2021高考物理二輪復(fù)習(xí)帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)作業(yè)3含解析新人教版

2021高考物理二輪復(fù)習(xí)帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)作業(yè)3含解析新入教版20XX年復(fù)習(xí)資料授課復(fù)習(xí)資料班級(jí):0/132021高考物理二輪復(fù)習(xí)帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)作業(yè)3含解析新入教版帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專練（3）1.以下列圖，帶有等量異種電荷的兩塊很大的平行金屬板M、N水公正對(duì)放置，兩板間有一帶電微粒以速度％沿直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)微粒運(yùn)動(dòng)到尸點(diǎn)時(shí),迅速將"板上移一小段距離.則此后微粒的運(yùn)動(dòng)情況可能是（）IW”①汽W②沿軌跡①做曲線運(yùn)動(dòng)方向改變,沿軌跡②做直線運(yùn)動(dòng)方向不變,沿軌跡③做直線運(yùn)動(dòng)沿軌跡④做曲線運(yùn)動(dòng)2.以下列圖，質(zhì)量分別為"和“的兩個(gè)小球人B帶有等雖:異種電荷，經(jīng)過絕緣輕彈簧相連結(jié)，宜于絕緣圓滑的水平而上.當(dāng)突然加一水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)后,兩小球A〃將由靜止開始運(yùn)動(dòng)，在此后的運(yùn)動(dòng)過程中，對(duì)A、B兩個(gè)小球和彈簧組成的系統(tǒng)（設(shè)整個(gè)過程中不考慮電荷間庫(kù)侖力的作用,且彈簧不高出彈性限度），以下說法錯(cuò)誤的選項(xiàng)是（）扎兩個(gè)小球所受電場(chǎng)力等大反向，系統(tǒng)動(dòng)量守恒電場(chǎng)力對(duì)球A和球萬都做正功,系統(tǒng)機(jī)械能不斷增加當(dāng)彈簧長(zhǎng)度達(dá)到最大值時(shí)，系統(tǒng)機(jī)械能最大當(dāng)小球所受電場(chǎng)力與彈簧的彈力相等時(shí),系統(tǒng)動(dòng)能最大3.為了測(cè)量?jī)?chǔ)罐中不導(dǎo)電液體的髙度，將與儲(chǔ)罐外殼絕緣的兩塊平行金屬板組成的電容器C置于儲(chǔ)罐中，電容器可經(jīng)過開關(guān)S與電源或線圈L相連，以下列圖.當(dāng)S從a撥到b此后，由L與Q組成的電路中產(chǎn)生了振蕩電流?那么（）1/132021高考物理二輪復(fù)習(xí)帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)作業(yè)3含解析新入教版扎若罐中的液面上升，振蕩電流的頻率變小B.若罐中的液而上升,振蕩電流的周期變小在S從a撥到b此后的半個(gè)周期內(nèi)，回路中的磁場(chǎng)能先變小后變大D.在S從a撥到b此后的四分之一周期內(nèi)，回路中的電流增大,L的自感電動(dòng)勢(shì)變大4.貞?空中存在沿X軸方向的電場(chǎng)小軸上各點(diǎn)的電勢(shì)“隨處點(diǎn)x變化的關(guān)系圖像以下列圖,在x=4m處?kù)o止釋放一個(gè)負(fù)電荷,不計(jì)電荷重力，則以下說法正確的選項(xiàng)是（）扎A=6m處的電勢(shì)為零，電場(chǎng)強(qiáng)度大小也為零x=Ym處的電場(chǎng)強(qiáng)度小于x=4m處的電場(chǎng)強(qiáng)度電荷沿x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)過程中，電勢(shì)能先變大后變小QD.電荷沿x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)到的最遠(yuǎn)地址處的坐標(biāo)為%=m5?以下列圖，在與水平而成30°角放置的平行板電容器中，存在電場(chǎng)強(qiáng)度￡=△㈣的勻3q強(qiáng)電場(chǎng)，兩板間距為辰，m,q為別為卜-極板右側(cè)內(nèi)邊緣處負(fù)點(diǎn)電荷的質(zhì)捲和帶電荷量，靜止釋放點(diǎn)電荷后，點(diǎn)電荷會(huì)運(yùn)動(dòng)到正極板，則該點(diǎn)電荷在運(yùn)動(dòng)過程中（）2/132021高考物理二輪復(fù)習(xí)帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)作業(yè)3含解析新入教版A?重力勢(shì)能增大，電勢(shì)能減小B.到達(dá)正極板所用時(shí)間為2c.電場(chǎng)力做的功為朋〃豎/D.