b〕所示。表盤上a、b處的電流刻度分別為25和75，則a、b處的電阻刻度分別為 、 。校準(zhǔn)紅、黑表筆短接，調(diào)整滑動變阻器，使歐姆表指針指向 kΩ處；將紅、黑表筆與電阻箱連接，記錄多組電阻箱接入電路的電阻值及歐姆表上對應(yīng)的測量值，完成校準(zhǔn)數(shù)據(jù)測量。假設(shè)校準(zhǔn)某刻度時，電阻箱旋鈕位置如圖〔c〕所示，則電阻箱接入的阻值為Ω。112分〕P是電場中的兩點(diǎn)。從O方向以不同速度先后放射兩個質(zhì)量均為mA、B．A不帶電，Bq〔q＞0A從O點(diǎn)放射時的速度大小為0，到達(dá)P點(diǎn)所用時間為；B從O點(diǎn)到達(dá)P點(diǎn)所第5頁〔共18頁〕用時間為．重力加速度為g，求〔1〕電場強(qiáng)度的大??；〔2〕B運(yùn)動到P點(diǎn)時的動能。1〔20分〕靜止在水平地面上的兩小物塊、，質(zhì)量分別為l.0k，B＝4.0k；兩與其右側(cè)的豎直墻壁距離l＝1.0m將壓縮的微型彈簧釋放，使A、B瞬間分別，兩物塊獲得的動能之和為Ek＝10.0J．釋放AAB與地面之間的動摩擦因數(shù)均為＝0.2力加速度取g＝10m/s2．A、B運(yùn)動過程中所涉及的碰撞均為彈性碰撞且碰撞時間極短。求彈簧釋放后瞬間A、B速度的大??；物塊A、B中的哪一個先停頓？該物塊剛停趕忙A與B之間的距離是多少？〔3〕A和B都停頓后，AB之間的距離是多少？〔二〕152道物理題中任選一題作答。假設(shè)多做，則按所做的第一題計(jì)分。[3–3]〔15分〕1〔5分〕溶液，稀釋的目的是。試驗(yàn)中為了測量出一滴濃度的油酸酒精溶液中純油酸的體積，可以。為得到油酸分子的直徑，還需測量的物理量是。1〔10分〕2.0cm2.0cm倒置，水銀柱下外表恰好位于管口處，且無水銀滴落，管內(nèi)氣體溫度與環(huán)境溫度一樣。76cmHg296K。求細(xì)管的長度；假設(shè)在倒置前，緩慢加熱管內(nèi)被密封的氣體，直到水銀柱的上外表恰好與管口平齊為止，求此時密封氣體的溫度。第6頁〔共18頁〕[3–4]〔15分〕根細(xì)桿周期性觸動水面形成兩個波源。兩波源發(fā)出的波在水面上相遇，在重疊區(qū)域發(fā)生干預(yù)并形成了干預(yù)圖樣。關(guān)于兩列波重疊區(qū)域內(nèi)水面上振動的質(zhì)點(diǎn)，以下說法正確的選項(xiàng)是〔 〕A．不同質(zhì)點(diǎn)的振幅都一樣B．不同質(zhì)點(diǎn)振動的頻率都一樣C．不同質(zhì)點(diǎn)振動的相位都一樣D．不同質(zhì)點(diǎn)振動的周期都與振動片的周期一樣E．同一質(zhì)點(diǎn)處，兩列波的相位差不隨時間變化如圖，直角三角形ABC為一棱鏡的橫截面，∠A＝90°，∠B＝30°．一束光線平行于底邊BC射到AB邊上并進(jìn)入棱鏡，然后垂直于AC邊射出。求棱鏡的折射率；保持AB邊上的入射點(diǎn)不變，漸漸減小入射角，直到BC邊上恰好有光線射出。求此時AB邊上入射角的正弦。第7頁〔共18頁〕2023年全國統(tǒng)一高考物理試卷〔3卷〕答案解析一、選擇題：此題共8648分。在每題給出的四個選項(xiàng)中，第1～56～86分，選對但不30分。【分析】當(dāng)線圈與磁體間有相對運(yùn)動時，依據(jù)“來拒去留”可知，磁場力都是阻礙線圈與磁體間的相對運(yùn)動，有外力對系統(tǒng)做了功，導(dǎo)致其他形式的能轉(zhuǎn)化為線圈的電能；當(dāng)導(dǎo)體做切割磁感線運(yùn)動時，安培力總是阻礙導(dǎo)體的運(yùn)動，導(dǎo)體抑制安培力做，把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能，據(jù)此即可分析。