2019屆江蘇省南通市高三第一次模擬考試物理試題(解析版)

2019屆江蘇省南通市高三第一次模擬考試物理試題（解析版）物一、單項(xiàng)選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分.每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意.????1.如圖所示，豎直墻面上有一只壁虎從 A點(diǎn)沿水平直線加速運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，此過(guò)程中壁虎受到摩擦力的方向是A.斜向右上方B.斜向左上方C.水平向左D.豎直向上【答案】B【解析】【分析】根據(jù)壁虎作加速直線運(yùn)動(dòng)可得，合力方向水平向左，再由平行四邊形定則即可求解?！驹斀狻坑捎诒诨腁到B做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，即壁虎所受合力水平向左，在豎直平面內(nèi)壁虎受重力、摩擦力，由平行四邊形定則可知，摩擦力方向斜向左上方，故B正確。故選：Bo.如圖所示，小燈泡的規(guī)格為“6V3W：R=4Q,電源內(nèi)阻r=1◎,.閉合開(kāi)關(guān)S,燈泡L正常發(fā)光,電壓表示數(shù)為零，電流表示數(shù)為 1A,電表均為理想電表，則電源電動(dòng)勢(shì) E和電源輸出功率P分別為E=8V,P=6WE=8V,P=7WE=9V,P=8WE=9V,P=9W【答案】C【解析】P=I2R表示出P=I2R表示出R2消耗的電功率得出R2的表達(dá)RLRL的方程。由公式：電源的輸出功率為：P出=IU=MW,故C正確。故選：C?！军c(diǎn)睛】本題考查了串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點(diǎn)以及歐姆定律的應(yīng)用， 關(guān)鍵是換出三種情況的等效電路圖，難點(diǎn)是得出三電阻之間的關(guān)系。.如圖所示，斜面上從A點(diǎn)水平拋出的小球落在B點(diǎn)，球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度大小為v,方向與斜面夾角為現(xiàn)將小球從圖中斜面上C點(diǎn)拋出，恰能水平擊中A點(diǎn)，球在C點(diǎn)拋出時(shí)的速度大小為vi方向與斜面夾角為3。則3=a,Vi=V3>a,Vi>v3Va,Vi<V【答案】A【解析】【分析】小球落在斜面上，豎直方向上的位移與水平方向位移的比值一定，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間與初速度有關(guān)，根據(jù)豎直方向上的位移公式，可得出豎直位移與初速度的關(guān)系，從而知道小球的落點(diǎn)；根據(jù)速度方向與水平方向的夾角變化，去判斷 0的變化?！驹斀狻坑赡嫦蛩季S可知，從A點(diǎn)水平拋出的小球剛好落在C點(diǎn)，由物體在斜面上做平拋運(yùn)動(dòng)落在斜面上，任一時(shí)刻速度與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的 2倍，所以口=%設(shè)小球落在斜面上速度與水平方向的夾角為 3則小球落在斜面上，豎直方向上的速度與水平方向速度的比2-gt值_v，，解得:v7ftM叼2v0落在斜面上的速度為 ..由于落在C點(diǎn)的小球運(yùn)動(dòng)時(shí)間短，所以有故選：A?！军c(diǎn)睛】物體在斜面上做平拋運(yùn)動(dòng)落在斜面上，豎直方向的位移與水平方向上的位移比值是一定值.以及知道在任一時(shí)刻速度與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的 2倍。4.利用圖示裝置研究自感現(xiàn)象， L為自感系數(shù)較大的線圈，兩導(dǎo)軌相互平行，處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)體棒ab以速度vo沿導(dǎo)軌勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，燈泡的電功率為 Pi；棒ab沿導(dǎo)軌加速運(yùn)動(dòng)至速度為V0時(shí)，燈泡的電功率為P2O則LXXXXXXI-% (X)XXXXXXTbPi=P2Pl>P2P1VP2D.無(wú)法比較Pi和P2的大小【答案】B【解析】【分析】勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，電路中的電流不變，在線圈中的磁通量不變，沒(méi)有自感電動(dòng)勢(shì)產(chǎn)生，加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，電路中的電流變化，在線圈中的磁通量變化，產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，由此可解答?！