貴州省貴陽市2019屆高三物理適應(yīng)性考試試題

貴州省貴陽市2019屆高三物理5月適應(yīng)性考試一試題(二)(含解析)貴州省貴陽市2019屆高三物理5月適應(yīng)性考試一試題(二)(含解析)13/13貴州省貴陽市2019屆高三物理5月適應(yīng)性考試一試題(二)(含解析)貴州省貴陽市2019屆高三物理5月適應(yīng)性考試一試題（二）（含解析）二、選擇題：本題共8小題，每題6分。在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14～17題只有一項(xiàng)吻合題目要求；第18～21題有多項(xiàng)吻合題目要求，所有選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。組成“北斗”衛(wèi)星導(dǎo)航定位系統(tǒng)中的地球靜止軌道衛(wèi)星（同步衛(wèi)星）和中軌道衛(wèi)星繞地球在圓軌道上運(yùn)行，由地球靜止軌道衛(wèi)星和中軌道衛(wèi)星的軌道半徑之比可求地球靜止軌道衛(wèi)星與地球的質(zhì)量之比地球靜止軌道衛(wèi)星與中軌道衛(wèi)星的質(zhì)量之比地球靜止軌道衛(wèi)星和中軌道衛(wèi)星受地球的萬有引力之比地球靜止軌道衛(wèi)星和中軌道衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的周期之比【答案】D【解析】【詳解】依照萬有引力供應(yīng)向心：，已知衛(wèi)星的軌道半徑之比，可求運(yùn)動(dòng)的周期之比，但無法計(jì)算衛(wèi)星的質(zhì)量關(guān)系，由于不知衛(wèi)星的質(zhì)量關(guān)系，也無法求出衛(wèi)星受萬有引力之比，因此A、B、C錯(cuò)誤；D正確。2.已知用頻率為γ的單色光照射某金屬表面時(shí)，逸出的光電子的最大初動(dòng)能為E，已知普朗克常量為h，則要使此金屬發(fā)生光電效應(yīng)的極限頻率應(yīng)為A.γ-EhB.γ+EhC.γ-D.γ+【答案】C【解析】【詳解】依照光電效應(yīng)方程：，又因：，可求極限頻率為，因此A、B、D錯(cuò)誤；C正確。3.以下列圖，理想變壓器原線圈與牢固的正弦交流電源相連，副線圈的滑動(dòng)頭P可上下滑動(dòng)．設(shè)原線圈輸入電壓為U1，副線圈輸出電壓為U2，負(fù)載為定值電阻R,原、副線圈電流比為則-1-A.P下移，k增大B.P上移，k增大C.P上移，U1減小D.P下移，U2增大【答案】B【解析】【詳解】依照=k，P下移副線圈的匝數(shù)n2減少，因此原副線圈的電流表k減小，若P上移n2增大，原副線圈的電流表增大，故A錯(cuò)誤；B正確；電壓與匝數(shù)成正比，因此副線圈的電壓U2減小，D錯(cuò)誤；再依照，P下移副線圈的匝數(shù)n2減少，U2減小，U1與匝數(shù)沒關(guān)，改變?cè)褦?shù)U1不變，因此C、D錯(cuò)誤。以下列圖，在“托球跑”興趣比賽中，若運(yùn)動(dòng)員沿水平面勻加速直線跑．球拍平面與水平方向的夾角為θ時(shí)，網(wǎng)球與球拍保持相對(duì)靜止．球拍和網(wǎng)球的質(zhì)量分別為M、m，不計(jì)摩擦力和空氣阻力，重力加速度為g．則以下說法正確的選項(xiàng)是A.球拍對(duì)球的作用力太小為mgB.運(yùn)動(dòng)員對(duì)球拍的作用力大小為（M+m)gC.運(yùn)動(dòng)員的加速度大小為gtanθ若加速度大于gsinθ，球必然沿球拍向上運(yùn)動(dòng)【答案】C【解析】【詳解】以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，受力解析以下列圖?？