【解答】解：當(dāng)線圈與磁體間有相對運(yùn)動時，依據(jù)“來拒去留”可知，磁場力都是阻礙當(dāng)導(dǎo)體做切割磁感線運(yùn)動時，安培力總是阻礙導(dǎo)體的運(yùn)動，導(dǎo)體抑制安培力做，把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能，所以楞次定律是能量守恒定律在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的表達(dá)，故D正確，ABC錯誤。應(yīng)選：D?！军c(diǎn)評】考察電磁感應(yīng)原理，把握楞次定律的內(nèi)涵，留意從做功與能量轉(zhuǎn)化角度來生疏楞次定律的內(nèi)容?！痉治觥啃行抢@太陽做勻速圓周運(yùn)動，由太陽的萬有引力供給向心力，由牛頓其次定律列式分析距離關(guān)系、線速度關(guān)系及加速度關(guān)系?！窘獯稹拷猓盒行抢@太陽運(yùn)動時，萬有引力供給向心力，設(shè)太陽的質(zhì)量為M，行星的質(zhì)m，行星的軌道半徑為r，依據(jù)牛頓其次定律有：可得向心加速度為

，線速度為 ，由題意有R ＜R ＜R ，所以有a ＞a金 地 火 金＞a ，v ＞v ＞v ，故A正確，BCD錯誤。地 火 金 地 火應(yīng)選：A。【點(diǎn)評】對于天體的運(yùn)動，一般的分析思路要把握：萬有引力供給向心力；明確萬有引力的表達(dá)式，會由向心力等于萬有引力分析周期、線速度與半徑的大小關(guān)系?！痉治觥繉⒅亓M(jìn)展分解，依據(jù)幾何關(guān)系求解圓筒對斜面Ⅰ、Ⅱ壓力的大小。第8頁〔共18頁〕【解答】解：將重力進(jìn)展分解如以下圖，依據(jù)幾何關(guān)系可得F1＝mgcos30°＝F2＝mgsin30°＝mgD正確，ABC錯誤。應(yīng)選：D。

mg，【點(diǎn)評】此題主要是考察了共點(diǎn)力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定爭論對象、進(jìn)展受力分析、利用平行四邊形法則進(jìn)展力的合成或者是正交分解法進(jìn)展力的分解，然后在坐標(biāo)軸上建立平衡方程進(jìn)展解答。質(zhì)量。【解答】解：依據(jù)動能定理可得：mah＝△Ek，解得斜率的大小為ma＝ ；上升過程中：ma1＝ ＝ N＝12N下落過程中：ma2＝ ＝ N＝8N設(shè)與運(yùn)動方向相反的外力為F，依據(jù)牛頓其次定律可得：上升過程中：mg+F＝ma1，下落過程中：mg﹣F＝ma2，聯(lián)立解得：m＝1kg。錯誤。應(yīng)選：C?！军c(diǎn)評】對于圖象問題，關(guān)鍵是能夠依據(jù)的公式、定律等推導(dǎo)出橫坐標(biāo)和縱坐標(biāo)的關(guān)系式，分析斜率的變化，然后作出正確的推斷?！痉治觥慨嫵隽Ｗ釉诖艌鲋械倪\(yùn)動軌跡，求出軌跡對應(yīng)的圓心角，再依據(jù)周期公式求解時間。【解答】解：粒子在磁場中的運(yùn)動軌跡如以下圖，第9頁〔共18頁〕則粒子在其次象限的運(yùn)動時間為t1＝ ＝第一象限的磁感應(yīng)強(qiáng)度為其次象限磁感應(yīng)強(qiáng)度的一半，依據(jù)R＝倍，即R2＝2R1，

2依據(jù)幾何關(guān)系可得cosθ＝ ＝，則θ＝60°，t2＝ ＝粒子在磁場中運(yùn)動的時間為t＝t1+t2＝應(yīng)選：B。