驹斀狻縜b以速度vo沿導(dǎo)軌勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，電路中的電流不變，電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)不變，所以穿過(guò)線圈的磁通量不變，沒(méi)有自感電動(dòng)勢(shì)產(chǎn)生，棒ab沿導(dǎo)軌加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，電路中的電流變大，電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)變大，所以穿過(guò)線圈的磁通量變大，有自感電動(dòng)勢(shì)產(chǎn)生，比較兩種情況可知，ab以速度vo沿導(dǎo)軌勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，電路中的電流更大，由公式P=：pR可得：Pi>P2?！军c(diǎn)睛】本題考查了判斷金屬棒的運(yùn)動(dòng)情況，應(yīng)用右手定則、分析清楚物體運(yùn)動(dòng)情況即可正確解題，要注意楞次定律在自感現(xiàn)象中的應(yīng)用。5.如圖所示，半徑為R的半球形容器固定在水平轉(zhuǎn)臺(tái)上， 轉(zhuǎn)臺(tái)繞過(guò)容器球心O的豎直軸線以角速度3勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。質(zhì)量不同的小物塊A、B隨容器轉(zhuǎn)動(dòng)且相對(duì)器壁靜止， A、B和球心O點(diǎn)連線與豎直方向的夾角分別為a和3, .。則A的質(zhì)量一定小于B的質(zhì)量A、B受到的摩擦力可能同時(shí)為零C.若A不受摩擦力，則B受沿容器壁向上的摩擦力D.若3增大，AB受到的摩擦力可能都增大【答案】D【解析】【分析】A物塊受到的摩擦力恰好為零，靠重力和支持力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，結(jié)合角速度的大小建立等式；分析此時(shí)B物體摩擦力的方向，重力和支持力的合力不夠提供向心力，摩擦力方向沿罐壁切線向下，根據(jù)牛頓第二定律求出摩擦力的大小。【詳解】當(dāng)B摩擦力恰為零時(shí)，受力分析如圖根據(jù)牛頓第二定律得：物塊轉(zhuǎn)動(dòng)角速度與物塊的質(zhì)量無(wú)關(guān)，所以無(wú)關(guān)判斷質(zhì)量的大小由于（!>口，所以切冉2⑴日，即AB受到的摩擦力不可能同時(shí)為零；若A不受摩擦力，此時(shí)轉(zhuǎn)臺(tái)的角速度為?A>C0B,所以B物塊的向心力大于不摩擦力為零時(shí)的角速度，所以此時(shí)B受沿容器壁向下的摩擦力；如果轉(zhuǎn)臺(tái)角速度從A不受摩擦力開(kāi)始增大，AB的向心力都增大，所受的摩擦力增大。故選：Do【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵搞清物塊做圓周運(yùn)動(dòng)向心力的來(lái)源，結(jié)合牛頓第二定律，抓住豎直方向上合力為零，水平方向上的合力提供向心力進(jìn)行求解。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計(jì)16分.每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意，全部選對(duì)的得 4分，選對(duì)但不全的得2分，錯(cuò)選或不答的得0分.6.2018年6月14日.承擔(dān)嫦娥四號(hào)中繼通信任務(wù)的“鵲橋”中繼星抵達(dá)繞地月第二拉格朗日點(diǎn)的軌道， 第二拉格朗日點(diǎn)是地月連線延長(zhǎng)線上的一點(diǎn)，處于該位置上的衛(wèi)星與月球同步繞地球公轉(zhuǎn)，則該衛(wèi)星的A.向心力僅來(lái)自于地球引力B.線速度大于月球的線速度C.角速度大于月球的角速度D.向心加速度大于月球的向心加速度【答案】BD【解析】【分析】衛(wèi)星與月球同步繞地球運(yùn)動(dòng)，角速度相等，根據(jù)v=r④，a=r32比較線速度和向心加速度的大小?！驹斀狻緼.衛(wèi)星受地球和月球的共同作用的引力提供向心力，故 A錯(cuò)誤；BC.衛(wèi)星與月球同步繞地球運(yùn)動(dòng)，角速度相等，、“鵲橋”中繼星的軌道半徑比月球繞地球的軌道半徑大，根據(jù)v=cor知“鵲橋”中繼星繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)的線速度比月球繞地球線速度大，故 B正確，C錯(cuò)誤；D.鵲橋”中繼星的軌道半徑比月球繞地球的軌道半徑大，根據(jù) a=co2r知“鵲橋”中繼星繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)的向心加速度比月球繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)的向心加速度大，故 D正確。