汕笄蚺膶?duì)球的作用力F=mg/cosθ，因此A錯(cuò)誤；合外力為F合=mgtanθ=ma，可求小球的加速度為a=gtanθ，小球與運(yùn)動(dòng)員的加速度相同，故運(yùn)動(dòng)員的加速度也是gtanθ，因此C正確；把球和球拍視為一個(gè)整體，整體加速度為gtanθ，合外力（M+m)gtanθ，依照矢量三角形法規(guī)可求人對(duì)球拍的作用力為F1=-2-（M+m)g/cosθ，因此B錯(cuò)誤；而gtanθ＞gsinθ，由題意知，小球沒有沿球拍向上運(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)誤。以下列圖，一平均金屬圓圍繞經(jīng)過其圓心且與盤面垂直的軸逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)．現(xiàn)施加一垂直穿過圓盤的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，圓盤開始減速．在圓盤減速過程中，以下說法不正確的選項(xiàng)是處于磁場(chǎng)中的圓盤部分，湊近圓心處電勢(shì)高所加磁場(chǎng)越強(qiáng)越易使圓盤停止轉(zhuǎn)動(dòng)若所加磁場(chǎng)反向，圓盤將加速轉(zhuǎn)動(dòng)若所加磁場(chǎng)穿過整個(gè)圓盤，圓盤將勻速轉(zhuǎn)動(dòng)【答案】ABD【解析】試題解析：將金屬圓盤看作由無數(shù)金屬幅條組成，依照右手定則判斷感覺電流的方向，從而判斷電勢(shì)的高低，形成感覺電流，再依照左手定則，即可求解．解：A、將金屬圓盤看作由無數(shù)金屬幅條組成，依照右手定則判斷可知：圓盤上的感覺電流由邊緣流向圓心，因此湊近圓心處電勢(shì)高，因此A正確；B、依照右手定則可知，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為BLv，因此所加磁場(chǎng)越強(qiáng)，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)越大，電流越大，碰到的安培力越大，越易使圓盤停止轉(zhuǎn)動(dòng)，因此B正確；C、若所加磁場(chǎng)反向，可是產(chǎn)生的電流反向，依照楞次定律可知，安培力還是阻攔圓盤的轉(zhuǎn)動(dòng)，因此圓盤還是減速轉(zhuǎn)動(dòng)，因此C錯(cuò)誤；D、若所加磁場(chǎng)穿過整個(gè)圓盤時(shí)，圓盤在切割磁感線，產(chǎn)生感覺電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電路斷開，則不會(huì)產(chǎn)生“感覺電流，沒有安培力的作用，圓盤將勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，因此D正確；應(yīng)選：ABD-3-【議論】本題要點(diǎn)要掌握右手定則、安培定則，并能正確用來解析電磁感覺現(xiàn)象，對(duì)于這兩個(gè)定則運(yùn)用時(shí)，要解決兩個(gè)問題：一是什么條件下用；二是怎樣用．以下列圖，一名運(yùn)動(dòng)員將相同的鉛球分別從同一地址擲出，圖中①②是它們的運(yùn)動(dòng)軌跡，軌道最高點(diǎn)距離地面的高度相等，②的落地址到擲出點(diǎn)的水平距離是①的2倍，忽略空氣阻力，對(duì)于鉛球①與②。在最高點(diǎn)的速度之比為1：2落地時(shí)的速率之比為1：1從擲出到落地所用時(shí)間之比為1:1從擲出到落地所用時(shí)間之比為1:2【答案】AC【解析】【詳解】設(shè)兩個(gè)小球擲出時(shí)豎直向上的分速度分別為、，從擲出到運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)，在豎直方向向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，依照，，又h1=h2，因此=，再依照，t1=t2，即兩小球從拋出到上升至最高點(diǎn)所用時(shí)間相同，上升到最高點(diǎn)今后，在