，故B正確，ACD錯誤。【點(diǎn)評】對于帶電粒子在磁場中的運(yùn)動狀況分析，一般是確定圓心位置，依據(jù)幾何關(guān)系求半徑，結(jié)合洛倫茲力供給向心力求解未知量；依據(jù)周期公式結(jié)合軌跡對應(yīng)的圓心角求時間。【分析】依據(jù)動量守恒定律分析最終的速度大小，依據(jù)受力狀況確定速度變化狀況；根據(jù)導(dǎo)體棒切割磁感應(yīng)線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小和閉合電路的歐姆定律分析電流強(qiáng)度的變化?！窘獯稹拷猓篈B、金屬棒滑動過程中系統(tǒng)水平方向動量守恒依據(jù)動量守恒定律可得：mv0＝2mv，則v＝ ，所以ab的速度漸漸減小，cd的速度漸漸增大，相對速度越來越小，最終為零，則安培力漸漸減小、加速度漸漸減小到零，故A正確、B錯誤；CD、設(shè)兩根導(dǎo)體棒的總電阻為R，由于I＝ ，二者的速度之差越來越小，0，則感應(yīng)電流越來越小，最終為零，故C正確、D錯誤。應(yīng)選：AC。【點(diǎn)評】對于電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的圖象問題，常常是依據(jù)楞次定律或右手定則推斷電流方向，依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路的歐姆定律求解感應(yīng)電流隨時間變化關(guān)系，然后推導(dǎo)出縱坐標(biāo)與橫坐標(biāo)的關(guān)系式，由此進(jìn)展解答，這是電磁感應(yīng)問題中常用的方法和思路。第10頁〔共18頁〕【分析】依據(jù)圖象求出在4s后木板的加速度大小，依據(jù)牛頓其次定律求解木板的質(zhì)量；2s～4s內(nèi)依據(jù)牛頓其次定律求解F；依據(jù)平衡條件分析拉力的變化；物塊的質(zhì)量無法求出，物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)無法求解?！窘獯稹拷猓篈、依據(jù)圖象可知木塊與木板之間的滑動摩擦力為f＝0.2N，在4s后撤去外力，此時木板在水平方向上只受到滑動摩擦力的作用，此時木板的加速度大小為a2＝＝0.2m/s2，依據(jù)牛頓其次定律可得f＝ma2，解得木板的質(zhì)量m＝1kg，故A正確；B2s～4sa1＝解得力F＝0.4N，故B正確；

m/s2＝0.2m/s2，依據(jù)牛頓其次定律可得F﹣f＝ma1，C、0～2s內(nèi)，整體受力平衡，拉力F的大小始終等于繩子的拉力，繩子的拉力增大，則F增大，故C錯誤；D、由于物塊的質(zhì)量無法求出，物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)無法求解，故D錯誤。應(yīng)選：AB?！军c(diǎn)評】利用牛頓其次定律或運(yùn)動學(xué)的計(jì)算公式求解加速度，再依據(jù)題目要求進(jìn)展解答；知道加速度是聯(lián)系靜力學(xué)和運(yùn)動學(xué)的橋梁。性質(zhì)即可確定ab兩點(diǎn)的電勢和場強(qiáng)關(guān)系；再依據(jù)電場線確定電場力做功狀況，從而確定電勢能的變化?！窘獯稹拷猓篈關(guān)系可知，a靠近負(fù)電荷，而b靠近正電荷，則可知，a點(diǎn)電勢確定小于b點(diǎn)電勢；故A錯誤；B、ab3可知，兩點(diǎn)處的兩分場強(qiáng)恰好一樣，故合場強(qiáng)確定一樣，故BC正確；DAab點(diǎn)時，是從低點(diǎn)勢移向高電勢，因電荷帶第11頁〔共18頁〕負(fù)電，故電勢能減小，故D錯誤。