到達(dá)正極板時(shí)的動(dòng)能為色如以下列圖，一質(zhì)呈為m、帶電荷量為q的小球，用絕緣細(xì)線懸掛在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，假設(shè)電場(chǎng)所區(qū)足夠大，靜止時(shí)細(xì)線與豎直方向成60°角.細(xì)線長(zhǎng)為L(zhǎng),細(xì)線不能伸長(zhǎng).小球在運(yùn)動(dòng)過程中電荷量保持不變，重力加速度為鄉(xiāng)現(xiàn)將電場(chǎng)方向變?yōu)榉聪?，則以下說法正確的選項(xiàng)是（）B.電場(chǎng)方向變?yōu)榉聪蚝?，小球即做圓周運(yùn)動(dòng)，在最低點(diǎn)的速度最大，vm=2麗C.電場(chǎng)方向變?yōu)榉聪蚝?，小球先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，爾后做圓周運(yùn)動(dòng)，最大速度Vm=莎電場(chǎng)方向變?yōu)榉聪蚝螅∏驅(qū)⒆鐾鶃磉\(yùn)動(dòng)，能夠回到初始位苣以下列圖,位于豎直平而內(nèi)的內(nèi)壁圓滑的絕緣管做成的圓環(huán)半徑為丘管的內(nèi)徑遠(yuǎn)小于R.（力為該環(huán)的水平直徑，（"及其以下地域處于水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)中?現(xiàn)將質(zhì)量為皿電荷量為q的帶正電小球從管中a點(diǎn)由靜止釋放，已知小球釋放后,第一次和第二次經(jīng)過最高點(diǎn)c時(shí)對(duì)管壁的壓力的大小之比為1:2.則以下說法正確的選項(xiàng)是（）3/132021高考物理二輪復(fù)習(xí)帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)作業(yè)3含解析新入教版A.勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度￡=警小球釋放后，第力次經(jīng)過最低點(diǎn)d時(shí)對(duì)管壁的壓力必」""才臨O小球釋放后，第一次到達(dá)b點(diǎn)時(shí)對(duì)管壁的壓力為零小球釋放后，第n次到達(dá)最高點(diǎn)c點(diǎn)時(shí)對(duì)管壁的壓力N：J""嚀2唯以下列圖的電路，圖中尺、心為可變電阻，他為定值電阻，Q為理想二極管.在平行金屬板（可看作電容器）M、N內(nèi)部左側(cè)中央尸點(diǎn)處有一質(zhì)量為e的帶電粒子（重力不計(jì)）以水平速度弘射入電場(chǎng)并打在A?板上的0點(diǎn).若保持水平射入電場(chǎng)的速度f不變，以下說法正確的是（）扎只增大心，粒子還能夠打在0點(diǎn)只增大人，粒子將打在。點(diǎn)右側(cè)只將J/板豎直向下平移，粒子還能夠打在0點(diǎn)D.只將M板豎直向上平移，粒子還能夠打在0點(diǎn)9.以下列圖，貞?空中四個(gè)點(diǎn)電荷分別位于棱長(zhǎng)為厶的正四而體的A、B、、D極點(diǎn)上，電荷C量分別為+q、—q、—q、—q,。為正三角形BCD的中心，疋為棱仞的中點(diǎn).以下說法正確的選項(xiàng)是（）4/132021高考物理二輪復(fù)習(xí)帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)作業(yè)3含解析新入教版扎0點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為零B.0點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向垂直正三角形而BCD向下C.■￡?點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向平行于ABD.A點(diǎn)的點(diǎn)電荷在疋點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為R尋10.以下列圖，水平放宜的平行板電容器的上極板帶正電，從上極板的左端勺點(diǎn)緊貼上極板以初速度％水平向右射入一個(gè)帶正電的粒子，粒子重力不計(jì)。當(dāng)粒子的水均分速度與豎直分速度的大小之比為1:2時(shí)，英恰好從下極板的右端萬點(diǎn)射岀。設(shè)極板長(zhǎng)為乙板間距為叢則（）扎極板長(zhǎng)厶與板間距/滿足關(guān)系d=LB.極板長(zhǎng)L與板間距/滿足關(guān)系d=2LC.若粒子初速度為2i，o,則粒子從電容器中飛岀時(shí)距上極板#D.若粒子初速度為2i，°,則粒子從電容器中飛出時(shí)距上極板f411.