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，下落高度相同，因此下落時(shí)間也相同，故從拋出到落地兩小球因此時(shí)間相同，因此C正確；D錯(cuò)誤；在水平方向上兩小球均做勻速直線運(yùn)動(dòng)，依照x=vt，又x2=21，x運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，可得12=1:2，在最高點(diǎn)的速度即為水平方向的速度，因此在最高點(diǎn)的速度v:v之比為1：2，故A正確；落地時(shí)豎直方向的速度：，水平方向v1:v2=1:2，落地時(shí)的速率，可知落地時(shí)的速率不等，因此B錯(cuò)誤。兩輛質(zhì)量相同的汽車A、B分別在同一水平路面上從靜止開始做勻加速運(yùn)動(dòng)，速度達(dá)到相同最大值后關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)，若運(yùn)動(dòng)過程中所受阻力大小都不變，速度一時(shí)間關(guān)系圖像以下列圖，則A、B兩車-4-A.加速時(shí)牽引力大小之比為2:1B.阻力大小之比為1：2C.牽引力做功的平均功率之比為1：1D.牽引力的沖量之比為1：1【答案】BC【解析】【詳解】關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)后，汽車在阻力的作用下做勻減速運(yùn)動(dòng)，由v-t圖像知，a3:a4=1:2，再依照牛頓第二定律知，汽車A、B所受阻力分別為f1=ma3，f2=a4，得f1:f2=1:2，故B正確；在加速階段，對(duì)A車：F1-f1=ma1，對(duì)B車：F2-f2=ma2，由v-t圖像知，a1:a2=2:1，聯(lián)立解得：F1:F2=1:1，故A錯(cuò)誤；喲圖知，在加速階段，兩車的平均速度相等均為v0/2，牽引力相等，因此牽引力平均功率，得P1=P2，因此C正確；牽引力作用的時(shí)間：t1:t2=1:2，牽引力的沖量，因此D錯(cuò)誤。8.以下列圖，在真空中有三個(gè)帶等電荷量的點(diǎn)電荷a、b和c，分別固定在水平面內(nèi)正三角形的極點(diǎn)上，其中a、b帶正電，c帶負(fù)電，0為三角形中心，A、B、C為三條邊的中點(diǎn)．則B、C兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相同B、C兩點(diǎn)電勢(shì)相同在0點(diǎn)自由釋放電子（不計(jì)重力），會(huì)沿OA方向素來運(yùn)動(dòng)在0點(diǎn)自由釋放電子（不計(jì)重力），會(huì)在OA直線上往來運(yùn)動(dòng)【答案】BD【解析】【詳解】由題意知，兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為三個(gè)點(diǎn)電荷在該處場(chǎng)強(qiáng)的矢量和。其中ac兩處的B、C-5-點(diǎn)電荷在B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)的矢量和沿Ba方向，b處電荷在B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)沿bB方向，方向以下列圖，可知，B、C兩處電場(chǎng)強(qiáng)度的方向不相同，因此A錯(cuò)誤；ac兩電荷在B點(diǎn)的電勢(shì)之和為零，bc兩處電荷在C點(diǎn)的電勢(shì)之和等于零，因此B點(diǎn)的電勢(shì)等于b處電荷產(chǎn)生，C處電勢(shì)等于a處電荷產(chǎn)生，ab兩電荷等量同種且到C、B的距離也相等，因此電勢(shì)相等，故B正確；由圖知，O點(diǎn)電場(chǎng)的方向沿AC方向，在OA的延長(zhǎng)線上有一場(chǎng)強(qiáng)為零的點(diǎn)D，在OA線上D點(diǎn)的兩側(cè)電場(chǎng)的方向相反，因此電子在O點(diǎn)由靜止釋放將沿OA方向做加運(yùn)動(dòng)到D，爾后減速運(yùn)動(dòng)到速度為零，接著往回運(yùn)動(dòng)，即會(huì)在OA直線上往來運(yùn)動(dòng)三、非選擇題：以下列圖，某實(shí)驗(yàn)小組僅用一把刻度尺測(cè)量一根粗細(xì)平均、伸長(zhǎng)可忽略的細(xì)線的最大承受力．