應(yīng)選：BC?！军c(diǎn)評】此題考察等量異電電荷電場的分布狀況，解題的關(guān)鍵在于明確立體幾何關(guān)系確實(shí)定和應(yīng)用，能想象出其對應(yīng)的幾何圖象是解題的關(guān)鍵。629～1213～16題〔一〕47分?！痉治觥克僦本€運(yùn)動的規(guī)律得出該地的重力加速度大小。【解答】〔1〕是米尺，所給器材測量距離，故A正確，BCD錯誤。應(yīng)選：A。依據(jù)勻變速直線運(yùn)動的規(guī)律得△h＝gT2，該地的重力加速度大小為g＝ ＝9.7m/s2?！?；〔2〕將米尺豎直放置，使小球下落時盡量靠近米尺；〔3〕9.7?！军c(diǎn)評】該題考察了勻變速直線運(yùn)動規(guī)律以及推論的應(yīng)用，在尋常練習(xí)中要加強(qiáng)根本物理規(guī)律的理解與應(yīng)用?！?〕明確歐姆表的原理，從而確定內(nèi)部構(gòu)造；再依據(jù)閉合電路歐姆定律即可求出滑動變阻器接入阻值；的刻度；依據(jù)歐姆表使用前需要進(jìn)展歐姆調(diào)零進(jìn)展分析，同時明確電阻箱的讀數(shù)方法。【解答】〔1〕實(shí)物圖如以下圖；依據(jù)閉合電路歐姆定律有：50A＝解得：R1＝900Ω；故滑動變阻器選擇R1；第12頁〔共18頁〕〔2〕〔1〕R＝98.5+1.5+14000+900＝15000Ω；依據(jù)閉合電路歐姆定律有：25A＝解得：Ra＝45kΩ；同理可知：75A＝解得：Rb＝5kΩ〔3〕歐姆表在使用時應(yīng)先將兩表筆短接，使歐姆表指針指向滿偏刻度，即0Ω處；電阻箱的讀數(shù)為：3×10k+5×1k+0×100+0×10+0×1+0×0.1＝35000.0Ω。190；1〔2〕45；5〔3〕0；35000.0【點(diǎn)評】此題考察多用電表中歐姆表的原理以及電路的改裝，留意明確實(shí)物圖的連接方法，同時能正確利用閉合電路歐姆定律進(jìn)展分析，并能把握歐姆表的正確使用方法。〔1〕依據(jù)牛頓其次定律分析加速度，結(jié)合位移時間關(guān)系即可求出電場強(qiáng)度；〔2〕結(jié)合動能定理，位移時間關(guān)系、速度時間關(guān)系式進(jìn)展分析，即可正確解答。〔〕設(shè)電場強(qiáng)度的大小為E，小球B運(yùn)動的加速度為動學(xué)公式和題給條件，有mg+qE＝ma解得〔2〕B從O點(diǎn)放射時的速度為v1P點(diǎn)時的動能為Ek，OP兩點(diǎn)的高度差為h，第13頁〔共18頁〕依據(jù)動能定理有且有聯(lián)立各式得答〔〕電場強(qiáng)度的大小為 ；〔2〕B運(yùn)動到P點(diǎn)時的動能為 ?！军c(diǎn)評】此題的關(guān)鍵是正確的受力分析，通過受力分析推斷物體的運(yùn)動性質(zhì)，理清物體的運(yùn)動過程，正確的選擇對應(yīng)的物理規(guī)律列式進(jìn)展分析?！?〕AB分別的過程中二者的動量守恒，由動量守恒定律結(jié)合功能關(guān)系即可求出分別后的速度；一個的速度，由動能定理求出位移，由幾何關(guān)系求出距離；由動能定理求出位移，由幾何關(guān)系求出距離?！