故選：BD【點(diǎn)睛】本題考查萬(wàn)有引力的應(yīng)用，題目較為新穎，在解題時(shí)要注意“鵲橋”中轉(zhuǎn)星與月球繞地球有相同的角速度這個(gè)隱含條件。.科考人員在北極乘車(chē)行進(jìn)，由于地磁場(chǎng)的作用，汽車(chē)后輪輪軸 （如圖所示）的左、右兩端電勢(shì)高低 情況是后輪輪軸左I■右A.從東向西運(yùn)動(dòng)，左端電勢(shì)較高.從東向西運(yùn)動(dòng)，右端電勢(shì)較高C.從西向東運(yùn)動(dòng)，左端電勢(shì)較高D.從西向東運(yùn)動(dòng)，右端電勢(shì)較高【答案】AC【解析】【分析】由于地磁場(chǎng)的存在，當(dāng)?shù)厍虮备浇矫嫔像{駛一輛車(chē)向前行進(jìn)時(shí)，由于地磁場(chǎng)作用，冰車(chē)兩端會(huì)有電勢(shì)差，相當(dāng)于金屬棒在切割磁感線一樣.從駕駛員角度看，磁場(chǎng)向下由右手定則可判定冰車(chē)左端的電勢(shì)比右端的電勢(shì)低?！驹斀狻康厍虮睒O的磁場(chǎng)向下，無(wú)論汽車(chē)從東向西運(yùn)動(dòng)，還是從西向東運(yùn)動(dòng)，汽車(chē)后輪輪軸切割磁感線，由右手定則可知，從駕駛員角度看，汽車(chē)的左端電勢(shì)較高，故 A、C正確。故選：AC【點(diǎn)睛】車(chē)的運(yùn)動(dòng)，類(lèi)似于金屬棒在磁場(chǎng)中切割磁感線一樣會(huì)產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)，而電源內(nèi)部的電流方向則是由負(fù)極流向正極的。8.如圖，某質(zhì)點(diǎn)沿直線運(yùn)動(dòng)的 v-t圖象為余弦曲線，從圖中可以判斷A.在0~ti時(shí)間內(nèi)，合力逐漸減小B.在0~t2時(shí)間內(nèi)，合力做正功C.在tl~t2時(shí)間內(nèi)，合力的功率先增大后減小D.在t2~t4時(shí)間內(nèi)，合力做的總功為零【答案】CD【分析】由速度大小變化結(jié)合動(dòng)能定理可判定外力做功正負(fù).取兩個(gè)特殊位置可以判定外力的功率變化.由從 v-t圖線表示斜率表示加速度可判定加速度的變化。【詳解】A.從v-t圖線表示斜率表示加速度，在0~ti時(shí)間內(nèi)，加速度增大，由牛頓第二定律可知，合力增大，故A錯(cuò)誤；B.由動(dòng)能定理知0?12時(shí)間內(nèi)，動(dòng)能增量為0,即外力做功為0,故B錯(cuò)誤；C.ti時(shí)刻，F(xiàn)最大，v=0,F的功率為0.t2時(shí)刻F=0,速度最大，F(xiàn)的功率為0,ti?t2時(shí)間內(nèi)，外力的功率先增后減，故C正確；D.由動(dòng)能定理知12?14間內(nèi)，動(dòng)能增量為0,即外力做功為0,故D正確。故選：CD【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵在于C的判定上所采用的方法，這種特殊位置法在判定某個(gè)物理量的變化規(guī)律的時(shí)候比較有用，類(lèi)似的如球形沙漏判定重心位置變化。9.圖示空間有一靜電場(chǎng)，y軸上各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向沿y軸正方向豎直向下，兩小球P、Q用長(zhǎng)為L(zhǎng)的絕緣細(xì)線連接，靜止在軸上AB兩點(diǎn)。兩球質(zhì)量均為mQ球帶負(fù)電，電荷量為-q,A點(diǎn)距坐標(biāo)原點(diǎn)O的距離為L(zhǎng),y軸上靜電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小E=；：；,剪斷細(xì)線后，Q球運(yùn)動(dòng)到達(dá)的最低點(diǎn)C與B點(diǎn)的距離為h,不計(jì)兩球間的靜電力作用。則P球帶正電P球所帶電荷量為-4qC.兩點(diǎn)間電勢(shì)差為—qD.剪斷細(xì)線后，Q球與O點(diǎn)相距3L時(shí)速度最大【答案】BCD【解析】