以下列圖的直角坐標(biāo)系中，第一象限內(nèi)分布著平均輻射的電場(chǎng)，坐標(biāo)原點(diǎn)與四分之一圓弧的熒光屏間電壓為匕第三象限內(nèi)分布著豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)富強(qiáng)小為Z大疑電荷量為-q（q>0）、質(zhì)量為加的粒子，某時(shí)刻起從第三象限不相同地址連續(xù)以相同的初速度比沿X軸正方向射入勻強(qiáng)電場(chǎng)。若粒子只能從坐標(biāo)原點(diǎn)進(jìn)入第一象限，其他粒子均被坐標(biāo)軸上的物質(zhì)吸取并導(dǎo)走而不影響原來的電場(chǎng)分布。不計(jì)粒子的重力及它們間的相互作用。以下說法正確的選項(xiàng)是（）5/132021高考物理二輪復(fù)習(xí)帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)作業(yè)3含解析新入教版能進(jìn)入第一象限的粒子，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的初始地址分布在一條直線上到達(dá)坐標(biāo)原點(diǎn)的粒子速度越大，射入第一象限的速度方向與y軸的夾角〃越大C?能打到熒光屏的粒子，到達(dá)0點(diǎn)的動(dòng)能必定大于9”D.若〃<,熒光屏第一彖限內(nèi)0處均有粒子到達(dá)而被完好點(diǎn)亮12?如圖甲所示，水公正對(duì)放置的金屬板月和萬的距離為d,它們的右端放著垂直于金屬板的靶MN,現(xiàn)在43板上加上如圖乙所示的電壓，電壓的正向值為（/J板電勢(shì)髙于萬板UT電勢(shì)），反向電壓值為寸，且每隔|■變向1次?現(xiàn)將質(zhì)量為皿帶電荷量為+0的粒子束從A、B左側(cè)的中點(diǎn)。以平行于金屬板的方向射入兩板之間，設(shè)粒子能全部打在靶上且全部粒子在A、B間的翱翔時(shí)間均為7：不考慮重力的影響.圖甲圖乙（1）試定性解析在/=0時(shí)刻從0點(diǎn)進(jìn)入的粒子，在0~T時(shí)間內(nèi)在垂直于金屬板的方向上的運(yùn)動(dòng)情況.（2）在距靶伽的中心O'點(diǎn)多遠(yuǎn)的范圍內(nèi)有粒子擊中？（3）要使粒子能全部打在靶上，電壓的數(shù)值應(yīng)滿足什么條件？（寫出6八尬、八q、卩的關(guān)系式即可）6/132021高考物理二輪復(fù)習(xí)帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)作業(yè)3含解析新入教版答案以及解析答案：C解析：平行金屬板所帶電荷量和正對(duì)而積都不變，依照推論E=^可知，只改變兩板間的距離時(shí)，板間的場(chǎng)強(qiáng)不變，微粒碰到的電場(chǎng)力也不變，微粒的運(yùn)動(dòng)方向不變,仍沿軌跡③做直線運(yùn)動(dòng)，故C正確.2.答案：B解析：加一水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)后，小球川碰到向左的電場(chǎng)力，小球萬碰到向右的電場(chǎng)力，兩小球所受的電場(chǎng)力大小相等、方向相反，系統(tǒng)所受合外力為零,因此系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，故A正確.兩小球剛開始遠(yuǎn)離的過程中，先做加速運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，系統(tǒng)機(jī)械能增大,當(dāng)電場(chǎng)力小于彈力后，兩球做減速運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力仍做正功，系統(tǒng)機(jī)械能仍增大，速度減至零后，彈簧縮短，電場(chǎng)力對(duì)兩球都做負(fù)功，系統(tǒng)的機(jī)械能減小，故B錯(cuò)誤，當(dāng)彈簧長(zhǎng)度達(dá)到最大值時(shí)，電場(chǎng)力做功最多，電勢(shì)能減小量最大，系統(tǒng)機(jī)械能最大，故C正確.兩小球遠(yuǎn)離的過程中，先做加速度不斷減小的加速運(yùn)動(dòng)，再做加速度不斷增大的減速運(yùn)動(dòng)，故當(dāng)電場(chǎng)力與彈簧彈力相等時(shí)，加速度為零，系統(tǒng)動(dòng)能最大，故D正確.本題選錯(cuò)誤的，應(yīng)選B.答案：A解析：兩塊平行金屬板組成的電容器C中間的液體就是一種電介質(zhì)，當(dāng)液體的高度高升時(shí)，相當(dāng)于插入的電介質(zhì)越多，則電容器的電容增大，依照T=2兀皿可知，電容C增大時(shí)，振蕩的周期T增大，由f=^：能夠判斷，LC回路的振蕩頻率/■減小，故B錯(cuò)誤,A正確;在S從a撥到b此后的半個(gè)周期內(nèi)，電容先放電再反向充電，電路中電流先變大后變小，故磁場(chǎng)能先變大后變小，故C錯(cuò)誤;在S從a撥到b此后的四分之一周期內(nèi)，回路中的電流增大，但電流變化越來越慢,L的自感電動(dòng)勢(shì)變小，故D錯(cuò)誤.