窘獯稹俊病吃O(shè)彈簧釋放瞬間A和B的速度大小分別為、B由動量守恒定律和題給條件有：0＝mAvA﹣mBvB聯(lián)立①②式并代入題給數(shù)據(jù)得vA＝4.0m/s，vB＝1.0m/sABA始終向右運(yùn)動，始終到停頓，則對A由動量定理可得：﹣mAgt1＝0﹣mAvA則：t1＝2.0sB始終向左運(yùn)動，則：﹣mBgt2＝0﹣mBvB可得：t2＝0.5s第14頁〔共18頁〕可知B先停頓運(yùn)動，該過程中B的位移：代入數(shù)據(jù)可得：xB＝0.25m從二者分開到B停頓，A﹣mAgt2＝mAvA′﹣mAvAB停趕忙A的速度：代入數(shù)據(jù)可得：vA′＝2m/s對A由動能定理可得：則位移：xA＝1.75m＞l＝1.0m這說明在時間t2內(nèi)ABA位于動身點(diǎn)右邊的距離為：△x＝2l﹣xA＝2.0﹣1.75＝0.25m處。B0.25m處，兩物塊之間的距離s為：s＝xB+△x＝0.25m+0.25m＝0.50mt2時刻后ABvA″，由動能定理有： ⑩聯(lián)立并代入題給數(shù)據(jù)得： m/sABA、BvA0vB0，由動量守恒定律與機(jī)械能守恒定律有：mA〔﹣vA″〕＝mAvA0+mBvB0以及：聯(lián)立并代入題給數(shù)據(jù)得： m/s， m/s這說明碰撞后ABA向右運(yùn)動距離為x′時停頓，B向左運(yùn)動距離為xB′時停頓，由動能定理可得：，代入數(shù)據(jù)得：xA′＝0.63m，xB′＝0.28mxA′小于碰撞處到墻壁的距離。由上式可得兩物塊停頓后的距離：s′＝xA′+xB′＝0.63+0.28＝0.91m〔〕彈簧釋放后瞬間AB速度的大小分別為4.0m/s和1.0m/；第15頁〔共18頁〕〔2〕物塊B先停頓，該物塊剛停趕忙A與B0.50m；〔3〕A和B都停頓后，AB0.91m?！军c(diǎn)評】此題關(guān)鍵要分析清楚物體運(yùn)動過程，明確能量是如何轉(zhuǎn)化的，嫻熟應(yīng)用動量守恒定律、能量守恒定律即可正確解題。該題除分別的過程外，其余的步驟也可以使用牛頓其次定律結(jié)合運(yùn)動學(xué)的公式解答?！捕?52道物理題中任選一題作答。假設(shè)多做，則按所做的第一題計(jì)分。[3–3]〔15分〕【分析】依據(jù)濃度按比例算出純油酸的體積；把油酸分子看成球形，且不考慮分子間的空隙，油膜的厚度近似等于油酸分子的直徑，由d＝可以求出直徑大小。【解答】解：用油膜法估算分子大小的試驗(yàn)中，首先需將純油酸稀釋成確定濃度的油酸酒精溶液，稀釋的目的是使油酸在淺盤的水面上簡潔形成一塊單分子層油膜；在試驗(yàn)中為了測量出一滴濃度的油酸酒精溶液中純油酸的體積，可以把油酸酒精溶1mL體積；為得到油酸分子的直徑，由d＝，還需測量的物理量是單分子層油膜的面積；故答案為：使油酸在淺盤的水面上簡潔形成一塊單分子層油膜；把油酸酒精溶液一滴一1mL分子層油膜的面積?！军c(diǎn)評】本試驗(yàn)的模型是不考慮油酸分子間的空隙，承受估算的方法求面積，確定存在誤差，但本試驗(yàn)只要求估算分子大小，數(shù)量級符合要求就行了。計(jì)算時留意單位的換算?！瞚〕此過程中氣體的溫度不變，依據(jù)氣體的初末狀態(tài)的壓強(qiáng)和體積的狀態(tài)參量，由玻意耳定律列式計(jì)算即可?！瞚i〕對管內(nèi)氣柱緩慢加熱，氣柱經(jīng)受等壓變化，依據(jù)蓋﹣呂薩克定律列式求解?！窘獯稹俊病吃O(shè)細(xì)管的長度為，橫截面的面積為，水銀柱高度為h水銀柱上外表到管口的距離為h1，被密封氣體的體積為V，壓強(qiáng)為p；細(xì)管倒置時，氣體體積為V1，壓強(qiáng)為p1．由玻意耳定律有：pV＝p1V1①由力的平衡條件有p＝p0+ρgh ②第16頁〔共18頁〕p1＝p0﹣ρgh ③式中，ρ、g分別為水銀的密度和重力加速度的大小，p0為大氣壓強(qiáng)。由題意有V＝S〔L﹣h1﹣h〕 ④V1＝S〔