選取AB組成的整體為研究的對(duì)象，寫(xiě)出平衡方程，即可求得A的電量；剪斷細(xì)線后，B球的先向下做加速A球或B球至IJA球或B球至IJ。點(diǎn)的距離，根據(jù)功能【詳解】A選取AB組成的整體為研究的對(duì)象， 由平衡可知，2mg=Fp+Fq,其中FQ=qE=q*[B=]g,所以Fp=$)g,方向向上，故P帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤;B.由FpB.由Fp=5mg=鄲x，解得:每二4口且為負(fù)電，故B正確;C.對(duì)Q從B到C由動(dòng)能定理可得:D.速度最即加速度為零，即有:mgh=qU,解得：UC.對(duì)Q從B到C由動(dòng)能定理可得:D.速度最即加速度為零，即有:mg=qx ,解得：丫=九，故D正確。3qL故選：BCD【點(diǎn)睛】本題主要是考查帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，兩個(gè)小球受到的力是變力，要根據(jù)它們受力變化的規(guī)律，正確分析得出它們運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，然后才能做出正確的結(jié)論。三、簡(jiǎn)答題：本題分必做題(第10、11、12題)和選做題(第13題)兩部分，共計(jì)42分.10.某探究小組險(xiǎn)證機(jī)械能守恒定律的裝置如圖所示， 細(xì)線端拴一個(gè)球，另一端連接力傳感器，固定在天花板上，傳感器可記錄球在擺動(dòng)過(guò)程中細(xì)線拉力大小，用量角器量出釋放球時(shí)細(xì)線與豎直方向的夾角，用天平測(cè)出球的質(zhì)量為m重力加速度為go(1)用游標(biāo)卡尺測(cè)出小球直徑如圖所示，讀數(shù)為mm12 3 4川ihwwjhiii川10 20(2)將球拉至圖示位置，細(xì)線與豎直方向夾角為 0,靜止釋放球，發(fā)現(xiàn)細(xì)線拉力在球擺動(dòng)過(guò)程中作周期性變化。為求出球在最低點(diǎn)的速度大小，應(yīng)讀取拉力的(選填“最大值”或“最小值”)，其值為F。(3)球從靜止釋放運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)過(guò)程中，滿(mǎn)足機(jī)械能守恒的關(guān)系式為(用測(cè)定物理量的符號(hào)表示)。(4)關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法中正確的有。A.細(xì)線要選擇伸縮性小的B.球盡量選擇密度大的C.不必測(cè)出球的質(zhì)量和細(xì)線的長(zhǎng)度D.可以直接用彈簧測(cè)力計(jì)代替力傳感器進(jìn)行實(shí)驗(yàn)【答案】(1).18.50(2). 最大值(3). 2mg(1-c口期=F-mg(4).AB【解析】【分析】選取體積小，阻力小的鐵球；游標(biāo)卡尺的讀法，先確定分度數(shù)，從而確定精確度，進(jìn)行讀數(shù)；依據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，結(jié)合減小的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能， 及球在最低點(diǎn)，則繩子的拉力與重力的合力提供向心力，從而即可求解；【詳解】(1)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為：1.8cm+10x0.05nini=18.50inni;(2)小球在最低點(diǎn)由牛頓第二定律可得： = 由此可知，應(yīng)讀出小球在最低時(shí)繩的拉力即最大值；(3)由機(jī)械能守恒定律可得： mgL(l-COS0)= mg)L,整理得：2mg(l-co期=F-mg；(4)A.為了減小小球做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑的變化，所以細(xì)線要選擇伸縮性小的，故 A正確；B.為了減小阻力的影響，球盡量選才I密度大的，體積小的，故 B正確；C.球從靜止釋放運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)過(guò)程中，滿(mǎn)足機(jī)械能守恒的關(guān)系式為 2mg(lrci砥)=F-mg可知，應(yīng)測(cè)出小球的質(zhì)量，而不用測(cè)出細(xì)線的長(zhǎng)度，故 C錯(cuò)誤；D.由于彈簧的彈力屬于漸變，所以小球擺到最低點(diǎn)瞬間，彈力的測(cè)量準(zhǔn)確，故 D錯(cuò)誤。故選：AR【點(diǎn)睛】考查圓周運(yùn)動(dòng)的處理規(guī)律，掌握牛頓第二定律與向心力表達(dá)式內(nèi)容，理解驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的原理，知道游標(biāo)卡尺的讀數(shù)，注意沒(méi)有估計(jì)值。11.某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示電路， 測(cè)量定值電阻的阻值、 電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻， 使用的器材有：待測(cè)定值電阻R(約幾歐)、待測(cè)電源E、電流表A、電阻箱R(0-999.9◎)、開(kāi)關(guān)兩個(gè)及導(dǎo)線若干。(1)請(qǐng)用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線在圖中完成實(shí)物電路的連接;