答案：D解析:在卩-x圖像中圖像斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度，由圖像可知x軸正半軸的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為2V/m,方向沿x軸正方向,x軸負(fù)半軸電場(chǎng)強(qiáng)度大小為3V/m,方向沿x軸負(fù)方向，故x=6m處電場(chǎng)強(qiáng)度大小為2V/m,x=-4m處的電場(chǎng)強(qiáng)度大于x=4m處的電場(chǎng)強(qiáng)度，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；電荷沿x軸負(fù)7/132021高考物理二輪復(fù)習(xí)帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)作業(yè)3含解析新入教版方向運(yùn)動(dòng)過程中，電荷碰到的電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功,因此電勢(shì)能先減小后增大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤：電荷沿x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)到最遠(yuǎn)處時(shí)，電荷的速度為零，依照能量守恒怎律，電荷8/132021高考物理二輪復(fù)習(xí)帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)作業(yè)3含解析新入教版Q沿X軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)到最遠(yuǎn)處的電勢(shì)等于釋放地址X=4m處的電勢(shì)，x=--m處的電勢(shì)與x=4m處的電勢(shì)均為故電荷沿x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)到的最遠(yuǎn)地址處的坐標(biāo)為,選項(xiàng)D正確.4V,x=-|m答案：D解析：點(diǎn)電荷受力解析以下列圖.依照平行四邊形左則可知，合力水平向左，大小為羋嘩即點(diǎn)電荷沿水平方向向左勻加速運(yùn)動(dòng)到正極板，因此重力不做功，重力勢(shì)能不變，A錯(cuò)誤：依照=心可l=fg,解得心2樺因此B錯(cuò)誤；電場(chǎng)力做的功.W=Eqd=駕％/=駕跑,C錯(cuò)誤;依照動(dòng)能定理得Ek=駕咖,D正確。6.答案：AC解析：由平衡條件知，小球碰到的電場(chǎng)力方向水平向左，而場(chǎng)強(qiáng)方向水平向右，故小球帶負(fù)電,依照平衡條件可得＜/￡=/^tan60，°得E=，故A正確；電場(chǎng)方向變?yōu)榉聪蚝?，小球碰到水平向右的電?chǎng)力，大小仍為馮ig,細(xì)線廢弛不再有拉力，則小球沿電場(chǎng)力與重力合力的方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)細(xì)線恰被拉直，拉直時(shí)小球豎直方向的分速度變?yōu)榱?，保留水平方向分速度做圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)細(xì)線上的彈力方向與重力和電場(chǎng)力兩個(gè)力的合力方向在一條直線上時(shí)，小球有最大速度，由解析可知當(dāng)細(xì)線在與初始位宜關(guān)于豎直方向?qū)ΨQ的地址時(shí)，即細(xì)線再次與豎直方向夾角為60°時(shí)小球速度最大，由動(dòng)能立理可得甞.2-%也(1-cos60)=°，得f=肘，故C正確,B錯(cuò)誤；由于細(xì)線被拉直時(shí)，小球有能量損失,因此小球不能夠回到初始地址，故D錯(cuò)誤.9/132021高考物理二輪復(fù)習(xí)帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)作業(yè)3含解析新入教版7?答案:AD解析：解析可知,小球第一次、第二次在c點(diǎn)對(duì)管壁的壓力分別作用在內(nèi)側(cè)和外側(cè)?小球第一次經(jīng)過c點(diǎn)時(shí)，由動(dòng)能定理得Eq?2R一噸R今代,由牛頓第二立律有噸一乓嚴(yán)以且；小R2球第二次經(jīng)過C點(diǎn)時(shí)，由動(dòng)能泄理有2&?2R-mgR氣礙由牛頓第二泄律得mg+.