將細(xì)線的一端固定在水平刻度尺（刻度尺固定）上A點(diǎn)，在所測(cè)細(xì)線的中點(diǎn)掛一個(gè)輕重適中的鉤碼，另一端B能夠在刻度尺上左右搬動(dòng)．當(dāng)A、B間的距離增大到某一值時(shí)，細(xì)線剛好被拉斷，已知鉤碼的質(zhì)量為m，重力加速度大小為g．實(shí)驗(yàn)小組需要直接測(cè)量的物理量有_________________、________________（填物理量名稱和符號(hào)，如高度“h”）：所測(cè)細(xì)線最大承受力大小的計(jì)算表達(dá)式為____________（用已知和所測(cè)物理量符號(hào)表示）．【答案】(1).A、B間距離d(2).細(xì)線總長(zhǎng)度L(3).【解析】【詳解】（1）由題意知，需利用平行四邊形定則求繩上的拉力，依照幾何關(guān)系，需測(cè)量A、B間距離d，細(xì)線總的長(zhǎng)度；（2）以鉤碼為研究對(duì)象，以下列圖。依照幾何關(guān)系得：，解得繩上拉力為：-6-10.如圖甲所示為“描繪小燈泡的伏安特點(diǎn)曲線”的實(shí)驗(yàn)電路，所用器材有：電動(dòng)勢(shì)為3V的電源，額定電壓為2.5V的小燈泡，吻合實(shí)驗(yàn)要求的滑動(dòng)變阻器、已經(jīng)機(jī)械調(diào)零的電壓表和電流表，以及開關(guān)和導(dǎo)線若干，所有元器件都圓滿．采用以下步驟完成實(shí)驗(yàn)：閉合開關(guān)前，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)置于滑動(dòng)變阻器_______（選填“左”或“右”）端；閉合開關(guān)后，無論怎樣調(diào)治滑動(dòng)變隉器，電流表和電壓表的示數(shù)總調(diào)不到零，但小燈泡亮度有變化，則故障的原因可能是______________（選填a、b、c、d、e、f、g、h）導(dǎo)線斷路；(3)消除故障后，搬動(dòng)滑片P，電壓表指針?biāo)傅牡刂啡鐖D乙所示，則電壓表的讀數(shù)為___V;（保留兩位小數(shù)）(4)記下多組對(duì)應(yīng)的電壓表和電流表的示數(shù)，并繪制出小燈泡的U-I圖象，如圖丙所示．依照?qǐng)D象供應(yīng)的信息，請(qǐng)計(jì)算出小燈泡達(dá)到額定電壓正常工作時(shí)的電阻值為________Ω；(5)小燈泡的U-I圖象是曲線而不是過原點(diǎn)的直線，其原因是______________________。【答案】(1).左(2).h(3).1.70V(4).12.5Ω(5).由于小燈泡的電阻隨溫度的高升而增大【解析】【詳解】（1）為保護(hù)電表的安全，閉合電路前應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片移至最左端，以使測(cè)量電路處于短路狀態(tài)；（2）電流表和電壓表的示數(shù)總調(diào)不到零，調(diào)治滑片不能夠使測(cè)量電路短路，燈泡亮度會(huì)變化，-7-說明電路暢達(dá)，滑動(dòng)變阻器是串通在電路中的，即限流式接法，因此是導(dǎo)線h斷路了。（3）因小燈泡的額定電壓是2.5V，因此電壓表選擇3V的量程，由圖知，電壓表讀數(shù)為1.70V；（4）當(dāng)電壓達(dá)到額定電壓2.5V時(shí)，小燈泡正常發(fā)光，由伏安特點(diǎn)曲線知此時(shí)燈泡的電流為0.2A，因此燈泡正常發(fā)光時(shí)阻值為Ω5）因小燈泡燈絲的電阻率隨溫度的升而增大，即電阻值會(huì)隨電壓的增大而增大，因此伏安特點(diǎn)曲線圖像不是過原點(diǎn)的直線。11.以下列圖，M、N是直角坐標(biāo)系xOy坐標(biāo)軸上的兩點(diǎn)，其坐標(biāo)分別為M(0，L)和N(2L，0)。一質(zhì)量為m、電荷量為q(q>0)限。若第一象限內(nèi)只存在沿y點(diǎn)；若第一象限內(nèi)只存在垂直力，求：帶電粒子初速度的大?。淮鸥杏X強(qiáng)度的大小。