待測(cè)電源待測(cè)電源(2)測(cè)量R的值時(shí)，閉合開(kāi)關(guān)S前，調(diào)節(jié)R至(選填“最大值”或“最小值”)，然后閉合開(kāi)關(guān)Si和S2,調(diào)節(jié)R使電流表示數(shù)為I,此時(shí)R的值為7.8Q;再斷開(kāi)S2,將R調(diào)到5.8Q時(shí)，電流表示數(shù)也為I,則R的值為Q。(3)測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r時(shí)，閉合開(kāi)關(guān)Si、斷開(kāi)S2,調(diào)節(jié)團(tuán)得到R和對(duì)應(yīng)電流I的多組數(shù)據(jù)，作

出;-R圖象如圖所示，則電源電動(dòng)勢(shì) E=V,內(nèi)阻r=(計(jì)算結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)，若電流表A內(nèi)阻不可忽略，則r的測(cè)量值(選填“大于”、“等于”或“小于”)真實(shí)值?！敬鸢浮?(1).【答案】 (1).如圖:(2).最大值(3).2.0(4).6.0(5).1.0(6).大于【解析】【分析】電路電流相等，電路總電阻相等，根據(jù)題意求出待測(cè)電阻阻值。根據(jù)題意應(yīng)用閉合電路歐姆定律可以求出電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻。根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖應(yīng)用閉合電路歐姆定律分析實(shí)驗(yàn)誤差?！驹斀狻?1)按原理圖接線，如圖

(2)為了保護(hù)用電器，所以應(yīng)使電阻箱的最大阻值接入電路，即在閉合開(kāi)關(guān)前調(diào)節(jié)R2至最大值;由閉合電路歐姆定律得:“水解得：；(3)由閉合電路歐姆定律得:E=I(R]+R(2)為了保護(hù)用電器，所以應(yīng)使電阻箱的最大阻值接入電路，即在閉合開(kāi)關(guān)前調(diào)節(jié)R2至最大值;由閉合電路歐姆定律得:“水解得：；(3)由閉合電路歐姆定律得:E=I(R]+R十力整理得:由圖像可知，?-R

E15-05解得：若電流表A內(nèi)阻不可忽略,由閉合電路歐姆定律得:整理得：1,A1—J—R

E即內(nèi)阻的測(cè)量值為：LR.Fi即大于真實(shí)值。12.下列說(shuō)法中正確的有()A.氫核的半衰期為3.8天，20個(gè)氫原子核經(jīng)7.6天后剩下5個(gè)氫原子核B.由質(zhì)能方程可知，物體的能量發(fā)生變化時(shí)，物體的質(zhì)量也相應(yīng)變化C.鐳核發(fā)生一次a衰變時(shí)，產(chǎn)生的新核與原來(lái)的原子核相比，中子數(shù)減少了D.社核發(fā)生3衰變后，產(chǎn)生新核的比結(jié)合能大于原來(lái)社核的比結(jié)合能【答案】BD【分析】半衰期具有統(tǒng)計(jì)意義，對(duì)大量的原子核適用“衰變生成氯原子核，質(zhì)量數(shù)少4,質(zhì)子數(shù)少2。A錯(cuò)誤;【詳解】A.A錯(cuò)誤;B.質(zhì)能方程E=m(2可知，物體的能量發(fā)生變化時(shí)，物體的質(zhì)量也相應(yīng)變化，故B正確;4,中子數(shù)減少2,故C4,中子數(shù)減少2,故C錯(cuò)誤;D.社核發(fā)生3衰變后，產(chǎn)生新核處于高能級(jí)，所以產(chǎn)生的新核比結(jié)合能都增加，故 D正確。故選：BD.真空中有不帶電的金屬鉗板和鉀板，其極限波長(zhǎng)分別為入和入2,用波長(zhǎng)為入（入1＜入〈入2）的單色光持續(xù)照射兩板面，則帶上正電的金屬板是（選填"鉗板"或"鉀板"）。已知真空中光速為C,普朗克常量為h,從金屬板表面飛出的電子的最大初動(dòng)能為【答案】 （1）.鉀板（2）.htU—【解析】【分析】將光電效應(yīng)和電容器、帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)聯(lián)系起來(lái).解決本題時(shí)可用排除法：根據(jù) 入1〈入〈入2可知，該光不能使鉗發(fā)生光電效應(yīng)【詳解】由公式V=I,由于（入1〈入〈入2）,所以單色光的頻率大于鉀板的極限頻率而小于鉗板的極限頻率，A所以單色光照在兩板面時(shí)，鉀板能發(fā)生光電效應(yīng)，所以鉀板帶正電，由愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程：A%心內(nèi).如圖所示，質(zhì)量為M的木塊位于光滑水平面上，木塊與墻間用輕彈簧連接，開(kāi)始時(shí)木塊靜止在 A位置.