=諱,苴中札你2=1：2,聯(lián)立解得E=鬻，選項(xiàng)A正確：小球釋放后，第n次經(jīng)過最低點(diǎn)d時(shí)，由動(dòng)能上理有Eq(2n-l)R+mgR=$nv；,由牛頓第二定律得'創(chuàng),由牛頓第三左律知小球叫-噸"也,解得心=第n次經(jīng)過/點(diǎn)時(shí)對(duì)管壁R“的壓力=心，選項(xiàng)B錯(cuò)誤;小球釋放后，第一次到達(dá)b點(diǎn)時(shí)由動(dòng)能左理得Eq-2R=如叱,由牛頓第二怎律得%_Eq=n應(yīng),解得N廠學(xué)叱，由牛頓第三泄律知小球第一次到達(dá)bR164516點(diǎn)時(shí)對(duì)管壁的壓力為—,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;小球釋放后，第n次到達(dá)最髙點(diǎn)c點(diǎn)時(shí)由動(dòng)能定理得Eq-2nR-mgR=$叱,由牛頓第二泄律得嘩+N“牛頓第三立律知小球?qū)鼙诘膲毫：=Ncn,選項(xiàng)D正確.切魚解得心/T咖由R48?答案：AD解析：電容器充電此后"板帶正電，結(jié)合題意可知粒子帶負(fù)電，電容器兩端的電壓為U=RJ+廠，只增大人，電容器兩端的電壓不變，內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度不變，粒子還能夠打在0點(diǎn)，選項(xiàng)A正確；只增大兒兩端的電壓減小，但由于二極管的單導(dǎo)游電性，電容器不能放電，故電容器兩端的電壓不變，內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度不變，粒子還能夠打在0點(diǎn)，選項(xiàng)B錯(cuò)渓：若只將"板豎直向下平移，由C=^-可知，電容器的電容增大，電容器將充電，電容器4nkd所帶電荷量增大，內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度增大，粒子將打在。點(diǎn)左側(cè)，選項(xiàng)c錯(cuò)誤：同理，若只將M板豎直向上平移，則電容器的電容減小，但由于二極管的單導(dǎo)游電性，電容器不能夠放電，故內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度不變，粒子還能夠打在0點(diǎn)，選項(xiàng)D正確.答案：BCD9.解析：解答本題的要點(diǎn)是要理解點(diǎn)電荷電場(chǎng)疊加的特點(diǎn)，B.C、D三點(diǎn)處的點(diǎn)電荷在0點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度疊加為零，但￡處點(diǎn)電荷在0處還有電場(chǎng)，因此A錯(cuò)誤，B正確：C、D處兩點(diǎn)電荷在疋點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度疊加為零，A、B兩處的點(diǎn)電荷在￡■點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)的方向平行于初，C10/132021高考物理二輪復(fù)習(xí)帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)作業(yè)3含解析新入教版正確：依照點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式知月點(diǎn)的點(diǎn)電荷在疋點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為k其,D正確.3Z;10?答案:AD解析：帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，其在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度恒為心，豎直方向上做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)。當(dāng)粒子恰好從萬點(diǎn)射岀時(shí)，它的水均分速度與豎直分速度的大小之比為1:2,即此時(shí)豎直方向的分速度為2%,由勻變速宜線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可知，豎直方向的平均速度為心，且水均分運(yùn)動(dòng)和豎直分運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，設(shè)為r,故dvt7=77=1^故B錯(cuò)誤，A正確。若粒子初速度為2嶺，則粒子飛出電場(chǎng)所用的時(shí)間變?yōu)樵瓉鞮vo*的一半。依照y^ar可知，粒子從電容器中飛出時(shí)距上極板的距離變?yōu)樵瓉淼模?即牛，244故C錯(cuò)誤，D正確。11?答案:CD解析：能進(jìn)入第一象限的粒子，必定有-心也-）匸半幾因此有尸一各心則能進(jìn)2mz,wvo入第一象限的粒子，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的初始地址分布在一條拋物線上，選項(xiàng)A錯(cuò)誤：由于sin^=2kt因此到達(dá)坐標(biāo)原點(diǎn)的粒子速度越大，射入第一象限的速度方向與y軸的夾角0v12越小