的帶電粒子，從M點(diǎn)以必然的初速度沿軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，當(dāng)電場(chǎng)強(qiáng)度大小為xOy平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，粒子也會(huì)經(jīng)過

軸正方向進(jìn)入第一象E時(shí)，粒子恰好經(jīng)過NN點(diǎn)。不計(jì)粒子的重【答案】（1）（2）【解析】試題解析：粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，依照運(yùn)動(dòng)學(xué)公式即可求出帶電粒子初速度的大?。涣Ｗ釉诖艌?chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，畫出軌跡結(jié)合牛頓第二定律，即可求出磁感覺強(qiáng)度的大小。（1）設(shè)帶電粒子的初速度為v0，在加速電場(chǎng)中的加速度為a，時(shí)間為t，做類平拋運(yùn)動(dòng)水平方向有：豎直方向有：加速度為：聯(lián)立解得：（2）設(shè)磁感覺強(qiáng)度為B，運(yùn)動(dòng)半徑為r，軌跡以下列圖：-8-依照洛倫磁力供應(yīng)向心力：依照幾何關(guān)系得：聯(lián)立解得：點(diǎn)睛：本題主要觀察了粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力供應(yīng)向心力，解析清楚粒子運(yùn)動(dòng)過程、作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡、求出粒子軌道半徑是解題的前提與要點(diǎn)，應(yīng)用牛頓第二定律與粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期公式即可解題，解題時(shí)注意幾何知識(shí)的應(yīng)用。以下列圖，水平直軌道AC的長(zhǎng)度為L(zhǎng)=8m，AC中點(diǎn)B正上方有一探測(cè)器，C處有一豎直擋板D.現(xiàn)使物塊P沿軌道向右以速度v與靜止在A處的物塊P正碰，碰撞后，P與P粘成組合ll212體P．以Pl、P2碰撞時(shí)辰為計(jì)時(shí)零點(diǎn)，探測(cè)器只在t1=2s至t2=4s內(nèi)工作．已知物塊Pl、P2的l22質(zhì)量均力m=1kg，P、P和P均視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，重力加速度g取10m/s.(1)若v1=8m/s，P恰好不與擋板發(fā)生碰撞，求P與軌道AC間的動(dòng)摩擦因數(shù)；(2)若P與擋板發(fā)生彈性碰撞后，并能在探測(cè)器工作時(shí)間內(nèi)經(jīng)過B點(diǎn)，求v1的取值范圍；在滿足(2)的條件下，求P向左經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的最大動(dòng)能．【答案】(1)(2)(3)【解析】【詳解】（1）設(shè)Pl、P2碰撞后，P的速度為v，依照動(dòng)量守恒：mv1=2mv解得：v=4m/sP恰好不與擋板發(fā)生碰撞，即P到達(dá)C點(diǎn)速度恰好減為零依照動(dòng)能定理：代入解得：-9-（2）由于P與檔板的碰撞為彈性碰撞，P在AC間等效為勻減速運(yùn)動(dòng)，設(shè)P的加速度大小為a。