現(xiàn)有一質(zhì)量為m的子彈以水平速度V0射向木塊并嵌人其中，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間，木塊第一次回到A位置，彈簧在彈性限度內(nèi)。求：布nWWVWWV/①木塊第一次回到A位置時(shí)速度大小v;②此過(guò)程中墻對(duì)彈簧沖量大小 I?！敬鸢浮竣佟窘馕觥俊痉治觥孔訌椛淙肽緣K過(guò)程，由于時(shí)間極短，子彈與木塊間的內(nèi)力遠(yuǎn)大于系統(tǒng)外力， 故可由動(dòng)量守恒定律列式求解，子彈和木塊的共同速度；然后系統(tǒng)在彈簧彈力的作用下先做減速運(yùn)動(dòng)，后做加速運(yùn)動(dòng)，回到 A位置時(shí)速度大小不變，根據(jù)動(dòng)量定理可求得此過(guò)程中墻對(duì)彈簧的沖量 I的大小?！驹斀狻孔訌椛淙肽緣K過(guò)程，由于時(shí)間極短，子彈與木塊間的內(nèi)力遠(yuǎn)大于系統(tǒng)外力，由動(dòng)量守恒定律得：m%=（M+mv解得：m+M子彈和木塊系統(tǒng)在彈簧彈力的作用下先做減速運(yùn)動(dòng)，后做加速運(yùn)動(dòng)，回到 A位置時(shí)速度大小不變，即當(dāng)木nivn塊回到A位置時(shí)的速度大小v---in+M子彈和木塊彈簧組成的系統(tǒng)受到的合力即可墻對(duì)彈簧的作用力，根據(jù)動(dòng)量定理得：I=-（M+mv-mv0=-2mv0所以墻對(duì)彈簧的沖量I的大小為2m%?！军c(diǎn)睛】子彈射木塊是一種常見(jiàn)的物理模型，由于時(shí)間極短，內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，故動(dòng)量守恒。.下列說(shuō)法中正確的有A.液面上方的蒸汽達(dá)到飽和時(shí)就不會(huì)有液體分子從液面飛出B.液體表面層分子間的平均距離等于液體內(nèi)部分子間的平均距離C.用磁子壓緊土壤，可以把地下的水引上來(lái)，這屬于毛細(xì)現(xiàn)象D.在完全失重的情況下，熔化的金屬能夠收縮成球形【答案】CD【解析】【分析】液體表面層的分子比液體內(nèi)部的分子有更大的分子勢(shì)能完全失重時(shí)，沒(méi)有了重力的影響熔化的金屬可以收縮成標(biāo)準(zhǔn)環(huán)形；【詳解】A.液面上部的蒸汽達(dá)到飽和時(shí)， 液體分子從液面飛出，同時(shí)有蒸汽分子進(jìn)入液體中； 從宏觀上看,液體不再蒸發(fā)，故A錯(cuò)誤；B.液體表面層分子較為稀疏，分子間距離大于平衡時(shí)的距離 r。，故B錯(cuò)誤；C.車(chē)輪在潮濕的地面上滾過(guò)后，車(chē)轍中會(huì)滲出水，屬于毛細(xì)現(xiàn)象，故C正確；D.完全失重情況下，熔化的金屬由于表面張力的收縮作用， 以及球形表面積最小，金屬結(jié)果能夠收縮成標(biāo)準(zhǔn)的球形，故D正確。故選：CD.如圖所示，密閉絕熱容器內(nèi)有一活塞， 活塞的上部封閉著氣體， 下部為真空。真空區(qū)域輕彈簧的一端固定在容器的底部，另一端固定在活塞上，彈簧被壓縮后用繩扎緊。繩突然繃斷，活塞上升過(guò)程中，氣體的內(nèi)能（選填“增加”“減少”或“不變”），氣體分子的平均速率（選填"變大"、“變小”或“不變”）?！敬鸢浮?（1）.增加（2）.變大【解析】【分析】繩子斷開(kāi)后活塞上下振動(dòng)，彈簧的部分彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為氣體內(nèi)能，最后活塞靜止，活塞靜止時(shí)受到氣體的壓力與重力作用，彈簧仍然被壓縮，具有一定的彈性勢(shì)能，活塞位置升高，活塞的重力勢(shì)能增大。【詳解】活塞最終靜止時(shí)，活塞位置比初位置升高，彈簧的部分彈性勢(shì)能 b將轉(zhuǎn)化活塞的重力勢(shì)能最后，彈簧的部分重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為氣體內(nèi)能，理想氣體內(nèi)能變大，溫度升高，最后氣體溫度比繩突然斷開(kāi)時(shí)的高，溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，所以溫度高，分子平均動(dòng)能變大。【點(diǎn)睛】從能量的角度分析問(wèn)題，是正確解題的關(guān)鍵.在繩子斷開(kāi)后，在彈簧彈力作用下，活塞上上運(yùn)動(dòng)，壓縮氣體做功，彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為氣體內(nèi)能，彈簧彈性勢(shì)能減小，活塞靜止后，彈簧的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為氣體內(nèi)能、活塞重力勢(shì)能與彈簧的彈性勢(shì)能。.如圖所示，空的飲料罐中插入一根粗細(xì)均勻的透明吸管，接口處密封，吸管內(nèi)注入一小段油柱 （長(zhǎng)度可以忽略），制成簡(jiǎn)易氣溫計(jì)，已知飲料罐的容積為V,吸管內(nèi)部橫截面積為S,接口外吸管長(zhǎng)度為L(zhǎng)”當(dāng)溫度為T(mén)1時(shí)，油柱與接口相距Li,不計(jì)大氣壓的變化。①簡(jiǎn)要說(shuō)明吸管上標(biāo)示的氣溫刻度是否均勻;②求氣溫計(jì)能測(cè)量的最高溫度 To【答案】①刻度是均勻的根據(jù)氣體方程找出體積的變化量與溫度的變化量的函數(shù)關(guān)系判斷.V【詳解】（1）根據(jù)蓋-呂薩克定律：-=CV則T所以