依照牛頓第二定律：μ2mg=2maP返回經(jīng)B點(diǎn)，依照勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律：由題意知，物塊P在2～4s內(nèi)經(jīng)過B點(diǎn)，代入數(shù)據(jù)解得再結(jié)合mv1=2mv得（3）設(shè)P向左經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的速度為v2，由速度位移公式：聯(lián)立解得P向左經(jīng)過A點(diǎn)的最大動(dòng)能為：J13.以下說法正確的選項(xiàng)是（填正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分；每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分）。多晶體都擁有各向同性的特點(diǎn)液體飽平和壓與溫度有關(guān)第二類永動(dòng)機(jī)不能夠制成是由于它違反了能量守恒定律必然質(zhì)量的理想氣體，放熱的同時(shí)外界對(duì)其做功，其內(nèi)能可能減少當(dāng)分子間的距離增大時(shí)，分子間的引力和斥力均減小，但斥力減小得更快，因此分子間的作用力必然表現(xiàn)為引力【答案】ABD【解析】【詳解】多晶體都擁有各向同性特點(diǎn)，單晶體各向異性，因此A正確；液體的飽平和壓隨溫度的高升而增大，B正確；第二類永動(dòng)機(jī)不能夠制成是由于它違反了熱力學(xué)第二定律即所有與熱現(xiàn)象有關(guān)的物理過程、化學(xué)過程擁有不能逆性，C錯(cuò)誤；依照熱力學(xué)第必然律U=Q+W知，必然質(zhì)量的理想氣體，放熱同時(shí)外界對(duì)其做功，其內(nèi)能可能減少，D正確；當(dāng)r＞r0時(shí)，隨分子間的距離增大時(shí)，分子間引力和斥力均減小，但斥力減小得更快，因此分子間的作用力必然表現(xiàn)為引力，若r＜r0，分子間表現(xiàn)為引力，E錯(cuò)誤。14.以下列圖，粗細(xì)平均且橫截面積相等的玻璃管A、B下端用橡皮管連接，A管固定且上端封閉，上端被水銀柱關(guān)閉有長(zhǎng)度為6cm的空氣柱，氣體溫度為300K．B管兩端張口且足夠長(zhǎng)，上端與大氣相通，外界大氣壓強(qiáng)為初始時(shí)兩管中水銀面等高，管豎直向上緩慢的75cmHg.現(xiàn)將B-10-提升一段距離，牢固后，A管中氣柱長(zhǎng)度變?yōu)?cm.求牢固后A、B兩管中水銀面高度差；牢固后，保持B管不動(dòng)，高升A管中氣體的溫度，當(dāng)A管中空氣柱長(zhǎng)度恢復(fù)為6cm時(shí)，求此時(shí)氣體的溫度．【答案】(i)(ii)【解析】【詳解】（i）設(shè)玻璃管的橫截面積為S，A管中氣體初狀態(tài)的壓強(qiáng)為P，體積為V，末狀態(tài)的11壓強(qiáng)為P2，體積為V2的由玻意耳定律：P1V1=P2V2聯(lián)立解得：牢固后，A、B兩管知水銀面高度差為：h=15cm（ii）設(shè)A管中氣體柱長(zhǎng)度為5cm時(shí)，氣體溫度為T2，溫度緩慢高升到T3時(shí)，氣體體積為3，壓強(qiáng)為3VP由題意可求3=（75+15+2）cmHg=92cmHgP由氣體狀態(tài)方程：聯(lián)立解得T3=368K15.一列沿x軸正方向流傳的簡(jiǎn)譜橫波在t=0時(shí)辰的波形以下列圖，已知任意振動(dòng)質(zhì)點(diǎn)相鄰2次經(jīng)過平衡地址的時(shí)間間隔為0.4s.以下說法正確的選項(xiàng)是____（填正確答案標(biāo)號(hào)．選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5