即體積的變化量與溫度的變化量成正比，吸管上標(biāo)的刻度是均勻的;（2）罐內(nèi)氣體壓強(qiáng)保持不變，同理有解得：(解得：(v1L同7V+I^S【點(diǎn)睛】解決該題關(guān)鍵掌握理想氣體方程得應(yīng)用，注意物理量的變化范圍。18.利用圖示裝置研究雙縫干涉現(xiàn)象并測(cè)量光的波長(zhǎng)，下列說(shuō)法中正確的有白熾燈①②罩遮光箭屏』I卜』』A.實(shí)驗(yàn)裝置中的①②③元件分別為濾光片、單縫、雙縫B.將濾光片由紫色換成紅色，干涉條紋間距變寬C.將單縫向雙縫移動(dòng)一小段距離后，干涉條紋間距變寬D.測(cè)量過(guò)程中誤將5個(gè)條紋間距數(shù)成6個(gè)，波長(zhǎng)測(cè)量值偏大【答案】AB【解析】【分析】用條紋間距后公式△x=一九求解。d【詳解】A.濾光片的作用是使入射光變成單色光， 單縫的作用是使入射光變成線光源， 雙縫的作用是形成相干光源，其排列順序合理，故A正確；B.將濾光片由紫色的換成紅色的，波長(zhǎng)入變長(zhǎng)，根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式 =知條紋間距d增大，故B正確；LC.將單縫向雙縫移動(dòng)一小段距離后，由 可知與此距離無(wú)關(guān)，故干涉條紋間距不變，故C錯(cuò)誤；dD.測(cè)量過(guò)程中，把5個(gè)條紋間距數(shù)成6個(gè)，導(dǎo)致變小，則波長(zhǎng)測(cè)量值偏小， D錯(cuò)誤；故選AB.19.一種簡(jiǎn)易地震儀由豎直放置的彈簧振子 A和水平放置的彈簧振子B組成，如圖所示，可以粗略測(cè)定震源的深度.某次地震中，震源在地震儀的正下方，地震波中的橫波和縱波傳播速度分別為 V1和V2（V1<V2）,觀察到兩振子開(kāi)始振動(dòng)的時(shí)間差為 At,則（選填"A”或"B”）彈簧振子先開(kāi)始振動(dòng)，震源與地震儀距離約為^

【答案】 (1).A(2).【解析】【分析】[1]根據(jù)球的振動(dòng)方向，判斷其伴隨哪種波振動(dòng)，在根據(jù)波速判斷振動(dòng)先后;[2]根據(jù)距離相同，以及速度公式求解震源與地震儀距離.【詳解】[1]A球在豎直方向，伴隨縱波振動(dòng)， B球在水平方向，伴隨橫波振動(dòng)，由題可知縱波的速度大于橫波速度，故縱波先到，所以A先開(kāi)始振動(dòng);[2]根據(jù)%Y20.有一種用于電子顯示屏的發(fā)光二極管,其管芯的發(fā)光區(qū)域是直徑為D的圓面，P為O點(diǎn)正上方球面上的一點(diǎn)，發(fā)光二極管中半球體介質(zhì)的半徑為R,如圖所示.①若介質(zhì)的折射率m=赤，真空中光速為c,求光從A點(diǎn)沿直線傳播到20.有一種用于電子顯示屏的發(fā)光二極管,其管芯的發(fā)光區(qū)域是直徑為D的圓面，P為O點(diǎn)正上方球面上的一點(diǎn)，發(fā)光二極管中半球體介質(zhì)的半徑為R,如圖所示.①若介質(zhì)的折射率m=赤，真空中光速為c,求光從A點(diǎn)沿直線傳播到P點(diǎn)的時(shí)間t;②為使從發(fā)光面AB發(fā)出的光在球面上都不發(fā)生全反射，介質(zhì)的折射率n應(yīng)滿(mǎn)足什么條件?…飛②n片由幾何關(guān)系求解光從A點(diǎn)傳播到P點(diǎn)的距離，根據(jù)v=c/n求解速度,根據(jù)t=x/v求解時(shí)間；考慮臨界情況,從A點(diǎn)或B點(diǎn)垂直于圓盤(pán)射出的光射到球面的入射角最大，然后結(jié)合公式n=1/sinC進(jìn)行分析即可.【詳解】①光在介質(zhì)中的傳播速度 v=2nlR2+D2則此光從a點(diǎn)傳播到p點(diǎn)的時(shí)間：ryt=—J8R-+2D解得t=--2c②從A或B點(diǎn)垂直于圓盤(pán)射出的光射到球面的入射角最大 (設(shè)為a),則Dsin民=2R設(shè)光發(fā)生全反射的臨界角為 C,則sinC=不發(fā)生全反射應(yīng)滿(mǎn)足sina<sinC解得n<—.D四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分.解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟 .只寫(xiě)出最后答案的不能得分.有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位 ^21.如圖，兩足夠長(zhǎng)的光滑平行導(dǎo)軌水平放置，處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng),一端連接阻值為R的電阻。一金屬棒垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量為E接入電路的電阻為r。水平放置的輕彈簧左端固定，右端與金屬桿中點(diǎn)鏈接，彈簧勁度系數(shù)為 k。裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)給導(dǎo)體棒一個(gè)水平向右的初速度如，第一次運(yùn)動(dòng)到最右端時(shí)，棒的加速度為 a,棒與導(dǎo)軌始終接觸良好，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，彈簧在彈性限度內(nèi)，重力加速度為 g,求:(1)金屬棒開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的安培力F(1)金屬棒開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的安培力F的大小和方向(2)金屬棒從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到第一次運(yùn)動(dòng)到最右端時(shí)，通過(guò) R的電荷量q；(3)金屬棒從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到最終停止的整個(gè)過(guò)程中， R上產(chǎn)生白^熱量QBLma1 3R【答案】(1) 2,萬(wàn)向水平向左(2)-一-(3)二R十r *十 2R+r【解析】【分析】金屬棒在恒力F作用下，先做加速度減小的變加速運(yùn)動(dòng)，后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度達(dá)到最大.根據(jù) E=BLsE】=一安培力公式F安=BIL,推導(dǎo)出安培力的表達(dá)式進(jìn)行求解?！驹斀狻?1)金屬棒開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)，感應(yīng)電流SLva“r+R安培力：

解得：F=B1"方向水平向左;R+r(2)設(shè)金屬棒向右運(yùn)動(dòng)的最大距離為 x,則此過(guò)程回路產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)AtAt通過(guò)電阻R的電荷量Eq Atr+RBLma解得：q= ；k(R+r)(3)從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到最終停止的整個(gè)過(guò)程，由能量守恒定律可知回路產(chǎn)生的總熱量由于Q由于Q總Ry1 3R解得：Q=-inv；； 。E=BLs歐姆定律、安培力公式、2 °R+E=BLs歐姆定律、安培力公式、【點(diǎn)睛】本題考查了求速度、電功率，分析清楚金屬棒的運(yùn)動(dòng)過(guò)程、應(yīng)用平衡條件、電功率公式即可正確解題。22.如圖，光滑固定斜面上有一楔形物體 A。A的上表面水平，A上放置一物塊區(qū)已知斜面足夠長(zhǎng)、傾角為8確0,A的質(zhì)量為MB的質(zhì)量為miAB間動(dòng)摩擦因數(shù)為科(<—),最大靜擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力sinu加速度為g。現(xiàn)對(duì)A施加一水平推力。求：(1)物體A、B保持靜止時(shí)，水平推力的大小 Fi;(2)水平推力大小為F2時(shí)，物體AB一起沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)距離 x后撒去推力，A、B一起沿斜面上滑，整個(gè)過(guò)程中物體上滑的最大距離L;F?k(1) ⑵(m?M)gtanO(3)為使A、F?k(1) ⑵(m?M)gtanO(tntMX51no4ucosOJg(3)cos9-p<iin6

先以AB先以AB組成的整體為研究的對(duì)象， 得出共同的加速度,學(xué)公式聯(lián)合求解，知道加速度是聯(lián)系力學(xué)和運(yùn)動(dòng)學(xué)的橋梁。然后以B為研究的對(duì)象，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)【詳解】(1)A和B整體處于平衡狀態(tài)，則FjiiosS=(Ivf+m)gsin6解得：F]m(m-kDglanG；A和B整體上滑過(guò)程由動(dòng)能定理有F2xcos9-(m卜